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绝密★启用前
2025 年高考考前信息物理必刷卷01
（上海专用：力学+机械波）
（考试时间：90 分钟 试卷满分：100 分）
一、舰载机（2+2+3+3+8=18 分）
【答案】1．D 2．A 3．A 4．BD
5．（1）
，
（2）
，
【解析】1．80m/s 是速度，对应某个瞬间的速度，是瞬时速度。 故选D。（2 分）
2．飞机沿直线做减速运动，其加速度逐渐增大，则
图像的斜率越来越大。故A 正确，BCD 错误。
故选A。（2 分）
3．舰载机初速度v0=216km/h=60m/s，根据匀变速直线运动规律有：
设阻拦索上的弹力为F，根据牛顿第二定律有
解得
故选A。（3
分）
4．A．舰载机落在航母上钩住阻拦索时，受到重力、阻拦索的拉力、航母平面的摩擦力和支持力
四个力作用，故A 错误；
B．舰载机钩住阻拦索继续向前运动的过程中，阻拦索形变量在增大，且夹角变小，
则阻拦索对舰载机的弹力在变大，故B 正确；
C．舰载机钩住阻拦索继续向前运动的过程中，根据
，由于支持力不变，
所以舰载机所受摩擦力不变，故C 错误；
D．舰载机落在航母上钩住阻拦索时，舰载机受到阻拦索的拉力方向与运动方向相反，故D 正确。
故选BD。（3 分）
5．（1）舰载机以速度v 匀速爬升阶段，受力平衡，沿速度方向有
（1 分）
垂直速度方向有
（1 分）
解得
，
（1 分）
（2）设舰载机在地面滑行时速度为v，受到地面弹力为FN，受力分析可知
1
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竖直方向平衡
（1 分）
水平方向匀加速运动
（1 分）
解得
（1 分）
舰载机能做匀加速直线运动，a 不变，方程中v 的系数必须为零，即
（1 分）
解得
，
（1 分）
二、生活中的圆周运动（2+2+2+2+2+2+6=18 分）
【答案】6．C 7．D 8．D 9．D 10．C 11．B
12．①.
②.
（
，
，
）
【解析】6．物体做匀速圆周运动的过程中，速度大小不变，方向不断变化，则速度不断变化；位移
不断变化；周期不变；向心加速度大小不变，方向不断变化，则向心加速度不断变化。
故选C。（2 分）
7．AC．ab 两点同缘转动，则线速度相等，根据v = ωr 可知，角速度大小不相等，根据a = ωv 可知
ab 两点的向心加速度大小不相等，选项AC 错误；
BD．bc 两点同轴转动，则角速度相等，根据v = ωr 可知，线速度大小不相等，根据a = ω2r 可知b
点的向心加速度小于c 点的向心加速度，选项B 错误，D 正确。
故选D。（2 分）
8．对物块受力分析可知
解得
故选D。（2 分）
9．在桥顶，根据牛顿第二定律得
解得
根据牛顿第三定律可知对桥的压力大小与车总质量有关，速度越大，对桥的压力越小，
对桥的压力小于车总重力。 故选D。（2 分）
2
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10．AB．分针转一圈的时间 T1 = 60 min = 3600 s
秒针转一圈的时间 T2 = 60 s 所以分针和秒针的周期之比 T1∶T2 = 3600 s 60 s = 60 1
∶
∶
由
可知分针与秒针的角速度之比 ω1∶ω2 = T2∶T1 = 1 60
∶
故AB 错误；
CD．由v = ωr 可得分针针尖与秒针针尖的线速度大小之比
由a = rω2可得分针针尖与秒针针尖的向心加速度大小之比
故C 正确，D 错误。故选C。（2 分）
11．火车在弯道按规定运行速度转弯时，重力和支持力的合力提供向心力，内、外轨对车轮皆无侧压，
若火车提速后的运行速度大于规定运行速度时，重力和支持力的合力小于火车需要的向心力，火车将
做离心运动，外轨对车轮产生侧压力，重力、支持力和外轨的侧压力的合力提供火车做圆周运动的向
心力。
故选B。（2 分）
12．[1]小球从抛出到落在A 点，水平方向做匀速直线运动，则有
（1 分）
竖直方向做自由落体运动，则有
（1 分）
联立解得
，
（1 分）
[2]由题意可知，小球落在A 点时，圆盘转过的角度满足
（
，
，
）（2
分）
联立解得
（
，
，
）（1 分）
三、“太空水漂”（2+6+8+6=22 分）
【答案】13．C 14．不能 0.5 0.4 15．C A
C 16．
，
3
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【解析】13．石子和水面相撞后，水平方向速度没有损失，竖直方向碰撞后速度变小，
可知竖直方向上的高度逐渐间隙，根据
可知石子在空中运动的时间逐渐减小，
根据
可知石子在水平方向的位移逐渐减小。 故选C。（2 分）
14．[1]介质中的质点都是在各自的平衡位置振动，并不会随波迁移，故小树叶不能逐渐远离浮漂。
（2 分）
[2][3]此水波的周期
（2 分）
此水波的传播速度为
（2 分）
15．（1）返回舱从a 点滑入大气层经b 点到达c 点的过程，由于有空气阻力做负功，返回舱的动能减小，
故有
从c 点经d 点后达到e 点的过程，不受空气阻力作用，返回舱在该过程机械能守恒。
而c 点和e 点高度相等，返回舱在两点的重力势能相等，故有
整理有
故选C。（2 分）
（2）返回舱在b 点做离心运动，加速度向上，返回舱处于超重状态。返回舱在d 点做近心运动，
加速度向下，返回舱处于失重状态。 故选A。（2 分）
（3）返回舱在d 点距离地面高度为h，此时返回舱只受万有引力作用，
根据万有引力定律及牛顿第二定律有
在地球表面的物体，其所受重力等于万有引力，故有
联立解得
（2 分）
（4）当返回舱以d 点做近心运动，即其所受万有引力大于其做圆周运动向心力，
故根据牛顿第二定律有
4
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解得
故选C。（2 分）
16．[1]根据动量守恒定律可知
（2 分）
解得
（1 分）
[2]以发动机喷出气体为研究对象，根据动量定理可知
（1 分）
解得
（1 分）
根据牛顿第三定律可知，返、推组合体受到的平均作用力大小为
（1 分）
四、大国重器（4+6+9=19 分）
【答案】17．C 1.92×107 18．9.7×104 AC 19．（1）
（2）5.9m/s2 （3）见
解析
【解析】17．[1]船头受到冰层的支持力垂直于冰面向上，摩擦力力沿着冰面向下，根据平行四边形定
则可知，这两个力的合力方向可能是c。 故选C。（2 分）
[2]规定初速度方向为正方向，设碰撞过程，船头受到冰层水平方向的作用力大小为F，
则由动量定理得
由题意知
，
，
代入题中数据，解得
根据牛顿第三定律可知，冰层受到水平方向的冲击力大小为
;（2 分）
18．[1]分析可知，馈源舱受到钢索拉力和自身重力而平衡，设每根钢索拉力为F，
则由平衡条件得
（1 分）
其中馈源舱质量
（1 分）
代入数据解得
（1 分）
[2] A．根据双星系统特点可知，双星系统周期相同，加速度相同，故A 正确；
5
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B．根据
可知由于双星轨道半径不同，故线速度大小不相等，故B 错误；
CD．双星系统彼此的引力通过彼此的向心力，故彼此的向心力大小相等，设双星系统的角速度以为
，
则有
解得
由于
故有
故C 正确，D 错误。故选AC。（3 分）
19．（1）飞机达到最大平飞速度时，合力为0，由平衡条件有
（1 分）
因为
其中
（1 分）
联立解得
（1 分）
（2）加速过程中，由牛顿第二定律得
（1 分）
整理可得
其中
（1 分）
联立以上解得
（1 分）
（3）以上分析可知，速度到达130m/s 时，飞机功率达到最大值，从根据以上分析可知，
从130m/s 加速至最大平飞速度过程功率不变，由牛顿第二定律得
（1 分）
整理可得
（1 分）
可知随着速度增大，加速度在减小，故飞机做的是加速度减小的加速运动，故
图如下
（1 分）
五、DIS 物理实验（17 分）
【答案】(1) 当质量一定时，加速度与合外力F 成正比。 是由于没有满足M 远远大于m 造成的 g
6
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(2)不需要 (3)0.7 (4)0.071 (5)
(6)AB (7)
【详解】（1）[1]
关系图线AB 段基本是一条直线，可以得到的结论是：
当质量一定时，加速度与合外力F 成正比。（1 分）
[2][3]设小车的质量为M，钩码的质量为m，由实验原理得
加速度为
而实际上，根据牛顿第二定律
解得
可见AB 段明显偏离直线是由于没有满足M 远大于m 造成的 （1 分）
当m 继续增大可知加速度趋近于g，即曲线所逼近的渐近线的纵坐标为g。（2 分）
（2）[1]本实验可以通过力传感器直接测出拉小车的力，故不需要使得重物的质量远小于小车（包括
位移传感器发射部分）的质量；（1 分）
（3）[1]根据图像可知，当
时，小车开始有加速度，则
根据牛顿第二定律得
变形得
则
图像的斜率表示小车质量的倒数，则
（2 分）
（4）[1]为得到a 与F 成正比的关系，则应平衡摩擦力，则有
解得
根据
得
所以
（2 分）
（5）[1]对整体分析，根据牛顿第二定律得
解得
（2 分）
（6）[1]根据
可得
因为
所以
可得
根据上述可知，需要测量的物理量有：小重物的质量m，重物下落的距离及下落这段距离所用的时
间，
7
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故选AB。（2 分）
（7）[1][2]因为
则
可知图线斜率
截距为
解得
（2 分），
（2 分）
六、上海慧眼（6 分）
【答案】(1)A (2)280 (3)A (4)C
【详解】（1）根据弹力产生的本质可知，钢索对阻尼器的拉力是由于钢索的形变而产生的。
故选A。（1 分）
（2）一个周期内阻尼器经过的路程为
cm（2 分）
（3）台风时期，阻尼器在台风风力的作用下做受迫振动。 故选A。（1 分）
（4）由图（c）所示，阻尼器的机械能增加，则控制系统对阻尼器做正功。故选C。（2 分）
8
