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2025 年高考考前信息物理必刷卷 01
（上海专用：力学+机械波）
（考试时间：90分钟 试卷满分：100分）
一、舰载机（2+2+3+3+8=18分）
【答案】1．D 2．A 3．A 4．BD
5．（1） ， （2） ，
【解析】1．80m/s是速度，对应某个瞬间的速度，是瞬时速度。 故选D。（2分）
2．飞机沿直线做减速运动，其加速度逐渐增大，则 图像的斜率越来越大。故A正确，BCD错误。
故选A。（2分）
3．舰载机初速度v=216km/h=60m/s，根据匀变速直线运动规律有：
0
设阻拦索上的弹力为F，根据牛顿第二定律有 解得 故选A。（3
分）
4．A．舰载机落在航母上钩住阻拦索时，受到重力、阻拦索的拉力、航母平面的摩擦力和支持力
四个力作用，故A错误；
B．舰载机钩住阻拦索继续向前运动的过程中，阻拦索形变量在增大，且夹角变小，
则阻拦索对舰载机的弹力在变大，故B正确；
C．舰载机钩住阻拦索继续向前运动的过程中，根据 ，由于支持力不变，
所以舰载机所受摩擦力不变，故C错误；
D．舰载机落在航母上钩住阻拦索时，舰载机受到阻拦索的拉力方向与运动方向相反，故D正确。
故选BD。（3分）
5．（1）舰载机以速度v匀速爬升阶段，受力平衡，沿速度方向有 （1分）
垂直速度方向有 （1分）
解得 ， （1分）
（2）设舰载机在地面滑行时速度为v，受到地面弹力为F ，受力分析可知
N竖直方向平衡 （1分）
水平方向匀加速运动 （1分）
解得 （1分）
舰载机能做匀加速直线运动，a不变，方程中v的系数必须为零，即 （1分）
解得 ， （1分）
二、生活中的圆周运动（2+2+2+2+2+2+6=18分）
【答案】6．C 7．D 8．D 9．D 10．C 11．B
12．①. ②. （ ， ， ）
【解析】6．物体做匀速圆周运动的过程中，速度大小不变，方向不断变化，则速度不断变化；位移
不断变化；周期不变；向心加速度大小不变，方向不断变化，则向心加速度不断变化。
故选C。（2分）
7．AC．ab两点同缘转动，则线速度相等，根据v = ωr可知，角速度大小不相等，根据a = ωv可知
ab两点的向心加速度大小不相等，选项AC错误；
BD．bc两点同轴转动，则角速度相等，根据v = ωr可知，线速度大小不相等，根据a = ω2r可知b
点的向心加速度小于c点的向心加速度，选项B错误，D正确。
故选D。（2分）
8．对物块受力分析可知
解得 故选D。（2分）
9．在桥顶，根据牛顿第二定律得 解得
根据牛顿第三定律可知对桥的压力大小与车总质量有关，速度越大，对桥的压力越小，
对桥的压力小于车总重力。 故选D。（2分）10．AB．分针转一圈的时间 T = 60 min = 3600 s
1
秒针转一圈的时间 T = 60 s 所以分针和秒针的周期之比 T∶T = 3600 s∶60 s = 60∶1
2 1 2
由 可知分针与秒针的角速度之比 ω∶ω = T∶T = 1∶60
1 2 2 1
故AB错误；
CD．由v = ωr可得分针针尖与秒针针尖的线速度大小之比
由a = rω2可得分针针尖与秒针针尖的向心加速度大小之比
故C正确，D错误。故选C。（2分）
11．火车在弯道按规定运行速度转弯时，重力和支持力的合力提供向心力，内、外轨对车轮皆无侧压，
若火车提速后的运行速度大于规定运行速度时，重力和支持力的合力小于火车需要的向心力，火车将
做离心运动，外轨对车轮产生侧压力，重力、支持力和外轨的侧压力的合力提供火车做圆周运动的向
心力。
故选B。（2分）
12．[1]小球从抛出到落在A点，水平方向做匀速直线运动，则有 （1分）
竖直方向做自由落体运动，则有 （1分）
联立解得 ， （1分）
[2]由题意可知，小球落在A点时，圆盘转过的角度满足 （ ， ， ）（2
分）
联立解得 （ ， ， ）（1分）
三、“太空水漂”（2+6+8+6=22分）
【答案】13．C 14．不能 0.5 0.4 15．C A C 16． ，【解析】13．石子和水面相撞后，水平方向速度没有损失，竖直方向碰撞后速度变小，
可知竖直方向上的高度逐渐间隙，根据 可知石子在空中运动的时间逐渐减小，
根据 可知石子在水平方向的位移逐渐减小。 故选C。（2分）
14．[1]介质中的质点都是在各自的平衡位置振动，并不会随波迁移，故小树叶不能逐渐远离浮漂。
（2分）
[2][3]此水波的周期 （2分）
此水波的传播速度为 （2分）
15．（1）返回舱从a点滑入大气层经b点到达c点的过程，由于有空气阻力做负功，返回舱的动能减小，
故有
从c点经d点后达到e点的过程，不受空气阻力作用，返回舱在该过程机械能守恒。
而c点和e点高度相等，返回舱在两点的重力势能相等，故有
整理有 故选C。（2分）
（2）返回舱在b点做离心运动，加速度向上，返回舱处于超重状态。返回舱在d点做近心运动，
加速度向下，返回舱处于失重状态。 故选A。（2分）
（3）返回舱在d点距离地面高度为h，此时返回舱只受万有引力作用，
根据万有引力定律及牛顿第二定律有
在地球表面的物体，其所受重力等于万有引力，故有
联立解得 （2分）
（4）当返回舱以d点做近心运动，即其所受万有引力大于其做圆周运动向心力，
故根据牛顿第二定律有解得 故选C。（2分）
16．[1]根据动量守恒定律可知 （2分）
解得 （1分）
[2]以发动机喷出气体为研究对象，根据动量定理可知 （1分）
解得 （1分）
根据牛顿第三定律可知，返、推组合体受到的平均作用力大小为 （1分）
四、大国重器（4+6+9=19分）
【答案】17．C 1.92×107 18．9.7×104 AC 19．（1） （2）5.9m/s2 （3）见
解析
【解析】17．[1]船头受到冰层的支持力垂直于冰面向上，摩擦力力沿着冰面向下，根据平行四边形定
则可知，这两个力的合力方向可能是c。 故选C。（2分）
[2]规定初速度方向为正方向，设碰撞过程，船头受到冰层水平方向的作用力大小为F，
则由动量定理得
由题意知 ， ，
代入题中数据，解得
根据牛顿第三定律可知，冰层受到水平方向的冲击力大小为 ;（2分）
18．[1]分析可知，馈源舱受到钢索拉力和自身重力而平衡，设每根钢索拉力为F，
则由平衡条件得 （1分）
其中馈源舱质量 （1分）
代入数据解得 （1分）
[2] A．根据双星系统特点可知，双星系统周期相同，加速度相同，故A正确；B．根据 可知由于双星轨道半径不同，故线速度大小不相等，故B错误；
CD．双星系统彼此的引力通过彼此的向心力，故彼此的向心力大小相等，设双星系统的角速度以为 ，
则有 解得
由于 故有
故C正确，D错误。故选AC。（3分）
19．（1）飞机达到最大平飞速度时，合力为0，由平衡条件有 （1分）
因为 其中 （1分）
联立解得 （1分）
（2）加速过程中，由牛顿第二定律得 （1分）
整理可得 其中 （1分）
联立以上解得 （1分）
（3）以上分析可知，速度到达130m/s时，飞机功率达到最大值，从根据以上分析可知，
从130m/s加速至最大平飞速度过程功率不变，由牛顿第二定律得 （1分）
整理可得 （1分）
可知随着速度 增大，加速度在减小，故飞机做的是加速度减小的加速运动，故 图如下
（1分）
五、DIS物理实验（17分）
【答案】(1) 当质量一定时，加速度与合外力F成正比。 是由于没有满足M远远大于m造成的 g(2)不需要 (3)0.7 (4)0.071 (5) (6)AB (7)
【详解】（1）[1] 关系图线AB段基本是一条直线，可以得到的结论是：
当质量一定时，加速度与合外力F成正比。（1分）
[2][3]设小车的质量为M，钩码的质量为m，由实验原理得
加速度为
而实际上，根据牛顿第二定律 解得
可见AB段明显偏离直线是由于没有满足M远大于m造成的 （1分）
当m继续增大可知加速度趋近于g，即曲线所逼近的渐近线的纵坐标为g。（2分）
（2）[1]本实验可以通过力传感器直接测出拉小车的力，故不需要使得重物的质量远小于小车（包括
位移传感器发射部分）的质量；（1分）
（3）[1]根据图像可知，当 时，小车开始有加速度，则
根据牛顿第二定律得
变形得
则 图像的斜率表示小车质量的倒数，则 （2分）
（4）[1]为得到a与F成正比的关系，则应平衡摩擦力，则有
解得
根据 得 所以 （2分）
（5）[1]对整体分析，根据牛顿第二定律得 解得 （2分）
（6）[1]根据 可得
因为 所以 可得
根据上述可知，需要测量的物理量有：小重物的质量m，重物下落的距离及下落这段距离所用的时
间，故选AB。（2分）
（7）[1][2]因为 则
可知图线斜率 截距为
解得 （2分）， （2分）
六、上海慧眼（6分）
【答案】(1)A (2)280 (3)A (4)C
【详解】（1）根据弹力产生的本质可知，钢索对阻尼器的拉力是由于钢索的形变而产生的。
故选A。（1分）
（2）一个周期内阻尼器经过的路程为 cm（2分）
（3）台风时期，阻尼器在台风风力的作用下做受迫振动。 故选A。（1分）
（4）由图（c）所示，阻尼器的机械能增加，则控制系统对阻尼器做正功。故选C。（2分）
