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微专题一 动力学中的连接体问题和临界、极值问题
目录
01 模拟基础练
2
题型一：常规连接体问题......................................................................................................................2
题型二：临界、极值问题......................................................................................................................6
02 重难创新练...................................................................................................................13
题型三：创新连接体问题...................................................................................................................13
1
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题型一：常规连接体问题
1．（2024·北京·高考真题）如图所示，飞船与空间站对接后，在推力F 作用下一起向前运动。飞船和空间
站的质量分别为m 和M，则飞船和空间站之间的作用力大小为（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】A
【详解】根据题意，对整体应用牛顿第二定律有F = (M＋m)a,对空间站分析有F′ = Ma,解两式可得飞
船和空间站之间的作用力
故选A。
2．（2024·宁夏四川·高考真题）如图，一轻绳跨过光滑定滑轮，绳的一端系物块P，P 置于水平桌面上，
与桌面间存在摩擦；绳的另一端悬挂一轻盘（质量可忽略），盘中放置砝码。改变盘中砝码总质量m，并
测量P 的加速度大小a，得到
图像。重力加速度大小为g。在下列
图像中，可能正确的是
（ ）
2
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A．
B．
C．
D．
【答案】D
【详解】设P 的质量为
，P 与桌面的动摩擦力为
；以P 为对象，根据牛顿第二定律可得
以盘和砝码为对象，根据牛顿第二定律可得
联立可得
可知，a-m 不是线性关系，排除AC 选项,可知当砝码的重力小于物块P 最大静摩擦力时，物块和砝码静
止，加速度为0，当砝码重力大于
时，才有一定的加速度，当
趋于无穷大时，加速度趋近等于
。
故选D。
3．（2024·四川成都·三模）如图所示，将一质量为
的小球用轻绳悬挂在小车车厢顶部，小车在水平地面
上做匀加速直线运动，当小车的加速度大小为
时，轻绳与竖直方向的夹角为
，轻绳的拉力大小为
。
关于加速度大小
、质量
、拉力大小
和夹角
的关系，下列说法中正确的是（ ）
A．若
不变、
变大，则
和
均变大
B．若
不变、
变大，则
和
均变小
C．若
不变、
变大，则
和
均变大
D．若
不变、
变大，则
和
均变小
3
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【答案】A
【详解】AB．对小球受力分析，如图所示
小球受到竖直向下的重力
，沿绳子向上的拉力
，由于小车跟着车向右做匀加速直线运动，因此重
力和绳子拉力的合力
方向为水平向右，由图中几何关系可知
，
，
联立解得
，
，若
不变、
变大，则根据
可知
变大，根据
可知
也变大，故A 正确，B 错误；
CD．若
不变、
变大，则根据
可知
不变，由
可知
变大，故CD 错误。
故选A。
4．（2024·四川达州·一模）如图所示，用不可伸长的轻绳连接物块P、Q 跨过轻质定滑轮，P 的质量为
m、Q 的质量为M，m < M，不计一切摩擦。现将P、Q 释放，在物块P 达到定滑轮前，甲图轻绳上的拉力
为F1，乙图轻绳上的拉力为F2，下列关于F1、F2大小关系正确的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】C
【详解】对甲图整体受力分析有
，甲图中绳子的拉力
，对乙图整体受
力分析有
，对乙图中P 受力分析有
，解得
，联立得
4
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故选C。
5．（2024·江苏淮安·一模）A、B 两物体上下叠放在一起沿竖直方向运动，其速度随时间均匀变化，则（
）
A．A、B 间相互作用力不可能为零
B．A、B 间相互作用力一定为零
C．A、B 间相互作用力不可能在水平方向
D．A、B 间相互作用力一定在水平方向
【答案】C
【详解】A．当两物体有向下的加速度g 时，A、B 间相互作用力为零，但若有向上或者向下不等于g
的加速度时，作用力不为零，故AB 错误；
CD．若A、B 间相互作用力在水平方向，则水平方向会加速度，物体不会一直沿竖直方向运动，所以
A、B 间相互作用力一定不在水平方向，故C 正确，D 错误。
故选C。
6．（2024·四川内江·一模）（多选）如图a，足够高的水平长桌面上的P 点左边光滑右边粗糙。小物块A
在质量为0.5 kg 的砝码B 的拉动下，从桌面左端开始运动，其v − t 图像如图b 所示。重力加速度大小g
取10 m/s2。则下列说法中正确的是（ ）
A．物块A 的质量为2.0 kg
B．在0 ~ 1 s 时间内，轻绳的拉力大小为2 N
C．物块A 与P 点右边桌面间的动摩擦因数为0.125
D．物块A 与P 点右边桌面间的动摩擦因数为0.25
【答案】AC
5
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【详解】A．物块A 在P 点左边滑动时的加速度
，对AB 整体分析可知
，可得A 的质量为
，选项A 正确；
B．在0 ~ 1 s 时间内，对A 分析可知，轻绳的拉力大小为
，选项B 错误；
CD．物块A 在P 点右边滑动时的加速度
，对AB 整体分析可知
，解得桌面间的动摩擦因数为
，选项C 正确，D 错误。
故选AC。
题型二：临界、极值问题
7．（2024·安徽·高考真题）如图所示，竖直平面内有两完全相同的轻质弹簧，它们的一端分别固定于水平
线上的M、N 两点，另一端均连接在质量为m 的小球上。开始时，在竖直向上的拉力作用下，小球静止于
MN 连线的中点O，弹簧处于原长。后将小球竖直向上。缓慢拉至P 点，并保持静止，此时拉力F 大小为
。已知重力加速度大小为g，弹簧始终处于弹性限度内，不计空气阻力。若撤去拉力，则小球从P 点
运动到O 点的过程中（ ）
A．速度一直增大
B．速度先增大后减小
C．加速度的最大值为
D．加速度先增大后减小
【答案】A
【详解】AB．缓慢拉至P 点，保持静止，由平衡条件可知此时拉力F 与重力和两弹簧的拉力合力为零。
此时两弹簧的合力为大小为
。当撤去拉力，则小球从P 点运动到O 点的过程中两弹簧的拉力与重力
的合力始终向下，小球一直做加速运动，故A 正确，B 错误 ；
CD．小球从P 点运动到O 点的过程中，形变量变小弹簧在竖直方向的合力不断变小，故小球受的合外
6
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力一直变小，加速度的最大值为撤去拉力时的加速度，由牛顿第二定律可知
加速度的最大值为
，CD 错误。
故选A。
8．（2022·江苏·高考真题）高铁车厢里的水平桌面上放置一本书，书与桌面间的动摩擦因数为0.4，最大
静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度
。若书不滑动，则高铁的最大加速度不超过（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】B
【详解】书放在水平桌面上，若书相对于桌面不滑动，则最大静摩擦力提供加速度
解得
,书相对高铁静止，故若书不动，高铁的最大加速度
。
故选B。
9．（2022·全国·高考真题）（多选）如图，质量相等的两滑块P、Q 置于水平桌面上，二者用一轻弹簧水
平连接，两滑块与桌面间的动摩擦因数均为
。重力加速度大小为g。用水平向右的拉力F 拉动P，使两滑
块均做匀速运动；某时刻突然撤去该拉力，则从此刻开始到弹簧第一次恢复原长之前（ ）
A．P 的加速度大小的最大值为
B．Q 的加速度大小的最大值为
C．P 的位移大小一定大于Q 的位移大小
D．P 的速度大小均不大于同一时刻Q 的速度大小
【答案】AD
【详解】设两物块的质量均为m，撤去拉力前，两滑块均做匀速直线运动，则拉力大小为
，
撤去拉力前对Q 受力分析可知，弹簧的弹力为
，AB．从此刻开始到弹簧第一次恢复原长之前
的过程中，以向右为正方向，撤去拉力瞬间弹簧弹力不变为
，两滑块与地面间仍然保持相对滑动，
此时滑块P 的加速度为
，解得
，此刻滑块Q 所受的外力不变，加速度仍为
7
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零，过后滑块P 做减速运动，故PQ 间距离减小，弹簧的伸长量变小，弹簧弹力变小。根据牛顿第二定
律可知P 减速的加速度减小，滑块Q 的合外力增大，合力向左，做加速度增大的减速运动。，故P 加速
度大小的最大值是刚撤去拉力瞬间的加速度为
。Q 加速度大小最大值为弹簧恢复原长时
解得
，故滑块Q 加速度大小最大值为
，A 正确，B 错误；
C．滑块PQ 水平向右运动，PQ 间的距离在减小，故P 的位移一定小于Q 的位移，C 错误；
D．滑块P 在弹簧恢复到原长时的加速度为
，解得
，撤去拉力时，PQ 的初速度
相等，滑块P 由开始的加速度大小为
做加速度减小的减速运动，最后弹簧原长时加速度大小为
；
滑块Q 由开始的加速度为0 做加速度增大的减速运动，最后弹簧原长时加速度大小也为
。分析可知
P 的速度大小均不大于同一时刻Q 的速度大小，D 正确。
故选AD。
10．（2024·全国·模拟预测）桌面上有一矩形薄板，某同学将两本质量相同的物理课本水平对齐紧靠放置
于矩形薄板之上，左侧课本左边与薄板左侧齐平，如图所示。课本与薄板、课本与水平桌面之间的动摩擦
因数相同。现用一水平拉力
将薄板从两课本下向右抽出（课本始终未从桌面滑落），每个选项中的虚线
框为抽出前薄板在桌面上的位置，则薄板抽出后，两课本停在桌面上的位置可能是（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】A
【详解】一水平拉力
将薄板从两课本下向右抽出过程中，两课本都受向右的滑动摩擦力，相对桌面
8
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向右运动一小段位移，左侧课本落在桌面上后向右减速，由于右侧课本距离薄板左侧更远，要继续向右
加速，落到桌面时再向右减速，所以薄板抽出后，两课本停在桌面上的位置可能是A。
故选A。
11．（2024·全国·模拟预测）如图所示，物块
、
叠放在光滑水平面上，水平外力分别以①、②两种方
式作用，两物块一起以最大加速度运动。已知以方式①运动时加速度大小为
，
、
的质量之比为
，
最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则以方式②运动时的加速度大小为（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】B
【详解】当
、
之间达到最大静摩擦力时，两者的加速度最大，第①种情况，根据牛顿第二定律，
对N 分析有
，解得
，第②种情况，根据牛顿第二定律，对M 分析有
，
解得
故选B。
12．（2024·安徽合肥·模拟预测）如图甲所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端叠放两个质量均
为M 的物体A、B（B 物体与弹簧连接），弹簧的劲度系数为k，初始时物体处于静止状态。现用竖直向上
的拉力F 作用在物体A 上，使物体A 开始向上做加速度为
的匀加速运动，A、B 的速度随时间变
化图像如图乙所示，重力加速度为g，则下列说法正确的是（ ）
A．拉力F 的最小值为Ma
B．A、B 分离时，弹簧弹力恰好为零
C．A、B 分离时，A 上升的距离为
9
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D．弹簧恢复到原长时，物体B 的速度达到最大值
【答案】C
【详解】A．A、B 整体原来静止，合外力为零，施加外力F 的瞬间，对A、B 整体，根据牛顿第二定
律有
，当A、B 整体向上运动时，弹簧弹力减小，则F 增大，拉力F 的最小值为2Ma，故A 错
误；
B．物体A、B 在
时刻分离，此时A、B 具有共同的v 与a，且A、B 间作用力为0，对B 有
，解得
，故B 错误；
C．施加F 前，物体A、B 整体平衡，根据平衡条件有
，解得
，A、B 在
时刻分离，
由
，解得
，则A、B 分离时，A 上升的距离为
，
故C 正确；
D．当弹簧的弹力
，时，B 达到最大速度，此时弹簧处于压缩状态，故D 错误。
故选C。
13．（2024·安徽合肥·模拟预测）如图，四个滑块叠放在倾角为
的固定光滑斜面上，其中B 和C 的质量
均为m，A 和D 的质量均为3m，B 和C 之间用一平行于斜面的轻绳连接，现对A 施加平行于斜面向上的拉
力F，使得四个滑块以相同加速度一起沿着斜面向上运动，滑块间的动摩擦因数均为
，重力加速度为
g，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则（ ）
A．拉力F 的最大值为
B．C 对D 的摩擦力为
时，A 对B 的摩擦力为
C．当拉力F 取得最大值时，轻绳上的弹力大小为
10
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D．当拉力F 取得最大值时，C、D 间的摩擦力为
【答案】C
【详解】ACD．当A、B 间的摩擦力为最大静摩擦力时，拉力F 取最大值，将BCD 看成一个整体，可
得
，对整体
，解得
，此时对CD 的整体
T-4mgsinθ=4ma，解得
，此时对D 分析可知
，解得
，故AD 错误，C 正确；
B．C 对D 的摩擦力为
时，对D 进行受力分析，根据牛顿第二定律有，
，设A 对B 的摩擦力为
，对BCD 根据牛顿第二定律有
，解得
，故B 错误；
故选C。
14．（2024·河南·模拟预测）（多选）如图所示，轻弹簧竖直立在地面上，物块A 放在轻弹簧上，物块B
叠放在物块A 上，用绕过两定滑轮的轻绳将物块B、C 连接，用手托着物块C，使滑轮两边的轻绳刚好沿
竖直方向伸直，已知物块A、B、C 的质量分别为m、m、2m，弹簧的劲度系数为k，重力加速度为g，不
计空气阻力，弹簧在弹性限度内，开始时物块B 到滑轮的距离足够远，快速撤去手，则下列判断正确的是
（ ）
A．撤去手的一瞬间，物块C 的加速度为0
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B．撤去手的一瞬间，A 对B 的作用力大小为
C．撤去手后，物块B 向上运动过程中加速度先减小后不变
D．当物块A、B 刚好分离时，物块A 上升的高度为
【答案】BC
【详解】A．由题意可知，撤去手之前绳子上得拉力为0，此时，对AB 整体受力分析得
，撤
去手得一瞬间，弹簧上弹力不变，A、B、C 三个物体加速度大小相等，对C 受力分析得
，
对AB 整体受力分析，由牛顿第二定律得
，联立解得撤去手的一瞬间，物体C 的加
速度大小为
，此时绳上的拉力突变，大小为
，故A 错误；
B．撤去手的一瞬间，对物体B 受力分析，由牛顿第二定律得
，代入数据得此时A 对
B 的作用力大小为
，故B 正确；
C．撤去手之后AB 分开前，对A、B、C 系统受力分析，由牛顿第二定律得
，随
着A 向上运动，弹簧的形变量减小，可知加速度减小；A、B 分开后，B、C 两个物体由绳连接加速度
大小一样，对C 受力分析由牛顿第二定律可知
，对B 受力分析，由牛顿第二定律可知
，联立解得B、C 的加速度大小为
，加速度不再变化，故C 正确；
D．A、B 分开时，
，此时A、B、C 加速度大小相等，设此时弹簧的形变量为
，对A、B、C
系统受力分析解得
，隔离A，受力分析由牛顿第二定律得
，联立解
得，此时弹簧形变量为
，故当物块A、B 刚好分离时，物块A 上升的高度为
，
故D 错误。
12
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故选BC。
15．（2024·辽宁本溪·一模）（多选）如图所示，倾角为
的光滑斜面固定在水平地面上，一轻质弹
簧一端与垂直固定在斜面上的挡板相连，另一端与物块B 栓接，劲度系数为k。物块A 紧靠着物块B，物
块与斜面均静止。现用一沿斜面向上的力F 作用于A，使A、B 两物块一起沿斜面做加速度大小为
的匀
加速直线运动直到A、B 分离。物块A 质量为m，物块B 质量为2m，重力加速度为g，
。下列说法中正确的是（ ）
A．施加拉力的瞬间，A、B 间的弹力大小为
B．A、B 分离瞬间弹簧弹力大小为
C．拉力F 的最大值大于mg
D．在A、B 分离前整个过程中A 的位移为
【答案】AD
【详解】A．施加拉力F 之前，A、B 整体受力平衡，根据平衡条件，有
，解得
，施加F 瞬间，物体A、B 加速度大小为
，对A、B 整体，根据牛顿第二定律
，对A，根据牛顿第二定律得
，联立，解得
，
故A 正确；
B．分离时，物体A、B 之间作用力为0，对B 根据牛顿第二定律得
，解得
，可得
，故B 错误；
C．依题意，整个过程中拉力F 一直增大， A、B 分离瞬间，物体A、B 之间作用力为0，F 最大，对A
13
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根据牛顿第二定律得
，解得
，故C 错误；
D．在A、B 分离前整个过程中A 的位移为
，故D 正确。
故选AD。
16．（2024·四川德阳·一模）如图所示，在倾角为θ 的光滑斜面上有两个用轻质弹簧相连接的物块A、B。
它们的质量分别为mA、mB，弹簧的劲度系数为k，C 为一固定挡板。系统处于静止状态。已知重力加速度
为g。
(1)现开始用一恒力F（已知）沿斜面方向拉物块A 使之向上运动，求物块B 刚要离开C 时物块A 的加速度
a 的大小；
(2)若物块A 只是压在弹簧上端（未与弹簧连接），用沿斜面方向的力拉A，使A 沿斜面向上做匀加速直线
运动，经过时间t，拉力大小不再改变，求此过程中拉力的最大值。
【答案】(1)
(2)
【详解】（1）物块B 刚要离开C 时，以B 为对象，可得弹簧弹力大小为
以A 为对象，根据牛顿第二定律可得
联立解得物块A 的加速度为
可知物块B 刚要离开C 时物块A 的加速度的大小为
。
（2）使A 沿斜面向上做匀加速直线运动，经过时间t，拉力大小不再改变，可知此时A 与弹簧分离，
弹簧刚好恢复原长；设初始时弹簧的压缩量为
，则有
14
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设A 做匀加速直线运动的加速度为
，根据运动学公式可得
在A 与弹簧分离前，弹簧给A 的弹力沿斜面向上，且逐渐减小，则拉力逐渐增大，当A 与弹簧分离时，
拉力达到最大，则有
联立解得
题型三：创新连接体问题
17．（2022·全国·高考真题）如图，一不可伸长轻绳两端各连接一质量为m 的小球，初始时整个系统静置
于光滑水平桌面上，两球间的距离等于绳长L。一大小为F 的水平恒力作用在轻绳的中点，方向与两球连
线垂直。当两球运动至二者相距
时，它们加速度的大小均为（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】A
【详解】当两球运动至二者相距
时，,如图所示
15
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由几何关系可知
,设绳子拉力为
，水平方向有
，解得
,对任意小球由
牛顿第二定律可得
,解得
,故A 正确，BCD 错误。
故选A。
18．（2022·山东·高考真题）某粮库使用额定电压
，内阻
的电动机运粮。如图所示，
配重和电动机连接小车的缆绳均平行于斜坡，装满粮食的小车以速度
沿斜坡匀速上行，此时电流
。关闭电动机后，小车又沿斜坡上行路程L 到达卸粮点时，速度恰好为零。卸粮后，给小车一个
向下的初速度，小车沿斜坡刚好匀速下行。已知小车质量
，车上粮食质量
，配重质
量
，取重力加速度
，小车运动时受到的摩擦阻力与车及车上粮食总重力成正比，比例
系数为k，配重始终未接触地面，不计电动机自身机械摩擦损耗及缆绳质量。求：
（1）比例系数k 值；
（2）上行路程L 值。
【答案】（1）
；（2）
【详解】（1）设电动机的牵引绳张力为
，电动机连接小车的缆绳匀速上行，由能量守恒定律有
解得
16
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小车和配重一起匀速，设绳的张力为
，对配重有
设斜面倾角为
，对小车匀速有
而卸粮后给小车一个向下的初速度，小车沿斜坡刚好匀速下行，有
联立各式解得
，
（2）关闭发动机后小车和配重一起做匀减速直线运动，设加速度为
，对系统由牛顿第二定律有
可得
由运动学公式可知
解得
19．（2024·福建·高考真题）如图，木板A 放置在光滑水平桌面上，通过两根相同的水平轻弹簧M、N 与
桌面上的两个固定挡板相连。小物块B 放在A 的最左端，通过一条跨过轻质定滑轮的轻绳与带正电的小球
C 相连，轻绳绝缘且不可伸长，B 与滑轮间的绳子与桌面平行。桌面右侧存在一竖直向上的匀强电场，
A、B、C 均静止，M、N 处于原长状态，轻绳处于自然伸直状态。
时撤去电场，C 向下加速运动，下
降
后开始匀速运动，C 开始做匀速运动瞬间弹簧N 的弹性势能为
。已知A、B、C 的质量分别为
、
、
，小球C 的带电量为
，重力加速度大小取
，最大静摩擦力等于滑动
摩擦力，弹簧始终处在弹性限度内，轻绳与滑轮间的摩擦力不计。
(1)求匀强电场的场强大小；
(2)求A 与B 间的滑动摩擦因数及C 做匀速运动时的速度大小；
(3)若
时电场方向改为竖直向下，当B 与A 即将发生相对滑动瞬间撤去电场，A、B 继续向右运动，一
段时间后，A 从右向左运动。求A 第一次从右向左运动过程中最大速度的大小。（整个过程B 未与A 脱离，
17
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C 未与地面相碰）
【答案】(1)
(2)
；
(3)
【详解】（1）撤去电场前，A、B、C 均静止，M、N 处于原长状态，对A、B 整体分析可知，此时绳
中拉力为0，对C 根据共点力平衡条件有
解得
（2）C 开始做匀速直线运动后，对C 和B 根据共点力平衡条件分别有
，
其中
解得
C 开始匀速运动瞬间，A、B 刚好发生相对滑动，此时A、B、C 三者速度大小相等，M、N 两弹簧的弹
性势能相同，C 下降
的过程中，对A、B、C 及弹簧M、N 组成的系统，由能量守恒定律有
解得
（3）没有电场时，C 开始匀速运动瞬间，A、B 刚好发生相对滑动，所以此时A 的加速度为零，对A
根据共点力平衡有
当电场方向改为竖直向下，设B 与A 即将发生相对滑动时，C 下降高度为
，对A 根据牛顿第二定律
可得
对B、C 根据牛顿第二定律可得
撤去电场后，由第（2）问的分析可知A、B 在C 下降
时开始相对滑动，在C 下降
的过程中，
对A、B、C 及弹簧M、N 组成的系统，由能量守恒定律有
此时A 的速度是其从左向右运动过程中的最大速度，此后A 做简谐运动，所以A 第一次从右向左运动
过程中的最大速度为
18
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联立解得
20．（2024·山东济南·二模）如图所示三个装置，（a）中桌面光滑，（b）、（c）中桌面粗糙程度相同，
（c）用大小为
（
为重力加速度）的力替代重物
进行牵引，其余均相同。不计绳和滑轮质量及
绳与滑轮摩擦，都由静止释放，在
移动相同距离的过程中，下列关于三个实验装置的分析中，正确的是
（ ）
A．装置（a）中
的动能增加量大于（b）中
的动能增加量
B．装置（a）中物块
的加速度为
C．装置（b）、（c）中物块
的动量增加量相同
D．装置（b）中绳上的张力
等于装置（c）中绳上的张力
【答案】A
【详解】A．由于装置（b）有摩擦力，可知装置（a）中物块的合外力较大，根据
，可知装置
（a）中物块的加速度较大，在m 移动相同距离的过程中得到的速度较大，则装置（a）m 的动能增加量
大于（b）中m 的动能增加量，故A 正确；
B．装置（a）中对系统根据牛顿第二定律
，解得物块m 的加速度为
，故B
错误；
C．装置（b）中对系统根据牛顿第二定律
，解得物块m 的加速度为
，
装置（c）中对系统根据牛顿第二定律
，解得物块m 的加速度为
，可知
装置（c）中物块m 的加速度较大，在m 移动相同距离的过程中得到的速度较大，则装置（c）m 的动能
增加量大于（b）中m 的动能增加量，故C 错误；
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D．装置（b）中对物块m 根据牛顿第二定律
，解得
，装置（c）中绳子
张力为
，所以，装置（b）中绳上的张力
不等于装置（c）中绳上的张力
，故D 错误。
故选A。
21．（2024·全国·模拟预测）（多选）如图，在倾角为
的粗糙斜面中点由静止释放物块
后，物块
以
的加速度向下加速运动。重新把物块
置于原处，用轻绳将物块
和物块B 连接，轻绳跨过
斜面顶端的定滑轮P，再由静止释放物块
，物块
的加速度为
。物块
和物块B 的质量相等，重力加
速度
取
，
，
，则物块
与斜面间的动摩擦因数
和加速度
分别为（
）
A．
B．
C．
D．
【答案】AC
【详解】AB．只有物块
从斜面上滑下时，根据牛顿第二定律有
,解得
,故A 正确，B 错误；
CD．物块
和物块B 连接后，对整体根据牛顿第二定律有
,解得
,故C 正确，D 错误。
故选AC。
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