文档内容
2017 年浙江省温州市中考数学试卷
一、选择题（共10小题，每小题4分，共40分）
1． 的相反数是（ ）
A．6 B．1 C．0 D．
2．某校学生到校方式情况的统计图如图所示，若该校步行到校的学生有100人，则乘公共汽
车到校的学生有（ ）
A．75人 B．100人 C．125人 D．200人
其他
骑自行 15%
车25%
乘公共
步行
汽车
20%
40%
3．某运动会颁奖台如图所示，它的主视图是（ ）
主视方向
A． B． C． D．
4．下列选项中的整数，与 最接近的是（ ）
A．3 B．4 C．5 D．6
5．温州某企业车间有50名工人，某一天他们生产的机器零件个数统计如下表：
零件个数（个） 5 6 7 8
人数（人） 3 15 22 10
表中表示零件个数的数据中，众数是（ ）
A．5个 B．6个 C．7个 D．8个
6．已知点（ ， ），（4，y2）在一次函数 的图象上，则 ， ，0的大小关系是（
）
A． B． C． D．
7．如图，一辆小车沿倾斜角为 的斜坡向上行驶13米，已知 ，则小车上升的高度
是（ ）
A．5米 B．6米 C．6.5米 D．12米
数学试题卷（W Z ）第1页（共4页）α
8．我们知道方程 的解是 ， ，
现给出另一个方程 ，它的解是（ ）
A． ， B． ， C． ， D． ，
9．四个全等的直角三角形按图示方式围成正方形ABCD，过各较长直角边的中点作垂线，围成
面积为 的小正方形EFGH，已知AM为Rt△ABM较长直角边，AM= EF，则正方形ABCD
的面积为（ ）
A
D
E
H
F
M G
B
C
A． B． C． D．
10．我们把1，1，2，3，5，8，13，21，…这组数称为斐波那契数列，为了进一步研究，依次以这
列数为半径作90°圆弧 ， ， ，…得到斐波那契螺旋线，然后顺次连结 ，
， ，…得到螺旋折线（如图），已知点 （0，1）， （ ，0）， （0， ），则该折
线上的点 的坐标为（ ）
数学试题卷（W Z ）第2页（共4页）y
P
5
P
1 P
4
P 2 O x
P 6 P 3
A．（ ，24） B．（ ，25） C．（ ，24） D．（ ，25）
二、填空题（共6小题，每小题5分，共30分）：
11．分解因式： _______________．
12．数据1，3，5，12， ，其中整数 是这组数据的中位数，则该组数据的平均数是
__________．
13．已知扇形的面积为 ，圆心角为120°，则它的半径为________．
14．甲、乙工程队分别承接了160米、200米的管道铺设任务，已知乙比甲每天多铺设5米，甲、
乙完成铺设任务的时间相同，问甲每天铺设多少米？设甲每天铺设 米，根据题意可列
出方程：_____________________．
15．如图，矩形OABC的边OA，OC分别在 轴、 轴上，点B在第一象限，点D在边BC上，且
∠AOD=30°，四边形OA′B′D与四边形OABD关于直线OD对称（点A′和A，B′和B分
别对应），若AB=1，反比例函数 的图象恰好经过点 A′，B，则 的值为
_________．
y
A'
B'
C B
O A
第15题图 第16题图
16．小明家的洗手盆上装有一种抬启式水龙头（如图1），完全开启后，水流路线呈抛物线，把
手端点A，出水口B和落水点C恰好在同一直线上，点A至出水管BD的距离为12cm，洗
手盆及水龙头的相关数据如图2所示，现用高10.2cm的圆柱型水杯去接水，若水流所在
数学试题卷（W Z ）第3页（共4页）抛物线经过点D和杯子上底面中心E，则点E到洗手盆内侧的距离EH为_________cm．
三、解答题（共8小题，共80分）：
17．（本题10分）（1）计算： ；（2）化简： ．
18．（本题8分）如图，在五边形ABCDE中，∠BCD=∠EDC=90°，BC=ED，AC=AD．
（1）求证：△ABC≌△AED；
（2）当∠B=140°时，求∠BAE的度数．
A
B E
C D
19．（本题8分）为培养学生数学学习兴趣，某校七年级准备开设“神奇魔方”、“魅力数
独”、“数学故事”、“趣题巧解”四门选修课（每位学生必须且只选其中一门）．
（1）学校对七年级部分学生进行选课调查，得到如图所示的统计图，根据该统计图，请估计该
校七年级480名学生选“数学故事”的人数。
（2）学校将选“数学故事”的学生分成人数相等的A，B，C三个班，小聪、小慧都选择了“数
学故事”，已知小聪不在A班，求他和小慧被分到同一个班的概率．（要求列表或画树状
图）
数学试题卷（W Z ）第4页（共4页）某校七年级部分学生选课
情况统计图
人数
40 36
30 27
20 18
15
10
O 神奇 魅力 数学 趣题 课程
魔方 数独 故事 巧解
20．（本题8分）在直角坐标系中，我们把横、纵坐标都为整数的点称为整点，记顶点都是整点
的三角形为整点三角形．如图，已知整点A（2，3），B（4，4），请在所给网格区域（含边界）
上按要求画整点三角形．
（1）在图1中画一个△PAB，使点P的横、纵坐标之和等于点A的横坐标；
（2）在图2中画一个△PAB，使点P，B横坐标的平方和等于它们纵坐标和的4倍．
y y
5 5
B B
4 4
A A
3 3
2 2
1 1
O 1 2 3 4 5 x O 1 2 3 4 5 x
（图1） （图2）
21．（本题10分）如图，在△ABC中，AC=BC，∠ACB=90°，⊙O（圆心O在△ABC内部）经过B、C
两点，交AB于点E，过点E作⊙O的切线交AC于点F．延长CO交AB于点G，作ED∥AC交
数学试题卷（W Z ）第5页（共4页）CG于点D
（1）求证：四边形CDEF是平行四边形；
（2）若BC=3，tan∠DEF=2，求BG的值．
A
E
F
G
O
D
C B
22．（本题10分）如图，过抛物线 上一点A作 轴的平行线，交抛物线于另一点
B，交 轴于点C，已知点A的横坐标为 ．
（1）求抛物线的对称轴和点B的坐标；
（2）在AB上任取一点P，连结OP，作点C关于直线OP的对称点D；
①连结BD，求BD的最小值；
②当点D落在抛物线的对称轴上，且在 轴上方时，求直线PD的函数表达式．
y
P
A C B
D
O x
数学试题卷（W Z ）第6页（共4页）23．（本题12分）小黄准备给长8m，宽6m的长方形客厅铺设瓷砖，现将其划分成一个长方形
ABCD区域Ⅰ（阴影部分）和一个环形区域Ⅱ（空白部分），其中区域Ⅰ用甲、乙、丙三种瓷
砖铺设，且满足PQ∥AD，如图所示．
（1）若区域Ⅰ的三种瓷砖均价为300元/ ，面积为 ( ),区域Ⅱ的瓷砖均价为200/
，且两区域的瓷砖总价为不超过12000元，求 的最大值；
（2）若区域Ⅰ满足AB：BC=2：3，区域Ⅱ四周宽度相等
①求AB，BC的长；
②若甲、丙两瓷砖单价之和为300元/ ，乙、丙瓷砖单价之比为5：3，且区域Ⅰ的三
种瓷砖总价为4800元，求两瓷砖单价的取值范围．
A D
甲
6m 乙 丙 乙
P Q
甲
B C
8m
数学试题卷（W Z ）第7页（共4页）24．（本题14分）如图，已知线段AB=2，MN⊥AB于点M，且AM=BM，P是射线MN上一动点，E，D
分别是PA，PB的中点，过点A，M，D的圆与BP的另一交点C（点C在线段BD上），连结AC，
DE．
（1）当∠APB=28°时，求∠B和 的度数；
（2）求证：AC=AB。
（3）在点P的运动过程中
①当MP=4时，取四边形ACDE一边的两端点和线段MP上一点Q，若以这三点为顶点的三
角形是直角三角形，且Q为锐角顶点，求所有满足条件的MQ的值；
②记AP与圆的另一个交点为F，将点F绕点D旋转90°得到点G，当点G恰好落在MN上
时，连结AG，CG，DG，EG，直接写出△ACG和△DEG的面积之比．
A
E
P N
M
D
C
B
2017 年浙江省温州市中考数学试卷
参考答案与试题解析
数学试题卷（W Z ）第8页（共4页）一、选择题（共10小题，每小题4分，共40分）：
1．（4分）﹣6的相反数是（ ）
A．6 B．1 C．0 D．﹣6
【分析】根据相反数的定义求解即可．
【解答】解：﹣6的相反数是6，
故选：A．
【点评】本题考查了相反数的意义，一个数的相反数就是在这个数前面添上“﹣”号：一个正
数的相反数是负数，一个负数的相反数是正数，0的相反数是0．不要把相反数的意义与倒数
的意义混淆．
2．（4分）某校学生到校方式情况的统计图如图所示，若该校步行到校的学生有100人，则乘
公共汽车到校的学生有（ ）
A．75人 B．100人C．125人D．200人
【分析】由扇形统计图可知，步行人数所占比例，再根据统计表中步行人数是100人，即可求
出总人数以及乘公共汽车的人数；
【解答】解：所有学生人数为 100÷20%=500（人）；
所以乘公共汽车的学生人数为 500×40%=200（人）．
故选D．
【点评】此题主要考查了扇形统计图的综合运用，读懂统计图，从不同的统计图中得到必要的
信息是解决问题的关键．扇形统计图直接反映部分占总体的百分比大小．
3．（4分）某运动会颁奖台如图所示，它的主视图是（ ）
A． B． C． D．
数学试题卷（W Z ）第9页（共4页）【分析】根据从正面看得到的图形是主视图，可得答案．
【解答】解：从正面看 ，
故选：C．
【点评】本题考查了简单组合体的三视图，从正面看得到的图形是主视图．
4．（4分）下列选项中的整数，与 最接近的是（ ）
A．3 B．4 C．5 D．6
【分析】依据被开方数越大对应的算术平方根越大进行解答即可．
【解答】解：∵16＜17＜20.25，
∴4＜ ＜4.5，
∴与 最接近的是4．
故选：B．
【点评】本题主要考查的是估算无理数的大小，掌握算术平方根的性质是解题的关键．
5．（4分）温州某企业车间有50名工人，某一天他们生产的机器零件个数统计如下表：
零件个数（个） 5 6 7 8
人数（人） 3 15 22 10
表中表示零件个数的数据中，众数是（ ）
A．5个 B．6个 C．7个 D．8个
【分析】根据众数的定义，找数据中出现最多的数即可．
【解答】解：数字7出现了22次，为出现次数最多的数，故众数为7个，
故选C．
【点评】本题考查了众数的概念．众数是数据中出现次数最多的数．众数不唯一．
6．（4分）已知点（﹣1，y），（4，y）在一次函数y=3x﹣2的图象上，则y，y，0的大小关系是（
1 2 1 2
）
A．0＜y＜y B．y＜0＜y C．y＜y＜0 D．y＜0＜y
1 2 1 2 1 2 2 1
【分析】根据点的横坐标利用一次函数图象上点的坐标特征，即可求出y、y 的值，将其与0
1 2
比较大小后即可得出结论．
【解答】解：∵点（﹣1，y），（4，y）在一次函数y=3x﹣2的图象上，
1 2
∴y=﹣5，y=10，
1 2
数学试题卷（W Z ）第10页（共4页）∵10＞0＞﹣5，
∴y＜0＜y．
1 2
故选B．
【点评】本题考查了一次函数图象上点的坐标特征，根据点的横坐标利用一次函数图象上点
的坐标特征求出y、y 的值是解题的关键．
1 2
7．（4分）如图，一辆小车沿倾斜角为α的斜坡向上行驶13米，已知cosα= ，则小车上升
的高度是（ ）
A．5米 B．6米 C．6.5米D．12米
【分析】在Rt△ABC中，先求出AB，再利用勾股定理求出BC即可．
【解答】解：如图AC=13，作CB⊥AB，
∵cosα= = ，
∴AB=12，
∴BC= =132﹣122=5，
∴小车上升的高度是5m．
故选A．
【点评】此题主要考查解直角三角形，锐角三角函数，勾股定理等知识，解题的关键是学会构
造直角三角形解决问题，属于中考常考题型．
8．（4分）我们知道方程x2+2x﹣3=0的解是x=1，x=﹣3，现给出另一个方程（2x+3）2+2
1 2
（2x+3 ）﹣3=0，它的解是（ ）
A．x=1，x=3 B．x=1，x=﹣3 C．x=﹣1，x=3 D．x=﹣1，x=﹣3
1 2 1 2 1 2 1 2
数学试题卷（W Z ）第11页（共4页）【分析】先把方程（2x+3）2+2（2x+3）﹣3=0看作关于2x+3的一元二次方程，利用题中的解得到
2x+3=1或2x+3=﹣3，然后解两个一元一次方程即可．
【解答】解：把方程（2x+3）2+2（2x+3）﹣3=0看作关于2x+3的一元二次方程，
所以2x+3=1或2x+3=﹣3，
所以x=﹣1，x=﹣3．
1 2
故选D．
【点评】本题考查了一元二次方程的解：能使一元二次方程左右两边相等的未知数的值是一
元二次方程的解．
9．（4分）四个全等的直角三角形按图示方式围成正方形ABCD，过各较长直角边的中点作垂
线，围成面积为S的小正方形EFGH．已知AM为Rt△ABM较长直角边，AM=2 EF，则正方形
ABCD的面积为（ ）
A．12S B．10S C．9S D．8S
【分析】设AM=2a．BM=b．则正方形ABCD的面积=4a2+b2，由题意可知EF=（2a﹣b）﹣2（a﹣b）
=2a﹣b﹣2a+2b=b，由此即可解决问题．
【解答】解：设AM=2a．BM=b．则正方形ABCD的面积=4a2+b2
由题意可知EF=（2a﹣b）﹣2（a﹣b）=2a﹣b﹣2a+2b=b，
∵AM=2 EF，
∴2a=2 b，
∴a= b，
∵正方形EFGH的面积为S，
∴b2=S，
∴正方形ABCD的面积=4a2+b2=9b2=9S，
故选C．
数学试题卷（W Z ）第12页（共4页）【点评】本题考查正方形的性质、勾股定理、线段的垂直平分线的定义等知识，解题的关键是
灵活运用所学知识解决问题，属于中考选择题中的压轴题．
10．（4分）我们把1，1，2，3，5，8，13，21，…这组数称为斐波那契数列，为了进一步研究，依次
以这列数为半径作90°圆弧 ， ， ，…得到斐波那契螺旋线，然后顺次连结
PP，PP，PP，…得到螺旋折线（如图），已知点P（0，1），P（﹣1，0），P（0，﹣1），则该折线
1 2 2 3 3 4 1 2 3
上的点P 的坐标为（ ）
9
A．（﹣6，24）B．（﹣6，25）C．（﹣5，24）D．（﹣5，25）
【分析】观察图象，推出P 的位置，即可解决问题．
9
【解答】解：由题意，P 在P 的正上方，推出P 在P 的正上方，且到P 的距离=21+5=26，
5 2 9 6 6
所以P 的坐标为（﹣6，25），
9
故选B．
【点评】本题考查规律型：点的坐标等知识，解题的关键是理解题意，确定P 的位置．
9
二、填空题（共6小题，每小题5分，共30分）：
11．（5分）分解因式：m2+4m= m （ m+ 4 ） ．
数学试题卷（W Z ）第13页（共4页）【分析】直接提提取公因式m，进而分解因式得出答案．
【解答】解：m2+4m=m（m+4）．
故答案为：m（m+4）．
【点评】此题主要考查了提取公因式法分解因式，正确找出公因式是解题关键．
12．（5分）数据1，3，5，12，a，其中整数a是这组数据的中位数，则该组数据的平均数是 4. 8
或 5 或 5. 2 ．
【分析】根据中位数的定义确定整数a的值，由平均数的定义即可得出答案．
【解答】解：∵数据1，3，5，12，a的中位数是整数a，
∴a=3或a=4或a=5，
当a=3时，这组数据的平均数为 =4.8，
当a=4时，这组数据的平均数为 =5，
当a=5时，这组数据的平均数为 =5.2，
故答案为：4.8或5或5.2．
【点评】本题主要考查了中位数和平均数，解题的关键是根据中位数的定义确定a的值．
13．（5分）已知扇形的面积为3π，圆心角为120°，则它的半径为 3 ．
【分析】根据扇形的面积公式，可得答案．
【解答】解：设半径为r，由题意，得
πr2× =3π，
解得r=3，
故答案为：3．
【点评】本题考查了扇形面积公式，利用扇形面积公式是解题关键．
14．（5分）甲、乙工程队分别承接了160米、200米的管道铺设任务，已知乙比甲每天多铺设5
米，甲、乙完成铺设任务的时间相同，问甲每天铺设多少米？设甲每天铺设x米，根据题意可
列出方程： = ．
数学试题卷（W Z ）第14页（共4页）【分析】设甲每天铺设x米，则乙每天铺设（x+5）米，根据铺设时间= 和甲、乙完成
铺设任务的时间相同列出方程即可．
【解答】解：设甲工程队每天铺设x米，则乙工程队每天铺设（x+5）米，由题意得： = ．
故答案是： = ．
【点评】此题主要考查了由实际问题抽象出分式方程，关键是正确理解题意，找出题目中的等
量关系，再列出方程．
15．（5分）如图，矩形OABC的边OA，OC分别在x轴、y轴上，点B在第一象限，点D在边BC上，
且∠AOD=30°，四边形OA′B′D与四边形OABD关于直线OD对称（点A′和A，B′和B分别
对应）．若AB=1，反比例函数y= （k≠0）的图象恰好经过点A′，B，则k的值为 ．
【分析】设B（m，1），得到OA=BC=m，根据轴对称的性质得到OA′=OA=m，∠A′OD=∠AOD=30°，
求得∠A′OA=60°，过A′作A′E⊥OA于E，解直角三角形得到A′（ m， m），列方程即可
得到结论．
【解答】解：∵四边形ABCO是矩形，AB=1，
∴设B（m，1），
∴OA=BC=m，
∵四边形OA′B′D与四边形OABD关于直线OD对称，
∴OA′=OA=m，∠A′OD=∠AOD=30°，
∴∠A′OA=60°，
过A′作A′E⊥OA于E，
数学试题卷（W Z ）第15页（共4页）∴OE= m，A′E= m，
∴A′（ m， m），
∵反比例函数y= （k≠0）的图象恰好经过点A′，B，
∴ m• m=m，
∴m= ，
∴k= ．
故答案为： ．
【点评】本题考查了反比例函数图象上点的坐标特征，矩形的性质，轴对称的性质，解直角三
角形，正确的作出辅助线是解题的关键．
16．（5分）小明家的洗手盆上装有一种抬启式水龙头（如图1），完全开启后，水流路线呈抛物
线，把手端点A，出水口B和落水点C恰好在同一直线上，点A至出水管BD的距离为12cm，洗
手盆及水龙头的相关数据如图2所示，现用高10.2cm的圆柱型水杯去接水，若水流所在抛物
线经过点D和杯子上底面中心E，则点E到洗手盆内侧的距离EH为 2 4 ﹣ 8 cm．
数学试题卷（W Z ）第16页（共4页）【分析】先建立直角坐标系，过A作AG⊥OC于G，交BD于Q，过M作MP⊥AG于P，根据
△ABQ∽△ACG，求得C（20，0），再根据水流所在抛物线经过点D（0，24）和B（12，24），可设抛
物线为y=ax2+bx+24，把C（20，0），B（12，24）代入抛物线，可得抛物线为y=﹣ x2+ x+24，
最后根据点E的纵坐标为10.2，得出点E的横坐标为6+8 ，据此可得点E到洗手盆内侧的
距离．
【解答】解：如图所示，建立直角坐标系，过A作AG⊥OC于G，交BD于Q，过M作MP⊥AG于P，
由题可得，AQ=12，PQ=MD=6，故AP=6，AG=36，
∴Rt△APM中，MP=8，故DQ=8=OG，
∴BQ=12﹣8=4，
由BQ∥CG可得，△ABQ∽△ACG，
∴ = ，即 = ，
∴CG=12，OC=12+8=20，
∴C（20，0），
又∵水流所在抛物线经过点D（0，24）和B（12，24），
∴可设抛物线为y=ax2+bx+24，
把C（20，0），B（12，24）代入抛物线，可得
，解得 ，
∴抛物线为y=﹣ x2+ x+24，
又∵点E的纵坐标为10.2，
数学试题卷（W Z ）第17页（共4页）∴令y=10.2，则10.2=﹣ x2+ x+24，
解得x=6+8 ，x=6﹣8 （舍去），
1 2
∴点E的横坐标为6+8 ，
又∵ON=30，
∴EH=30﹣（6+8 ）=24﹣8 ．
故答案为：24﹣8 ．
【点评】本题以水龙头接水为载体，考查了二次函数的应用以及相似三角形的应用，在运用数
学知识解决问题过程中，关注核心内容，经历测量、运算、建模等数学实践活动为主线的问题
探究过程，突出考查数学的应用意识和解决问题的能力，蕴含数学建模，引导学生关注生活，
利用数学方法解决实际问题．
三、解答题（共8小题，共80分）：
17．（10分）（1）计算：2×（﹣3）+（﹣1）2+ ；
（2）化简：（1+a）（1﹣a）+a（a﹣2）．
【分析】（1）原式先计算乘方运算，化简二次根式，再计算乘法运算，最后算加减运算即可得
到结果．
（2）运用平方差公式即可解答．
【解答】解：（1）原式=﹣6+1+2 =﹣5+2 ；
（2）原式=1﹣a2+a2﹣2a=1﹣2a．
【点评】本题考查了平方差公式，实数的运算以及单项式乘多项式．熟记实数运算法则即可解
题，属于基础题．
数学试题卷（W Z ）第18页（共4页）18．（8分）如图，在五边形ABCDE中，∠BCD=∠EDC=90°，BC=ED，AC=AD．
（1）求证：△ABC≌△AED；
（2）当∠B=140°时，求∠BAE的度数．
【分析】（1）根据∠ACD=∠ADC，∠BCD=∠EDC=90°，可得∠ACB=∠ADE，进而运用SAS即可判
定全等三角形；
（2）根据全等三角形对应角相等，运用五边形内角和，即可得到∠BAE的度数．
【解答】（1）证明：
∵AC=AD，
∴∠ACD=∠ADC，
又∵∠BCD=∠EDC=90°，
∴∠ACB=∠ADE，
在△ABC和△AED中，
，
∴△ABC≌△AED（SAS）；
（2）解：当∠B=140°时，∠E=140°，
又∵∠BCD=∠EDC=90°，
∴五边形ABCDE中，∠BAE=540°﹣140°×2﹣90°×2=80°．
【点评】本题主要考查了全等三角形的判定与性质的运用，解题时注意：两边及其夹角对应相
等的两个三角形全等．
19．（8分）为培养学生数学学习兴趣，某校七年级准备开设“神奇魔方”、“魅力数独”、
“数学故事”、“趣题巧解”四门选修课（每位学生必须且只选其中一门）．
（1）学校对七年级部分学生进行选课调查，得到如图所示的统计图．根据该统计图，请估计该
数学试题卷（W Z ）第19页（共4页）校七年级480名学生选“数学故事”的人数．
（2）学校将选“数学故事”的学生分成人数相等的A，B，C三个班，小聪、小慧都选择了“数
学故事”，已知小聪不在A班，求他和小慧被分到同一个班的概率．（要求列表或画树状图）
【分析】（1）利用样本估计总体，用480乘以样本中选“数学故事”的人数所占的百分比即
可估计该校七年级480名学生选“数学故事”的人数；
（2）画树状图展示所有6种等可能的结果数，再找出他和小慧被分到同一个班的结果数，然
后根据概率公式求解．
【解答】解：（1）480× =90，
估计该校七年级480名学生选“数学故事”的人数为90人；
（2）画树状图为：
共有6种等可能的结果数，其中他和小慧被分到同一个班的结果数为2，
所以他和小慧被分到同一个班的概率= = ．
【点评】本题考查了列表法与树状图法：利用列表法或树状图法展示所有等可能的结果n，再
从中选出符合事件A或B的结果数目m，然后利用概率公式计算事件A或事件B的概率．\
20．（8分）在直角坐标系中，我们把横、纵坐标都为整数的点称为整点，记顶点都是整点的三
角形为整点三角形．如图，已知整点A（2，3），B（4，4），请在所给网格区域（含边界）上按要求
画整点三角形．
（1）在图1中画一个△PAB，使点P的横、纵坐标之和等于点A的横坐标；
（2）在图2中画一个△PAB，使点P，B横坐标的平方和等于它们纵坐标和的4倍．
数学试题卷（W Z ）第20页（共4页）【分析】（1）设P（x，y），由题意x+y=2，求出整数解即可解决问题；
（2）设P（x，y），由题意x2+42=4（4+y），求出整数解即可解决问题；
【解答】解：（1）设P（x，y），由题意x+y=2，
∴P（2，0）或（1，1）或（0，2）不合题意舍弃，
△PAB如图所示．
（2）设P（x，y），由题意x2+42=4（4+y），
整数解为（2，1）或（0，0）等，△PAB如图所示．
【点评】本题考查作图﹣应用与设计、二元方程的整数解问题等知识，解题的关键是理解题意，
学会用转化的思想思考问题，属于中考常考题型．
21．（10分）如图，在△ABC中，AC=BC，∠ACB=90°，⊙O（圆心O在△ABC内部）经过B、C两点，
交AB于点E，过点E作⊙O的切线交AC于点F．延长CO交AB于点G，作ED∥AC交CG于点D
（1）求证：四边形CDEF是平行四边形；
（2）若BC=3，tan∠DEF=2，求BG的值．
数学试题卷（W Z ）第21页（共4页）【分析】（1）连接CE，根据等腰直角三角形的性质得到∠B=45°，根据切线的性质得到
∠FEO=90°，得到EF∥OD，于是得到结论；
（2）过G作GN⊥BC于N，得到△GMB是等腰直角三角形，得到MB=GM，根据平行四边形的性质
得到∠FCD=∠FED，根据余角的性质得到∠CGM=∠ACD，等量代换得到∠CGM=∠DEF，根据三角
函数的定义得到CM=2GM，于是得到结论．
【解答】解：（1）连接CE，
∵在△ABC中，AC=BC，∠ACB=90°，
∴∠B=45°，
∴∠COE=2∠B=90°，
∵EF是⊙O的切线，
∴∠FEO=90°，
∴EF∥OC，
∵DE∥CF，
∴四边形CDEF是平行四边形；
（2）过G作GN⊥BC于N，
∴△GMB是等腰直角三角形，
∴MB=GM，
∵四边形CDEF是平行四边形，
∴∠FCD=∠FED，
∵∠ACD+∠GCB=∠GCB+∠CGM=90°，
∴∠CGM=∠ACD，
∴∠CGM=∠DEF，
∵tan∠DEF=2，
数学试题卷（W Z ）第22页（共4页）∴tan∠CGM= =2，
∴CM=2GM，
∴CM+BM=2GM+GM=3，
∴GM=1，
∴BG= GM= ．
【点评】本题考查了切线的性质，平行四边形的判定和性质，等腰直角三角形的判定和性质，
解直角三角形，正确的作出辅助线是解题的关键．
22．（10分）如图，过抛物线y= x2﹣2x上一点A作x轴的平行线，交抛物线于另一点B，交y
轴于点C，已知点A的横坐标为﹣2．
（1）求抛物线的对称轴和点B的坐标；
（2）在AB上任取一点P，连结OP，作点C关于直线OP的对称点D；
①连结BD，求BD的最小值；
②当点D落在抛物线的对称轴上，且在x轴上方时，求直线PD的函数表达式．
数学试题卷（W Z ）第23页（共4页）【分析】（1）首先确定点A的坐标，利用对称轴公式求出对称轴，再根据对称性可得点B坐标；
（2）①由题意点D在以O为圆心OC为半径的圆上，推出当O、D、B共线时，BD的最小值=OB﹣
OD；
②当点D在对称轴上时，在Rt△OD=OC=5，OE=4，可得DE= = =3，求出P、D
的坐标即可解决问题；
【解答】解：（1）由题意A（﹣2，5），对称轴x=﹣ =4，
∵A、B关于对称轴对称，
∴B（10，5）．
（2）①如图1中，
由题意点D在以O为圆心OC为半径的圆上，
∴当O、D、B共线时，BD的最小值=OB﹣OD= ﹣5=5 ﹣5．
数学试题卷（W Z ）第24页（共4页）②如图2中，
图2
当点D在对称轴上时，在Rt△ODE中，OD=OC=5，OE=4，
∴DE= = =3，
∴点D的坐标为（4，3）．
设PC=PD=x，在Rt△PDK中，x2=（4﹣x）2+22，
∴x= ，
∴P（ ，5），
∴直线PD的解析式为y=﹣ x+ ．
【点评】本题考查抛物线与X轴的交点、待定系数法、最短问题、勾股定理等知识，解题的关键
是熟练掌握二次函数的性质，学会利用辅助圆解决最短问题，属于中考常考题型．
23．（12分）小黄准备给长8m，宽6m的长方形客厅铺设瓷砖，现将其划分成一个长方形ABCD
区域Ⅰ（阴影部分）和一个环形区域Ⅱ（空白部分），其中区域Ⅰ用甲、乙、丙三种瓷砖铺设，
且满足PQ∥AD，如图所示．
（1）若区域Ⅰ的三种瓷砖均价为300元/m2，面积为S（m2），区域Ⅱ的瓷砖均价为200元/m2，且
两区域的瓷砖总价为不超过12000元，求S的最大值；
（2）若区域Ⅰ满足AB：BC=2：3，区域Ⅱ四周宽度相等
①求AB，BC的长；
数学试题卷（W Z ）第25页（共4页）②若甲、丙两瓷砖单价之和为300元/m2，乙、丙瓷砖单价之比为5：3，且区域Ⅰ的三种瓷砖总
价为4800元，求丙瓷砖单价的取值范围．
【分析】（1）根据题意可得300S+（48﹣S）200≤12000，解不等式即可；
（2）①设区域Ⅱ四周宽度为a，则由题意（6﹣2a）：（8﹣2a）=2：3，解得a=1，由此即可解决问
题；
②设乙、丙瓷砖单价分别为5x元/m2和3x元/m2，则甲的单价为（300﹣3x）元/m2，由PQ∥AD，
可得甲的面积=矩形ABCD的面积的一半=12，设乙的面积为s，则丙的面积为（12﹣s），由题意
12（300﹣3x）+5x•s+3x•（12﹣s）=4800，解得s= ，由0＜s＜12，可得0＜ ＜12，解不
等式即可；
【解答】解：（1）由题意300S+（48﹣S）200≤12000，
解得S≤24．
∴S的最大值为24．
（2）①设区域Ⅱ四周宽度为a，则由题意（6﹣2a）：（8﹣2a）=2：3，解得a=1，
∴AB=6﹣2a=4，CB=8﹣2a=6．
②设乙、丙瓷砖单价分别为5x元/m2和3x元/m2，则甲的单价为（300﹣3x）元/m2，
∵PQ∥AD，
∴甲的面积=矩形ABCD的面积的一半=12，设乙的面积为s，则丙的面积为（12﹣s），
由题意12（300﹣3x）+5x•s+3x•（12﹣s）=4800，
解得s= ，
∵0＜s＜12，
∴0＜ ＜12，又∵300﹣3x＞0，
综上所述，50＜x＜100，150＜3x＜300，
数学试题卷（W Z ）第26页（共4页）∴丙瓷砖单价3x的范围为150＜3x＜300元/m2．
【点评】本题考查不等式的应用、矩形的性质等知识，解题的关键是理解题意，学会构建方程
或不等式解决实际问题，属于中考常考题型．
24．（14分）如图，已知线段AB=2，MN⊥AB于点M，且AM=BM，P是射线MN上一动点，E，D分别是
PA，PB的中点，过点A，M，D的圆与BP的另一交点C（点C在线段BD上），连结AC，DE．
（1）当∠APB=28°时，求∠B和 的度数；
（2）求证：AC=AB．
（3）在点P的运动过程中
①当MP=4时，取四边形ACDE一边的两端点和线段MP上一点Q，若以这三点为顶点的三角形
是直角三角形，且Q为锐角顶点，求所有满足条件的MQ的值；
②记AP与圆的另一个交点为F，将点F绕点D旋转90°得到点G，当点G恰好落在MN上时，
连结AG，CG，DG，EG，直接写出△ACG和△DEG的面积之比．
【分析】（1）根据三角形ABP是等腰三角形，可得∠B的度数，再连接MD，根据MD为△PAB的
中位线，可得∠MDB=∠APB=28°，进而得到 =2∠MDB=56°；
（2）根据∠BAP=∠ACB，∠BAP=∠B，即可得到∠ACB=∠B，进而得出AC=AB；
数学试题卷（W Z ）第27页（共4页）（3）①记MP与圆的另一个交点为R，根据AM2+MR2=AR2=AC2+CR2，即可得到PR= ，MR= ，再
根据Q为直角三角形锐角顶点，分四种情况进行讨论：当∠ACQ=90°时，当∠QCD=90°时，当
∠QDC=90°时，当∠AEQ=90°时，即可求得MQ的值为 或 或 ；
②先判定△DEG是等边三角形，再根据GMD=∠GDM，得到GM=GD=1，过C作CH⊥AB于H，由
∠BAC=30°可得CH= AC=1=MG，即可得到CG=MH= ﹣1，进而得出S = CG×CH= ，
△ACG
再根据S = ，即可得到△ACG和△DEG的面积之比．
△DEG
【解答】解：（1）∵MN⊥AB，AM=BM，
∴PA=PB，
∴∠PAB=∠B，
∵∠APB=28°，
∴∠B=76°，
如图1，连接MD，
∵MD为△PAB的中位线，
∴MD∥AP，
∴∠MDB=∠APB=28°，
∴ =2∠MDB=56°；
（2）∵∠BAC=∠MDC=∠APB，
又∵∠BAP=180°﹣∠APB﹣∠B，∠ACB=180°﹣∠BAC﹣∠B，
∴∠BAP=∠ACB，
数学试题卷（W Z ）第28页（共4页）∵∠BAP=∠B，
∴∠ACB=∠B，
∴AC=AB；
（3）①如图2，记MP与圆的另一个交点为R，
∵MD是Rt△MBP的中线，
∴DM=DP，
∴∠DPM=∠DMP=∠RCD，
∴RC=RP，
∵∠ACR=∠AMR=90°，
∴AM2+MR2=AR2=AC2+CR2，
∴12+MR2=22+PR2，
∴12+（4﹣PR）2=22+PR2，
∴PR= ，
∴MR= ，
Ⅰ．当∠ACQ=90°时，AQ为圆的直径，
∴Q与R重合，
∴MQ=MR= ；
Ⅱ．如图3，当∠QCD=90°时，
数学试题卷（W Z ）第29页（共4页）在Rt△QCP中，PQ=2PR= ，
∴MQ= ；
Ⅲ．如图4，当∠QDC=90°时，
∵BM=1，MP=4，
∴BP= ，
∴DP= BP= ，
∵cos∠MPB= = ，
∴PQ= ，
∴MQ= ；
Ⅳ．如图5，当∠AEQ=90°时，
数学试题卷（W Z ）第30页（共4页）由对称性可得∠AEQ=∠BDQ=90°，
∴MQ= ；
综上所述，MQ的值为 或 或 ；
②△ACG和△DEG的面积之比为 ．
理由：如图6，∵DM∥AF，
∴DF=AM=DE=1，
又由对称性可得GE=GD，
∴△DEG是等边三角形，
∴∠EDF=90°﹣60°=30°，
∴∠DEF=75°=∠MDE，
∴∠GDM=75°﹣60°=15°，
∴∠GMD=∠PGD﹣∠GDM=15°，
∴GMD=∠GDM，
∴GM=GD=1，
过C作CH⊥AB于H，
数学试题卷（W Z ）第31页（共4页）由∠BAC=30°可得CH= AC= AB=1=MG，AH= ，
∴CG=MH= ﹣1，
∴S = CG×CH= ，
△ACG
∵S = ，
△DEG
∴S ：S = ．
△ACG △DEG
【点评】本题属于圆的综合题，主要考查了等腰三角形的性质，等边三角形的判定与性质，三
角形中位线定理，勾股定理，圆周角定理以及解直角三角形的综合应用，解决问题的关键是
作辅助线构造直角三角形以及等边三角形，运用旋转的性质以及含30°角的直角三角形的
性质进行计算求解，解题时注意分类思想的运用．
数学试题卷（W Z ）第32页（共4页）
