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福建百校12月联合测评·物理
参考答案、提示及评分细则
题号 1 2 3 4 5 6 7 8
答案 C D C A BD AD BC AC
1.C【解析】由于试探电荷带正电，场源电荷带负电，因此试探电荷与场源电荷间的电场力为引力，又由于试
探电荷受到的电场力指向轨迹凹的一侧，因此场源电荷不可能位于a、b点，A、B项错误；由于试探电荷在M
点加速度比在N点加速度大，说明试探电荷在M点距离负点电荷近，因此场源电荷可能位于c点，C项正
确，D项错误。
2.D【解析】两球均做斜抛运动，加速度均为g,故速度变化率相等，A项错误；根据题意可知，v?cos 60°=
v?sin60°=30=32?,B球
v2cos30°,即v?=√3v?,D项正确；由于两球同时抛出，A球竖直方向分初速度为
v? sin30°=22,
竖直方向分初速度为 ,因此B球先到达最高点，B项错误；两球水平分速度相同，因此两球运
动的最小速度相同，C项错误。
3.C【解析】由F=mArAw2=mBrBa2可知，mAVA=mgvg,即√2mAE√2msEkB,因此有E△:EkB
=mB:mA=2:1,C项正确。
2×2,
4.A【解析】设匀速运动的速度为v,则加速运动和减速运动的总时间为 ,匀速运动的时间为6×,因
v=√÷ah,
2×2+×6=h,解得
此有 ,A项正确。
2=√
L=-2
5.BD【解析】由图乙可知单摆周期为2t?,则由周期公式有 ,解得 ,故BD正确，
AC错误。
6.AD【解析】OB绳拉力的竖直分力始终等于小球的重力，即OB绳拉力的竖直分力不变，因此OB绳的拉力
不变，B、C项错误；拉力F不断增大，AO绳的拉力有TAo=F+ToB,因此AO绳的拉力不断增大，A项正确；
OA和OB段轻绳上拉力的合力与OC绳上拉力等大反向，而OC段轻绳拉力增大，因此D项正确。
7.BC【解析】运动员与蹦床接触过程中，相互作用力等大反向，作用时间相等，因此蹦床对运动员的冲量与运
动员对蹦床的冲量大小相等，A项错误；运动员与蹦床接触后向下运动过程中，速度先变大后变小，根据动能
定理，运动员受到的合外力先做正功后做负功，B项正确；运动员第一次与蹦床接触过程中，设蹦床对运动员
的冲量为I,则I-mgt2=mg(t?+t?),C项正确；运动员与蹦床接触过程，运动员的机械能会先减小再增大，
D项错误。
8.AC【解析】由图可知，粒子沿x轴正向运动，从x=-x?至x=xz电势先降低后升高，若粒子带负电，粒子
的电势能先增大后减小，A项正确；图像的切线斜率为电场强度，因此粒子运动的加速度先减小，后突然增大
接着又逐渐减小，B项错误；根据图像可知，x=—x?至x=0之间x轴上场强方向沿x轴正方向，x=0至
x=x?之间x轴上场强方向沿x 轴负方向，若粒子带正电且粒子在x=-x?处由静止释放，则粒子运动到
x=x?处的速度为零，C项正确；若粒子带负电，则粒子从x=一x?处出发时一定有初速度，初动能至少为
【高三物理参考答案 第1页(共4页)】 FJq?0,因此粒子运动到x=x?处的动能至少为qq,D项错误。
9.变大(1分) 0.1(2分)
【解析】由图像可知，小灯泡的电阻随着温度的升高而变大；当定值电阻的功率为0.2 W时，由图像可知，电
路中的电流为0.2 A,由图像可知，此时小灯泡两端的电压为0.5 V,因此此时小灯泡的功率为0.1W。
10.2√(2分)g(1分)
2T=√2 T=2√2
【解析】根据题意 ,解得 ;小球运动到最高点时加速度最大，此时弹簧弹力为零，因
此最大加速度等于g。
11.10(1分) 6(2分)
【解析】根据题意分析可知，从t=0时刻至t=0.4 s时刻，波传播的距离x=4 m,因此波传播的速度
v==10m/s, I(2n-1)—λ|<12m,
由于两波源的振动完全相反，因此| ,因此n=0,1,2,3,-1,-2,因此
共有6个振动加强点。
12.(1)大于(2分)
(2)2(2分)
(3)m,2r=m;di√最+m?(d?-r)√(2分，化简形式不同，但结果正确也可得分)
【解析】(1)要使小球1与小球2相碰后，小球1仍向右运动，则必须满足m大于m2。
(2)zo=2。
严系
m2=m;d?√最+m?(d?-r)·
(3)小球2碰后瞬间的速度大小为 ,如果表达式
√最
成立，则表明两球碰撞中动量守恒。
13.(1)负(2分) 2200(2分，2.2×103也可得分)
卡(2分，k?1也可得分)
(2)-
【解析】(1)红表笔与电压表的负接线柱连接，由于倍率为“×100”,读数为2200 Ω。
U?RU= =一R+1, =k,
r=方。
(2)根据串并联电路特点， ,得到 ,结合题意有 ,解得
14.【解析】(1)列车的制动力F=ma=5×10?×2.5N=1.25×10?N (3分)
(2)设制动100 m时列车的速度为v,则z元—v2=2ax? (1分)
解得v=20 m/s (1分)
x?=—(zo+v)t
由 (1分)
解得t=4s (1分)
(本小题用其他合理方法求得正确结果也可得分)
ar=2,
(3)由匀变速直线运动速度一位移公式可知该图像面积 ,设100 m后的位移大小为x?,则有
【高三物理参考答案 第2页(共4页)】 FJr2=2×÷ax?
(1分)
解得x2=160 m (1分)
因此整个制动的总位移大小x=x?+x?=260 m (1分)
(本小题用其他合理方法求得正确结果也可得分)
qUo=—mu
15.【解析】(1)由动能定理有 (2分)
U?=2
解得 (1分)
(2)粒子进入圆形匀强电场区域做类平抛运动，由几何关系得
R=二·呜
竖直方向有 (2分)
=zt
水平方向有 (2分)
E=43m
联立解得 (1分)
(3)由于从P′点射出时，粒子在电场中经历的时间与从P点射出经历的时间相等，设此时粒子进入偏转电
2“-3m
场时的速度为v',则由 (2分)
U′=m2=92
则结合(1)中结论可得 (2分)
(本小题用其他合理方法求得正确结果也可得分)
16.【解析】(1)设小球A未释放时圆弧体离挡板的距离为x,小球A沿圆弧面向下运动过程中，小球A与圆弧
体在水平方向动量守恒，则2mv?=3m v2 (1分)
即2mv?t=3mv?t
即2m(R-x)=3mx (1分)
r=号R
解得 (2分)
(2)设小球A运动到圆弧面最低点时速度大小为v?,圆弧体的速度大小为v?
2mv?=3mv
2mgR=—×2mz2+×3m
根据能量守恒 (1分)
2=√号gR
解得
当圆弧体速度瞬间为零时，设圆弧体对A球的支持力为N,根据牛顿第二定律
N-2mg=2m只
(1分)
N=等mg
解得 (1分)
N′=N=2mg
根据牛顿第三定律可知，小球对圆弧面最低点压力大小 (1分)
(3)设A、B两球碰撞后一瞬间，A球速度大小为v'?,小球B的速度大小为v,则
【高三物理参考答案 第3页(共4页)】 FJ根据动量守恒2mv?=2mv?+mv (1分)
2×2mz2=2×2mv2+m2
根据机械能守恒 (1分)
v?号gR
解得 (1分)
设当钉子离地面的高度为h时，碰撞后一瞬间，细线刚好要断开，则
7mg-mB=m方
(1分)
h?=15R
解得 (1分)
mB=m2
设当钉子离地面的高度为h?时，小球B恰好能做完整的圆周运动，则小球B在最高点时 (1分)
mg×2h2m2—2m2
根据机械能守恒 (1分)
h?=R
解得 (1分)
因此小球B要能做完整的圆周运动，钉子离地面的高度h应满足的条件是
4R
