文档内容
专题 18 电磁感应
考点一 楞次定律
1．（2024·云南期末）实验发现，“钇钡铜氧”合金在液氮温度下电阻几乎为零。在课堂上，物理老
师把条形磁铁N极朝下竖直放在讲桌上，把从液氮中取出的“钇钡铜氧”合金圆环平放在条形磁
铁S极正上方，发现“钇钡铜氧”合金圆环悬浮在磁铁的上方，如图所示。下列说法正确的是（
）
A．“钇钡铜氧”合金圆环中产生顺时针（俯视）的感应电流
B．“钇钡铜氧”合金圆环中产生逆时针（俯视）的感应电流
C．“钇钡铜氧”合金圆环受到的安培力的合力大于所受重力
D．“钇钡铜氧”合金圆环受到的安培力的合力小于所受重力
【答案】B
【详解】AB．“钇钡铜氧”合金圆环悬浮在磁铁的上方，说明受到斥力作用，即“钇钡铜氧”合
金圆环中电流产生的磁场方向向上，由安培定则可判断出“钇钡铜氧”合金圆环中产生逆时针
（俯视）的感应电流，故A错误，B正确；
CD．由于“钇钡铜氧”合金圆环悬浮在磁铁的上方，说明受力平衡，“钇钡铜氧”合金圆环受到
的安培力的合力等于所受重力，故CD错误。
1
学科网（北京）股份有限公司故选B。
2．（2024·泉州期末）图甲为某无线门铃，其工作原理如图乙所示。按下门铃按钮，磁铁靠近螺线
管；松开门铃按钮，磁铁远离螺线管，回归原位置。则（ ）
A．按住按钮不动，门铃可以持续响
B．按下按钮过程，螺线管A端电势较高
C．松开按钮过程，通过门铃的电流方向是A到B
D．快速按下按钮与缓慢按下按钮，螺线管产生的电流大小相同
【答案】C
【详解】A．按住按钮不动，通过螺线管的磁通量不会发生变化，因此就不会产生感应电流，门铃
就不会响，故A错误；
B．按下按钮过程，螺线管中的磁通量要增大，根据楞次定律可知，螺线管中感应电流的磁场要阻
碍原磁通量的变化，结合安培定则可知，螺线管中电流的方向是A到B，螺线管相当于电源，因此
可知螺线管B端电势较高，故B错误；
C．松开按钮过程，通过螺线管的磁通量减小，根据楞次定律可知，螺线管中感应电流的磁场要阻
碍原磁通量的变化，结合安培定则可知，螺线管中电流的方向是B到A，通过门铃的电流方向是A
到B，故C正确；
D．根据法拉第电磁感应定律可知，快速按下按钮，螺线管中磁通量的变化率更大，产生的感应电
动势更大，因此产生的感应电流更大，故D错误。
故选C。
3．（2024·东城期末）金属线框 与一长导线在同一平面内，导线通有恒定电流 。线框由图中位
置Ⅰ匀速运动到位置Ⅱ。在此过程中，有关穿过线框的磁通量与感应电流的方向，下列说法正确
的是（ ）
2
学科网（北京）股份有限公司A．垂直纸面向里的磁通量增大，感应电流方向沿
B．垂直纸面向里的磁通量减小，感应电流方向沿
C．垂直纸面向外的磁通量增大，感应电流方向沿
D．垂直纸面向里的磁通量减小，感应电流方向沿
【答案】B
【详解】由安培定则得，线框所处的导线右侧的磁场为垂直纸面向里，线框由图中位置Ⅰ匀速运
动到位置Ⅱ过程中，线框远离导线，线框所处位置的磁场减弱，所以磁通量垂直纸面向里减小，
根据楞次定律可知，感应电流方向沿abcda。
故选B。
4．（2024·威海期末）如图所示，线圈M与电源、开关和滑动变阻器组成回路，线圈N与电流计G
相连，当电流从电流计的正接线柱流入时，电流计指针向左偏转。以下操作过程可以观察到电流
计指针向左偏转的是（ ）
A．闭合开关的瞬间
B．开关闭合后，滑片P向左匀速移动
C．开关闭合后，滑片P向左加速移动
D．开关闭合后，线圈M与N相互远离
【答案】D
【详解】A．闭合开关的瞬间，上方回路产生逆时针方向增大的电流，根据右手螺旋定则可知，线
圈M中产生向上增大的磁场，所以向上穿过线圈N的磁通量增大，根据楞次定律可知，下方回路
产生的感应电流方向为逆时针方向，电流从右向左通过电流计，即指针向右偏转，故A错误；
B．开关闭合后，滑片P向左匀速移动，滑动变阻器接入电路的电阻减小，上方回路产生逆时针方
向增大的电流，根据右手螺旋定则可知，线圈M中产生向上增大的磁场，所以向上穿过线圈N的
磁通量增大，根据楞次定律可知，下方回路产生的感应电流方向为逆时针方向，电流从右向左通
过电流计，即指针向右偏转，故B错误；
C．开关闭合后，滑片P向左加速移动，滑动变阻器接入电路的电阻减小，上方回路产生逆时针方
向增大的电流，根据右手螺旋定则可知，线圈M中产生向上增大的磁场，所以向上穿过线圈N的
3
学科网（北京）股份有限公司磁通量增大，根据楞次定律可知，下方回路产生的感应电流方向为逆时针方向，电流从右向左通
过电流计，即指针向右偏转，故C错误；
D．开关闭合后，线圈M与N相互远离，向上穿过线圈N的磁通量减小，根据楞次定律可知，下
方回路产生的感应电流方向为顺时针方向，电流从左向右通过电流计，即指针向左偏转，故D正
确。
故选D。
5．（2024·阜阳期末）如图所示， 是矩形导线框 的对称轴，线框左半部分处于垂直纸面向外
的匀强磁场中。下列说法正确的是（ ）
A．将线框 向右匀减速平移，线框中产生的感应电流方向为
B．将线框 向纸面外平移，线框中产生的感应电流方向为
C．将线框 以 为轴向外转动60°，线框中产生的感应电流方向为
D．将线框 以 为轴 向里转动，线框中产生的感应电流方向为
【答案】D
【详解】A．将线框 向右匀减速平移，穿过线圈的磁通量向外减小，根据楞次定律可知，线
框中产生的感应电流方向为 ，故A错误；
B．将线框 向纸面外平移，穿过线圈的磁通量保持不变，线框中不会产生感应电流，故B错
误；
C．将线框 以 为轴向外转动60°，穿过线圈的磁通量保持不变，线框中不会产生感应电
流，故C错误；
D．将线框 以 为轴 向里转动，将线框 以 为轴 向里转动，穿过线圈的磁通量
向外减小，根据楞次定律可知，线框中产生的感应电流方向为 ，故D正确。
故选D。
6．（2024·广安期末）如图甲所示，绝缘水平桌面上放置一铝环Q，在铝环的正上方附近放置一个螺
线管P。设电流从螺线管a端流入为正，在螺线管中通入如图乙所示的电流，则以下说法中正确的
是（ ）
4
学科网（北京）股份有限公司A．0~1s内，铝环面积有扩张的趋势
B．1s末，铝环对桌面的压力大于铝环的重力
C．1．5s末、2．5s末两时刻，铝环中的电流方向相反
D．0~2s内，铝环中的电流先沿顺时针、后沿逆时针方向（俯视）
【答案】D
【详解】A．0～1s线圈中电流增大，产生的磁场增大，铝环中磁通量增大，有面积缩小趋势，故
A错误；
B．1s末铝环中感应电流最大，但螺线管中电流为零，没有磁场，与铝环间无相互作用，所以1s
末圆环对桌面的压力等于圆环的重力，故B错误；
C．1～2s正方向电流减小，2～3s反向电流增大，根据楞次定律，铝环中感应电流的磁场方向不
变，感应电流方向不变，故C错误；
D．0～1s线圈中电流增大，产生的磁场增大，铝环中磁通量增大，根据楞次定律可知，从上往下
看，0～ls内圆环中的感应电流沿顺时针方向；1s～2s线圈中电流减小，产生的磁场减弱，铝环中
磁通量减小，根据楞次定律可知，从上往下看，1s～2s内圆环中的感应电流沿逆时针方向；则
0~2s内，铝环中的电流先沿顺时针、后沿逆时针方向（俯视）；故D正确。
故选D。
考点二 涡流 电磁阻尼 电磁驱动
7．（2024·宁波期末）一辆货车将若干电流表运往宁波某中学（右图为电流表内部结构），为了防止
在运送过程中电流表指针的晃动，现用导线将两个接线柱连接起来，请问连接哪两个接线柱效果
最佳（ ）
A．连接接线柱“-”与接线柱“0.6” B．连接接线柱“-”与接线柱“3”
C．连接接线柱“0.6”与接线柱“3” D．把接线柱“0.6”接地
【答案】A
【详解】电流表晃动使线圈产生感应电动势，根据电流表内部结构可知，当用导线连接接线
柱“-”与接线柱“0.6”时，流过表头的电流最大，阻尼效果最好。
5
学科网（北京）股份有限公司故选A。
8．（2024·赤峰期末）为了使灵敏电流计的指针在零刻度附近快速停下，实验小组的同学利用“电磁
阻尼”来实现。他们设计了如图所示的甲、乙两种方案。甲方案：在指针转轴上装上扇形铝板，
磁场位于铝板中间；乙方案：在指针转轴上装上扇形铝框，磁场位于铝框中间。下列说法正确的
是（ ）
A．甲方案中，铝板摆动时磁通量不变，不会产生感应电流
B．甲方案中，铝板摆动时能产生涡流，起到电磁阻尼的作用
C．乙方案中，铝框小幅度摆动时会产生感应电流
D．乙方案比甲方案更合理
【答案】B
【详解】AB．甲方案中，铝板摆动时，扇形铝板的半径切割磁感应线，在铝板内产生涡流，起电
磁阻尼的作用，指针能很快停下来，故A错误，B正确；
CD．乙方案中，当指针偏转角度较小时，铝框中磁通量不变，不能产生感应电流，起不到电磁阻
尼的作用，指针不能很快停下，因此，甲方案更合理，故CD错误。
故选B。
9．（2024·淄博期末）如图甲所示为淄博市科技馆的“磁阻尼摆”，支架中间设置永磁体构成的磁
场，磁场中分别悬挂着由铝片和塑料片制成的摆，其示意图如图乙所示，将铝摆拉到某一位置由
静止释放、发现铝摆很快就停下来。下列说法正确的是（ ）
A．同样条件下，用塑料摆做实验比用铝摆能够更快停下来
B．铝摆摆动过程中，摆片中产生涡流，受到阻碍其运动的安培力作用，使之很快停下来
6
学科网（北京）股份有限公司C．塑料摆摆动过程中，摆片中也会产生涡流
D．若所加磁场反向，铝摆摆片将受到安培力的驱动，摆动加快
【答案】B
【详解】ABC．将铝摆拉到某一位置由静止释放、发现铝摆很快就停下来是因为电磁阻尼的作
用，原理为铝摆摆动过程中，摆片中产生涡流，受到阻碍其运动的安培力作用，使之很快停下
来，塑料摆动过程中，由于塑料内部没有自由电子，不能形成涡流，所以用塑料摆做实验不会比
用铝摆能够更快停下来，故B正确，AC错误；
D．若所加磁场反向，铝摆摆片仍然受到阻碍其运动的安培力作用，会很快停下来，故D错误。
故选B。
10．（2024·重庆期末）关于教材中的四幅插图，下列说法正确的是（ ）
A．图甲：当摇动手柄使得蹄形磁铁转动，铝框会反向转动
B．图乙：给真空冶炼炉通入高频交流电，通电的导线会产生大量热量，从而冶炼金属
C．图丙：在蹄形磁铁两极间自由转动的铜盘，如果忽略摩擦，铜盘会一直转动下去
D．图丁：微安表的表头在运输时要把两个正、负接线柱用导线连在一起从而保护电表指针，这
是利用了电磁阻尼原理
【答案】D
【详解】A．当摇动手柄使得蹄形磁铁转动，铝框会同向转动，但转得比磁铁慢，故A错误；
B．给真空冶炼炉通入高频交流电，炉内的金属中会产生涡流，从而产生大量热量，从而冶炼金
属，故B错误；
C．在蹄形磁铁两极间自由转动的铜盘，就算摩擦极小，也会因产生感应电流，在电磁阻尼的作
用下，而停下，故C错误；
D．微安表的表头在运输时要把两个正、负接线柱用导线连在一起（从而保护电表指针） 这是利
用了电磁阻尼原理，故D正确。
故选D。
11．（2024·桂林期末）考生入场时，监考老师要用金属探测器对考生进行安检后才允许其进入考
场。探测器内有通电线圈，当探测器营近金属材料物体时，就会引起探测器内线圈中电流变化，
报警器就会发出警报；靠近非金属物体时则不发出警报。关于探测器主要利用的原理正确的是（
）
7
学科网（北京）股份有限公司A．牛顿运动定律 B．动量守恒定律
C．法拉第电磁感应定律 D．热力学定律
【答案】C
【详解】当线圈靠近金属物体时，在金属物体中产生涡电流，相当于闭合电路的部分导体在切割
磁感线，故在金属中会产生电流，而金属中的电流产生的磁场又引起线圈中的磁通量发生变化，
进而引起线圈中电流的变化，报警器发出警报。则探测器主要利用法拉第电磁感应定律。
故选C。
12．（2024·上饶期末）学完电磁感应涡流的知识后，某个同学回家制作了一个简易加热器，如图所
示，在线圈上端放置一盛有冷水的金属杯，现接通交流电源，过了几分钟，杯内的水沸腾起来。
若要缩短上述加热时间，下列措施可行的是（ ）
A．将金属杯换为陶瓷杯 B．增加线圈的匝数
C．取走线圈中的铁芯 D．将交流电源换成电动势更大的直流电源
【答案】B
【分析】由题意可知，本题是涡流现象的应用，即采用线圈产生变化的磁场使金属杯产生感应电
流，从而进行加热。
【详解】A．将金属杯换为陶瓷杯，陶瓷杯不产生感应电流，不会产生涡流，无法加热杯内的水，
A不符合题意；
B．由法拉第电磁感应定律可知，增加线圈的匝数，可以提高金属杯产生的感应电动势，进而增
大金属杯的感应电流，提高加热功率，则可以缩短加热时间，B符合题意；
C．取走线圈中的铁芯，线圈产生的磁场减弱，金属杯产生的感应电动势减小，进而金属杯的感应
电流减小，加热功率减小，则会增加加热时间，C不符合题意；
D．将交流电源换成电动势更大的直流电源，线圈不产生变化的磁场，金属杯不会产生感应电
流，不会产生涡流，D不符合题意；
故选B。
13．（2024·温州期末）高达632米的上海中心大厦，在工程师的巧妙设计下，它能抵挡15级大风，
位于第126层的“电涡流摆设式调谐质量阻尼器”起到了关键作用。这款阻尼器由我国自主研
发，重达1000吨，在大厦受到风力作用摇晃时，阻尼器质量块由于惯性产生反向摆动，在质量
8
学科网（北京）股份有限公司块下方圆盘状的永磁体与楼体地板正对，由于电磁感应产生涡流，从而使大厦减振减摆，其简化
示意图如图所示。下列关于该阻尼器的说法正确的是（ ）
A．质量块下方相对的地板可以是导体也可以是绝缘体，对减振效果没有影响
B．阻尼器的振动频率取决于自身的固有频率
C．大厦受到风力作用摇晃时，阻尼器质量块的振动频率小于大厦的摇晃频率
D．地板随大厦摇晃时，在地板内产生涡流，使大厦摇晃的机械能最终转化为热能
【答案】D
【详解】A．在质量块下方圆盘状的永磁体与楼体地板相对，由于电磁感应产生涡流，从而使大
厦减振减摆，可知该阻尼器为电磁阻尼，只有下方地板是导体时，方可会起作用。故A错误；
BC．大厦受到风力作用摇晃时，阻尼器做受迫振动，阻尼器质量块的振动频率等于大厦的摇晃频
率。故BC错误；
D．地板随大厦摆动时，在地板内产生涡流，地板导体内有电阻，使大厦摆动的机械能最终转化
为热能逐渐耗散掉，符合电磁阻尼原理。故D正确。
故选D。
考点三 互感和自感
14．（2024·江苏期末）如图1所示，大功率家用电器的插头常配备漏电保护装置，工作原理如图2所
示，其中“零序电流互感器”可视为闭合铁芯。正常用电时，火线和零线的电流等大反向；出现
漏电时，快速响应电路能够在毫秒级的时间内检测到漏电并触发断路器，使触头弹起从而自动切
断电源。下列说法中正确的是（ ）
A．漏电保护装置利用的原理是互感现象
B．图2中零线应该置于互感器的外面，否则无法正常使用
9
学科网（北京）股份有限公司C．正常用电时，M和N两点之间没有电压
D．出现漏电时，M和N两点之间没有电压
【答案】C
【详解】ACD．若火线和零线电流始终等大反向，则穿过零序电流互感器的磁通量不发生变化，
零序电流互感器无感应电动势，则与之构成闭合回路的断路器两端MN间无电压，但若发生漏
电，则由火线、用电器、零线构成的闭合回路中，流经火线与零线的电流大小将不再相等，从而
使穿过零序电流互感器的磁通量发生变化，产生感应电动势，触发断路器，使触头弹起从而自动
切断电源，保护电路，即此时断路器两端MN间有电压，由此可知漏电保护装置应用了电磁感应
的原理而不是利用互感，故C正确，AD错误；
B．图2中若零线置于互感器的外面，则发生漏电时，零序电流互感器不能感应到通过火线的电
流变化，因此互感器不能正常使用，只有零线与火线同在互感器里面，互感器通过感应相反电流
产生的磁场是否变化从而做出反馈，因此图2中零线应该置于互感器的里面，故B错误。
故选C。
15．（2024·怀柔期末）在如图所示的电路中， 和 是两个相同的灯泡。线圈L的自感系数足够
大，电阻可以忽略不计，下列说法正确的是（ ）
A．闭合开关S时， 和 同时亮
B．闭合开关S时， 先亮， 逐渐变亮，稳定时亮度相同
C．断开开关S时， 闪亮一下再熄灭
D．断开开关S时，流过 的电流方向向左
【答案】B
【详解】AB. 闭合开关S时， 立刻亮；由于A 支路的线圈阻碍电流的增加，则 逐渐亮起
1
来，由于 和 是两个相同的灯泡，线圈L的电阻可以忽略不计，则稳定时亮度相同，选项A
错误，B正确；
CD. 断开开关S时，通过 原来的电流立刻消失，而在A 支路由于线圈L阻碍电流的减小，产
1
生自感电动势相当于电源，在A 和A 中重新形成回路，可知两灯都会慢慢熄灭，流过 的电流
1 2
方向向右，由于稳定时通过两灯的电流相同，则 不会闪亮一下再熄灭，选项CD错误。
10
学科网（北京）股份有限公司故选B。
16．（2024·广州期末）某同学为了观察断电自感现象，找来带铁芯线圈L、小灯泡A、开关S和电池
组E，用导线将它们连成如图电路。检查电路后，闭合开关S，小灯泡正常发光；再断开开关S，
小灯泡未能出现闪亮现象。你认为可能的原因是（ ）
A．线圈的电阻偏大 B．小灯泡的电阻偏大
C．电源的电动势偏小 D．线圈的自感系数偏大
【答案】A
【详解】由电路图可知，灯泡与线圈并联后接入电路，断开开关瞬间，灯泡中原来的电流消失；
根据楞次定律，线圈产生自感电动势，与灯泡组成闭合电路，所以流过灯泡的电流从线圈原来的
电流逐渐减小，灯泡不发生闪亮现象，说明电路中的电流稳定时流过灯泡的电流较大，流过线圈
的电流较小，根据欧姆定律
可知灯泡不发生闪亮的原因是由于线圈的电阻值大于灯泡的电阻值，电源的电动势偏小不能改变
稳定时灯泡和线圈中的电流的大小关系；线圈的自感系数较大，产生的自感电动势较大，但不能
改变稳定时灯泡和线圈中电流的大小关系。故A正确，BCD错误。
故选A。
17．（2024·扬州期末）如图所示是研究自感现象的电路图，L是自感系数很大的线圈，其直流电阻几
乎为零，两个灯泡A、B完全相同，下列说法正确的是（ ）
A．开关闭合瞬间，灯B不亮 B．电路稳定时，灯A、B一样亮
C．开关断开瞬间，流过灯B的电流向左 D．开关断开瞬间，灯A、B同时熄灭
【答案】C
【详解】A．开关闭合瞬间，线圈L相当于电源，根据楞次定律，线圈L左端正极，右端负极，
灯A和灯B同时亮，A错误；
11
学科网（北京）股份有限公司B．电路稳定时，线圈L相当于导线，灯B被短路，灯B不亮，灯A亮，B错误；
CD．开关断开瞬间，线圈L相当于电源，给灯B供电，B灯闪亮一下再熄灭，A灯立即熄灭；根
据楞次定律，线圈L的右端为正极，流过灯B的电流向左，C正确，D错误。
故选C。
18．（2024·威海期末）（多）如图所示的电路中，L为自感系数很大的线圈，其自身的电阻几乎为
0，A、B和C是三只相同的小灯泡，S为开关。下列说法正确的是（ ）
A．S闭合瞬间，A立即发光，B和C逐渐变亮
B．S断开后，A闪亮后熄灭，B逐渐熄灭，C立即熄灭
C．S断开后，L中的磁场能转化为电能
D．S断开瞬间，A右端电势高于左端
【答案】CD
【详解】A．S闭合瞬间，小灯泡A与小灯泡C串联后直接与电源相连，因此A和C立即发光，
而小灯泡B因为线圈L产生自感电动势阻碍电流增大，因此逐渐变亮，A错误；
B．电路稳定后，A、B中的电流相等，S断开时，小灯泡A、B和线圈L构成闭合回路，线圈的
自感电动势产生闭合回路中的电流，此时的电流不大于原来的电流，因此A不会闪亮，则A、B
会逐渐熄灭，C立即熄灭，B错误；
C．电路稳定后，线圈中储存有磁场能，S断开瞬间，线圈中产生自感电动势继续点亮小灯泡A、
B，因此S断开后，L中的磁场能转化为电能，C正确；
D ．S断开瞬间，通过线圈Ｌ的电流减小，则线圈Ｌ产生的自感电动势右端电势高，因此流过A
的电流方向从右向左，则A右端电势高于左端，D正确。
故选CD。
19．（2024·泉州期末）（多）如图所示，a、b灯分别标有“3.6V，2.5W”和“3.6V，4.0W”，闭合开
关，调节R，能使a、b都正常发光。断开开关后重做实验，则（ ）
12
学科网（北京）股份有限公司A．闭合开关，a将慢慢亮起来，b立即达到最亮
B．闭合开关，a、b立即达到最亮
C．断开开关，a逐渐熄灭，b灯闪亮一下再熄灭
D．断开开关，a、b都逐渐熄灭
【答案】AD
【详解】AB．闭合瞬间，L相当于断路，b立刻变亮，a逐渐变亮，故A正确，B错误；
CD．闭合开关稳定时，a的亮度比b的小；根据 知通过a的电流小；电键断开，L相当于电
源与两个灯泡串联，逐渐熄灭，由于稳定后a灯的电流小于b灯，所以电键断开瞬间b灯的电流
比稳定时的电流小，b灯不会再闪亮一下，故C错误，D正确。
故选AD。
20．（2024·宣城期末）（多）如图所示，某同学利用电压传感器来研究电感线圈工作时的特点。图
甲中三个灯泡完全相同，不考虑温度对灯泡电阻的影响。在闭合开关S的同时开始采集数据，当
电路达到稳定状态后断开开关。图乙是由传感器得到的电压u随时间t变化的图像。不计电源内
阻及电感线圈L的直流电阻。下列说法正确的是（ ）
A．开关S闭合瞬间，流经灯 和 的电流相等
B．开关S闭合瞬间至断开前，流经灯 的电流保持不变
C．开关S断开瞬间，灯 闪亮一下再熄灭
D．根据题中信息，可以推算出图乙中
【答案】AD
13
学科网（北京）股份有限公司【详解】AB．开关S闭合瞬间，由于电感线圈的强烈阻碍作用，灯D 没有电流通过，灯 和
3
串联，流经灯 和 的电流相等，通过电感的电流逐渐增大，稳定后灯 和 并联再与 串
联，流过灯 的电流改变，故A正确，B错误；
C．开关S断开瞬间，由于电感线圈阻碍电流减小的作用，由电感线圈继续为灯 和 提供电
流，又因为电路稳定的时候，流经灯 和 的电流相等，所以灯逐渐熄灭，并不会闪亮，故C
错误；
D．开关S闭合瞬间，灯 和 串联，电压传感器所测电压为D 两端电压，有
2
电路稳定后，流过D 的电流为
3
开关S断开瞬间，电感线圈能够提供与之前等大电流，故其两端电压为
解得
故D正确。
故选AD。
21．（2024·西安期末）（多）在如图所示的电路中，L是自感系数足够大的线圈，它的电阻可忽略不
计， 和 是两个完全相同的小灯泡，下列说法正确的是（ ）
A．当闭合开关S时， 、 同时亮，最后两灯一样亮
B．闭合开关S后， 亮后逐渐变暗， 亮后逐渐变亮
C．当断开开关S时，两灯同时熄灭
D．断开开关S时， 立即熄灭， 亮一下然后逐新熄灭
【答案】BD
14
学科网（北京）股份有限公司【详解】AB．开关闭合瞬间，L 和L 同时亮，由于线圈L的自感现象，L中的电流逐渐增大并
1 2
达到最大，此时L 中电流逐渐减小并趋于零，L 中电流增大，因此闭合开关后，L 亮后逐渐变
1 2 1
暗，L 亮后逐渐变亮，故A错误，B正确；
2
CD．开关断开后，由于L 中无电流，因此L 立即熄灭，L 与线圈L构成闭合回路，由于自感现
2 2 1
象，因此L 会亮一下然后逐渐熄灭，电流方向从B通过L 流到A，故C错误，D正确。
1 1
故选BD。
22．（2024·通化期末）如图所示装置中，平行导轨光滑、水平放置，cd杆原来静止。当ab杆做如下
哪种运动时，cd杆将向左移动（ ）
A．向左加速运动 B．向左减速运动
C．向右加速运动 D．向右匀速运动
【答案】A
【详解】A．ab杆向左加速运动，根据右手定则，知在ab杆上产生增大的b到a的电流，根据安
培定则，在L 中产生向下增强的磁场，该磁场向上通过L ，根据楞次定律，在cd杆上产生d到c
1 2
的电流，根据左手定则，受到向左的安培力，向左运动，故A正确；
B．ab杆向左减速运动，根据右手定则，知在ab杆上产生减小的b到a的电流，根据安培定则，
在L 中产生向下减弱的磁场，该磁场向上通过L ，根据楞次定律，在cd杆上产生c到d的电流，
1 2
根据左手定则，cd杆受到向右的安培力，向右运动，故B错误；
C．ab杆向右加速运动，根据右手定则，知在ab杆上产生增大的a到b的电流，根据安培定则，
在L 中产生向上增强的磁场，该磁场向下通过L ，根据楞次定律，在cd杆上产生c到d的电流，
1 2
根据左手定则，cd杆受到向右的安培力，向右运动，故C错误；
D．ab杆向右匀速运动，在ab杆中产生恒定的电流，该电流在线圈L 中产生恒定的磁场，在L
1 2
中不产生感应电流，所以cd杆不动，故D错误。
故选A。
23．（2024·黄冈期末）如图所示，置于匀强磁场中的金属圆盘中央和边缘各引出一根导线，与套在
铁芯上部的线圈A相连，套在铁芯下部的线圈B引出两根导线接在两根水平光滑导轨上，导轨上
有一根金属棒ab静止处在垂直于纸面向外的匀强磁场中，下列说法正确的是（ ）
15
学科网（北京）股份有限公司A．圆盘顺时针加速转动时，ab棒将向右运动
B．圆盘逆时针减速转动时，ab棒将向右运动
C．圆盘顺时针匀速转动时，ab棒将向右运动
D．圆盘逆时针加速转动时，ab棒将向右运动
【答案】D
【详解】A．由右手定则可知，圆盘顺时针加速转动时，感应电流从圆心流向边缘，线圈A中产
生的磁场方向向下且磁场增强。由楞次定律可知，线圈B中的感应磁场方向向上，由右手螺旋定
则可知，ab棒中感应电流方向由a→b，由左手定则可知，ab棒受的安培力方向向左，ab棒将向
左运动，选项A错误；
B．若圆盘逆时针减速转动时，感应电流从边缘流向圆心，线圈A中产生的磁场方向向上且磁场
减小。由楞次定律可知，线圈B中的感应磁场方向向上，由右手螺旋定则可知，ab棒中感应电流
方向由a→b，由左手定则可知，ab棒受的安培力方向向左，ab棒将向左运动，选项B错误；
C．当圆盘顺时针匀速转动时，线圈A中产生恒定的电流，那么线圈B的磁通量不变，则ab棒没
有感应电流，则将不会运动，选项C错误；
D．由右手定则可知，圆盘逆时针加速转动时，感应电流从边缘流向中心，线圈A中产生的磁场
方向向上且磁场增强，由楞次定律可知，线圈B中的感应磁场方向向下，由右手螺旋定则可知，
ab棒中感应电流方向由b→a，由左手定则可知，ab棒受的安培力方向向右，ab棒将向右运动，
选项D正确。
故选D。
24．（2024·南通期末）如图所示，用丝线将一个圆形金属板悬于O点，竖直虚线左边有垂直于纸面
向外的匀强磁场，而右边没有磁场，不计空气阻力，现将金属板从图示位置由静止释放，金属板
面在摆动过程中始终与磁场垂直．下列说法正确的是（ ）
16
学科网（北京）股份有限公司A．金属板离开磁场时板内不产生感应电流，进入磁场时板内产生感应电流
B．板内始终不能产生感应电流，金属板摆动不会停止
C．金属板的摆动幅度逐渐减小，摆动一段时间后会停止
D．板内虽然能产生感应电流，但受到的安培力合力为零，故金属板摆动幅度不会改变
【答案】C
【详解】AB．当金属板进入或离开磁场区域时都磁通量发生变化，都会产生电流，故AB错误；
CD．环在运动过程中在摆进或摆出磁场时有感应电流产生，根据楞次定律得出感应电流的产生
会阻碍线圈运动，即有机械能通过安培力做负功转化为内能，所以板的摆动幅度逐渐减小，摆动
一段时间后会停止，故C正确，D错误；
故选C。
25．（2024·沙坪坝期末）如图甲所示，一个匝数 的圆形导体线圈，总电阻 ，在线圈内
存在面积为 且垂直线圈平面的匀强磁场区域，外电路中灯 、 的电阻始终为6Ω（可忽略
温度对电阻影响），L是自感系数很大、直流电阻可忽略的自感线圈。 时刻闭合开关S，同
时控制线圈内的磁感应强度B随时间t变化的规律如图乙（取垂直线圈平面向外的磁场方向为
正），则下列说法正确的是（ ）
A．0~8s通过灯L的电流方向始终为
B．若 时断开开关，灯 会立马熄灭
C．由于自感线圈的存在，灯 的亮度始终比灯 亮
D．2~4s内灯 产生的热量为3J
17
学科网（北京）股份有限公司【答案】D
【详解】A．0~8s磁感应强度B的变化率恒定，由楞次定律可判断感应电流的方向始终为
，A错误；
B．断开开关后，线圈与两灯一起构成一个自感回路， 、 不会立即熄灭，B错误；
C．由于线圈的自感阻碍，灯 后发光，逐渐变亮，由于线圈的电阻忽略不计，则最后两灯一样
亮，C错误；
D．根据达拉第电磁感应定律可得，电动势
，
2~4s内灯 产生的热量
D正确。
故选D。
26．（2024·宁波期末）如图所示，某同学利用电压传感器来研究电感线圈工作时的特点。图甲中三
个灯泡完全相同，不考虑温度对灯泡电阻的影响。在闭合开关S的同时开始采集数据，当电路达
到稳定状态后断开开关。图乙是由传感器得到的电压 随时间 变化的图像。不计电源内阻及电感
线圈 的电阻。下列说法正确的是（ ）
A．开关S闭合瞬间，流经灯 和 的电流相等
B．开关S闭合瞬间至断开前，流经灯 的电流保持不变
C．开关S断开瞬间，灯 闪亮一下再熄灭
D．根据题中信息，可以推算出图乙中
【答案】A
【详解】AB．开关S闭合瞬间，由于电感线圈的强烈阻碍作用，灯D 没有电流通过，灯 和
3
串联，流经灯 和 的电流相等，设每个灯泡的电阻为R，故
18
学科网（北京）股份有限公司稳定后灯 和 并联再与 串联，流过 的电流为
故A正确，B错误；
C．开关S断开瞬间，由于电感线圈阻碍电流减小的作用，由电感线圈继续为灯 和 提供电
流，又因为电路稳定的时候，流经灯 和 的电流相等，所以灯 逐渐熄灭，故C错误；
D．开关S闭合瞬间，灯 和 串联，电压传感器所测电压为D 两端电压，由欧姆定律
2
电路稳定后，流过D 的电流为
3
开关S断开瞬间，电感线圈能够为 和 提供与之前等大电流，故其两端电压为
所以
故D错误。
故选A。
19
学科网（北京）股份有限公司
