物理参考答案长沙市2025年新高考适应性考试_2025年1月_250114长沙市2024-2025学年高三上学期新高考适应性考试（全科）_湖南省长沙市2024-2025学年高三上学期新高考适应性考试物理

长沙市 2025 年新高考适应性考试 物理参考答案 选择题（一、二大题）：共44分 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 B B A C D C CD AD BD AC 非选择题（第三大题）：共56分。 11．（6分）【答案】 （1）0.45 675 （2）C 12．（10分）【答案】（1） D 见图答1 （2）2.5（2.4-2.6均可） （3）PTC PTC型热敏电阻的阻值随温度升高而增大，当电路中的电流较小时，PTC热敏电阻的阻 值较小，串联分得的电压较小；当电路中的电流较大时，PTC 热敏电阻的阻值较大， 串联分得的电压较大，使得其他元件两端的电压不至于过大，从而防止电流过大。 【解析】 （1）因为要求热敏电阻两端的电压从零开始逐渐增大，所以滑动变阻器采用分压式接法，为了便于 调节，应选用阻值较小的滑动变阻器R 。 1 图答1 （2）由题意可知，图乙中I -I 图线可以对应热敏电阻的U-I图线，纵坐标的10mA对应电压为10V。 1 2 在图乙中作出 E=10V，内阻 r=10Ω 的电源的 U-I 图像，其与曲线的交点坐标的乘积即为所要 求的实际功率，P = U I = 4.4V×0.56A ≈ 2.5W 图答2 （3）PTC型热敏电阻的阻值随温度升高而增大，当电路中的电流较小时，PTC热敏电阻的阻值较小， 串联分得的电压较小；当电路中的电流较大时，PTC热敏电阻的阻值较大，串联分得的电压较 大，使得其他元件两端的电压不至于过大。 物理参考答案第1页（共4页）13．（10分）【解析】 （1）因为活塞上升过程是一个缓慢过程，所以该过程是可以近似认为是等温变化，根据玻意耳定律得： p V = p V 0 0 1 1 2 其中 p  p ，解得V = 1.5 V 1 3 0 1 0 （2）根据玻意耳定律 p （V －V）= p （V －V） 0 0 2 1 1 解得V  V 4 0 14．（14分）【解析】 mg （1）由qE mg 得：E  1N/C 1 1 q v2 d qv Bm 0 ，r 10m 0 r sin 解得：B0.1T （2）设微粒在Ⅰ区域中做匀速圆周运动的时间为t 1 2r 2m T   2s v qB 0  1  则：t  T  T  s 1 360 6 3 设微粒在Ⅱ区域中运动的时间为t 2 微粒在竖直方向做自由落体运动 令CO=H H r(1cos)5m H  1 gt2 2 2 解得：t =1 s 2 所以tt t (  +1)s 1 2 3 （3）因重力与电场力大小相等，微粒在Ⅱ区域所受合力与竖直方向夹角为 45°，大小为 2mg。沿 合力方向和垂直合力方向建立平面直角坐标系，如图所示。 微粒可看成是做类斜抛运动，即在x方向做匀速直线运动，y方向做匀变速直线运动。 当y方向（沿合力方向）速度为0时，微粒动能最小。 此过程的时间 v sin45 t  0 0.5s 2g 此过程微粒在竖直方向下落高度 h 1 g(t)2 1.25m 2 此时微粒离地面的高度 hH h3.75m 物理参考答案第2页（共4页）15．（16分）【解析】 （1）对车厢，由动能定理可得 Fd  1 Mv2 2 0 2Fd 解得：v  0 M （2）车厢与滑块的碰撞为弹性碰撞，设第一次碰撞后车厢和滑块的速度分别为v 、v M m 由机械能守恒定律： 1 Mv2  1 Mv2  1 mv2 2 0 2 M 2 m 动量守恒定律: Mv Mv mv 0 M m M m 2M 解得：v  v ，v  v M M m 0 m M m 0 第一次碰撞到第二次碰撞之间，车厢与滑块的位移分别为x 、x M m x v t x v t M M ， m m x x L m M M m 解得x  L M M m （3）每一次碰撞后车厢的运动过程中 由动量定理ft Mv，即kvt Mv 累加后得ksMv 第一次碰撞前，车厢的路程为d，所以kd M(v v) 0 kd 碰撞前车厢的速度vv  0 M 设第n次碰撞后，车厢的速度为v ，滑块的速度为v ，第n次碰撞至停下，车厢的路程为s 。 n n n 第一次碰撞，由机械能守恒定律： 1 Mv2  1 mv2  1 Mv2 2 1 2 1 2 动量守恒定律：Mv mv Mv 1 1 M m 2M 解得v  v，v  v 1 M m 1 M m 第一次碰撞后，对车厢：ks Mv 1 1 Mv M(M m) 解得s  1  v 1 k k(M m) 第二次碰撞，由机械能守恒定律： 1 mv2 1 Mv2  1 mv2 2 2 2 2 2 1 动量守恒定律：Mv mv mv 2 2 1 物理参考答案第3页（共4页）2m M m 解得v  v ，v  v 2 M m 1 2 M m 1 所以第二次碰撞后车厢的路程 Mv 2Mm 2Mm 2M 4M2m s  2  v   v  v。 2 k k(M m) m k(M m) M m 1 k(M m)2 M m 此后的每次碰撞前滑块的速度大小都变为前一次的 倍，车厢均静止。 M m Mv M M m M m 所以第三次碰撞后车厢的路程s  3   v  s 3 k k M m 2 M m 2 第四次碰撞后车厢的路程s  Mv 4 （ M m ）2s 4 k M m 2 第n次碰撞后车厢的路程s （ M m ）n-2s n M m 2 2M2 根据等比数列求和公式求得车厢在第二次及以后的路程之和s v k(M m) M(M m) 2M2 所以：s d s sd v v 总 1 k(M m) k(M m) 3M2Mm kd d  (v  ) k(M m) 0 M 物理参考答案第4页（共4页）