THUSSAT2023年3月诊断性测试理科综合物理答案_2024年2月_01每日更新_16号_2023届THUSSAT中学生标准学术能力高三下学期3月月诊断性测试

中学生标准学术能力诊断性测试 2023 年 3 月测试 理科综合试卷 物理参考答案 二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14～ 18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。全部选对的得 6分， 选对但不全的得3分，有选错的得0分。 14 15 16 17 18 19 20 21 A D B B C BC CD AC 三、非选择题：共62分。 22．（6分） 答案： （1）5.543—5.547 （2分） （2）闭合开关 S，将滑动变阻器调到适当位置，调节电阻箱的阻值直到灵敏电流计示数为 0，并读出电阻箱示数R 。（2分） 0 RR R  1 0 （2分） x R 2 23．（9分） 答案： （1）m x =m x m x （2分） A 2 A 1 B 3 （2）x+x x （2分） 1 2 3 1 2 2 1 （3）  =  Δt Δt Δt Δt （2分） 1 2 4 3 1 1 1 1 （4）    Δt Δt Δt Δt （2分） 1 2 3 4 （5）只要言之有理均可给分（1分） 24．（12分） 解析： 1 （1）由sinC 可知临界角C ＜C （2分） n 甲 乙 由题意可知发生全反射的是单色光甲，由几何关系可知C （1分） 甲 第1页 共5页1 sinC  0.6 甲 n 1 C 37 （1分） 甲 （2）设乙光射出玻璃三棱镜的折射角为 sin n  （2分） 2 sinθ 3 sin 4 设单色光乙从玻璃三棱镜出射点到光屏通过的距离为x L 4 7 x  L （1分） cos 7 单色光乙在玻璃三棱镜中传播速度 c v  （2分） 2 n 2 射到屏上的单色光从射入玻璃三棱镜到射到光屏所用时间 a tanθ x 2 t   （2分） v c 2 15 4 7 a L 32 7 解得：t  （1分） c 25．（15分） 解析： （1）弹簧的弹性势能最小时，小物块B恰能通过半圆形轨道的最高点，设小物块B通过半 圆形轨道的最高点时速度为v，由牛顿第二定理可得： 第2页 共5页v2 m g m （1分） B B R 设小物块B通过半圆形轨道的最低点时速度为v ，由机械能守恒定律可得： B 1 1 m v2  m v2m g2R （2分） 2 B B 2 B B 设A、B与弹簧分离时，A的速度大小为v ，由动量守恒定律可得： A m v m v （1分） A A B B 对A、B与弹簧组成的系统，由能量守恒定律可得： 1 1 E  m v2  m v2 （2分） P 2 A A 2 B B 由以上各式解得： E 250J （1分） P （2）小物块A沿斜面上滑的过程中，由动能定理可得： 1 (m gsinm gcos)L0 m v2 （2分） A A 2 A A v2 解得L A （1分） 2g(sincos) 当sincos取最大值时，L最小，由数学知识可知 sincos 12sin()，其中tan0.75，可得37（1分） 故当90，即53时，L取最小值 （2分） 则小物块A沿斜面向上滑行的最短距离 v2 L A 16m （2分） 2g 12 26．（20分） 解析： （1）设带电粒子的质量为m，电荷量为q，电场强度为E，磁感应强度为B，从b点到e点， 粒子做类平抛运动，竖直方向做匀速直线运动 2Rv t （1分） 0 水平方向做初速度为0的匀加速直线运动 Eqma （1分） 第3页 共5页1 R at2 （1分） 2 由以上三式可解得 mv2 E  0 （1分） 2qR 设粒子通过e点时，水平分速度为v，速度与竖直方向的夹角为θ x v at （1分） x v tan x （1分） v 0 粒子在磁场中运动的速度v v2 v2 （1分） 0 x R 由几何关系可知，粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的半径r  （1分） cos v2 由牛顿第二定律可得：qvBm （1分） r mv 解得B 0 （1分） qR E v 则电场强度与磁感应强度的大小之比  0 （1分） B 2 （2）由圆周运动的对称性可知，粒子从 f 点离开磁场时，竖直分速度为 v ，水平分速度为 0 v x 若粒子从ab边射出电场，则从f点运动到ab边应满足2Rv t （1分） 0 1 2R 解得t  1 v 0 1 若粒子从ad边射出电场，则从f点运动到ad边应满足Rv t  at2 （1分） x 2 2 2 2( 21)R 解得t  2 v 0 由于t＞t ，故粒子从ad边射出电场 （1分） 1 2 2 2R 粒子在电场中运动的时间t tt  （1分） E 2 v 0 第4页 共5页2 2r R 粒子在磁场中运动的时间t    （1分） B 2 v 2v 0 t 4 2 则粒子在电场和磁场中运动的时间之比 E  （1分） t  B （3）设粒子射出电场时速度的大小是v ，从f点到ad边，由动能定理可得 1 1 1 EqR mv2  mv2 （1分） 2 1 2 解得：v  3v （1分） 1 0 设粒子射出电场时与x轴的距离为d 则d v t 2( 21)R （1分） 0 2 第5页 共5页