文档内容
2022~2023 学年度（上）期末教学质量监测
高二物理
时间：75分钟 分值：100分
命题人：邱翠 周立英 郭永义 刘立恒 校对、审核：裴为
注意事项：
1. 答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2. 答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，
用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷
上无效。
一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符
合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，
选对但不全的得3分，有选错的或不选的得0分。
1. 下列说法正确的是（ ）
A. 电源是通过非静电力做功把其他形式的能转化为电势能的装置
B. 镍铜合金导线的电阻率与其长度成正比与横截面积大小成反比
C. 一小段通电导线在某处不受磁场力，则该处磁感应强度一定为零
D. 由 可知磁通量是矢量，磁通量方向与磁感应强度方向相同
【答案】A
【解析】
【详解】A．电源是通过非静电力做功把其他形式的能转化为电势能的装置，故A正确；
B．电阻率与导体的长度、横截面积无关，故C错误；
C．一小段通电导线在某处不受磁场力的作用，该处的磁感应强度可能为零，也可能通电导线电流方向与
磁感应强度方向平行，故C错误；
D．磁通量是标量，有大小无方向，但根据磁感线穿过线圈平面的方向的不同，有正负之分，故D错误。
故选A。
2. 如图所示， 、 为两只相同灯泡，线圈L的直流电阻不计。下列说法正确的是（ ）
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂A. 闭合开关S时， 灯亮度逐渐变暗 B. 闭合开关S时， 灯亮度逐渐变亮
C. 断开开关S时， 先闪亮一下再熄灭 D. 断开开关S时， 先闪亮一下再熄灭
【答案】D
【解析】
【详解】AB．开关闭合的瞬间，电压直接加到两个灯泡上，所以两个灯泡同时亮，以后灯 A 逐渐被线圈
1
L短路，则A 逐渐熄灭，而A 变得更亮，故AB错误；
1 2
CD．开关在断开瞬间，线圈与灯泡A 组成自感回路，A 闪亮一下然后逐渐熄灭，A 不在自感回路中，立
1 1 2
即熄灭，故C错误，D正确。
故选D。
的
3. 如图所示，电路中R、R 为定值电阻，C为电容器，A为电流表。当滑动变阻器 滑片P向右移动时（
1 2
）
A. 电流表示数变小，电容器带电量变小 B. 电流表示数变小，电容器带电量变大
C. 电流表示数变大，电容器带电量变小 D. 电流表示数变大，电容器带电量变大
【答案】B
【解析】
【详解】滑动变阻器与电阻R 相并联，当滑片P向右移动时，接入电路的电阻变小，并联电阻变小，电路
2
总电阻变小，根据闭合电路欧姆定律
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂电路总电流变大,内压
变大，R 两端电压
1
增大，电容器所带电荷量
增加;并联电阻两端电压
减小，根据欧姆定律
电流表示数变小,故B正确。
故选B。
4. 如图所示，固定金属圆环半径为L，在金属圆环的四个面积均等区域中有两个区域分别存在方向相反、
磁感应强度大小均为B的匀强磁场。长为L的导体棒OA一端与圆环中心O点重合，另一端与圆环接触良
好，在圆环和O点之间接一定值电阻R，其它电阻不计。当导体棒以角速度 绕O点在纸面内匀速转动时，
回路中产生的交变电流的有效值为（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】导体棒切割磁感线产生的感应电动势为
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂根据题意导体棒在转动一周的时间T过程中只有一半的时间切割磁感线产生感应电流，所以有
解得
故选C。
5. 两根通有异向电流的长直导线P、Q平行放置，电流大小 ，a、b两点在导线横截面连线的延长线
上，c、d为P、Q连线中垂线上两点，且到两导线距离相等。已知通电直导线周围磁场的磁感应强度大小
满足 ，式中k是常数，I是导线中电流，r是该点到直导线的距离。则下列说法正确的是（ ）
A. a点磁感应强度有可能为零
B. c、d两点磁感应强度方向相同
C. P对Q的作用力方向水平向左
D. b点磁感应强度的方向垂直于PQ连线向上
【答案】A
【解析】
【详解】A．根据题意，由右手螺旋定则可知，导线P在 点产生的磁场为竖直向下的 ，导线 在 点
产生的磁场为竖直向上的 ，若有
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂则a点磁感应强度为零，即
可得
由于
，
则
可能成立，即a点磁感应强度有可能为零，故A正确；
B．根据题意，由右手螺旋定则和通电直导线周围磁场的磁感应强度大小满足 可知，导线在c、d
两点产生的磁感应强度如图所示
由磁场的叠加原理可知，c、d两点磁感应强度方向不同，故B错误；
C．根据题意，由右手螺旋定则可知，导线P在 点产生的磁场为竖直向上，由左手定则可知，导线 的
安培力水平向右，故C错误；
D．根据题意，由右手螺旋定则可知，导线P在 点产生的磁场为竖直向上的 ，导线 在 点产生的磁
场为竖直向下的 ，由通电直导线周围磁场的磁感应强度大小满足 可知
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂则b点磁感应强度的方向垂直于PQ连线向下，故D错误。
故选A。
6. 回旋加速器是将半径为R的两个D形盒置于磁感应强度为B的匀强磁场中，两盒间的狭缝很小，两盒间
接电压为U的高频交流电源。电荷量为q的带电粒子从粒子源A处进入加速电场（初速度为零），若不考
虑相对论效应及粒子所受重力，下列说法正确的是（ ）
A. 增大狭缝间的电压U，粒子在D形盒内获得的最大速度会增大
B. 粒子第一次在 中的运动时间大于第二次在 中的运动时间
C. 粒子第一次与第二次在 磁场中运动的轨道半径之比为
D. 若仅将粒子的电荷量变为 ，则交流电源频率应变为原来的 倍
【答案】D
【解析】
【详解】A．当粒子从D形盒中出来时速度最大，根据
得
可知增大狭缝间的电压U，粒子在D形盒内获得的最大速度不变，A错误；
B．根据 可知粒子第一次在 中的运动时间等于第二次在 中的运动时间，B错误；
C．根据动能定理
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又
联立可得半径之比为
C错误；
D．若仅将粒子的电荷量变为 ，根据 可得离子在磁场中运动的周期变为原来的2倍，则电源的
周期变为原来的2倍，根据 可知电源的频率变为原来 倍，D正确。
故选D。
7. 手机无线充电的工作原理如图甲所示，它由送电线圈和受电线圈组成。已知受电线圈匝数为30匝，总
电阻为 。在它的c、d两端接一阻值为 的电阻。若受电线圈内磁通量 随时间t变化的规律
如图乙所示，则（ ）
A. 时刻，受电线圈中产生的感应电流最大
B. 受电线圈中产生的电动势的有效值为12V
C. 无线充电1min，电阻R上产生的焦耳热为405J
D. 时间内，通过电阻R的电荷量为
【答案】C
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂【解析】
【详解】A． 时刻，受电线圈内磁通量 最大，则 为0，则此时的感应电动势最小等于0，则感
应电流为0，故A错误；
B．由乙图可知
在受电线圈中产生的感应电动势的最大值为
受电线圈中产生的电动势的有效值为
故B错误；
C．根据闭合电路欧姆定律可得，受电线圈中的感应电流为
无线充电1min，电阻R上产生的焦耳热为
故C正确；
D． 时间内，受电线圈中的磁通量变化为
则 时间内，通过电阻R的电荷量为
故D错误。
故选C。
8. 如图所示，理想变压器原线圈接 的正弦交流电，副线圈接定值电阻 ，R为
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂滑动变阻器，所有电表均为理想表，已知电压表V 的示数为20V。下列说法正确的是（ ）
2
A. 副线圈中电流的频率为50Hz
B. 变压器原、副线圈匝数比为
C. 滑片P上滑过程中，V 示数不变，A 示数变小
2 1
D. 滑片P下滑过程中，变压器的输入功率变小
【答案】ABC
【解析】
【详解】A．变压器原副线圈中电流的频率相等，为
A正确；
B．变压器原线圈输入电压的有效值为
变压器原、副线圈匝数比为
B正确；
滑片P上滑过程中，滑动变阻器接入电路的电阻增大，原线圈的输入电压不变，变压器的匝数不变，故副
线圈的输出电压也不变，即 的示数不变，此时副线圈的电流
变小，即 的示数变小，原副线圈的电流关系为
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂故 变小，即 表的示数减小，C正确；
D．滑片P下滑过程中，滑动变阻器接入电路的电阻减小，原线圈的输入电压不变，变压器的匝数不变，
故副线圈的输出电压也不变，即 的示数不变，此时副线圈的电流
变大，副线圈的输出功率变大，理想变压器的输入输出功率相等，故变压器的输入功率变大，D错误。
故选ABC。
9. 在如图所示的电路中，电源电动势 ，内阻 。灯泡L标有“3V 6W”字样，电动机线圈的
电阻 。闭合开关S，若灯泡恰能正常发光，下列说法正确的是（ ）
A. 闭合电路中的电流为2A B. 电源的输出功率为10W
C. 电动机的热功率为20W D. 电动机的输出功率为16W
【答案】AD
【解析】
【详解】A．灯泡恰能正常发光，可知闭合电路中的电流为
A正确；
B．电源的输出功率为
B错误；
C．电动机的热功率为
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂C错误；
D．电动机的两端电压为
可得电动机的输出功率为
D正确。
故选AD。
10. 粗细均匀的正方形单匝闭合线框 静止在光滑水平面上，虚线右侧区域有匀强磁场。 时，线
框在水平外力F的作用下，从图示位置由静止开始向右一直做匀加速直线运动， 边进入磁场的时刻为 ，
边进入磁场的时刻为 。设线框中感应电流大小为 、 边两端电压为U、线框的电功率为P，则
随运动时间 变化关系可能正确的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】CD
【解析】
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂【详解】AB．线框做匀加速直线运动， 时刻速度为
时间内，线框未进入磁场，无感应电动势，无感应电流， 边两端电压为零， 时间内， 边
切割磁感线，感应电动势为
感应电流为
电流 与时间 成正比， 边两端电压为
之后，无感应电流，但有感应电动势， 边两端电压为
边两端电压 与时间成正比， 时刻变成原来的4倍，故AB错误；
C．线框做匀加速直线运动， 和 之后无感应电流，则安培力为零，外力 不变， 时间内，安
培力为
则有
解得
故C正确；
D．根据题意可知，线框的电功率为
和 之后无感应电流，则安培力为零，线框的电功率为零， 时间内
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂即 与 图像为抛物线，故D正确。
故选CD。
二、非选择题：本题共5小题，共54分。
11. （1）如图所示，甲图为某一多用电表内部结构，关于此多用电表，下列说法正确的是______
A. 开关S接到位置“2”时是电压挡
B. 开关S接到位置“4”时是电流挡
C. 开关S接到位置“5”时的量程比接到位置“6”时的量程小
（2）某同学用该多用电表的欧姆挡测量某电阻的阻值，他先将选择开关旋至“×100”挡，A、B表笔短接
调零后进行测量，发现欧姆表指针偏角太小，则应将选择开关旋至______（选填“×10”或“×1k”）挡，
并重新短接调零，再次测量，指针位置如图乙所示，该电阻的阻值为______ 。
.
【答案】 ① C ②. ×1k ③. 13k
【解析】
【详解】（1）[1] A．开关S接到位置“2”时，电阻与表头并联，分流作用，是电流挡，故A错误；
B．开关S接到位置“4”时，内部有电源，是欧姆挡，故B错误；
C．开关S接到位置“5”时的量程比接到位置“6”时的量程小，因为分压电阻小，故C正确。
故选C。
（2）[2][3] 他先将选择开关旋至“×100”挡，A、B表笔短接调零后进行测量，发现欧姆表指针偏角太小，
说明电阻太大，所以应该选择×1k挡位，使指针指向中间部分，并重新短接调零，再次测量，指针位置如
图乙所示，该电阻的阻值为13k 。
12. 课外兴趣小组测量某电池组的电动势和内阻的实验原理如图甲所示，现提供的器材如下：
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂A. 某型号电池组（电动势约为3.0V、内阻很小）；
B. 电压表V（量程为0~3V，内阻约为 ）；
1
为
C. 电压表V（量程 0~15V，内阻约为 ）；
2
D. 电阻箱R（ ）；
E. 定值电阻 （ ）；
F. 定值电阻 （ ）；
G. 开关和导线若干。
（1）在以上实验器材中，电压表应选择______（选填器材前的选项字母）；定值电阻 应选择______
（选填器材前的选项字母）。
（2）兴趣小组一致认为用线性图像处理数据便于分析，于是在实验中改变电阻箱的阻值R，记录对应电压
表的示数U，获取了多组数据，画出的 图像为一条直线，做出的 图像如图乙所示，若把流
过电阻箱的电流视为干路电流，则可得该电池组的电动势 ______V、内阻 ______ 。（结果均保
留三位有效数字）
的
（3）该实验 系统误差主要来源于____________。
【答案】 ①. B ②. E ③. 2.94 ④. 0.631 ⑤. 电压表分流作用
【解析】
为
【详解】（1）[1]电池组电动势约 3.0V，为提高测量精确度，电压表应选择量程为0~3V，故选B；
[2]电源内阻较小，应选用电阻较小的电阻串联，故选E；
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂（2）[3][4]由闭合电路欧姆定律得
整理得
结合乙图可得
则
斜率
解得
（3）[5]电压表的测量值与电阻箱的比值计算的是通过电阻箱的电流，故该实验的系统误差主要来源于电
压表分流作用。
13. 某一电流天平可以用来测量匀强磁场的磁感应强度大小，装置如图所示。其右臂悬挂着匝数 ，
水平边长 的矩形线圈，线圈处于匀强磁场中，磁感应强度的方向垂直于线圈平面向外。当线圈
中通过 、顺时针方向的电流时，调节砝码使天平达到平衡，此时左盘中砝码质量 ，
右盘中砝码质量 。若悬挂矩形线圈的细线及矩形线圈的质量均不及、重力加速度 ，
求：
（1）线圈所在处磁场的磁感应强度大小；
（2）若仅使线圈中电流反向，需要再向左盘中添加质量为多少的砝码，才能使此天平两臂再达到平衡。
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂【答案】（1） ；（2）
【解析】
【详解】（1）根据左手定则可知，线圈受安培力方向竖直向上；安培力大小为
由平衡条件得
代入数据解得
（2）若电流反向，则由左手定则可知，安培力方向竖直向下。设还需要在左盘中添加质量为m的砝码，
由平衡条件得
代入数据解得
14. 如图所示，两根足够长的光滑平行金属导轨固定在绝缘斜面上，间距 ，斜面倾角 ，
导轨上端接有阻值 的电阻（其它电阻不计）。区域Ⅰ、Ⅱ中磁场方向均垂直斜面向上，Ⅰ区域中
磁感应强度随时间t的变化关系 ，磁场区域面积 ，Ⅱ区域中为匀强磁场，磁感应强度大
小 。质量 的金属棒ab在无磁场区域中，从距Ⅱ磁场上边缘 处由静止释放，
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂在磁场Ⅱ中沿导轨运动 后达到稳定速度。运动过程中金属棒始终垂直导轨且接触良好，重力加速
度 。求：
（1）金属棒ab到达Ⅱ磁场上边缘时的速度大小；
（2）金属棒ab在Ⅱ磁场区域稳定运动的速度大小；
（3）金属棒从开始运动到达到稳定速度的过程中，安培力所做的功。
【答案】（1） ；（2） ；（3）
【解析】
【详解】（1）由动能定理得
（2）金属棒产生的动生电动势
产生顺时针电流，Ⅰ区域始终产生感应电动势
解得
产生顺时针电流，回路电动势
回路电流
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，方向沿斜面向上
刚进入Ⅱ磁场时 ，棒向下做加速度减小的加速运动，当
即
时，金属棒速度稳定，解得
（3）棒从开始运动到稳定速度，安培力做功为W，由动能定理得
代数解得
15. 如图所示，在 区域内存在沿y轴负向的匀强电场，在 区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场，
磁场的右边界为MN延长线，ON为位于x轴上的水平绝缘薄板。一质量为m、电荷量为＋q的粒子在x轴
负半轴的A点以初速度 （方向与x轴正向夹角 ）射入电场，随后从y轴上的 点垂直y轴
进入磁场。粒子打到绝缘板上（碰撞时间极短）反弹前后水平分速度不变，竖直分速度大小不变、方向相
反。若粒子电量保持不变且不计其重力，求：
（1）匀强电场的场强E的大小；
（2）若粒子刚好不从磁场左边界射出，磁感应强度B的大小；
（3）当 时，粒子从P点进入磁场后，与绝缘板碰撞两次从右边界的Q点（图中未标）离开，且
。粒子从P点运动到Q点的时间。
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂【答案】（1） ；（2） ；（3）粒子斜向上射出磁场， ，粒子斜向
下射出磁场，
【解析】
【详解】（1）在A点沿电场线方向的分速度
由位移公式得
根据牛顿第二定律
解得
（2）设粒子在磁场中运动半径为r，则
粒子入磁场速度
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（3）当 时，粒子在磁场中运动的轨道半径
圆周运动的周期
①粒子斜向上射出磁场，如图中（1）位置所示
粒子在磁场中运动的时间
解得
②粒子斜向下射出磁场，如图中（2）位置所示
粒子在磁场中运动的时间
解得
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