文档内容
高考模拟 卷!物理"七#
参考答案
题序 ! # , - " . ( + ) !’
答案 # $ % & $ # $ #$ %#& #&
!!答案 /
解题分析 根据质量数和电荷数守恒!核反应方程为.
#
’
(
01".
#
’
+
234!
&
’
!
5!可知钴.’发生的是!衰变!6项错误"/项
正确#衰变后的新核镍.’处于激发态!不稳定!会向外辐射"射线!0项错误#元素的半衰期与原子核外部的因
素如外界的温度"压强等无关!气候的变化不会改变钴.’的半衰期!%项错误$
#!答案 0
解题分析 根据题意可知该国产机器人可以在倾角不大于,(7的斜坡上稳定地站立和行走!对该机器人进行分
,
析!有"#839,(7#!"#:18,(7!可得!$;<9,(7= !0项正确$
-
,!答案 6
解题分析 根据安培定则知!电流在小磁针处产生方向向西的磁场!小磁针偏转.’7角后达到稳定状态!则有
;<9.’7= $
$
导
地
!解得$导=槡,$地 !6项正确$
-!答案 %
解题分析 设光线在%&边上的入射角为"!因为仅在%&和’(两条边上发生全反
射!且两次反射的入射角相等!如图!根据几何关系有-"=)’7!解得"=##!"7!当光
!
刚好在%&边和’(边上发生全反射时!折射率最小!根据839"= !解得最小折
)
射率)= ! = ! =#槡 !4 槡# !光在五棱镜中的传播速度*= +
839##!"7 槡!&:18-"7 # )
#
=#,!由于该单色光从空气进入五棱镜中时频率不变!传播速度变小!可知其波长
变短!6"/"0项错误!%项正确$
"!答案 0
./
解题分析 由题图#可知!圆心-点的电势为 !将圆环分成)个微元!每个微元均能视为点电荷!根据对称性可
0
知!圆心-点的电场强度大小为’!故6"/项错误#根据上述!令每个微元的电荷量为#1!微元与2点的间距为
.#1
3!微元与2点连线和4轴的夹角为"!则根据对称性可知!2点电场强度(=) :18"!又由于)#1=/!3#=5#
3#
40#!:18"= 3
5
!解得(= 槡%5
.
#
/
4
5
0#&, !0项正确#根据&1% $- &$4 &=’&
!
# "* ’ #!其中$- =
.
0
/
!* ’
=槡.
"
/
0
1
!
./
解得$4 =
#0
!根据图#可知!此点电荷运动位移为槡,0时!其速度减为零!%项错误$
物理!七"参考答案!第!!!!!页!共"页"
{#{QQABQQqQggCoABIAABgCEwEgCkAQkgCCCYgOABAIsAAByAFABAA=}#}
书书书.!答案 /
7" 7"
解题分析 航天员的角速度与地球自转角速度相等!保持不变!6项错误$根据6 =84"%#3!得8=6
3# 3#
&"%#3="9引&"9向 !由题图乙可知!当0#3#3
’
时!随着3的增大!9引&9向 先向下逐渐减小!则航天员感受到
的’重力(逐渐减小#当3 ’%3时!随着3的增大!9引&9向 方向向上逐渐增大!则航天员感受到的’重力(逐渐增
大!/项正确$当3=3
’
时!6
3
7
’
"
#
=" -
:
$
#
# 3
’
="9
’
!航天员随地球自转的周期:=#$ 槡3
9
’
’
!0项错误$6
%
7
,0
"
&#
&8支=" -
:
$
#
# ),0!又67=#’ 0#!得8支= "
)
#’& ,"
3
0
’
9 ’!根据牛顿第三定律!航天员对座椅的压力大小8
2
=
"#’& ,"09
’!%项错误$
) 3
’
(!答案 0
解题分析 木板在;=#!"8之前向右做匀加速直线运动!在题图乙中作出木板运动的
*&;图像!如图所示!由图像可知;=#!"8时两者共速!物块在’%#!’8内的加速度
,&’ !&’
大小9
#
=
#!’&’
>*8#=!!">*8#!木板在’%#!"8内的加速度大小9
!
=
#!"&’
>*8#
,&!
=’!->*8#!物块在#!’8%#!"8内的加速度大小9
,
=!##=
#!"&#!’
>*8#=->*8#!
!&’
物块和木板在#!"8%,!’8内的加速度大小9
-
=!!#=
,!’&#!"
>*8#=#>*8#!可得木板与地面间的动摩擦因
! ! !
数!! =’!#!物块与木板间的动摩擦因数!# =’!-!木板的长度<=
#
?,?#>4
#
?%!4,&?%#!"&#&>&
#
?!?#!">=#!(">!6项错误#’%#8内!对木板有!# " ##&!! %"
!
4"
#
&#="
!
9
!
!对物块有8&!# " ##=
!
"
#
9
#
!解得"
#
=’!.@A!8=,!,2!/项错误#拉力8对物块做的功==8>
#
=,!,?%
#
?,?#&$=)!)$!0项
!
正确#木板相对地面移动了#>= ?!?,>=!!">!%项错误$
#
+!答案 /0
解题分析 根据质点2的振动方程可知;=’时刻质点2沿?轴正方向振动!根据同侧法可知该波沿4轴正方向传
#$
播!6项错误#根据题意可知该波的周期:= 8=’!-8!根据题图可知该波的波长#=->!则该波的传播速度
"$
# -
*= =!’>*8!/项正确#根据三角函数知识可知;=’时!平衡位置的坐标4= >处的质点位移?=&":>!0
: ,
项正确"%项错误$
)!答案 6/%
解题分析 根据 @ #= #’ ! A #= #’ !可知电压互感器起降压作用!电流互感器起减小电流作用!6项正确#电压互感
@ ! A !
器原线圈两端的电压@=#’@=-’’’B!电流互感器原线圈中的电流A=#’A=!’’6!对于理想变压器!线路的
# #
输电功率2=@A=-’’@C!/项正确#仅将滑片/下移!相当于增加了升压变压器副线圈的匝数)!根据理想
## #
)
变压器的规律有@
#
=
)
#@
!
!升压变压器副线圈两端的电压增大!回路等效电阻不变!所以A
,
增大!根据#2=
!
A#3!则输电线上损耗功率增大!0项错误#仅增加用户数!即负载总电阻0减小!若降压变压器副线圈两端的电
,
@
压@
-
不变!则通过副线圈的电流A
-
=
0
-增大!降压变压器原线圈中的电流A
,
增大!输电线上损失的电压#@=
物理!七"参考答案!第!!!!#页!共"页"
{#{QQABQQqQggCoABIAABgCEwEgCkAQkgCCCYgOABAIsAAByAFABAA=}#})
A
,
3增大!升压变压器原线圈两端的电压不变!则@
#
=
)
#@
!
不变!根据@
#
=#@4@
,
可知@
,
减小!根据@
-
=
!
)
-@可知!当@ 减小时!减小) 可以使@ 不变!所以要将降压变压器的滑片2上移!%项正确$
) , , , -
,
!’!答案 /%
解题分析 线框相对于磁场向左运动!根据右手定则知线框9B边中感应电流的方向从B到9!6项错误#由题意
可知!线框最后做匀速直线运动!由二力平衡知阻力应与安培力大小相等!由于磁场以速度*向右运动!当线框
稳定后以最大速度* 向右运动时!线框相对于磁场运动的速度大小为*&*!根据右手定则可以判断回路中产
’ ’
生的感应电动势(=#$<%*&*&!根据欧姆定律可得此时线框中的感应电流A= ( = #$<%*&* ’ & !线框的95
’ 0 0
边和B+边都受到安培力作用!95"B+边所处的磁场方向一直相反!电流的方向也相反!根据左手定则可知它们
-$#<#%*&*&
所受安培力方向一致!线框受到的安培力大小8=,=#$>4!.?’!’">>=!,!+’>>$
%#&为了减小空气阻力的影响!小球应选铁球#为了保证小球摆动过程中!摆长不变!摆线应选择细丝线且上端
用铁夹夹住!/项正确$
%,&根据:=#$
槡<
!解得:#=
-$#
<=
-$#
C4
-$#3
!由公式可知!出现该图线的原因可能是测摆长时将摆线长
# # # #
与摆球的直径之和作为摆长<$
!#!答案 %!&黑!%!分&
%#&!"!%!分&
%,&!-’!%!分&!?!挡!%!分&
%-&!!’!!%#分&
%"&偏大!%#分&
解题分析 %!&流过表头 的电流方向从右向左!’端应接黑表笔$
%#&将旋钮旋到?!@挡时!有0内=0中=!"?!@&=!"@&$
%,&旋钮旋到?!’挡!示数为!-!’?!’&=!-’&!若继续接入另一电阻测量时发现指针偏角过大!则应换用更
小的挡位$
( A0
%-&旋钮旋到?!’挡时!0内=0中=!"’&!则A=
0内
!所以A
#
=A&A
A
!根据欧姆定律有0
#
=
A
A
#
A=!!’!&$
(
%"&若该欧姆表使用一段时间后!电池的电动势(变小"内阻变大!根据A
A
=
0内
!由于(变小!欧姆表内阻0内 偏
( ( !
小!用欧姆表测电阻时!电流A= = = !故电动势(变小会导致电流A偏小!即指针偏左!
0内40 4 A ( 40 4 A ! 4 0 ( 4
A A
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{#{QQABQQqQggCoABIAABgCEwEgCkAQkgCCCYgOABAIsAAByAFABAA=}#}测量结果偏大$
!,!解题分析 %!&由题意可知缓慢地将汲液器竖直提出液面过程!气体发生等温变化!所以有
D! %E&C&F ! =D# EF !!%!分&
又因为D! =D’ !D# 4&#G=D’!%!分&
代入数据联立解得E=!’’:>$!%#分&
G
%#&当外界气体进入后!以所有气体为研究对象有D’ H4D# EF
!
=D, %EF
!
4
#
F
#
&!%!分&
G
又因为D, 4&#)
#
=D’!%!分&
代入数据联立解得H=(!),?!’&->,$!%#分&
!-!解题分析 %!&四驱车恰好能够经过圆轨道最高点&!设在&点的速度为*!在&点时由重力提供四驱车做圆
&
*#
周运动的向心力!有"#=" & !%!分&
0
! !
设车在%点时的速度为*
%
!由动能定理知
#
"*
&
#&
#
"*
%
#=&"#?#0!%!分&
*#
四驱车在%点时所受的支持力和重力的合力提供车做圆周运动的向心力!则8
2
&"#="
0
% !%!分&
解得8
2
=.’2!%!分&
由牛顿第三定律知8压=8
2
=.’2!方向竖直向下$!%!分&
%#&由题可知*
%
=* $!%!分&
!
又由能量守恒定律知2
’
;
’
&=
D
=
#
"*
$
#!%#分&
解得=
D
=,(!"$$!%!分&
! !
%,&四驱车从%点运动到8点过程中!应用动能定理知&"#G
#
=
#
"*
8
#&
#
"*
%
#!%!分&
!
车从8点飞出后做平抛运动!设运动时间为;!则竖直方向有G
!
4G
#
=
#
#;#!%!分&
水平方向有4=*
8
;!%!分&
联立以上表达式并化简得4=槡%*
%
#&##G
#
&? #%G !
#
4G # & =槡&- ! G
#
&
-
!
’
"# 4
-
+
’
!
’
>!%!分&
当G
#
=’!’#">时!4有最大值!且4
>$!%!分&
!"!解题分析 %!&如图%<&所示!甲从7到2的过程做类平抛运动!设粒子甲经过2点时的速度方向与?轴正方向
的夹角为"!则
槡,<=*
’
;
!
! *
#<&
#
<=
#
?; !!%!分&
*=9;
? !
1(="9!%!分&
*
;<9"= ’
*
?
*
839"= ’ 图%<&
*
物理!七"参考答案!第!!!!-页!共"页"
{#{QQABQQqQggCoABIAABgCEwEgCkAQkgCCCYgOABAIsAAByAFABAA=}#}"*#
解得"=,’7!(= !%!分&
-1<
"*#
粒子在磁场中做匀速圆周运动!有1*$=
3
<
3& =3839"!%!分&
#
"*
可得$= $!%!分&
1<
%#&由%!&可得3=<
! !
#
<4#3839"=*:18");
#
4
#
9;
#
#!%#分&
4
’
=*839"); #!%!分&
解得4
’
=%槡.&槡,&<$!%!分&
%,&甲与乙发生碰撞!根据动量守恒定律有"*=#"*I
!
解得*I= *!%!分&
#
#"*I
由3I= !知丙在4&’区域内的运动轨迹与原来甲的运动轨迹重合!%!分&
1$
方法一+如图%F&所示!丙通过?轴后的运动视为以速率*
!
做匀速直线运动和以速率*
#
做匀速圆周运动的合运
动!将丙受到的洛伦兹力分解为两个分力8"8!使力8 与电场力平衡
! # !
!
即1*
!
)
-
$=1(
可得*
!
=*!%!分&
槡,
根据平行四边形定则可得*
#
=
#
*!%!分&
当丙做匀速直线运动的分速度与做匀速圆周运动的分速度同向时!丙的速度最大!则
槡,
丙通过?轴后的最大速度*
>
=*
!
4*
#
=%!4
#
&*!%!分&
#"*
丙做匀速圆周运动的轨道半径3
#
=
$
#=-槡,
#&
#
?#"*I#!%!分&
!
沿4轴负方向!根据动量定理有1)
-
$*
?
);
,
=#"*
>
&#"*I839"!%!分&
而*
?
;
,
=G!%!分&
槡,
解得G=%.4-槡,&
=%!4
#
&*!%!分&
, )
丙速度最大时与4轴间的距离5=G& <=%-槡,4 &<$!%!分&
# #
物理!七"参考答案!第!!!!"页!共"页"
{#{QQABQQqQggCoABIAABgCEwEgCkAQkgCCCYgOABAIsAAByAFABAA=}#}
