2016年江西高考理数真题及答案_全国卷+地方卷_2.数学_1.数学高考真题试卷_2008-2020年_地方卷_江西高考数学90-23

2016 全国Ⅰ卷高考理科数学真题及答案 注意事项： 1.本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分.第Ⅰ卷1至3页，第Ⅱ卷3至5页. 2.答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试题相应的位置. 3.全部答案在答题卡上完成，答在本试题上无效. 4. 考试结束后，将本试题和答题卡一并交回. 第Ⅰ卷 一. 选择题：本大题共12小题，每小题5分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求 的. A{x|x2 4x30} B{x|2x30} （1）设集合 ， ，则A B   3 3 3 3 (3, ) (3, ) (1, ) ( ,3) （A） 2 （B） 2 （C） 2 （D） 2 (1i)x1 yi （2）设 ，其中x，y是实数，则 x yi = 2 （A）1 （B） （C） （D）2 3 {a } a =8 a = （3）已知等差数列 n 前9项的和为27， 10 ，则 100 （A）100 （B）99 （C）98 （D）97 （4）某公司的班车在7:00，8:00，8:30发车，小明在7:50至8:30之间到达发车站乘坐班车，且到达发 车站的时刻是随机的，则他等车时间不超过10分钟的概率是 （A） （B） （C） （D） （5）已知方程–=1表示双曲线，且该双曲线两焦点间的距离为4，则n的取值范围是 （A）(–1,3) （B）(–1,) （C）(0,3) （D）(0,) （6）如图，某几何体的三视图是三个半径相等的圆及每个圆中两条相互垂直的半径.若该几何体的体积是， 则它的表面积是 （A）17π （B）18π （C）20π （D）28π（7）函数y=2x2–e|x|在[–2,2]的图像大致为 （A） （B） （C） （D） （8）若ab1，0c1，则 （A）ac bc （B）abc bac （C） （D） alog cblog c log clog c b a a b （9）执行右面的程序图，如果输入的 x0，y 1，n1， 则输出x，y的值满足 （A） y 2x （B） y 3x （C） y 4x （D） y 5x (10)以抛物线C的顶点为圆心的圆交C于A、B两点，交C 的标准线于D、E两点.已知|AB|= ，|DE|= ，则C 4 2 2 5 的焦点到准线的距离为 (A)2 (B)4 (C)6 (D)8(11)平面a过正方体ABCD-ABCD的顶点A，a//平面CBD，a平面ABCD=m，a平面ABAB=n，则 1 1 1 1 1 1 1 1 m、n所成角的正弦值为 (A) 3 (B) 2 (C) 3 (D)1 2 2 3 3    12.已知函数 f(x)sin(x+)(0， ),x 为 f(x)的零点，x 为y  f(x)图像的对称 2 4 4 轴，且 在 5单调，则 的最大值为 f(x) ，    18 36 （A）11 （B）9 （C）7 （D）5 第II卷 本卷包括必考题和选考题两部分.第(13)题~第(21)题为必考题，每个试题考生都必须作答.第(22)题~第 (24)题为选考题，考生根据要求作答. 二、填空题：本大题共3小题，每小题5分 (13)设向量a=(m，1)，b=(1，2)，且|a+b|2=|a|2+|b|2，则m= . (14) 的展开式中，x3的系数是 .（用数字填写答案） (2x x)5 （15）设等比数列 满足a+a=10，a+a=5，则aa …a的最大值为 。 1 3 2 4 1 2 n （16）某高科技企业生产产品A和产品B需要甲、乙两种新型材料。生产一件产品A需要甲材料1.5kg，乙 材料1kg，用5个工时；生产一件产品B需要甲材料0.5kg，乙材料0.3kg，用3个工时，生产一件产品A 的利润为2100元，生产一件产品B的利润为900元。该企业现有甲材料150kg，乙材料90kg，则在不超过 600个工时的条件下，生产产品A、产品B的利润之和的最大值为 元。 三.解答题：解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤. （17） （本题满分为12分） 的内角A，B，C的对边分别别为a，b，c，已知 ABC 2cosC(acosB+bcosA)c.  （I）求C； （II）若 的面积为3 3 ，求 的周长． c 7, ABC ABC   2（18）（本题满分为12分） 如图，在已A，B，C，D，E，F为顶点的五面体中，面ABEF为正方形，AF=2FD， ，且二面角 AFD90 D-AF-E与二面角C-BE-F都是 ． 60 （I）证明平面ABEFEFDC；（II）求二面角E-BC-A的余弦值． （19）（本小题满分12分） 某公司计划购买2台机器，该种机器使用三年后即被淘汰.机器有一易损零件，在购进机器时，可以额外购 买这种零件作为备件，每个200元.在机器使用期间，如果备件不足再购买，则每个500元.现需决策在购 买机器时应同时购买几个易损零件，为此搜集并整理了100台这种机器在三年使用期内更换的易损零件数， 得下面柱状图： 以这100台机器更换的易损零件数的频率代替1台机器更换的易损零件数发生的概率，记X 表示2台机器三年内共需更换的易损零件数，n表示购买2台机器的同时购买的易损零件数. （I）求X 的分布列； （II）若要求 ，确定 的最小值； P(X n)0.5 n （III）以购买易损零件所需费用的期望值为决策依据，在n19与n20之中选其一，应选用哪个？ 20. （本小题满分12分） 设圆 的圆心为A，直线l过点B（1,0）且与x轴不重合，l交圆A于C，D两点，过B x2  y2 2x150 作AC的平行线交AD于点E. （I）证明 为定值，并写出点E的轨迹方程； EA  EB （II）设点E的轨迹为曲线C，直线l交C于M,N两点，过B且与l垂直的直线与圆A交于P,Q两点，求四 1 1 边形MPNQ面积的取值范围. （21）（本小题满分12分） 已知函数 f xx2ex ax12 有两个零点. (I)求a的取值范围； (II)设x，x是 的两个零点，证明： +x<2. 1 2 2 （22）（本小题满分10分）选修4-1：几何证明选讲 如图，△OAB是等腰三角形，∠AOB=120°.以⊙O为圆心， OA为半径作圆.(I)证明：直线AB与O相切； (II)点C,D在⊙O上，且A,B,C,D四点共圆，证明：AB∥CD. xacost  y 1asint t x2 y12 a2 a0 23.解：（I）由 （ 为参数）得 （ ） C 0,1 a 所以曲线 1表示以 为zxxk圆心，半径为 的圆 x2 y12 a2 x2  y2 2y1a2 0 由 得： 2  x2  y2 y sin 2 2sin1a2 0 因为 ，zxxk ，所以 C 2 2sin1a2 0 所以 1的极坐标zxxk方程为 4cos 2 4cos （II）由 得 2  x2  y2 xcos x2  y2 4x0 因为 ， ，所以 1a2 y 2x C C 4x2y1a2 0 2 所以曲线 1与曲zxxk线 2的公共弦所在的直线方程为 ，即 1a2 0   tan 2 y 2x 2 a0 a1 由 0，其中 0满足 0 得 ，所以 ，因为 ，所以 学科.网（24）（本小题满分10分），选修4—5：不等式选讲 已知函数f(x)= ∣x+1∣-∣2x-3∣. （I）在答题卡第（24）题图中画出y= f(x)的图像； （II）求不等式∣f(x)∣﹥1的解集。2016 全国Ⅰ卷高考理科数学真题及答案 注意事项： 1.本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分.第Ⅰ卷1至3页，第Ⅱ卷3至5页. 2.答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试题相应的位置. 3.全部答案在答题卡上完成，答在本试题上无效. 4. 考试结束后，将本试题和答题卡一并交回. 第Ⅰ卷 二. 选择题：本大题共12小题，每小题5分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求 的. A{x|x2 4x30} B{x|2x30} （1）设集合 ， ，则A B   3 3 3 3 (3, ) (3, ) (1, ) ( ,3) （A） 2 （B） 2 （C） 2 （D） 2 【答案】D (1i)x1 yi （2）设 ，其中x，y是实数，则 x yi = 2 （A）1 （B） （C） 3 （D）2 【答案】B 【解析】 x(1i)=1+yi, xxi=1+yi,x=1,y  x 1,|x yi|=|1+i| 2, 试题分析：因为 所以 故选B. {a } a =8 a = （3）已知等差数列 n 前9项的和为27， 10 ，则 100 （A）100 （B）99 （C）98 （D）97 【答案】C 【解析】9a 36d 27  1 ,  a 9d 8 a 1,d 1,a a 99d 19998, 试题分析：由已知， 1 所以 1 100 1 故选C. （4）某公司的班车在7:00，8:00，8:30发车，小明在7:50至8:30之间到达发车站乘坐班车，且到达发 车站的时刻是随机的，则他等车时间不超过10分钟的概率是 （A） （B） （C） （D） 【答案】B 【解析】 试题分析：由题意，这是几何概型问题，班车每30分钟发出一辆，小明到达时间总长度为40，等车不超 20 1  40 2 过10分钟，符合题意的是是7:50-8:00，和8:20-8:30，故所求概率为 ，选B. （5）已知方程–=1表示双曲线，且该双曲线两焦点间的距离为4，则n的取值范围是 （A）(–1,3) （B）(–1,) （C）(0,3) （D）(0,) 【答案】A x m2 n3m2 n4 m2 1 【解析】由题意知：双曲线的焦点在 轴上，所以 ，解得： ，因为方程 x2 y2 1n0 n1 1n  3n 1  3n0  n3 n 1,3 表示双曲线，所以 ，解得 ，所以 的取值范围是 ，故选A． （6）如图，某几何体的三视图是三个半径相等的圆及每个圆中两条相互垂直的半径.若该几何体的体积是， 则它的表面积是 （A）17π （B）18π （C）20π （D）28π 【答案】A 7 7 4 28 V  R3  【解析】由三视图知：该几何体是 8 个球，设球的半径为R ，则 8 3 3 ，解得R 2，所7 3 422  22 17 8 4 以它的表面积是 ，故选A． （7）函数y=2x2–e|x|在[–2,2]的图像大致为 （A） （B） （C） （D） 【答案】D f 2222 e2 0 x0,2 f x2x2 ex fx4xex 【解析】 ，排除A；当 时， ， ， 1 1 f010 f14e0 f  2   2e2 0 ， ， ，排除B，C．故选D． （8）若ab1，0c1，则 （A） （B） （C） （D） ac bc abc bac alog cblog c log clog c b a a b 【答案】C （9）执行右面的程序图，如果输入的 x0，y 1，n1， 则输出x，y的值满足 （A） y 2x （B） y 3x （C） y 4x （D） y 5x 【答案】C 【解析】11 试题分析：当x0,y 1,n1时，x0 ,y 111，不满足x2  y2 36； 2 21 1 1 31 3 n2,x0  ,y 212，不满足 x2  y2 36； n3,x   ,y 236，满 2 2 2 2 2 3 足x2  y2 36；输出x ,y 6，则输出的 x,y 的值满足y 4x，故选C. 2 考点：程序框图的应用. (10)以抛物线C的顶点为圆心的圆交C于A、B两点，交C的标准线于D、E两点.已知|AB|= ，|DE|= 4 2 ，则C的焦点到准线的距离为 2 5 (A)2 (B)4 (C)6 (D)8 【答案】B 【解析】 试题分析：如图，设抛物线方程为 ， 交 轴于 点，则 ，即 点纵坐标 y2 2px AB,DE x C,F AC 2 2 A 4 4 为 ，则 点横坐标为 ，即 ，由勾股定理知 ， 2 2 A OC  DF2 OF2  DO2 r2 p p p 4 ，即 ，解得 ，即 的焦点到准线的距离为 AC2 OC2  AO2 r2 ( 5)2 ( )2 (2 2)2 ( )2 p 4 C 2 p 4，故选B. 考点：抛物线的性质. (11)平面a过正方体ABCD-ABCD的顶点A，a//平面CBD，a平面ABCD=m，a平面ABAB=n，则 1 1 1 1 1 1 1 1m、n所成角的正弦值为 (A) 3 (B) 2 (C) 3 (D)1 2 2 3 3 【答案】A 考点：平面的截面问题，面面平行的性质定理，异面直线所成的角.    12.已知函数 f(x)sin(x+)(0， ),x 为 f(x)的零点，x 为y  f(x)图像的对称 2 4 4 轴，且 在 5单调，则 的最大值为 f(x) ，    18 36 （A）11 （B）9 （C）7 （D）5 【答案】B 【解析】     T 试题分析：因为 x 为 f(x)的零点， x 为 f(x)图像的对称轴，所以 ( ) kT ，即 4 4 4 4 4  4k1 4k1 2， 所 以 ， 又 因 为 在  5单 调 ， 所 以  T   4k1(kN*) f(x)  ,  2 4 4  18 36 5   T 2     ，即12，由此的最大值为9.故选B. 36 18 12 2 2第II卷 本卷包括必考题和选考题两部分.第(13)题~第(21)题为必考题，每个试题考生都必须作答.第(22)题~第 (24)题为选考题，考生根据要求作答. 二、填空题：本大题共3小题，每小题5分 (13)设向量a=(m，1)，b=(1，2)，且|a+b|2=|a|2+|b|2，则m= . 【答案】2 |ab|2|a|2 |b|2 a b m1120 m2 【解析】由 ，得 ，所以 ，解得 . (14) 的展开式中，x3的系数是 .（用数字填写答案） (2x x)5 【答案】10 （15）设等比数列 满足a+a=10，a+a=5，则aa …a的最大值为 。 1 3 2 4 1 2 n 【答案】64 a 8 a 1 a 3 10 a 1 (1q2)10   1 1   q q  a a 5  aq(1q2)5   2 【解析】设等比数列的公比为 ，由 2 4 得， 1 ，解得 .所以 1 n(n1)  1 n2 7 n aa a anq12(n1) 8n( ) 2 2 2 2 1 2 n 1 2 ，于是当 n3 或4时， a 1 a 2 a n取得最大值 26 64 . （16）某高科技企业生产产品A和产品B需要甲、乙两种新型材料。生产一件产品A需要甲材料1.5kg，乙 材料1kg，用5个工时；生产一件产品B需要甲材料0.5kg，乙材料0.3kg，用3个工时，生产一件产品A 的利润为2100元，生产一件产品B的利润为900元。该企业现有甲材料150kg，乙材料90kg，则在不超过 600个工时的条件下，生产产品A、产品B的利润之和的最大值为 元。 216000 【答案】 【解析】设生产产品A、产品B分别为 x 、 y 件，利润之和为z元，那么1.5x0.5y�150,  x0.3y�90,   5x3y�600,  x�0,   y�0. ① z 2100x900y 目标函数 . 二元一次不等式组①等价于 3x y�300,  10x3y�900,   5x3y�600,  x�0,   y�0. ② 作出二元一次不等式组②表示的平面区域（如图），即可行域. 7 z 7 7 z y  x y  x y  x 将 z 2100x900y 变形，得 3 900 ，平行直线 3 ，当直线 3 900 经过点M 时，z 取得最大值. 10x3y 900  解方程组 5x3y 600 ，得M 的坐标 (60,100) . x60 y 100 z 210060900100216000 所以当 ， 时， max .故生产产品A、产品B的利润之和的最大值为 216000 元. 三.解答题：解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤. （17） （本题满分为12分） 的内角A，B，C的对边分别别为a，b，c，已知 ABC 2cosC(acosB+bcosA)c.  （I）求C； （II）若 的面积为3 3 ，求 的周长． c 7, ABC ABC   2 【试题解析】 试题解析：（I）由已知及正弦定理得， ， ． 故 ． 可得 ，所以 ．（18）（本题满分为12分） 如图，在已A，B，C，D，E，F为顶点的五面体中，面ABEF为正方形，AF=2FD， ，且二面角 AFD90 D-AF-E与二面角C-BE-F都是 ． 60 （I）证明平面ABEFEFDC；（II）求二面角E-BC-A的余弦值． 【试题解析】 （I）由已知可得FDF，FF，所以F平面FDC． 又F平面F，故平面F平面FDC． （II）过D作DG F，垂足为G，由（I）知DG 平面F． 以G为坐标原点， G  F 的方向为x轴正方向， G  F  为单位长，建立如图所示的空间直角坐标系Gxyz ． 由（I）知 DF 为二面角 DF 的平面角，故 DF60 ，则 DF 2 ， DG 3 ，可得   1,4,0，3,4,0，3,0,0，D 0,0, 3 ．学科&网（19）（本小题满分12分） 某公司计划购买2台机器，该种机器使用三年后即被淘汰.机器有一易损零件，在购进机器时，可以额外购 买这种零件作为备件，每个200元.在机器使用期间，如果备件不足再购买，则每个500元.现需决策在购 买机器时应同时购买几个易损零件，为此搜集并整理了100台这种机器在三年使用期内更换的易损零件数， 得下面柱状图：以这100台机器更换的易损零件数的频率代替1台机器更换的易损零件数发生的概率，记X 表示2台机器 三年内共需更换的易损零件数，n表示购买2台机器的同时购买的易损零件数. （I）求X 的分布列； （II）若要求 ，确定 的最小值； P(X n)0.5 n （III）以购买易损零件所需费用的期望值为决策依据，在n19与n20之中选其一，应选用哪个？ 【试题解析】20. （本小题满分12分） 设圆 的圆心为A，直线l过点B（1,0）且与x轴不重合，l交圆A于C，D两点，过B x2  y2 2x150 作AC的平行线交AD于点E. （I）证明 为定值，并写出点E的轨迹方程； EA  EB（II）设点E的轨迹为曲线C，直线l交C于M,N两点，过B且与l垂直的直线与圆A交于P,Q两点，求四 1 1 边形MPNQ面积的取值范围. 【试题解析】 （Ⅰ）因为 ， ，故 ， | AD|| AC| EB//AC EBD ACD ADC 所以 ，故 . |EB||ED| |EA||EB||EA||ED|| AD| 又圆 A 的标准方程为 (x1)2  y2 16 ，从而 | AD|4 ，所以 |EA||EB|4 . 由题设得 ， ， ，由椭圆定义可得点 的轨迹方程为： A(1,0) B(1,0) | AB|2 E x2 y2 （ ）  1 y 0 4 3（21）（本小题满分12分） 已知函数 f xx2ex ax12 有两个零点. (I)求a的取值范围； (II)设x，x是 的两个零点，证明： +x<2. 1 2 2 【试题解析】（Ⅰ） ． f '(x)(x1)ex 2a(x1)(x1)(ex 2a) （i）设 ，则 ， 只有一个零点．学科&网 a 0 f(x)(x2)ex f(x) （ii）设 ，则当 时， ；当 时， ．所以 在 单调 a 0 x(,1) f '(x)0 x(1,) f '(x)0 f(x) (,1) 递减，在 单调递增． (1,) 又 ， ，取 满足 且 a ，则 f(1)e f(2)a b b0 bln 2 a 3 ， f(b) (b2)a(b1)2 a(b2  b)0 2 2 故 存在两个零点． f(x) 请考生在22、23、24题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题计分,做答时请写清题号（22）（本小题满分10分）选修4-1：几何证明选讲 如图，△OAB是等腰三角形，∠AOB=120°.以⊙O为圆心， OA为半径作圆. (I)证明：直线AB与O相切； (II)点C,D在⊙O上，且A,B,C,D四点共圆，证明：AB∥CD. 【试题分析】 （23）（本小题满分10分）选修4—4：坐标系与参数方程 在直线坐标系xoy中，曲线C的参数方程为 （t为参数，a＞0） 1 。在以坐标原点为极点，x轴正半轴为极轴的极坐标系中，曲线C：ρ=cosθ. 2 （I）说明C是哪种曲线，并将C的方程化为极坐标方程； 1 1（II）直线C的极坐标方程为，其中满足tan=2，若曲线C与C的公共点都在C上，求a。 3 1 2 3 【试题分析】 【试题解析】 xacost  y 1asint t x2 y12 a2 a0 23.解：（I）由 （ 为参数）得 （ ） C 0,1 a 所以曲线 1表示以 为zxxk圆心，半径为 的圆 x2 y12 a2 x2  y2 2y1a2 0 由 得： 2  x2  y2 y sin 2 2sin1a2 0 因为 ，zxxk ，所以 C 2 2sin1a2 0 所以 1的极坐标zxxk方程为 4cos 2 4cos （II）由 得 2  x2  y2 xcos x2  y2 4x0 因为 ， ，所以 1a2 y 2x C C 4x2y1a2 0 2 所以曲线 1与曲zxxk线 2的公共弦所在的直线方程为 ，即 1a2 0   tan 2 y 2x 2 a0 a1 由 0，其中 0满足 0 得 ，所以 ，因为 ，所以 学科.网 （24）（本小题满分10分），选修4—5：不等式选讲 已知函数f(x)= ∣x+1∣-∣2x-3∣. （I）在答题卡第（24）题图中画出y= f(x)的图像； （II）求不等式∣f(x)∣﹥1的解集。【试题分析】