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红河州第一中学2023届高三年级第二次联考
物理参考答案
14.【答案】B【解析】根据单摆周期公式 ，摆钟变慢，即周期变大，所以需要缩短摆线长。
15.【答案】C【解析】根据牛顿第二定律， ，解得 ;由 ，得 ，所
以匀加速的最长时间为7.5 s,所以B错误；6s末的瞬时功率72kW,C错误；由 。
16.【答案】C【解析】炮弹与飞机的水平速度相同，所以在飞行员看来，空中所有的炮弹都在一条竖直的直线
上。
17.【答案】D【解析】前后齿轮转动的角速度之比和齿数比相反，应为4：9，周期之比为9：4，故AC错误；
后齿轮与后车轮同轴，但题目没提供后齿轮半径，所以无法计算它们的线速度之比所以B也错误；前齿轮转过
一圈，后齿轮和后轮均转过 圈，所以后轮外边缘上一点走过的路程为 ，所以选
D。
18．【答案】B【解析】大气压强 时，管中水银柱长 。由 ，可知，封闭空气
柱的压强为 。大气压强变为 时，管内水银长度小于 高水银柱。水银外流使管中
空气柱的长度增加，压强减小，设为 ，则 ,又 。则
，故选B。
19．【答案】BC【解析】A．若北斗导航卫星要从地球表面逃脱地球的引力束缚，则在地面处速度必须大于
11.2km/s，若要从Q点逃脱地球的引力束缚，则在该处速度可以小于11.2km/s，选项A错误；B．根据
可知北斗导航卫星在“墓地轨道”上的速度小于在同步轨道上的速度，故北斗导航卫星在“墓地轨
道”上的动能小于在同步轨道上的动能，B正确；C．实践21号卫星在P点从同步轨道到转移轨道需要加速做
离心运动，选项C正确；
D．实践21号卫星从“墓地轨道”回到地球近地轨道的过程中需要多次变轨，机械能和其它形式的能相互转化，
机械能不守恒。
20．【答案】AD【解析】AC．根据图（b）得到原线圈电压的最大值为50V，加在变压器原线圈上正弦交流电压的有效值为 ,电压表的示数为：35.3V,故C错误，A正确；B．根据图（b）得到原线圈电流
周期为0.02s，转速 ，某交流发电机要产生与图（b）相同频率的交流电，其线圈在磁场中的转速
为 ，故B错误；D．瞬时电压大于 即火花放电；根据 且 ， ，则实现
点火的条件是：变压器原、副线圈的匝数 、 须满足 ，故D正确。
21．【答案】BD【解析】A．点电荷 从开始运动到进入球壳之前由于受到静电斥力作用而做减速运动，进入
球壳以后由于内部场强为零，则电荷不受电场力作用，电荷做匀速运动；接触弹簧后受弹力作用再次做减速运
动，选项A错误；B．点电荷 从刚进入球壳到刚要出球壳的过程中，不受电场力作用，则由点电荷、球壳、
弹簧组成的系统只有弹力做功，机械能守恒，选项B正确；C．当弹性势能最大时两者共速，满足：
，解得 ，此时由能量关系： ，则弹簧最大弹性
势能一定小于 ,选项C错误；D．点电荷 由C孔出来时应满足： ；
，解得 ，可知 的方向可能与 相同，也可能
相反，选项D正确。
22.【答案】(每空2分）(1)①挡光片中心 (2) (3)滑轮与绳子之间有摩擦、重
物运动受到空气阻力等 (4) 重力加速度
【解析】(1)①实验时，测量出挡光片中心到光电门中心的竖直距离 ；(2)重物 经过光电门时的速度为
；则如果系统(重物 、 以及物块 )的机械能守恒，应满足的关系式为
(3)引起该实验系统误差的原因：滑轮与绳子之间有摩擦、重物运动受到空气阻力等(4)根据牛顿第二定律可知 ，解得： ，当 增大时，式子的分母趋近于 ，
则 的值会趋于重力加速度 。
23.【答案】 (每空2分）(1) 1.4 0.7 (2) 0.12 1.02 86%
【解析】在电池的U－I图象中纵截距表示电源电动势，斜率绝对值表示电源内阻；根据闭合电路的欧姆定律，
求出电路中的电流，用电流的平方乘以旧电池的内阻为旧电池本身消耗的电功率，用电流的平方乘以灯泡的电
阻为灯泡实际消耗的功率，用电源电动势乘以电流得电源提供的电功率，用灯泡消耗的功率除以电源的总功率
即电源的效率。
24．【答案】（1）7m/s；（2）96J；
【解析】（1）设滑块刚冲上传送带底端的速度为 ，根据能量守恒
①
代入数据得
②
因为 且 ，故滑块在传送带上先向上加速，根据根据牛顿第二定律
③
若滑块在传送带上一直加速，则离开传送带时的速度大小 满足
④
解得
⑤
所以假设成立，滑块离开传送带时的速度大小为7m/s。
第2问解法一：
（2）滑块在传送带上运动时间
⑥
该段时间，传送带的位移
⑦
对传送带，根据动能定理有⑧
解得
⑨
由功能关系可知，传送带克服摩擦力所所做的功等于其多消耗的电能，故电动机传送滑块多消耗的电能为
⑩
第2问解法二：
（2）小滑块增加的机械能为：
⑥
滑块在传送带上运动时间:
⑦
滑块和传送带由于摩擦所产生的热量
⑧
由能量守恒定律知传送带多消耗的电能为
⑨
解得 ⑩
评分标准：其中③⑧各2分，其余每式1分，共10分
25.解析：
（1）对滑块：
………………………1分
对木板：
………………………1分
………………………1分
………………………1分
………………………1分
（2） ………………………1分
………………………1分（3）设滑块在半圆轨道上与竖直方向成θ时滑块速的速度最大，滑块滑离木板时的速度为v，则：
………………………1分
………………………1分
… … … … … … … 2 分
………………………1分
给分标准：第一问5分，每式1分；第二问2分，每式1分；第3问5分，共12分。
26.解：（1）细金属杆 从 到 的过程，由动能定理： ①
解得： ②
（2）为满足要求，细金属杆 只要在倾斜导轨上达到匀速运动即可，则匀速时：
③
由法拉第电磁感应定律、闭合电路的欧姆定律可得： ④
联立②～④解得： ⑤
（3）稳定时细金属杆速度最大，此时： ⑥
对 ，由动量定理可得： ⑦
且 ⑧
结合电容器放电过程可得： ⑨
能量转化效率： ⑩
联立⑥～⑩式解得： ⑪
当 时，效率最高 ⑫
最大值： ⑬评分标准：本题满分20分，正确得出②⑥⑧⑨⑩⑬式各给1分，其余各式各给2分。
