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2025-2026 学年（ 上） 期末教学质量检测
高三物理详解
第Ⅰ卷 （选择题 共40分）
一、单项选择题∶本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合
题目要求的。
1.【答案】B
【详解】 全息照相是利用光的干涉原理记录物光波和参考光波的干涉条纹，再通过光的衍射原理再现物
体的三维图像，A错误；光遇到刀片边缘时会发生衍射现象，导致光线偏离直线传播，进入几何阴影区，
使得影子的边缘模糊不清，B正确；当点光源照射到一个不透明的小圆盘上时，在圆盘后方阴影的中心会
出现一个亮斑，这是光绕过障碍物（衍射）形成的，C错误；增透膜是利用光的干涉原理，通过膜层上下
表面反射光相消干涉，从而减少反射损失，D错误。
2．【答案】B
【详解】圆环上均匀分布着正电荷，根据对称性和叠加原理可知，O点处电场强度为零，x轴正半轴上各
点的场强方向向右，负半轴上各点的场强方向向左，沿着电场线方向电势降低，则O点电势大于零，A错
误，B正确；根据对称性可知 P、Q两点电势相等，电场强度大小相等方向相反 ，C、D错误。
3．【答案】C
【详解】由图乙可知，a机器人先开始运动，b机器人2s时开始运动，A错误；v-t图像面积表示位移，
前3s内a的位移大于b的位移，前4s内a的位移也大于b的位移，且a、b并排在同一位置开始运动，
则3s末、4s末都是a在前，b在后，B错误、C正确；v-t图像斜率表示加速度，2~4s内b匀加速运动，
加速度大小为 ，D错误。
4.【答案】D
【详解】根据 可知电子的加速度相同，不同位置进入的电子在竖直方向上位移不同，根据
可知，电子运动的时间不同，A错误；电子在竖直方向的分速度 不同，电子击中Q板瞬
间速度 不同，B错误；由题意可知，当电子加速时间最长，v 最大，又 ，可知从
y
Q板右侧边缘射出的电子的瞬间速度偏转角正切值最大，所以 ，又 ，解得 ，
C错误；极板中间虚线处射入的电子，打在区域的最左端，有 ， ，联立解得 ，
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学科网（北京）股份有限公司则电子击中Q板区域的长度为 ，D正确。
二、双项选择题∶本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题有两项符合题目要求，全部选对的得6
分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
5．【答案】AD
【详解】低轨卫星与静止轨道卫星相比运行半径r较小，由 得 ，周期较小，A
正确；由 可知，B错误；由 得 ，线速度较大，C错误；由 得
，加速度较大，D正确。
6．【答案】AC
【详解】电源电压和原副线圈匝数比不变，则副线圈电压不变，环境光照强度从10lx升至40lx的过程，
光敏电阻R 的阻值逐渐减小，R 与R 的并联电阻变小，其分压减小，电压表V示数变小，A正确；由于
L 1 L
光敏电阻R 的阻值逐渐减小，副线圈接的电路总电阻减小，副线圈电流增大，R 消耗的功率变大，B错
L 0
误；当光照强度为10lx时，R =10Ω， ，由 得 ，则电压表V的示数
L
，电流表A的示数 ，C正确；副线圈两端的电压为55V，
电压表V的示数一定小于55V，D错误。
7．【答案】CD
【详解】在最高点b，炮弹竖直速度为零，水平速度不为零，A错误；在最高点b，炮弹受重力和水平空
气阻力，合力大于重力，因此加速度大于g，B错误；炮弹从O到b的过程中，在竖直方向上，受到重力
和阻力在竖直向下的分力，即 ，解得 ，同理b到d的过程中，在竖直方向上，炮
弹受到重力和阻力在竖直向上的分力，即 ，解得 ，所以a ＞a ，因为竖直位移相
1 2
同，加速度越大，时间越小，所以炮弹由O点到b点的时间小于由b点到d点的时间，C正确；由于a、c
等高，重力做功为零，由动能定理可知，从a到c合外力做功即空气阻力做功等于炮弹动能的变化量，D
正确。
8．【答案】AB
【详解】分离前对整体有F合=F
A
+F
B
=（8－2t＋2＋2t）N=10N，则F合 为恒力，故分离前A、B一起做
匀加速直线运动，A正确；设t时刻A、B恰好分离，AB间的弹力恰好为零，由牛顿第二定律可知F =m a ，
A A
F =m a ，结合图乙可知F =（8-2t）N，F =（2+2t）N，联立解得t=2s，a=2m/s2，即A、B在t=2s
B B A B
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学科网（北京）股份有限公司时分离，则t=1.5s时加速度相同，但AB质量不同，A、B所受合力不同，B正确，C错误；t=2.5s时，
A、B已分离，由图乙可知 F' =7N ，所以 ，D错误。
B
第Ⅱ卷 （非选择题 共60分）
三、非选择题∶共60分。考生根据要求作答。
9．（3分）
【答案】电子（1分） （2分）
【详解】根据衰变方程 ，原子序数增加1，质量数不变，可判断该衰变为β衰变，粒子X
为电子；根据质能方程，衰变释放的能量 = 。
10．（3分）
【答案】不变（1分） 放出（2分）
【详解】一定质量的理想气体在b→c过程中温度不变，气体内能不变；在c→a过程中压强p不变，体积
V减小，外界对气体做功W>0，由理想气体状态方程 可知温度T降低，气体内能减小 ，由
热力学第一定律 可知Q<0，气体放出热量。
11．（3分）
【答案】 1（1分） 向上（2分）
【详解】根据图像可知水波的周期 T=2 s，由波速 ，解得 v=1 m/s；两浮漂 A、B 相距
，由此可知当浮漂B在波峰时，浮标A处于平衡位置且向上运动。
12. （5分）
【答案】
（1）③（2分）（2）122.10cm（122.08~122.12）（1分） 9.75（9.71~9.79） （2分）
【详解】
（1）为尽可能多拍到小球下落的照片，实验中应先打开手机连拍功能，开始拍摄，再把小球从刻度尺旁
静止释放，③错误。
（2）由图乙可知，第 2张照片中小球球心对应的刻度在 122.08 cm~122.12 cm之间，根据 得
。
13．（7分）
【答案】
（1）最大（1分） （2）1.5（1分） （3）3.0（2分） 1.5（2分）（4）不均匀 （1分）
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学科网（北京）股份有限公司【详解】为保护电路，闭合开关S前电阻箱R 阻值应调到最大；导体棒单位长度的阻值为
0
；根据闭合电路欧姆定律有 ，整理得 的关系式为
，结合图乙，纵轴截距和斜率分别为 ， ，联立解得r=1.5Ω，
E=3.0V；用力拉动拉钩时，弹簧伸长，接入电路的阻值减小，则电流增大，由胡克定律和电阻定律得导体
棒阻值随拉力均匀变化，再根据闭合电路欧姆定律 ，可知I与l不是线性关系，所以在
电流表表盘上每隔相同力的大小标注一个刻度，则刻度分布不均匀。
14．（11分）
【答案】（1） ； （2）
【详解】
（1）由动能定理得
①
解得 ②
（2）离子在磁场中，洛伦兹力提供向心力
③
其中 ④
解得 ⑤
评分标准:（1）题①式3分，②式2分，共5分；
（2）题③式3分，④式1分，⑤式2分，共6分。
(用其它方法解答正确的同样给分)
15．（12分）
【答案】（1）20N；（2） m/s；（3）1J
【详解】
（1）小球从最高点到最低点过程由机械能守恒定律得
①
小球与玩具方块碰撞前由牛顿第二定律得
②
解得 ③
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学科网（北京）股份有限公司（2）小球与玩具方块发生弹性碰撞，碰撞过程动量守恒，碰撞前后动能相等，则
④
⑤
解得 ⑥
（3）若玩具方块恰好停在平板车右侧，设此时玩具方块与平板车的共同速度为v ，由动量守恒定律和能
共
量守恒定律得
⑦
⑧
解得 ⑨
玩具方块与平板车之间的动摩擦因数μ=0.3>0.2，故玩具方块未滑出小车，由能量守恒定律得
⑩
解得 ⑪
评分标准:（1）题①式2分，②③式各1分，共4分；
（2）题④⑤⑥式各1分，共3分；
（3）题⑦⑧⑨⑩⑪式各1分共5分。
(用其它方法解答正确的同样给分)
16．（16分）
【答案】（1） （2） （3）
【详解】
（1）系统初始静止时，对Q受力分析可知
①
解得 ②
（2）cd杆匀速时，P对挡板的压力恰好为零，Q和ab杆静止
对P分析可知
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对Q分析可知
④
对ab分析可知
⑤
对abcd回路有
⑥
⑦
解得 ⑧
（3）cd杆被撤离水平导轨，Q与ab杆先一起加速，当绳子刚好无拉力时，Q与ab杆共同加速度为0，设
此时弹簧压缩量为x
2
对Q有
⑨
解得 ⑩
此后绳子松驰，Q与ab杆无关联，物体Q以此位置为平衡位置，做简谐运动，在平衡位置速度最
大，根据动能定理可得
⑪
得 ⑫
评分标准:（1）题①②式各2分，共4分；
（2）题③④⑥⑦⑧式各1分，⑤式2分，共7分；
（3）题式⑨⑩⑫式各1分，⑪式2分，共5分。
(用其它方法解答正确的同样给分)
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