专题06基因的分离定律和自由组合定律-2022年高考真题和模拟题生物分专题训练（教师版含解析）_2024年新高考资料_1.2024一轮复习_赠2022年高考生物真题与模拟题分类

专题 06 基因的分离定律和自由组合定律 一、单选题 1．(2022·全国甲卷·高考真题)某种自花传粉植物的等位基因A/a和B/b位于非同源染色体上。A/a控制花粉 育性，含A的花粉可育；含a的花粉50%可育、50%不育。B/b控制花色，红花对白花为显性。若基因型 为AaBb的亲本进行自交，则下列叙述错误的是( ) A．子一代中红花植株数是白花植株数的3倍 B．子一代中基因型为aabb的个体所占比例是1/12 C．亲本产生的可育雄配子数是不育雄配子数的3倍 D．亲本产生的含B的可育雄配子数与含b的可育雄配子数相等 【答案】B 【解析】 【分析】 分析题意可知：A、a和B、b基因位于非同源染色体上，独立遗传，遵循自由组合定律。 【详解】 A、分析题意可知，两对等位基因独立遗传，故含a的花粉育性不影响B和b基因的遗传，所以Bb自交， 子一代中红花植株B_：白花植株bb=3：1，A正确； B、基因型为AaBb的亲本产生的雌配子种类和比例为AB:Ab:aB:ab=1:1:1:1，由于含a的花粉50%可育，故 雄配子种类及比例为AB:Ab:aB:ab=2:2:1:1，所以子一代中基因型为aabb的个体所占比例为1/4×1/6=1/24， B错误； C、由于含a的花粉50%可育，50%不可育，故亲本产生的可育雄配子是A+1/2a，不育雄配子为1/2a，由 于Aa个体产生的A：a=1:1，故亲本产生的可育雄配子数是不育雄配子的三倍，C正确； D、两对等位基因独立遗传，所以Bb自交，亲本产生的含B的雄配子数和含b的雄配子数相等，D正确。 故选B。 2．(2022·山东·高考真题)野生型拟南芥的叶片是光滑形边缘，研究影响其叶片形状的基因时，发现了6个 不同的隐性突变，每个隐性突变只涉及1个基因。这些突变都能使拟南芥的叶片表现为锯齿状边缘。利用 上述突变培育成6个不同纯合突变体①~⑥，每个突变体只有1种隐性突变。不考虑其他突变，根据表中的 杂交实验结果，下列推断错误的是( )杂交组 子代叶片边缘 合 ①×② 光滑形 ① ×③ 锯齿状 ①×④ 锯齿状 ①×⑤ 光滑形 ②×⑥ 锯齿状 A．②和③杂交，子代叶片边缘为光滑形 B．③和④杂交，子代叶片边缘为锯齿状 C．②和⑤杂交，子代叶片边缘为光滑形 D．④和⑤杂交，子代叶片边缘为光滑形 【答案】C 【解析】 【分析】 6个不同的突变体均为隐性纯合，可能是同一基因突变形成的，也可能是不同基因突变形成的。 【详解】 AB、①×③、①×④的子代全为锯齿状，说明①与③④应是同一基因突变而来，因此②和③杂交，子代叶 片边缘为光滑形，③和④杂交，子代叶片边缘为锯齿状，AB正确； C、①×②、①×⑤的子代叶片边缘为全为光滑形，说明①与②、①与⑤是分别由不同基因发生隐性突变导 致，但②与⑤可能是同一基因突变形成的，也可能是不同基因突变形成的；若为前者，则②和⑤杂交，子 代叶片边缘为锯齿状，若为后者，子代叶片边缘为光滑形，C错误； D、①与②是由不同基因发生隐性突变导致，①与④应是同一基因突变而来，②×⑥的子代叶片边缘为全为 锯齿状，说明②⑥是同一基因突变形成的，则④与⑥是不同基因突变形成的，④和⑥杂交，子代叶片边缘 为光滑形，D正确。 故选C。 3．(2022·山东·高考真题)家蝇Y染色体由于某种影响断成两段，含s基因的小片段移接到常染色体获得 XY'个体，不含s基因的大片段丢失。含s基因的家蝇发育为雄性，只含一条X染色体的雌蝇胚胎致死，其 他均可存活且繁殖力相同。M、m是控制家蝇体色的基因，灰色基因M对黑色基因m为完全显性。如图所 示的两亲本杂交获得F，从F 开始逐代随机交配获得F。不考虑交换和其他突变，关于F 至F，下列说法 1 1 n 1 n 错误的是( )A．所有个体均可由体色判断性别 B．各代均无基因型为MM的个体 C．雄性个体中XY'所占比例逐代降低 D．雌性个体所占比例逐代降低 【答案】D 【解析】 【分析】 含s基因的家蝇发育为雄性，据图可知，s基因位于M基因所在的常染色体上，常染色体与性染色体之间 的遗传遵循自由组合定律。 【详解】 A、含有M的个体同时含有s基因，即雄性个体均表现为灰色，雌性个体不会含有M，只含有m，故表现 为黑色，因此所有个体均可由体色判断性别，A正确； B、含有Ms基因的个体表现为雄性，基因型为MsMs的个体需要亲本均含有Ms基因，而两个雄性个体不能 杂交，B正确； C、亲本雌性个体产生的配子为mX，雄性亲本产生的配子为XMs、Ms0、Xm、m0，子一代中只含一条X 染色体的雌蝇胚胎致死，雄性个体为1/3XXY’(XXMsm)、1/3XY’(XMsm)，雌蝇个体为1/3XXmm，把性染 色体和常染色体分开考虑，只考虑性染色体，子一代雄性个体产生的配子种类及比例为3/4X、1/40，雌性 个体产生的配子含有X，子二代中3/4XX、1/4X0；只考虑常染色体，子二代中1/2Msm、1/2mm， 1/8mmX0致死，XXmm表现为雌性，所占比例为3/7，雄性个体3/7XXY’(XXMsm)、1/7XY’(XMsm)，即雄 性个体中XY'所占比例由1/2降到1/4，逐代降低，雌性个体所占比例由1/3变为3/7，逐代升高，C正确， D错误。 故选D。 4．(2022年6月·浙江·高考真题)番茄的紫茎对绿茎为完全显性。欲判断一株紫茎番茄是否为纯合子，下列 方法不可行的是( ) A．让该紫茎番茄自交 B．与绿茎番茄杂交 C．与纯合紫茎番茄杂交D．与杂合紫茎番茄杂交 【答案】C 【解析】 【分析】 常用的鉴别方法：(1)鉴别一只动物是否为纯合子，可用测交法；(2)鉴别一棵植物是否为纯合子，可用测交 法和自交法，其中自交法最简便；(3)鉴别一对相对性状的显性和隐性，可用杂交法和自交法(只能用于植 物)；(4)提高优良品种的纯度，常用自交法；(5)检验杂种F1的基因型采用测交法。设相关基因型为A、 a，据此分析作答。 【详解】 A、 紫茎为显性，令其自交，若为纯合子，则子代全为紫茎，若为杂合子，子代发生性状分离，会出现绿 茎， A不符合题意； B、 可通过与绿茎纯合子(aa)杂交来鉴定，如果后代都是紫茎，则是纯合子；如果后代有紫茎也有绿茎， 则是杂合子，B不符合题意； C、 与紫茎纯合子(AA)杂交后代都是紫茎，故不能通过与紫茎纯合子杂交进行鉴定，C符合题意； D、 能通过与紫茎杂合子杂交(Aa)来鉴定，如果后代都是紫茎，则是纯合子；如果后代有紫茎也有绿茎， 则是杂合子，D不符合题意。 故选C。 5．(2022年1月·浙江·高考真题)孟德尔杂交试验成功的重要因素之一是选择了严格自花受粉的豌豆作为材 料。自然条件下豌豆大多数是纯合子，主要原因是( ) A．杂合子豌豆的繁殖能力低 B．豌豆的基因突变具有可逆性 C．豌豆的性状大多数是隐性性状 D．豌豆连续自交，杂合子比例逐渐减小 【答案】D 【解析】 【分析】 连续自交可以提高纯合子的纯合度。 【详解】 孟德尔杂交试验选择了严格自花授粉的豌豆作为材料，而连续自交可以提高纯合子的纯合度，因此，自然 条件下豌豆经过连续数代严格自花授粉后，大多数都是纯合子，D正确。 故选D。 【点睛】 本题考查基因分离定律的实质，要求考生识记基因分离定律的实质及应用，掌握杂合子连续自交后代的情况，再结合所学的知识准确答题。 二、多选题 6．(2022·山东·高考真题)某两性花二倍体植物的花色由3对等位基因控制，其中基因A控制紫色，a无控 制色素合成的功能。基因B控制红色，b控制蓝色。基因1不影响上述2对基因的功能，但i纯合的个体为 白色花。所有基因型的植株都能正常生长和繁殖，基因型为A_B_I_和A_bbI_的个体分别表现紫红色花和 靛蓝色花。现有该植物的3个不同纯种品系甲、乙、丙，它们的花色分别为靛蓝色、白色和红色。不考虑 突变，根据表中杂交结果，下列推断正确的是( ) 杂交组合 F1表型 F2表型及比例 甲×乙 紫红色 紫红色∶靛蓝色∶白色=9∶3∶4 乙×丙 紫红色 紫红色∶红色∶白色=9∶3∶4 A．让只含隐性基因的植株与F 测交，可确定F 中各植株控制花色性状的基因型 2 2 B．让表中所有F 的紫红色植株都自交一代，白花植株在全体子代中的比例为1/6 2 C．若某植株自交子代中白花植株占比为1/4，则该植株可能的基因型最多有9种 D．若甲与丙杂交所得F 自交，则F 表型比例为9紫红色∶3靛蓝色∶3红色∶1蓝色 1 2 【答案】BCD 【解析】 【分析】 题意分析，基因型为A_B_I_和A_bbI_的个体分别表现紫红色花和靛蓝色花，基因型为aaB_I_表现为红色， _____ii表现为白色。杂交组合一中F 的性状分离比为紫红色∶靛蓝色∶白色=9∶3∶4，为9∶3∶3∶1的 2 变式，说明相关的两对等位基因的遗传符合基因自由组合定律，同理根据乙、丙杂交结果，也说明相关的 等位基因的遗传符合基因自由组合定律。根据F 中性状表现确定亲本甲、乙和丙的基因型依次为 2 AAbbII、AABBii，aaBBII。 【详解】 A、当植株是白花时候，其基因型为____ii，与只含隐性基因的植株与F 测交仍然是白花，无法鉴别它的具 2 体的基因型，A错误； B、甲×乙杂交组合中F 的紫红色植株基因型为AABbIi：AABBIi：AABbII：AABBII=4：2：2：1。乙×丙 2 杂交组合中F 的紫红色植株基因型为AaBBIi：AABBIi：AaBBII：AABBII=4：2：2：1。其中II：Ii=1：2 2 所以白花植株在全体子代中的比例为2/3×1/4=1/6，B正确； C、若某植株自交子代中白花植株占比为1/4，则亲本为(____Ii)，则该植株可能的基因型最多有9种 (3×3)，C正确；D、甲与丙杂交所得F1的基因型为AaBbII，其自交的子一代的表现型比为紫红色(A_B_II)：靛蓝色花 (A_bbII)：红色(aaB_II)：蓝色(aabbII])=9:3:3:1，D正确。 故选BCD。 三、非选择题 7．(2022甲卷·全国·高考真题)玉米是我国重要的粮食作物。玉米通常是雌雄同株异花植物(顶端长雄花序， 叶腋长雌花序)，但也有的是雌雄异株植物。玉米的性别受两对独立遗传的等位基因控制，雌花花序由显性 基因B控制，雄花花序由显性基因T控制，基因型bbtt个体为雌株。现有甲(雌雄同株)、乙(雌株)、丙(雌 株)、丁(雄株)4种纯合体玉米植株。回答下列问题。 (1)若以甲为母本、丁为父本进行杂交育种，需进行人工传粉，具体做法是_____________。 (2)乙和丁杂交，F 全部表现为雌雄同株；F 自交，F 中雌株所占比例为_____________，F 中雄株的基因 1 1 2 2 型是_____________；在F 的雌株中，与丙基因型相同的植株所占比例是_____________。 2 (3)已知玉米籽粒的糯和非糯是由1对等位基因控制的相对性状。为了确定这对相对性状的显隐性，某研究 人员将糯玉米纯合体与非糯玉米纯合体(两种玉米均为雌雄同株)间行种植进行实验，果穗成熟后依据果穗 上籽粒的性状，可判断糯与非糯的显隐性。若糯是显性，则实验结果是_____________；若非糯是显性， 则实验结果是_____________。 【答案】(1)对母本甲的雌花花序进行套袋，待雌蕊成熟时，采集丁的成熟花粉，撒在甲的雌蕊柱头上，再 套上纸袋。 (2) 1/4 bbTT、bbTt 1/4 (3) 糯性植株上全为糯性籽粒，非糯植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒 非糯性植株上只有非糯 籽粒，糯性植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒 【解析】 【分析】 雌花花序由显性基因B控制，雄花花序由显性基因T控制，基因型bbtt个体为雌株、甲(雌雄同株)、乙(雌 株)、丙(雌株)、丁(雄株)，可推断出甲的基因型为BBTT，乙、丙基因型可能为BBtt或bbtt，丁的基因型为 bbTT。 (1) 杂交育种的原理是基因重组，若甲为母本，丁为父本杂交，因为甲为雌雄同株异花植物，所以在花粉未成 熟时需对甲植株雌花花序套袋隔离，等丁的花粉成熟后再通过人工授粉把丁的花粉传到甲的雌蕊柱头后， 再套袋隔离。 (2) 根据分析及题干信息“乙和丁杂交，F 全部表现为雌雄同株”，可知乙基因型为BBtt，丁的基因型为 1bbTT，F 基因型为BbTt，F 自交F 基因型及比例为9B＿T＿(雌雄同株)：3B＿tt(雌株)：3bbT＿(雄株)： 1 1 2 1bbtt(雌株)，故F 中雌株所占比例为1/4，雄株的基因型为bbTT、bbTt，雌株中与丙基因型相同的比例为 2 1/4。 (3) 假设糯和非糯这对相对性状受A/a基因控制，因为两种玉米均为雌雄同株植物，间行种植时，既有自交又 有杂交。若糯性为显性，基因型为AA，非糯基因型为aa，则糯性植株无论自交还是杂交，糯性植株上全 为糯性籽粒，非糯植株杂交子代为糯性籽粒，自交子代为非糯籽粒，所以非糯植株上既有糯性籽粒又有非 糯籽粒。同理，非糯为显性时，非糯性植株上只有非糯籽粒，糯性植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒。 8．(2022·全国乙卷·高考真题)某种植物的花色有白、红和紫三种，花的颜色由花瓣中色素决定，色素的合 成途径是：白色 红色 紫色。其中酶1的合成由基因A控制，酶2的合成由基因B控制，基因A和 基因B位于非同源染色体上、回答下列问题。 (1)现有紫花植株(基因型为AaBb)与红花杂合体植株杂交，子代植株表现型及其比例为______；子代中红花 植株的基因型是______；子代白花植株中纯合体占的比例为______。 (2)已知白花纯合体的基因型有2种。现有1株白花纯合体植株甲，若要通过杂交实验(要求选用1种纯合体 亲本与植株甲只进行1次杂交)来确定其基因型，请写出选用的亲本基因型、预期实验结果和结论。 【答案】(1) 白色：红色：紫色=2：3：3 AAbb、Aabb 1/2 (2)选用的亲本基因型为：AAbb；预期的实验结果及结论：若子代花色全为红花，则待测白花纯合体基因 型为aabb；若子代花色全为紫花，则待测白花纯合体基因型为aaBB 【解析】 【分析】 根据题意，Aa和Bb两对基因遵循自由组合定律，A_B_表现为紫花，A_bb表现为红花，aa_ _表现为白花。 (1) 紫花植株(AaBb)与红花杂合体(Aabb)杂交，子代可产生6种基因型及比例为AABb(紫花)：AaBb(紫花)： aaBb(白花)：AAbb(红花)：Aabb(红花)：aabb(白花)=1:2:1:1:2:1。故子代植株表现型及比例为白色：红色： 紫色=2：3：3；子代中红花植株的基因型有2种：AAbb、Aabb；子代白花植株中纯合体(aabb)占的比例为 1/2。 (2) 白花纯合体的基因型有aaBB和aabb两种。要检测白花纯合体植株甲的基因型，可选用AAbb植株与之杂 交，若基因型为aaBB则实验结果为：aaBB×AAbb→AaBb(全为紫花)；若基因型为aabb则实验结果为：aabb×AAbb→Aabb(全为红花)。这样就可以根据子代的表现型将白花纯合体的基因型推出。 9．(2022·广东·高考真题)《诗经》以“蚕月条桑”描绘了古人种桑养蚕的劳动画面，《天工开物》中“今 寒家有将早雄配晚雌者，幻出嘉种”，表明我国劳动人民早已拥有利用杂交手段培有蚕种的智慧，现代生 物技术应用于蚕桑的遗传育种，更为这历史悠久的产业增添了新的活力。回答下列问题： (1)自然条件下蚕采食桑叶时，桑叶会合成蛋白醇抑制剂以抵御蚕的采食，蚕则分泌更多的蛋白酶以拮抗抑 制剂的作用。桑与蚕相互作用并不断演化的过程称为________________。 (2)家蚕的虎斑对非虎斑、黄茧对白茧、敏感对抗软化病为显性，三对性状均受常染色体上的单基因控制且 独立遗传。现有上述三对基因均杂合的亲本杂交，F 中虎斑、白茧、抗软化病的家蚕比例是 1 ________________；若上述杂交亲本有8对，每只雌蚕平均产卵400枚，理论上可获得________________ 只虎斑、白茧、抗软化病的纯合家蚕，用于留种。 (3)研究小组了解到：①雄蚕产丝量高于雌蚕；②家蚕的性别决定为ZW型；③卵壳的黑色(B)和白色(b)由 常染色体上的一对基因控制；④黑壳卵经射线照射后携带B基因的染色体片段可转移到其他染色体上且能 正常表达。为达到基于卵壳颜色实现持续分离雌雄，满足大规模生产对雄蚕需求的目的，该小组设计了一 个诱变育种的方案。下图为方案实施流程及得到的部分结果。 统计多组实验结果后，发现大多数组别家蚕的性别比例与I组相近，有两组(Ⅱ、Ⅲ)的性别比例非常特殊。 综合以上信息进行分析： ①Ⅰ组所得雌蚕的B基因位于________________染色体上。 ②将Ⅱ组所得雌蚕与白壳卵雄蚕(bb)杂交，子代中雌蚕的基因型是________________(如存在基因缺失，亦 用b表示)。这种杂交模式可持续应用于生产实践中，其优势是可在卵期通过卵壳颜色筛选即可达到分离雌 雄的目的。 ③尽管Ⅲ组所得黑壳卵全部发育成雄蚕，但其后代仍无法实现持续分离雌雄，不能满足生产需求，请简要说明理由________________。 【答案】(1)协同进化 (2) 3/64 50 (3) 常 bbZWB Ⅲ组所得黑壳卵雄蚕为杂合子，与白壳卵雌蚕杂交，后代的黑壳卵和白壳卵 中均既有雌性又有雄性，无法通过卵壳颜色区分性别 【解析】 【分析】 家蚕的性别决定方式是ZW型，雌蚕的性染色体组成是ZW，雄蚕的性染色体组成是ZZ。 (1) 不同物种之间、生物与无机环境之间在相互影响中不断进化和发展，这就是协同进化。 (2) 由题意可知，三对性状均受常染色体上的单基因控制且独立遗传，即符合自由组合定律，将三对基因均杂 合的亲本杂交，可先将三对基因分别按照分离定律计算，再将结果相乘，即F 各对性状中，虎斑个体占 1 3/4，白茧个体占1/4，抗软化病个体占1/4，相乘后F 中虎斑、白茧、抗软化病的家蚕比例是 1 3/4×1/4×1/4=3/64。若上述杂交亲本有8对，每只雌蚕平均产卵400枚，总产卵数为8×400=3200枚，其中 虎斑、白茧、抗软化病的纯合家蚕占1/4×1/4×1/4=1/64，即3200×1/64=50只。 (3) 分析题意和图示方案可知，黑卵壳经射线照射后，携带B基因的染色体片段转移到其他染色体上且能正常 表达，转移情况可分为三种，即携带B基因的染色体片段未转移或转移到常染色体上、转移到Z染色体上 或转移到W染色体上。将诱变孵化后挑选的雌蚕作为亲本与雄蚕(bb)杂交，统计子代的黑卵壳孵化后雌雄 家蚕的数目，结合图中的三组结果分析，Ⅰ组黑卵壳家蚕中雌雄比例接近1：1，说明该性状与性别无关， 即携带B基因的染色体片段未转移或转移到了常染色体上；Ⅱ组黑卵壳家蚕全为雌性，说明携带B基因的 染色体片段转移到了W染色体上；Ⅲ组黑卵壳家蚕全为雄性，说明携带B基因的染色体片段转移到了Z染 色体上。 ①由以上分析可知，Ⅰ组携带B基因的染色体片段未转移或转移到了常染色体上，即所得雌蚕的B基因位 于常染色体上。 ②由题意可知，如存在基因缺失，亦用b表示。Ⅱ组携带B基因的染色体片段转移到了W染色体上，亲本 雌蚕的基因型为bbZWB，与白卵壳雄蚕bbZZ杂交，子代雌蚕的基因型为bbZWB(黑卵壳)，雄蚕的基因型 为bbZZ(白卵壳)，可以通过卵壳颜色区分子代性别。将子代黑卵壳雌蚕继续杂交，后代类型保持不变，故 这种杂交模式可持续应用于生产实践中。 ③由题意分析可知，如存在基因缺失，亦用b表示。Ⅲ组携带B基因的染色体片段转移到了Z染色体上，亲本雌蚕的基因型为bbZBW，与白卵壳雄蚕bbZZ杂交，子代雌蚕的基因型为bbZW(白卵壳)，雄蚕的基因 型为bbZBZ(黑卵壳)。再将黑壳卵雄蚕(bbZBZ)与白壳卵雌蚕(bbZW)杂交，子代为bbZBZ、bbZZ、bbZBW、 bbZW，其后代的黑壳卵和白壳卵中均既有雌性又有雄性，无法通过卵壳颜色区分性别，故不能满足生产 需求。 10．(2022年1月·浙江·高考真题)果蝇的正常眼和星眼受等位基因A、a控制，正常翅和小翅受等位基因 B、b控制其中1对基因位于常染色体上。为进一步研究遗传机制，以纯合个体为材料进行了杂交实验，各 组合重复多次，结果如下表。 P F 1 杂交组合 ♀ ♂ ♀ ♂ 甲 星眼正常翅 正常眼小翅 星眼正常翅 星眼正常翅 乙 正常眼小翅 星眼正常翅 星眼正常翅 星眼小翅 正常眼正常 丙 正常眼小翅 正常眼正常翅 正常眼小翅 翅 回答下列问题： (1)综合考虑A、a和B、b两对基因，它们的遗传符合孟德尔遗传定律中的__________。组合甲中母本的基 因型为__________。果蝇的发育过程包括受精卵、幼虫、蛹和成虫四个阶段。杂交实验中，为避免影响实 验结果的统计，在子代处于蛹期时将亲本__________。 (2)若组合乙F 的雌雄个体随机交配获得F，则F 中星眼小翅雌果蝇占____________。果蝇的性染色体数 1 2 2 目异常可影响性别，如XYY或XO为雄性，XXY为雌性。若发现组合甲F 中有1只非整倍体星眼小翅雄 1 果蝇，原因是母本产生了不含__________的配子。 (3)若有一个由星眼正常翅雌、雄果蝇和正常眼小翅雌、雄果蝇组成的群体，群体中个体均为纯合子。该群 体中的雌雄果蝇为亲本，随机交配产生F，F 中正常眼小翅雌果蝇占21/200、星眼小翅雄果蝇占49/200， 1 1 则可推知亲本雄果蝇中星眼正常翅占__________。 (4)写出以组合丙F 的雌雄果蝇为亲本杂交的遗传图解。____________。 1 【答案】(1) 自由组合定律 AAXBXB 移除 (2) 3/16 X染色体 (3)7/10(4) 【解析】 【分析】 分析题意可知，甲、乙组中星眼与正常眼杂交，子代全为星眼，说明星眼为显性，且性别与形状无关， A、a基因位于常染色体上；甲组中雌性正常翅与雄性小翅杂交，子代全为正常翅，乙组中雌性小翅与雄性 正常翅杂交，子代中雌性为正常翅，雄性为小翅，说明该性状与性别相关联，位于X染色体上，且正常翅 为显性。 (1) 结合分析可知，A、a位于常染色体，而B、b位于X染色体，两对基因分别位于两对同源染色体，它们的 遗传遵循自由组合定律；组合甲中母本为星眼正常翅，均为显性性状，且为纯合子，故基因型为 AAXBXB；杂交实验中，为避免影响实验结果的统计，在子代处于蛹期时将亲本移除。 (2) 组合乙为♀正常眼小翅(aaXbXb)×♂星眼正常翅(AAXBY)，F 基因型为AaXBXb、AaXbY，F 的雌雄个体随机 1 1 交配获得F，则F 中星眼(A-)小翅雌果蝇(XbXb)占3/4×1/4=3/16；组合甲基因型为AAXBXB、aaXbY，F 基 2 2 1 因型应为AaXBXb、AaXBY，若发现组合甲F 中有1只非整倍体星眼小翅雄果蝇，则该个体基因型可能为 1 AaXbO。原因是母本产生了不含X染色体的配子。 (3) 设亲本星眼正常翅雄果蝇在亲本雄果蝇中占比为m，则正常眼小翅雄果蝇在雄果蝇中占比为(1-m)。同理设 亲本雌果蝇中正常眼小翅在雌果蝇中占比为n,则星眼正常翅雌果蝇占比为(1-n)。由题意可知，子代正常眼 小翅雌果蝇占21/200，即为aaXbXb,1/2×aaXbXb×aaXbY=1/2(1-m)n=21/200，星眼小翅雄果蝇占49/200，即为 AaXbY=1/2×AAXBY×aaXbXb=1/2mn=49/200。可算出n=7/10,1-m=3/10,则m=7/10，即亲本星眼正常翅雄果蝇 在亲本雄果蝇中占比为7/10。 (4) 组合丙的双亲基因型为aaXbXb×aaXBY，F 基因型为aaXBXb、aaXbY，F 的雌雄果蝇为亲本杂交的遗传图解 1 1 为：。 【点睛】 本题考查学生理解基因分离定律和自由组合定律的实质和使用条件，学会根据子代表现型比例推测亲本基 因型及性状偏离比出现的原因，并能结合题意分析作答。 11．(2022年6月·浙江·高考真题)某种昆虫野生型为黑体圆翅，现有3个纯合突变品系，分别为黑体锯翅、 灰体圆翅和黄体圆翅。其中体色由复等位基因A/A /A 控制，翅形由等位基因B/b控制。为研究突变及其 1 2 3 遗传机理，用纯合突变品系和野生型进行了基因测序与杂交实验。回答下列问题： (1)基因测序结果表明，3个突变品系与野生型相比，均只有1个基因位点发生了突变，并且与野生型对应 的基因相比，基因长度相等。因此，其基因突变最可能是由基因中碱基对发生___________导致。 (2)研究体色遗传机制的杂交实验，结果如表1所示： 表1 P F F 1 2 杂交组 合 ♀ ♂ ♀ ♂ ♀ ♂ 黄 Ⅰ 黑体 黄体 黄体 3黄体：1黑体 3黄体：1黑体 体 黑 Ⅱ 灰体 灰体 灰体 3灰体：1黑体 3灰体：1黑体 体 黄 Ⅲ 灰体 灰体 灰体 3灰体：1黄体 3灰体：1黄体 体 注：表中亲代所有个体均为圆翅纯合子。 根据实验结果推测，控制体色的基因A(黑体)、A(灰体)和A(黄体)的显隐性关系为___________(显性对隐 1 2 3 性用“>”表示)，体色基因的遗传遵循___________定律。 (3)研究体色与翅形遗传关系的杂交实验，结果如表2所示： 表2 P F F 杂交 1 2组合 ♀ ♂ ♀ ♂ ♀ ♂ 灰体 黑体 灰体 灰体 3灰体圆翅：1黑体圆翅：3灰 Ⅳ 6灰体圆翅：2黑体圆翅 圆翅 锯翅 圆翅 圆翅 体锯翅：1黑体锯翅 黑体 灰体 灰体 灰体 3灰体圆翅：1黑体圆翅：3灰 3灰体圆翅：1黑体圆翅：3灰 Ⅴ 锯翅 圆翅 圆翅 锯翅 体锯翅：1黑体锯翅 体锯翅：1黑体锯翅 根据实验结果推测，锯翅性状的遗传方式是___________，判断的依据是___________。 (4)若选择杂交Ⅲ的F 中所有灰体圆翅雄虫和杂交Ⅴ的F 中所有灰体圆翅雌虫随机交配，理论上子代表现 2 2 型有___________种，其中所占比例为2/9的表现型有哪几种？___________。 (5)用遗传图解表示黑体锯翅雌虫与杂交Ⅲ的F 中灰体圆翅雄虫的杂交过程。 1 【答案】(1)替换 (2) A＞A＞A 分离 2 3 1 (3) 伴X染色体隐性遗传 杂交V的母本为锯翅，父本为圆翅，F 的雌虫全为圆翅，雄虫全为锯 1 翅 (4) 6 灰体圆翅雄虫和灰体锯翅雄虫 (5) 【解析】 【分析】 根据题干信息可知，控制体色的A/ A/ A 是复等位基因，符合基因的分离定律，并且由表1的F 和F 雌 1 2 3 1 2 雄个体表现型一致，可知控制体色的基因位于常染色体上。只看翅型，从表2的组合V，F 的雌虫全为圆 1 翅，雄虫全为锯翅，性状与性别相关联，可知控制翅型的基因位于X染色体上，所以控制体色和控制翅型 的基因符合基因的自由组合定律。 (1) 由题干信息可知，突变的基因 “与野生型对应的基因相比长度相等”，基因突变有碱基的增添、缺失和替换三种类型，突变后基因长度相等，可判定是碱基的替换导致。 (2) 由杂交组合Ⅰ的F 可知，黄体(A )对黑体(A )为显性；由杂交组合Ⅱ可知，灰体(A )对黑体(A )为显性，由 1 3 1 2 1 杂交组合Ⅲ可知，灰体(A )对黄体(A3)为显性，所以三者的显隐性关系为黄体对黑体为显性，灰体对黄体 2 对黑体为显性，即A＞A＞A，由题意可知三个体色基因为复等位基因，根据等位基因概念“位于同源染 2 3 1 色体上控制相对性状的基因”可知，体色基因遵循基因分离定律。 (3) 分析杂交组合V，母本为锯翅，父本为圆翅，F 的雌虫全为圆翅，雄虫全为锯翅，性状与性别相关联，可 1 知控制锯翅的基因是隐性基因，并且在X染色体上，所以锯翅性状的遗传方式是伴X染色体隐性遗传。 (4) 表1中亲代所有个体均为圆翅纯合子，杂交组合Ⅲ的亲本为灰体(基因型AA)和黄体(基因型AA)，F 的 2 2 3 3 1 灰体基因型为AA，雌雄个体相互交配，子代基因型是AA(灰体)：AA(灰体)：AA(黄体)=1：2：1， 2 3 2 2 2 3 3 3 所以杂交组合Ⅲ中F 的灰体圆翅雄虫基因型为1/3 A AXBY和2/3 A AXBY；杂交组合Ⅴ中，只看体色这 2 2 2 2 3 对相对性状，因为F 只有一种表现型，故亲本为AA AA，F 基因型为AA，雌雄个体相互交配，F 基 1 1 1 2 2 1 1 2 2 因型为AA(黑体)：AA(灰体)：AA(灰体)=1：2：1；只看杂交组合Ⅴ中关于翅型的性状，亲本为 1 1 1 2 2 2 XbXbXBY，F 基因型为XBXb，XbY，F 雌雄个体相互交配，F 的圆翅雌虫的基因型为XBXb，所以杂交组合 1 1 2 Ⅴ的F 的灰体圆翅雌虫基因型为1/3 A AXBXb，2/3 AA XBXb。控制体色和翅型的基因分别位于常染色体 2 2 2 1 2 和X染色体，符合自由组合定律，可先按分离定律分别计算，再相乘，所以杂交组合Ⅲ中F 的灰体圆翅雄 2 虫和杂交组合Ⅴ的F 的灰体圆翅雌虫随机交配，只看体色，AA、AA 和AA、 AA 随机交配，雄配子 2 2 2 2 3 2 2 1 2 是1/3A 、2/3A ，雌配子是1/3A 、2/3A ，子代基因型为4/9 A A(灰体)、2/9 AA(灰体)、2/9 AA(灰体)、 3 2 1 2 2 2 2 3 1 2 1/9 AA(黄体)，可以出现灰体(占8/9)和黄体(占1/9)2种体色；只看翅型，XBY与XBXb杂交，子代基因型 1 3 为1/4XBXB、1/4XBXb、1/4XBY、1/4XbY，雌性只有圆翅1种表现型，雄性有圆翅和锯翅2种表现型，所以 子代的表现型共有2×3=6种。根据前面所计算的子代表现型，2/9=8/9(灰体)×1/4(圆翅雄虫或锯翅雄虫)，故 所占比例为2/9的表现型有灰体圆翅雄虫和灰体锯翅雄虫。 (5) 黑体锯翅雌虫的基因型为AAXbXb，由(4)解析可知，杂交组合Ⅲ的F 灰体雄虫基因型为AA，所以灰体 1 1 1 2 3 圆翅雄虫的基因型为AAXBY，二者杂交的遗传图解如下： 2 3一、单选题 1．(2022·湖北武汉·模拟预测)外显率指某基因型个体显示预期表型的比例。黑腹果蝇中，显性的野生型基 因Ⅰ的外显率为100%；隐性的间断翅脉基因i的外显率为90%，即90%的ii基因型个体为间断翅脉，其余 10%为野生型。将一对黑腹果蝇杂交后，F 中野生型：间断翅脉=11：9，下列说法正确是( ) 1 A．亲本果蝇的表现型分别为野生型和间断翅脉 B．子代野生型果蝇的基因型可能为Ii或ii C．F 中果蝇自由交配，得到F 中野生型：间断翅脉=7：9 1 2 D．F 的比例说明该性状的遗传不遵循基因的分离定律 1 【答案】B 【解析】 【分析】 分析题意，黑腹果蝇杂交后，后代野生型：间断翅脉=11：9，由于90%的ii基因型个体为间断翅脉，则亲 本的基因型应为Ii、ii。 【详解】 AB、据题意可知，亲本是一对黑腹果蝇，且子代出现间断翅脉，比例为11:9，可推断亲本应为Ii、ii，均 表现为野生型，子代Ii：ii=1:1，但ii有10%为野生型，故出现野生型：间断翅脉=11：9的比例，A错误， B正确； C、F 中果蝇1/2Ii、1/2ii自由交配，子代中II:Ii:ii=1：6：9，由于ii有10%的外显率，故最终表现为野生型： 1 间断翅脉=79：81，C错误； D、F 的比例是测交结果1:1的变式，仍遵循基因的分离定律，D错误。 1 故选B。2．(2022·湖南·长郡中学模拟预测)棉铃虫是严重危害棉花的一种害虫。科研工作者发现毒蛋白基因B和胰 蛋白酶抑制剂基因D，两种基因均可导致棉铃虫死亡。现将B和D基因同时导入棉花的一条染色体上获得 抗虫棉。棉花的短果枝由基因A控制，研究者获得了多个基因型为AaBD的短果枝抗虫棉植株，AaBD植 株与纯合的aa长果枝不抗虫植株杂交得到F(不考虑减数分裂时的互换)。下列说法不正确的是( ) 1 A．若F 中短果枝抗虫：长果枝不抗虫＝1：1，则B、D基因与A基因位于同一条染色体上 1 B．若F 的表现型比例为1：1：1：1，则F 产生的配子的基因型为AB、AD、aB、aD 1 1 C．若F 的表现型比例为1：1：1：1，则果枝基因和抗虫基因分别位于两对同源染色体上 1 D．若F 中短果枝不抗虫：长果枝抗虫＝1：1，则F 产生的配子的基因型为A和aBD 1 1 【答案】B 【解析】 【分析】 由题意知，B、D位于一条染色体上，因此不遵循自由组合定律，如果A(a)与B、D分别位于两对同源染色 体上，A(a)与B、D遵循自由组合定律，则基因型为AaBD的植株产生的配子的类型及比例是ABD：a： aBD：A＝1：1：1：1，如果A(a)与B、D位于一对同源染色体上，则A(a)与BD也不遵循自由组合定律， 则基因型为AaBD的个体产生的配子的类型是ABD：a＝1：1或者是aBD：A＝1：1。 【详解】 A、如果B、D基因与A基因位于同一条染色体上，则AaBD产生的配子的类型是ABD：a＝1：1，与纯合 的aa长果枝不抗虫植株杂交得到的F 的基因型及比例是AaBD：aa＝1：1，表现型及比例是短果枝抗虫： 1 长果枝不抗虫＝1：1，A正确； B、由于B、D位于一条同源染色体上，如果不考虑交叉互换，则不会产生基因型为AB、AD、aB、aD的 四种类型的配子，B错误； C、果枝基因和抗虫基因分别位于两对同源染色体上，则AaBD产生配子的类型及比例是ABD：a：aBD： A＝1：1：1：1，与纯合的aa长果枝不抗虫植株杂交得到的F 的表现型及比例是短果枝抗虫：长果枝抗虫： 1 短果枝不抗虫：长果枝不抗虫＝1：1：1：1，C正确； D、如果a与B、D连锁，则AaBD产生的配子的类型及比例是A：aBD＝1：1，与纯合的aa长果枝不抗虫 植株杂交得到的F 的基因型及比例是Aa：aaBD＝1：1，表现型及比例是短果枝不抗虫：长果枝抗虫＝1： 1 1，D正确。 故选B。 3．(2022·山东潍坊·三模)ABO血型系统由基因IA、IB和i控制。当红细胞膜上的凝集原(图中蛋白)上无糖基 时，血型为O型；有A糖基、B糖基或AB糖基时，血型分别为A型、B型和AB型，3个基因的作用如下 图所示。在人血清中有抗A凝集素和抗B凝集素，可分别与A凝集原和B凝集原发生凝集。研究表明每个人的血清中不含有与自身细胞凝集原相对应的凝集素。下列说法错误的是( ) A．在ABO血型系统中，人类共有6种基因型 B．IA、IB通过控制相应转移酶的合成控制相应性状 C．A型血和B型血的人婚配后可能生出O型血的孩子 D．若将O型血大量输入AB型血的人身体中，不会发生凝集 【答案】D 【解析】 【分析】 1、红细胞上只有凝集原A的为A型血；红细胞上只有凝集原B的为B型血；红细胞上A、B两种凝集原 都有的为AB型血；细胞上A、B两种凝集原皆无者为O型血。 2、输血时型血不合，受血者体内红细胞会凝聚阻碍血液循环而引起严重后果，但有些不同的血型结合也 不会产生凝聚反应，具体如：A型、B型都能接受O型血，而AB型都能接受A型、B型、O型血，此情 况可用血清来检验。 【详解】 A、人类ABO血型系统有A型、B型、AB型、O型四种，由IA、IB、i三个复等位基因决定，共有6种基 因型，分别是IAIA、IAi、IBIB、IBi、IAIB、ii，A正确； B、据图可知，IA、IB通过控制相应转移酶的合成控制糖基的存在与否，进而控制相应性状，B正确； C、基因型为IAi的A型血和基因型为IBi的B血型婚配，可以生出基因型为ii为O型血的孩子，C正确； D、分析题意可知，当红细胞膜上的凝集原上无糖基时，血型为O型，而有AB糖基时，血型为AB型血， 在O型血的人血清中有抗A凝集素和抗B凝集素，若将O型血大量输入AB型血的人身体中，会发生凝集 反应，D错误。 故选D。 4．(2022·陕西·西乡县第一中学模拟预测)雕鸮的羽毛存在条纹和无纹、黄色和绿色的两种性状差异。有人 用绿色条纹与黄色无纹的雕鸮进行杂交，产生数量相当的绿色无纹和黄色无纹的两种后代；从后代中选取 绿色无纹的雕鸮相互交配，产生的后代表现型及比例为绿色无纹：黄色无纹：绿色条纹：黄色条纹=6:3:2:1，对此解释不合理的是( ) A．无纹对条纹为显性 B．控制羽毛性状的两对基因在同一对染色体上 C．绿色对黄色为显性 D．控制羽毛绿色性状的基因纯合致死 【答案】B 【解析】 【分析】 根据绿色条纹雕鸮与黄色无纹雕鸮交配，F 为绿色无纹和黄色无纹，可以说明绿色是显性，无纹是显性， 1 F 表现型及比例均为绿色无纹:黄色无纹:绿色条纹:黄色条纹=6:3:2:1，说明绿色显性纯合致死。 2 【详解】 AC、条纹雕鸮与无纹雕鸮交配，F 均为无纹，说明无纹相对于条纹为显性性状，F 的绿色雕鸮彼此交配时， 1 1 F 中出现黄色雕鸮，即发生性状分离，说明绿色相对于黄色是显性(用A、a表示)，A、C正确； 2 B、F 表现型之比为6:3:2:1，是“9:3:3:1"的变式，说明控制羽毛性状的两对基因在两对染色体上，B错误； 2 D、F 中绿色:黄色=2:1、无纹:条纹=3:1，由此可推知控制体色的基因具有显性纯合致死效应，D正确。 2 故选B。 5．(2022·山东日照·三模)水稻雄性不育由等位基因M/m控制，M对m为完全显性，N基因会抑制雄性不育 基因的表达，进而使植株可育。某小组选取甲(雄性不育)、乙(雄性可育)两个水稻品种杂交，F 均表现为雄 1 性可育，让F 自交并单株收获、种植，得到的F 植株一半为雄性可育，另一半为雄性可育：雄性不育 1 2 =13:3.下列说法错误的是( ) A．亲本的基因型为Mmnn和mmNN B．F 中雄性可育植株的基因型共有7种 2 C．F 雄性可育植株中能稳定遗传的植株所占比例为23/32 2 D．从F 中选择两种雄性可育株杂交，后代中雄性不育株所占比例最高为1/2 2 【答案】C 【解析】 【分析】 水稻雄性不育由等位基因M/m控制，M对m为完全显性，N基因会抑制雄性不育基因的表达，进而使植 株可育。M-N-、mmN-、mmnn均为雄性可育植株，M-nn为雄性不育植株。 【详解】 A、根据题意，M-N-、mmN-、mmnn均为雄性可育植株，M-nn为雄性不育植株。选取甲(雄性不育、M- nn)、乙(雄性可育)两个水稻品种杂交，F 均表现为雄性可育(说明一定都存在N基因)，让F 自交并单株收 1 1 货、种植，得到的F 植株一半为雄性可育，另一半为雄性可育∶雄性不育=13∶3，说明F 存在两种基因型， 2 1其中一种基因型为MmNn，另一种基因型自交后代为雄性可育，说明不存在M基因，甲的基因型为M- nn，所以F 的另一种基因型为mmNn，即甲为M-nn，与乙杂交得到mmNn∶MmNn=1∶1，因此亲本的基 1 因型为Mmnn和mmNN，A正确； B、F 中出现了13∶3，说明基因型共有9种，雄性不育植株的基因型为MMnn、Mmnn，则雄性可育植株 2 的基因型共有7种，B正确； C、F 的基因型为1/2mmNn、1/2MmNn，1/2mmNn自交后代均为雄性可育植株，1/2MmNn自交后代雄性 1 不育植株所占比例为1/2×3/16=3/32，雄性可育植株中M-NN、mm--均为稳定遗传的雄性可育植株，因此F 2 雄性可育植株中能稳定遗传的植株所占比例为(1/2×1+1/2×3/4×1/4+1/2×1/4×1)÷(1－1/2×3/16)=23/29，C错误； D、从F 中选择两种雄性可育株(M-N-、mmN-、mmnn)杂交，若要后代中雄性不育株(M-nn)所占比例最高， 2 则M-出现的最高比例为1，而nn出现的比例最高为1/2，即亲本为MMNn×mmnn，故雄性不育株所占比例 最高为1/2，D正确。 故选C。 6．(2022·山东淄博·三模)某二倍体自花传粉植物(AABB)开红花，该植物种群在繁殖过程中出现两白花突变 植株(白花Ⅰ和白花Ⅱ)，研究人员对两白花突变植株进行了相关研究，结果如下图。下列说法错误的是( ) A．实验一的结果说明白花Ⅰ和白花Ⅱ可能为纯合子 B．实验二的结果说明白花Ⅰ和白花Ⅱ中各有1对隐性基因 C．若实验三的结果为白花，说明白花Ⅰ和白花Ⅱ具有相同的隐性突变基因 D．若实验三的结果为红花，推测F 自交所得的F 中红花∶白花=9∶7 1 2 【答案】D 【解析】 【分析】 分析题意可知，红花(基因型为AABB)对白花为显性。白花I、白花II分别和红花的杂交后代均为红花，F 1 红花自交后代中红花:白花=3:1，说明白花I、白花II中各含一对隐性基因，且相关基因遵循基因分离定律， 白花I、白花II的基因型可能为AAbb或aaBB，同时说明红花的基因型为AB，其余都为白花。 - - 【详解】 A、由题意可知，白花为隐性性状，实验一白花I、白花II分别自交，后代仍为白花，说明白花Ⅰ和白花Ⅱ 可能为纯合子，其基因型为AAbb或aaBB，A正确；B、实验二白花I、白花II分别和红花的杂交后代均为红花，F 红花自交后代中红花:白花=3:1，说明白花Ⅰ 1 和白花Ⅱ中各有1对隐性基因，其基因型为AAbb或aaBB，B正确； C、若实验三白花I和白花II杂交的结果为白花，说明白花Ⅰ和白花Ⅱ具有相同的隐性突变基因，实验三 杂交后代的基因型为aaBB或AAbb，C正确； D、若实验三白花I和白花II杂交的结果为红花，推知白花I和白花II基因互补(aaBB和AAbb)。说明白花 I和白花II的隐性突变基因不同，为两种不同类型的隐性突变。若相关控制基因独立遗传，则F(AaBb)的 1 自交后代为9A_ B_、3A _bb、3aaB_、1aabb，表现型为红花:白花=9:7；若相关控制基因位于1对同源染色 体上，则F(AaBb)可产生的配子为aB和Ab，其自交后代基因型为1AAbb、2AaBb、1aaBB，表现型为红 1 花:白花=1:1，D错误。 故选D。 7．(2022·湖南·湘阴县第二中学三模)已知水稻的高秆对矮秆为显性，抗病对不抗病为显性，两对相对性状 独立遗传。现让一株高秆抗病水稻植株作为父本与未知性状的母本进行杂交，所得F 植株中高秆抗病：高 1 秆不抗病：矮秆抗病：矮秆不抗病=2∶1∶2∶1。下列与上述比例相关的分析，错误的是( ) A．抗病基因显性纯合的受精卵可能不能发育 B．若以该植株为母本进行测交，则子代结果不变 C．F 中不抗病植株的存活率可能为抗病植株的一半 1 D．亲本产生的含不抗病基因的精子中可能有一半会死亡 【答案】B 【解析】 【分析】 分析题文：假设用A/a、B/b分别表示控制株高和抗病的基因，让一株高秆抗病水稻植株(A_B_)作为父本与 未知性状的母本进行杂交，所得F 植株中高秆抗病∶高秆不抗病∶矮秆抗病∶矮秆不抗病=2∶1∶2∶1， 1 子代中高秆∶矮秆=1∶1，抗病∶不抗病=2∶1，说明亲本的基因型为AaBb、aaBb，且抗病个体纯合致死。 【详解】 A、根据子代中抗病∶不抗病=2∶1，为3∶1的变式，可能是抗病基因显性纯合的受精卵可能不能发育，A 正确； B、若以该植株做母本进行测交，即AaBb×aabb，则后代高秆抗病∶高秆不抗病∶矮秆抗病∶矮秆不抗病 =1∶1∶1∶1，与题中结果不同，B错误； C、让一株高秆抗病水稻植株(A_B_)作为父本与未知性状的母本进行杂交，所得F 植株中高秆抗病∶高秆 1 不抗病∶矮秆抗病∶矮秆不抗病=2∶1∶2∶1，若母本的基因型为aabb，则正常情况下，F 植株中高秆抗 1 病∶高秆不抗病∶矮秆抗病∶矮秆不抗病=1∶1∶1∶1，若F 中不抗病植株的存活率为抗病植株的一半， 1则F 植株中高秆抗病∶高秆不抗病∶矮秆抗病∶矮秆不抗病=2∶1∶2∶1，C正确； 1 D、若母本的基因型为aabb，则正常情况下，F 植株中高秆抗病∶高秆不抗病∶矮秆抗病∶矮秆不抗病 1 =1∶1∶1∶1，若亲本产生的含不抗病基因的精子中可能有一半会死亡，则高秆抗病(AaBb)水稻植株产生 的配子种类和比例为AB∶Ab∶aB∶ab=2∶1∶2∶1，则F 植株中高秆抗病：高秆不抗病：矮秆抗病：矮 1 秆不抗病=2：1：2：1，D正确。 故选B。 二、非选择题 8．(2022·福建·厦门双十中学模拟预测)某种多年生植物叶片的形状由多对基因控制。一学生兴趣小组的同 学用一圆形叶个体与另一圆形叶个体杂交，结果子代出现了条形叶个体，其比例为圆形叶：条形叶=13： 3。就此结果，同学们展开了讨论： 观点一：该性状受两对基因控制。 观点二：该性状有受三对基因控制的可能性，需要再做一些实验加以验证。 观点三：该性状的遗传不遵循孟德尔遗传定律。 请回答以下相关问题(可依次用Aa、Bb、Dd来表示相关基因) (1)以上观点中明显错误的是______(观点一/观点二/观点三)，依据是______。 (2)观点一的同学认为两亲本的基因型分别是______，F 圆形叶植株中的纯合子所占比例为______。 1 (3)观点二的同学认为条形叶是三对等位基因均含显性基因时的表现型，且其双亲各含一对隐性纯合基因， 则子代中条形叶的基因型是______(写一种类型即可)，两亲本的基因型分别是______(写一种类型即可)。 (4)就现有材料来验证观点二时，可将上述子代中的一株条形叶个体进行______(测交/回交)，如果后代出现 圆形叶：条形叶=______，则观点二可能正确。 【答案】(1) 观点三 圆形叶与圆形叶杂交，子代出现性状分离，且圆形叶：条形叶=13：3，这 属于9：3：3：1的变形 (2) AaBb×AaBb 3/13 (3) A_BbDd(或AaB_Dd或AaBbD_)(写一种类型即可) AabbDd×AaBbdd(或AaBbdd×aaBbDd或 AabbDd×aaBbDd)(写一种类型即可，但必须两个亲本与前一空的条形叶基因型相关联) (4) 回交 5：3或23：9 【解析】 【分析】 已知子代求亲代的“逆推型”题目 (1)解题思路：将自由组合定律的性状分离比拆分成分离定律的分离比分别分析，再运用乘法定理进行逆向 组合。(2)常见几种分离比为： (1) 圆形叶与圆形叶杂交，子代出现性状分离，且圆形叶：条形叶=13：3，这属于9：3：3：1的变形，说明 该性状由至少两对基因控制，且遵循基因分离定律和自由组合定律。 (2) 若该性状受两对基因控制，根据分析，则杂交两亲本的基因型分别是应为AaBb×AaBb，F 中圆形叶植株应 1 为除A_bb(或aaB_)外的所有(即1-3/16=13/16)，其中的纯合子为除条形叶的纯合子外的其他纯合子(1/4- 1/16=3/16)，故圆形叶植株中的纯合子所占比例为3/13。 (3) 条形叶是三对等位基因均含显性基因时的表现型，即条形叶基因型为A_B_D_。且其双亲各含一对隐性纯 合基因，则双亲的基因中只要隐性纯合子不为同一对基因，且其他两对基因为杂合(如AabbDd×AaBbdd)， 则子代得到的A_B_D_个体比例就是3/4×1/2×1/2＝3/16，且子代中条形叶的基因型是A_BbDd。 (4) 就现有材料来验证观点二时，无法确定用于测交的圆形叶是否为隐性纯合子(aabbdd)，故不能将上述条形 叶植株测交，只可将上述子代中的一株条形叶个体进行回交.若观点二正确，则任一亲本(AabbDd或 AaBbdd)与子代待测个体(A_BbDd)杂交后，若待测个体为AABbDd，则产生的子代表现型比例为条形叶 (A_B_D_)：圆形叶(其他基因型)=(1×3/4×1/2)：(1－1×3/4×1/2)＝3:5；若待测个体为AaBbDd，则产生的子 代表现型比例为条形叶(A_B_D_)：圆形叶(其他基因型)=(3/4×3/4×1/2)：(1－3/4×3/4×1/2)＝9:23 9．(2022·安徽淮北·二模)某二倍体雌雄同株的野生植物，花瓣有白色、紫色、红色、粉红色四种，由两对 独立遗传的等位基因(A/a、B/b)共同控制(如图所示)。回答下列问题： (1)研究人员将某白花植株的花粉授给紫花植株，得到的F 全部表现为红花，然后让F 进行自交得到F。F 1 1 2 1红花的基因型是_____________，F 中紫色： 红色：粉红色：白色的比例为_________________，F 中自交 2 2 后代不会发生性状分离的植株占________________。 (2)研究人员用两株不同花色的植株杂交，得到的子代植株有四种花色。则两株亲代植株的基因型为 __________________。 (3)现有一红花植株 ，欲鉴定其基因型，请设计最简便的实验方案，写出实验思路并预期实验结果及结论。 实验思路：____________________。 预期结果及结论：___________________。 【答案】(1) AaBb 3：6：3：4 3/8 (2)AaBb与aaBb (3) 实验思路：让该红花植株自交，观察并统计子代花色(及比例) 预期结果及结论：若子代出现白花 个体，则该红花植株基因型为AaBb；若子代不出现白花个体、则该红花植株基因型为AABb。 (或若子代紫色：红色：粉红色：白色=3：6：3：4，则该红花植株基因型为AaBb；若子代紫色：红色：粉 红色=1：2：1，则该红花植株基因型为AABb。) 【解析】 【分析】 基因分离定律和自由组合定律的实质：进行有性生殖的生物在进行减数分裂产生配子时，位于同源染色体 的等位基因随同源染色体分离而分离，分别进入不同的配子中，随配子独立遗传给后代，同时位于非同源 染色体上的非等位基因进行自由组合。 (1) 白花植株的花粉授给紫花植株，得到的F 全部表现为红花，即aa__×A_bb→A_Bb，所以亲本白花植株的基 1 因型为aaBB，紫花植株为AAbb，F 为AaBb。F 自交得到的F 中，红花植株的基因型A_Bb，即AABb、 1 1 2 AaBb，自交得到的F 中，紫色(A_bb)：红色(A_Bb)：粉红色(A_BB)：白色(aaB_+aabb)=3：6：3：4。F 中 2 2 自交后代不会发生性状分离的植株的基因型是AABB、AAbb、aa__，占1/16+1/16+1/4=3/8。 (2) 根据题意可知，用两种不同花色的植株杂交，得到的子代植株有四种花色(白色基因型为aa__，紫色为 A_bb，红色为A_Bb，粉红色为A_BB)，根据不同表现型的基因型可知，双亲中必须均存在B基因和b基 因，并且均至少含有一个a基因，因此只能用白色花中的aaBb与AaBb进行杂交。 (3) 红花植株基因型为A_Bb，让其自交，后代出现紫色：红色：粉红色：白色=3：6：3：4，则该红花植株基 因型为AaBb；若子代紫色：红色：粉红色=1：2：1，则该红花植株基因型为AABb。 10．(2022·辽宁大连·二模)果蝇(2N=8)的体色(灰身/黑身)和翅型(长翅/残翅)分别受等位基因A/a和B/b控制，但两对相对性状的显隐性未知。研究人员进行了以下杂交实验：①纯合灰身长翅果蝇和×纯合黑身残翅果 蝇(正、反交)→F 表型均为灰身长翅；②F 灰身长翅雌果蝇进行测交→测交后代：灰身长翅：黑身残翅： 1 1 灰身残翅：黑身长翅≈4：4：1：1。回答下列问题。 (1)在果蝇的1个染色体组中，包含的染色体是____________，果蝇的性别是由____________决定的。 (2)在果蝇体色和翅型的相对性状中，其显性性状分别是：____________。 (3)通过上述杂交实验，(填“能”或“不能”)确定两对等位基因的位置关系(不考虑X、Y染色体的同源区 段)，请给予说明：____________(如果能，请说明两对等位基因的位置关系，并具体到染色体；如果不能， 请说明理由。) (4)杂交实验②中的变异发生的时期是____________(写到具体时期)；已知“雄果蝇的染色体上的所有非等 位基因完全连锁(不会交换)”，若在②的后代中选择灰身长翅雄果蝇与黑身残翅雌果蝇进行杂交，则子代的 表型及比例为____________。 (5)若“雄果蝇的染色体上的所有非等位基因完全连锁(不会交换)”，则让F 雌、雄果蝇随机交配，F 中重组 1 2 型出现的概率是____________。 【答案】(1) 3条常染色体+1条X染色体(或Y染色体) 性染色体(或答X或Y染色体) (2)灰身、长翅 (3) 能 A、a和B、b均位于常染色体上，且这两对基因均位于同一对同源染色体上 (4) 减数第一次分裂的四分体时期 灰身长翅∶黑身残翅=1∶1 (5)1/10 【解析】 【分析】 纯合灰身长翅果蝇和×纯合黑身残翅果蝇(正、反交)→F 表型均为灰身长翅，说明灰身、长翅均为显性性状， 1 F 灰身长翅雌果蝇进行测交→测交后代：灰身长翅∶黑身残翅∶灰身残翅∶黑身长翅≈4∶4∶1∶1，不符 1 合1∶1∶1∶1，说明两对基因不遵循自由组合定律，则两对基因表现为连锁，根据4∶4∶1∶1可知A和 B连锁，a和b连锁。 (1) 果蝇为二倍体，体细胞含有8条染色体，两个染色体组，因此在果蝇的1个染色体组中，包含的染色体是 4条，3条形态不同的常染色体+1条性染色体(X染色体或Y染色体)。果蝇的性别是由X、Y性染色体决定 的，性染色体组成为XX的发育为雌性，性染色体组成为XY的发育为雄性。 (2) 根据上述分析可知，在果蝇体色和翅型的相对性状中，灰身、长翅均为显性性状。 (3)根据上述分析可知，F 灰身长翅雌果蝇进行测交→测交后代：灰身长翅∶黑身残翅∶灰身残翅∶黑身长翅 1 ≈4∶4∶1∶1，不符合1∶1∶1∶1，说明两对基因不遵循自由组合定律，因此两对基因应位于一对同源染 色体上。若两对基因均位于X染色体上，则亲本为XABXAB×XabY，子一代基因型为XABXab、XABY，均表现 为灰身长翅，若亲本为XabXab×XABY，子一代基因型为XABXab、XabY，子一代不都是灰身长翅，即正反交 的结果不同，因此两对基因应位于同一对常染色体上。 (4) 杂交实验②的测交后代比例为4∶4∶1∶1，说明F 灰身长翅雌果蝇产生了四种配子，即 1 AB∶ab∶Ab∶aB=4∶4∶1∶1，因此可确定F 灰身长翅雌果蝇减数分裂产生配子时发生了互换，而互换发 1 生的时期是减数第一次分裂的四分体时期。根据上述分析可知A和B连锁，a和b连锁，F 灰身长翅雌果 1 蝇基因型为AaBb，与黑身残翅雄果蝇测交，后代灰身长翅雄果蝇基因型为AaBb，由于A和B连锁，且雄 果蝇的染色体上的所有非等位基因完全连锁(不会交换)，所以灰身长翅雄果蝇AaBb只能产生两种数量相等 的配子，即AB∶ab=1∶1，故在②的后代中选择灰身长翅雄果蝇与黑身残翅(aabb)雌果蝇进行杂交，则子 代的表型及比例为灰身长翅∶黑身残翅=1∶1。 (5) 根据上述分析可知，F 雌果蝇产生的四种配子AB∶ab∶Ab∶aB=4∶4∶1∶1，由于雄果蝇的染色体上的所 1 有非等位基因完全连锁(不会交换)，因此F 雄果蝇产生的配子种类和比例为AB∶ab=1∶1，F 中的重组型 1 2 为Abb和aaB，因此F 雌、雄果蝇随机交配，F 中重组型出现的概率是1/10×1/2+1/10×1/2=1/10。 - - 1 2 【点睛】 本题考查基因连锁的相关知识，意在考查考生获取信息并应用遗传定律解决问题的能力。