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2020年上海市虹口区中考物理二模试卷
一、选择题（共16分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在
答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂．
1．（3分）人体的正常体温约为（ ）
A．28℃ B．33℃ C．37℃ D．42℃
2．（3分）我们能分辨出鼓声和锣声，主要根据声音的（ ）
A．响度 B．音色 C．音调 D．振幅
3．（3分）在太阳系中，太阳属于（ ）
A．恒星 B．行星 C．卫星 D．彗星
4．（3分）四冲程柴油机在工作过程中，将内能转化为机械能的冲程是（ ）
A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
5．（3分）在图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S 、S ，电路正常工作。当开关S
1 2 2
由闭合到断开时（ ）
A．电流表A的示数变大
B．电流表A 的示数变大
1
C．电压表V示数与电流表A 示数的比值变大
1
D．电压表V示数与电流表A示数的比值变大
6．（3分）甲乙两车同时从同一地点开始同方向运动，两车的s﹣t图象如图所示。经过时间t
后，两车相距6米，则（ ）
A．t可能等于2秒 B．t可能等于3秒
C．t一定等于4秒 D．t一定等于6秒
第1页（共28页）7．（3分）将物体A挂于细线下，当A以大小为v 的速度竖直向上匀速运动时，细线的拉力为
1
F ；当A以大小为以v 的速度竖直向下匀速运动时，细线的拉力为F ．若v ＜v ，不计空
1 2 2 1 2
气阻力，则（ ）
A．F ＝F ，它们方向相反 B．F ＝F ，它们方向相同
1 2 1 2
C．F ＜F ，它们方向相反 D．F ＜F ，它们方向相同
1 2 1 2
8．（3分）如图所示，均匀正方体甲、乙置于水平地面上，对地面的压强分别为p甲 、p乙 ．沿水
平方向切去部分后，甲、乙剩余部分的高度相等。若甲对地面的压强变化量小于乙对地面
的压强变化量，则对p甲 、p乙 的判断，正确的是（ ）
A．p甲 一定大于p乙 B．p甲 一定等于p乙
C．p甲 一定小于p乙 D．p甲 可能小于p乙
二、填空题（共23分）请将结果填入答题纸的相应位置．
9．（3分）上海地区家庭电路中，电饭煲正常工作的电压为 伏，它工作时将 能
转化为其他形式的能，家庭测量消耗电能多少的仪表是 。
10．（3分）如图所示，小明踢球时，球向上飞出，此现象主要表明力可以改变物体的
（选择“运动状态”或“形状”）；以地面为参照物，球在上升过程中是 （选填
“运动”或“静止”）的，其重力势能 （选填“增大”、“不变”或“减小”）。
11．（3分）生活中蕴含着很多物理知识：用吸管吸饮料，是利用 的作用；司机开车时
要系好安全带，是因为刹车时司机由于 会继续向前运动，易造成伤害，并且在刹车
的过程中，轮胎表面的温度会升高，这是通过 的方式改变其内能的。
12．（3分）某导体两端的电压为3伏时，10秒内通过该导体横截面的电荷量为2库，通过该
导体的电流为 安，这段时间内电流做功为 焦，该导体两端电压改变为6伏
时，其电阻为 欧。
13．（3分）体积为0.5×10﹣3米3的物体，浸没在水中时受到浮力的大小为 牛，若物体
受到的重力为8牛，其受到重力和浮力的合力大小为 牛，方向为竖直 。
第2页（共28页）14．（3分）在如图所示的电路中，电源电压为U，电阻R 、R 的阻值相等。闭合开关S，电流表
1 2
的示数为I ，电路正常工作。一段时间后，电流表的示数变大。已知电路中仅有一处故障，
0
且只发生在电阻R 、R 上。现提供一个完好的电压表V来判断故障，请写出电压表V接
1 2
入的位置、电压表V和电流表A的示数及对应的故障。
15．（3分）某小组同学通过实验研究通电螺线管的磁极极性与哪些因素有关。实验中他们变
换螺线管上线圈的绕法，调换电源的正负极，利用小磁针判断出通电螺线管的磁极极性，
实验现象如图（a）（b）（c）（d）所示。
小华比较图（a）和（b），认为通电螺线管的磁极极性与电源正负极的位置有关，N极在
①靠近电源负极的一端。小明比较图 ，认为小华的结论是 的（选填“正确”
或“错误”）。
小明进步比较图（a）和（d）或（b）和（c），认为螺线管上线圈绕法相反、电源的正负极位
②置也相反，然而磁极极性相同，说明通电螺线管的磁极极性与 有关。
三、作图题（共7分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图必须使用2B铅笔．
16．在图中，正方体受到的重力G为10牛，用力的图示法画出重力G。
17．如图所示，根据平面镜成像特点，作出物体AB在平面镜MN中的像A'B'。
第3页（共28页）18．在如图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。补上后要求：闭
合开关S，电路正常工作；向左移动滑动变阻器的滑片P，一个电表示数不变，另一个电表
示数变小。
四、计算题（共26分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置.
19．质量为0.2千克的牛奶，温度升高了10℃．求：牛奶吸收的热量Q吸 ．[c牛奶 ＝2.5×103
焦/（千克•℃）]。
20．如图所示，小明用50牛的拉力在4秒内将货物匀速提升2米，不计摩擦和绳子重力，求这
段时间内拉力所做的功W和功率P。
第4页（共28页）21．如图所示，形状、体积相同的长方体甲、乙置于水平地面，甲的质量为5千克、底面积为
0.02米2，乙的质量为7.5千克。
求甲对水平地面的压力F甲 。
①求甲对水平地面的压强p甲 。
②若将它们顺时针旋转90°，此时甲对地面的压强变化量△p甲 为7350帕，求乙对地面的
③压强变化量△p乙 。
22．将电阻R 接在电压为16伏的电源两端，R 的阻值为10欧。
1 1
求通过电阻R 的电流I 。
1 1
①求通电10秒钟，电流通过电阻R
1
所做的功W
1
。
②现有表盘如图1所示的电流表、电压表，以及分别标有“20 2A”“50 1A”字样的
③滑动变阻器两个。选取一个变阻器与电阻R 并联、另一个变阻Ω器与电阻RΩ串联，如图1
1 1
（a）（b）所示。若要使电流表A 示数I 与电流表A 示数I 的比值最小，可通过闭合或断开
1 a 2 b
开关S 、S 及移动变阻器的滑片，请说明两电路所选择的变阻器、开关的状态，并求I 与I
1 2 a b
的比值。
第5页（共28页）五、实验题（共18分）请根据要求在答题纸的相应位作答．
23．在“探究物质质量与体积的关系”的实验中，用电子天平测量物体的 ；在“用弹
簧测力计测力”的实验中，拉力不得超过弹簧测力计的 ；在“用电流表、电压表测
电阻”实验中，实验原理是 ，电压表应与待测电阻 （选填“串联”或“并
联”）。
24．在“探究杠杆平衡的条件”实验中，为得出实验结论，需多次改变杠杆受到作用力的大
小、 和作用点，使杠杆始终在 位置保持平衡。在“探究凸透镜成像的规
律”实验中，调整凸透镜和光屏的中心与烛焰中心大致在同一 ，以保证像成在光
屏中央，然后应移动光屏直至光屏上的像 为止。
25．小华同学做“测定小灯泡的电功率”实验，现有电源（电压为6伏）、待测小灯泡（标有
“3.8V”字样）、电压表（只有0～3伏档完好）、滑动变阻器两个（A标有“5 2A”字样、
B标有“10 1A”字样）、开关及导线若干，小灯的额定电流可能为“0.26AΩ”“0.3A”
或“0.32A”Ω。小华选择一个变阻器，连接电路后按正确步骤进行实验，闭合开关发现小灯
较亮，电压表示数为2伏，他经过思考仅更换了变阻器，重新实验，步骤正确，闭合开关发
现电压表示数如图所示，接着他移动滑片使小灯正常发光。
小华开始选用的变阻器是 （选填“A”或“B”）。
①判定该小灯正常发光的方法是 。
②根据实验的相关信息：
③（a）通过计算说明小灯泡的额定电流；
（b）计算小灯的额定功率。
第6页（共28页）26．某小组同学探究光的折射规律，他们分别测量并记录了光从空气斜射入玻璃和光从玻璃
斜射入空气时的入射角和折射角，实验数据如表一、表二所示。
表一：光从空气斜射入玻璃中
实验序号 入射角（度） 折射角（度）
1 20 13
2 30 19
3 40 25
4 50 31
5 60 35
表二：光从玻璃斜射入空气中
实验序号 入射角（度） 折射角（度）
6 13 20
7 19 30
8 25 40
9 28 45
10 33 55
分析比较实验序号1～5可得：当光从空气斜射入玻璃时，折射角 入射角；分析
①比较实验序号6～10可得：当光从玻璃斜射入空气时，折射角 入射角。（均选填
“大于”或“小于”）
分析比较实验序号1与6或2与7或3与8可得：当 。
②他们增大入射角继续研究，表三为光从空气斜射入玻璃时的实验数据，表四中的入射
③角为当光从玻璃斜射入空气时拟进行实验的数据。
表三：光从空气斜射入玻璃中
实验序号 入射角（度） 折射角（度）
11 65 37
12 70 39
13 80 41
14 89 42
表四：光从玻璃斜射入空气中
实验序号 入射角（度） 折射角（度）
15 40
16 50
第7页（共28页）17 60
18 70
小王分析了表三的数据，结合之前得到的实验结论，认为表四中实验序号 中拟定
的入射角会找不到折射光线，理由是 。
第8页（共28页）2020年上海市虹口区中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共16分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在
答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂．
1．（3分）人体的正常体温约为（ ）
A．28℃ B．33℃ C．37℃ D．42℃
【分析】此题考查对人体正常体温的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出
符合实际的选项。
【解答】解：
正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小。故C符合实际。
故选：C。
【点评】对物体长度、质量、重力、温度等进行估测，是初中物理的一项基本要求，平时结合
所学知识多观察多思考身边的物理学知识，必要时做出正确判断。
2．（3分）我们能分辨出鼓声和锣声，主要根据声音的（ ）
A．响度 B．音色 C．音调 D．振幅
【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的：音调指声音
的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声
体本身决定的一个特性。
【解答】解：鼓和锣材料和结构不同，发出声音的音色是不同的，我们就是靠音色来进行区
分的。
故选：B。
【点评】声音都是由物体的振动产生，声音的特征有音调、响度、音色，三个特征是从三个
不同角度描述声音的。
3．（3分）在太阳系中，太阳属于（ ）
A．恒星 B．行星 C．卫星 D．彗星
【分析】解答本题应掌握：能够自身发光发热的星体称为恒星，离我们最近的恒星为太阳；
同时应记清太阳系里的八大行星。
【解答】解：太阳是能够发光发热的星体，是离我们最近的恒星。
故选：A。
第9页（共28页）【点评】本题考查对恒星及行星的认识，属于基础内容。
4．（3分）四冲程柴油机在工作过程中，将内能转化为机械能的冲程是（ ）
A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
【分析】在内燃机的做功冲程中能量转化是内能转化为机械能，压缩冲程中能量转化是机
械能转化为内能。
【解答】解：
四冲程柴油机在做功冲程中，高温高压燃气推动活塞做功，将内能转化为机械能，故C正
确。
故选：C。
【点评】解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答，基础性题目。
5．（3分）在图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S 、S ，电路正常工作。当开关S
1 2 2
由闭合到断开时（ ）
A．电流表A的示数变大
B．电流表A 的示数变大
1
C．电压表V示数与电流表A 示数的比值变大
1
D．电压表V示数与电流表A示数的比值变大
【分析】由电路图可知，开关S 、S 均闭合时，R 与R 并联，电压表V测电源两端的电压，
1 2 1 2
电流表A测干路电流，电流表A 测R 支路的电流；当开关S 闭合、S 断开时，电路为R
1 1 1 2 1
的简单电路，两电流表均测R 支路的电流；
1
电压表V仍侧电源两端的电压，根据电源的电压可知电压表V示数的变化。
【解答】解：由电路图可知，开关S 、S 均闭合时，R 与R 并联，电压表测电源两端的电压，
1 2 1 2
电流表A测干路电流，电流表A 测R 支路的电流；
1 1
当开关S 由闭合到断开时，电路为R 的简单电路，两电流表均测R 的电流，电压表仍测
2 1 1
电源两端的电压；
因电源电压保持不变，所以，开关S 由闭合到断开时，电压表V的示数不变；
2
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，开关S 由闭合到断开时，通过R 的电流
2 1
第10页（共28页）不变，即电流表A 的示数不变，故B错误；
1
则电压表V示数不变，电流表A 示数不变，其比值不变，故C错误；
1
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，开关S 由闭合到断开时，干路电流变
2
小，即电流表A的示数变小，故A错误；
则电压表V示数不变，电流表A示数变小，其比值变大，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了电路的动态分析，分析好开关闭合、断开时电路的连接方式和电表所
测的电路元件是关键，要注意并联电路中各支路独立工作、互不影响特点的应用。
6．（3分）甲乙两车同时从同一地点开始同方向运动，两车的s﹣t图象如图所示。经过时间t
后，两车相距6米，则（ ）
A．t可能等于2秒 B．t可能等于3秒
C．t一定等于4秒 D．t一定等于6秒
【分析】根据图象求出甲和乙的运动速度，求出相对速度，知道相对距离，求出运动时间。
【解答】解：由图象知，
v甲 ＝ ＝ ＝2m/s，
v乙 ＝ ＝ ＝1m/s，
甲乙的相对速度为v＝2m/s﹣1m/s＝1m/s，
运动t时间后，甲乙相距6m，
所以运动时间：t＝ ＝ ＝6s。
故选：D。
【点评】根据图象求出物体的运动速度，是解决本题的关键。
7．（3分）将物体A挂于细线下，当A以大小为v 的速度竖直向上匀速运动时，细线的拉力为
1
F ；当A以大小为以v 的速度竖直向下匀速运动时，细线的拉力为F ．若v ＜v ，不计空
1 2 2 1 2
第11页（共28页）气阻力，则（ ）
A．F ＝F ，它们方向相反 B．F ＝F ，它们方向相同
1 2 1 2
C．F ＜F ，它们方向相反 D．F ＜F ，它们方向相同
1 2 1 2
【分析】物体做匀速直线运动时，受到平衡力的作用，根据二力平衡分析力的大小。
【解答】解：将物体A挂于细线下，当A以大小为v 的速度竖直向上匀速运动时，A在竖直
1
方向上受到重力和拉力的共同作用，这两个力是一对平衡力，即 A的重力和细线的拉力
为F 大小相等；
1
当A以大小为v 的速度竖直向下匀速运动时，A在竖直方向上受到重力和拉力的共同作
2
用，这两个力是一对平衡力，即A的重力和细线的拉力为F 大小相等；
2
则：F ＝F ，它们方向相同，都是竖直向上的，故B正确。
1 2
故选：B。
【点评】本题考查了二力平衡条件的应用，属于基础知识，要掌握。
8．（3分）如图所示，均匀正方体甲、乙置于水平地面上，对地面的压强分别为p甲 、p乙 ．沿水
平方向切去部分后，甲、乙剩余部分的高度相等。若甲对地面的压强变化量小于乙对地面
的压强变化量，则对p甲 、p乙 的判断，正确的是（ ）
A．p甲 一定大于p乙 B．p甲 一定等于p乙
C．p甲 一定小于p乙 D．p甲 可能小于p乙
【分析】物体对水平面的压力和和自身的重力相等，均匀正方体对对地面的压强p＝ ＝
＝ ＝ ＝ ＝ gh，据此表示出沿水平方向切去部分后甲、乙对地面压强的
ρ
变化量，根据甲对地面的压强变化量小于乙对地面的压强变化量结合切去的高度得出两
正方体的密度关系，再根据p＝ gh比较剩余部分对地面的压强关系，进一步得出原来两
者对地面的压强关系。 ρ
【解答】解：因物体对水平面的压力和和自身的重力相等，
所以，均匀正方体对对地面的压强p＝ ＝ ＝ ＝ ＝ ＝ gh，
ρ
沿水平方向切去部分后，甲、乙剩余部分的高度相等，则甲、乙对地面压强的变化量：
p甲切 ＝ 甲gh甲切 ，p乙切 ＝ 乙gh乙切 ，
ρ ρ
第12页（共28页）因甲对地面的压强变化量小于乙对地面的压强变化量，
所以， 甲gh甲切 ＜ 乙gh乙切 ，
由图可ρ知，h甲切 ＞hρ乙切 ，则
甲
＜
乙
，
又因剩余部分的高度相同，ρ ρ
所以，由p＝ gh可知，p甲剩 ＜p乙剩 ，
由p甲 ＝p甲切+ρp甲剩 和p乙 ＝p乙切+p乙剩 可知，p甲 ＜p乙 。
故选：C。
【点评】本题考查了压强大小的比较，利用均匀、规则物体（正方体、长方体、圆柱体等）对
水平面上的压强公式p＝ gh是关键。
二、填空题（共23分）请将ρ结果填入答题纸的相应位置．
9．（3分）上海地区家庭电路中，电饭煲正常工作的电压为 22 0 伏，它工作时将 电 能
转化为其他形式的能，家庭测量消耗电能多少的仪表是 电能表 。
【分析】（1）我国家庭电路的电压是220V；
（2）用电器消耗电能，把电能转化为其他形式的能；
（3）电能表可以测量用电器消耗的电能。
【解答】解：
我国家庭电路的电压是220V；
用电器工作时会消耗电能，将电能转化为其他形式的能；
家庭测量消耗电能多少的仪表是电能表。
故答案为：220；电；电能表。
【点评】本题考查了家庭电路的电压、电能表的作用以及能量转化，属于基础知识。
10．（3分）如图所示，小明踢球时，球向上飞出，此现象主要表明力可以改变物体的 运动状
态 （选择“运动状态”或“形状”）；以地面为参照物，球在上升过程中是 运动 （选
填“运动”或“静止”）的，其重力势能 增大 （选填“增大”、“不变”或“减小”）
【分析】（1）力的作用效果是改变物体的形状和改变物体的运动状态；物体运动状态的改
变指：物体方向的改变和物体速度的改变；
（2）若物体的位置相对于所选择的参照物发生了变化，我们就说物体是运动的，若是位置
第13页（共28页）没有变化就说物体是静止的；
（3）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
【解答】解：（1）在力的作用下，球向上飞出过程中，运动方向和速度都发生了变化，也就是
力改变了球的运动状态；
（2）球在上升过程中，以地面为参照物，球与地面的位置发生了变化，所以球是运动的；
（3）球向上运动的过程中，质量不变，速度减小、动能减少；但所处高度增加、重力势能增
大。
故答案为：运动状态；运动；增大。
【点评】此题考查力的作用效果，是力学的基础知识；利用物体运动和静止的相对性来判
断物体是运动还是静止；我们可以从影响能量大小的因素来分析能量的变化。
11．（3分）生活中蕴含着很多物理知识：用吸管吸饮料，是利用 大气压 的作用；司机开车
时要系好安全带，是因为刹车时司机由于 惯性 会继续向前运动，易造成伤害，并且在
刹车的过程中，轮胎表面的温度会升高，这是通过 做功 的方式改变其内能的。
【分析】（1）知道生活中常见大气压的应用；
（2）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，惯性是物体的一种属性，一切物体都有惯
性；
（3）改变内能有两种方式：做功和热传递。
【解答】解：
（1）用吸管吸饮料，是利用大气压强的作用将饮料压入吸管的；
（2）司机在开车时原来和车一起向前运动，紧急刹车时，车由运动突然变成静止，而司机
由于惯性，继续向前运动，易造成伤害，所以司机开车时要系好安全带；
（3）汽车刹车过程中，由于车轮与地面摩擦，车轮的温度升高，这是通过做功的方式增加
了车轮的内能。
故答案为：大气压；惯性；做功。
【点评】本题考查了大气压和惯性的应用以及改变内能的方式，属于基础题目。
12．（3分）某导体两端的电压为3伏时，10秒内通过该导体横截面的电荷量为2库，通过该
导体的电流为 0. 2 安，这段时间内电流做功为 6 焦，该导体两端电压改变为6伏时，
其电阻为 1 5 欧。
【分析】（1）知道10秒内通过该导体横截面的电荷量，根据I＝ 求出通过该导体的电流，
第14页（共28页）又知道导体两端的电压，根据W＝UIt＝UQ求出电流做的功，根据I＝ 求出导体的电阻；
（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与导体两
端的电压和通过的电流无关。
【解答】解：通过该导体的电流：I＝ ＝ ＝0.2A；
这段时间内电流做功：W＝UIt＝UQ＝3V×2C＝6J；
由I＝ 可得，导体的电阻：R＝ ＝ ＝15 ，
Ω
因为电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，所以，将该导体
两端的电压改变为6伏，导体的电阻仍为15 不变。
故答案为：0.2；6；15。 Ω
【点评】本题考查了电流的定义式和欧姆定律的应用，关键是知道导体的电阻与两端的电
压和通过的电流无关，是一道基础题目。
13．（3分）体积为0.5×10﹣3米3的物体，浸没在水中时受到浮力的大小为 4. 9 牛，若物体
受到的重力为8牛，其受到重力和浮力的合力大小为 3. 1 牛，方向为竖直 向下 。
【分析】（1）知道物体的体积，物体浸没在水中，知道水的密度，根据阿基米德原理求出浮
力大小。
（2）分析物体受到竖直向下的重力，竖直向上的浮力，求出重力和浮力的合力。
（3）合力大小是两个力的差，合力方向和较大力方向相同。
【解答】解：物体浸没在水中：V排 ＝V＝0.5×10﹣3m3，
物体浸没在水中受到的浮力：F浮 ＝ 水gV排 ＝1.0×103kg/m3×9.8N/kg×0.5×10﹣3m3＝4.9N。
重力和浮力的合力大小：F合 ＝8N﹣ρ4.9N＝3.1N。
重力方向竖直向下，浮力方向竖直向上，合力和较大的重力方向相同，所以合力方向竖直
向下。
故答案为：4.9；3.1；向下。
【点评】合力大小是所受各力的差，合力方向和较大力方向相同。
14．（3分）在如图所示的电路中，电源电压为U，电阻R 、R 的阻值相等。闭合开关S，电流表
1 2
的示数为I ，电路正常工作。一段时间后，电流表的示数变大。已知电路中仅有一处故障，
0
且只发生在电阻R 、R 上。现提供一个完好的电压表V来判断故障，请写出电压表V接
1 2
入的位置、电压表V和电流表A的示数及对应的故障。 将完好的电压表 V 并联在 R 两
1
端时，电压表 V 的示数为 U ，电流表 A 的示数为 2 I ，则电阻 R 短路；若电压表 V 的示数
0 2
第15页（共28页）为 0 ，电流表 A 的示数为 2 I ，则电阻 R 短路。（或将完好的电压表 V 并联在 R 两端时，电
0 1 2
压表 V 的示数为 U ，电流表 A 的示数为 2 I ，则电阻 R 短路；若电压表 V 的示数为 0 ，电流
0 1
表 A 的示数为 2 I ，则电阻 R 短路。）
0 2
【分析】由电路图可知，R 与R 串联，电流表测电路中的电流，且电阻R 、R 的阻值相等，
1 2 1 2
根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压；一段时间后，电流表的示数变大，且故障
只有一处发生在电阻R 、R 上，根据并联电压表的位置和示数判断电路故障。
1 2
【解答】解：由电路图可知，R 与R 串联，电流表测电路中的电流，且R ＝R ＝R，
1 2 1 2
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电源的电压U＝I （R +R ）＝2I R，
0 1 2 0
一段时间后，电流表的示数变大，且故障只有一处发生在电阻R 、R 上，
1 2
由I＝ 可知，电路故障为其中一个电阻短路，此时电路中的电流I＝ ＝ ＝2I ，
0
将完好的电压表V并联在R 两端时，电压表V的示数为U，电流表A的示数为2I ，则电
1 0
阻R 短路；若电压表V的示数为0，电流表A的示数为2I ，则电阻R 短路；
2 0 1
或将完好的电压表V并联在R 两端时，电压表V的示数为U，电流表A的示数为2I ，则
2 0
电阻R 短路；若电压表V的示数为0，电流表A的示数为2I ，则电阻R 短路。
1 0 2
故答案为：将完好的电压表V并联在R 两端时，电压表V的示数为U，电流表A的示数
1
为2I ，则电阻R 短路；若电压表V的示数为0，电流表A的示数为2I ，则电阻R 短路。
0 2 0 1
（或将完好的电压表V并联在R 两端时，电压表V的示数为U，电流表A的示数为2I ，
2 0
则电阻R 短路；若电压表V的示数为0，电流表A的示数为2I ，则电阻R 短路。）
1 0 2
【点评】本题考查了电路故障的判断和欧姆定律的应用，使用电压表检验电路故障时，将
电压表与用电器并联。闭合开关，如果电压表有示数（一般等于电源电压），说明并联的用
电器断路或其它用电器都短路；如果电压表无示数，说明并联的用电器短路或其它用电器
有断路。
15．（3分）某小组同学通过实验研究通电螺线管的磁极极性与哪些因素有关。实验中他们变
换螺线管上线圈的绕法，调换电源的正负极，利用小磁针判断出通电螺线管的磁极极性，
实验现象如图（a）（b）（c）（d）所示。
第16页（共28页）小华比较图（a）和（b），认为通电螺线管的磁极极性与电源正负极的位置有关，N极在
①靠近电源负极的一端。小明比较图 （ c ）和（ d ） ，认为小华的结论是 错误 的（选填
“正确”或“错误”）。
小明进步比较图（a）和（d）或（b）和（c），认为螺线管上线圈绕法相反、电源的正负极位
②置也相反，然而磁极极性相同，说明通电螺线管的磁极极性与 线圈绕法和电源的正负极
位置 有关。
【分析】通电螺线管的磁极极性与电流的方向、线圈的绕法有关，根据图中信息利用控制
变量法分析。
【解答】解：
小华比较图（a）和（b）可知，电流的方向发生了改变，螺线管的磁极会发生改变，小华认
①为通电螺线管的磁极极性与电源正负极的位置有关，N极在靠近电源负极的一端，当在图
（c）和（d）中，N极在靠近电源正极的一端，所以小华的结论是错误的；
小明进一步比较图（a）和（d）或（b）和（c）可知，螺线管上线圈绕法相反、电源的正负极
②位置也相反，磁极极性是相同的，这表明通电螺线管的磁极极性与线圈绕法和电源的正负
极位置有关。
故答案为： （c）和（d）；错误； 线圈绕法和电源的正负极位置。
【点评】本题①考查了影响通电螺线管磁②极极性的因素，利用好控制变量法是解题的关键。
三、作图题（共7分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图必须使用2B铅笔．
16．在图中，正方体受到的重力G为10牛，用力的图示法画出重力G。
【分析】重力的作用点在物体的重心，方向始终竖直向下，大小为10N，根据力的图示的定
第17页（共28页）义，将正方体所受重力的大小、方向和作用点表示出来即可，。
【解答】解：物体受到的重力方向竖直向下，作用点在重心，大小为10N，可确定标度为
5N，则画重力的图示如下图：
【点评】力的图示是用一个带箭头的线段把力的大小、方向、作用点三个要素表示出来，线
段的长短表示力的大小，箭头表示力的方向，线段起点或终点表示力的作用点。
17．如图所示，根据平面镜成像特点，作出物体AB在平面镜MN中的像A'B'。
【分析】要作出物体AB在平面镜中的像，要先知道平面镜成像的特点：像与物到平面镜的
距离相等、连线与镜面垂直、大小相等、虚像、左右相反，及像与物关于平面镜对称；
其次，先作出两个端点A、B在平面镜中的像点，连接像点即为物体AB在平面镜中所成
的像。
【解答】解：先根据像与物关于平面镜对称，作出端点A、B在平面镜中的像点A′、B′，
用虚线连接A′、B′即为物体AB在平面镜中所成的像，如图所示：
【点评】本题考查了如何作出物体在平面镜中的像。在作出物体在平面镜中所成的像时，
注意先作出端点或关键点的像点，用虚线连接就能得到物体在平面镜中的像，一定要掌握
这种技巧。
18．在如图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。补上后要求：闭
合开关S，电路正常工作；向左移动滑动变阻器的滑片P，一个电表示数不变，另一个电表
示数变小。
第18页（共28页）【分析】由图可知，电压表测量的是电阻R两端的电压；根据串并联电路的电流和电压规
律判定电路的连接方式，然后连图。
【解答】解：由图可知，电压表测量的是电阻R两端的电压；若电阻R和滑动变阻器串联，
滑动变阻器滑片向左移动，则电路中的电流会发生变化，即电流表示数改变，根据U＝IR
可知，电阻R的电压也会变化，即电压表示数也会发生变化，所以不能是串联电路；
当电阻R和滑动变阻器并联时，电压表测量的是电源的电压，电压表示数不变；滑动变阻
器滑片向左移动，电流表示数（测总电流）减小，说明滑动变阻器接入电路的电阻变大，总
电阻变大，总电流减小，所以应使用变阻器的右下接线柱；如图所示：
【点评】本题考查了根据要求连接实物图，关键是确定电阻R和滑动变阻器的连接方式。
四、计算题（共26分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置.
19．质量为0.2千克的牛奶，温度升高了10℃．求：牛奶吸收的热量Q吸 ．[c牛奶 ＝2.5×103
焦/（千克•℃）]。
【分析】知道牛奶的质量、牛奶的比热容、牛奶升高的温度值，利用吸热公式Q吸 ＝cm△t
求牛奶吸收的热量。
【解答】解：Q吸 ＝cm△t
＝2.5×103J/（kg•℃）×0.2kg×10℃
＝5×103J。
第19页（共28页）答：牛奶吸收的热量为5×103J。
【点评】本题考查了学生对吸热公式Q吸 ＝cm△t的掌握和运用，注意温度升高了（△t）与
升高到（末温）的区别，因条件已给出，难度不大。
20．如图所示，小明用50牛的拉力在4秒内将货物匀速提升2米，不计摩擦和绳子重力，求这
段时间内拉力所做的功W和功率P。
【分析】该滑轮为定滑轮，由定滑轮的特点可知s＝h，且已知拉力，根据公式W＝Fs计算
拉力F做的功；知道做功的时间，根据公式P＝ 计算功率。
【解答】解：
该滑轮为定滑轮，使用定滑轮不省力、也不省距离，则s＝h＝2m，
拉力所做的功：W＝Fs＝50N×2m＝100J；
拉力做功的功率：P＝ ＝ ＝25W；
答：这段时间内，拉力所做的功W为100J；功率P为25W。
【点评】本题考查定滑轮的特点、功和功率计算，是一道基础题。
21．如图所示，形状、体积相同的长方体甲、乙置于水平地面，甲的质量为5千克、底面积为
0.02米2，乙的质量为7.5千克。
求甲对水平地面的压力F甲 。
①求甲对水平地面的压强p甲 。
②若将它们顺时针旋转90°，此时甲对地面的压强变化量△p甲 为7350帕，求乙对地面的
③压强变化量△p乙 。
【分析】（1）放在水平地面上的物体，其对地面的压力等于自身重力；
第20页（共28页）（2）根据压强公式p＝ 即可求出甲对水平地面的压强；
（3）根据密度公式 ＝ 可知，体积一定是，物体的密度之比等于质量之比；对于规则物体，
ρ
其对地面的压强也可以用液体压强公式计算，根据p＝ 物gh可知，当h相同时，物体对地
面的压强之比等于物体的密度之比。 ρ
【解答】解：
甲对水平地面的压力F甲 为：
①F甲 ＝G甲 ＝m甲g＝5kg×10N/kg＝50N；
甲对水平地面的压强p甲 为：
②
p甲 ＝ ＝ ＝2.5×103pa；
由于V甲 ＝V乙 ，
③所以甲、乙两物体的密度之比为：
甲
：
乙
＝ ： ＝m甲 ：m乙 ＝5kg：7.5kg＝2：3，
ρ ρ
对于规则物体，其对地面的压强也可以用液体压强公式计算，
故由液体压强公式＝ 物gh可知：
△p甲 ：△p乙 ＝ 甲g△ρh： 乙g△h＝
甲
：
乙
＝2：3，
所以为乙对地面ρ的压强变化ρ量△p乙 ：ρ△p乙ρ＝1.5△p甲 ＝1.5×7350pa＝11025pa。
答：
甲对水平地面的压力F甲 为50N；
①求甲对水平地面的压强p甲 为2.5×103pa；
②乙对地面的压强变化量△p乙 是11025pa。
【③点评】本题主要考查压强公式和液体压强公式的应用，需要注意的是对于规则固体来说，
其对地面的压强也可以用液体压强公式计算。
22．将电阻R 接在电压为16伏的电源两端，R 的阻值为10欧。
1 1
求通过电阻R 的电流I 。
1 1
①求通电10秒钟，电流通过电阻R
1
所做的功W
1
。
②现有表盘如图1所示的电流表、电压表，以及分别标有“20 2A”“50 1A”字样的
③ Ω Ω
第21页（共28页）滑动变阻器两个。选取一个变阻器与电阻R 并联、另一个变阻器与电阻R 串联，如图1
1 1
（a）（b）所示。若要使电流表A 示数I 与电流表A 示数I 的比值最小，可通过闭合或断开
1 a 2 b
开关S 、S 及移动变阻器的滑片，请说明两电路所选择的变阻器、开关的状态，并求I 与I
1 2 a b
的比值。
【分析】 根据欧姆定律I＝ 算出通过电阻R 的电流；
1
①
根据W＝UIt算出通电10秒钟，电流通过电阻R 所做的功；
1
②要使电流表A
1
示数I
a
与电流表A
2
示数I
b
的比值最小，需要使A
1
示数最小，电流表A
2
③示数最大，根据开关断开和闭合情况分析解答。
【解答】解： 通过电阻R 的电流：
1
①
I ＝ ＝ ＝1.6A；
1
通电10秒钟，电流通过电阻R 所做的功：
1
②W
1
＝U
1
I
1
t＝16V×1.6A×10s＝256J；
要使电流表A 示数I 与电流表A 示数I 的比值最小，需要使A 示数最小，电流表A
1 a 2 b 1 2
③示数最大，
（a）图可以选“50 1A”字样的滑动变阻器，断开开关S 可使电流表A 示数最小，I ＝I
1 1 a 1
＝1.6A； Ω
则（b）图选“20 2A”字样的滑动变阻器，断开开关S 调节滑动变阻器，可使电流表A
2 2
Ω
示数最大，I ＝ ＝ ＝1.5A，
b
所以I ：I ＝16：15≈1.07。
a b
答： 通过电阻R 的电流1 为1.6A；
1 1
① 第22页（共28页）求通电10秒钟，电流通过电阻R 所做的功W 为256J；
1 1
②若（a）图选“50 1A”字样的滑动变阻器，断开开关S
1
可使电流表A
1
示数最小，I
a
＝I
1
③＝1.6A； Ω
（b）图选“20 2A”字样的滑动变阻器，断开开关S 调节滑动变阻器，可使电流表A 示
2 2
Ω
数最大，I ＝ ＝ ＝1.5A，
b
所以I ：I ＝1.07。
a b
【点评】本题考查了欧姆定律和电功的计算，难点是电流表A 示数最小，电流表A 示数最
1 2
大的判断。
五、实验题（共18分）请根据要求在答题纸的相应位作答．
23．在“探究物质质量与体积的关系”的实验中，用电子天平测量物体的 质量 ；在“用
弹簧测力计测力”的实验中，拉力不得超过弹簧测力计的 量程 ；在“用电流表、电压
表测电阻”实验中，实验原理是 R ＝ ，电压表应与待测电阻 并联 （选填“串
联”或“并联”）。
【分析】 天平是物理学中用来测量物体质量的仪器；
弹簧测①力计使用前，首先看清弹簧测力计的量程，也就是弹簧测力计上的最大刻度即
②弹簧测力计的测量范围。加在弹簧测力计上的力，不能超出这个范围；
伏安法测电阻的原理：R＝ ．电流表串联在电路中，电压表并联在电路中。
③
【解答】解：在“探究物质质量与体积的关系”的实验中，需要利用电子天平测量物体质
量，利用量筒或量杯测量物体体积；
在“用弹簧测力计测力”的实验中，拉力不得超过弹簧测力计的量程，否则无法读数，甚
至损坏弹簧测力计；
实验室常用伏安法测电阻，其基本原理为R＝ ，其中利用电流表测量通过待测电阻的电
流，电流表与待测电阻串联；电压表测量待测电阻两端电压，电压表与待测电阻并联。
故答案为：质量；量程；R＝ ；并联。
【点评】本题考查天平用途、弹簧测力计使用方法及伏安法测电阻的基本原理，都是我们
第23页（共28页）必须熟练掌握的基本实验技能。
24．在“探究杠杆平衡的条件”实验中，为得出实验结论，需多次改变杠杆受到作用力的大
小、 方向 和作用点，使杠杆始终在 水平 位置保持平衡。在“探究凸透镜成像的规
律”实验中，调整凸透镜和光屏的中心与烛焰中心大致在同一 高度 ，以保证像成在光
屏中央，然后应移动光屏直至光屏上的像 最清晰 为止。
【分析】（1）在“探究杠杆平衡的条件”实验中，为得出普遍的实验结论，必须多次改变
杠杆受到作用力的大小、方向和作用点；
（2）在“探究凸透镜成像的规律”实验中，为使像能成在光屏的中央，应使烛焰、凸透镜、
光屏三者的中心大致在同一水平直线上。
探究凸透镜成像时，光屏上出现清晰的像才能确定像的性质。
【解答】解：（1）在“探究杠杆平衡的条件”时，改变作用在杠杆上的作用力的大小、方向、
作用点，使杠杆始终在水平位置保持平衡。
（2）为使像能成在光屏的中央，在“探究凸透镜成像的规律”实验中，应使光具座上的烛
焰、凸透镜、光屏三者的中心大致在同一高度。然后应移动光屏直至光屏上的像最清晰为
止。
故答案为：方向；水平；高度；最清晰。
【点评】对于探究性实验结论的得出，需要做多次实验才能得出普遍结论，以防止实验规
律的偶然性。
25．小华同学做“测定小灯泡的电功率”实验，现有电源（电压为6伏）、待测小灯泡（标有
“3.8V”字样）、电压表（只有0～3伏档完好）、滑动变阻器两个（A标有“5 2A”字样、
B标有“10 1A”字样）、开关及导线若干，小灯的额定电流可能为“0.26AΩ”“0.3A”
或“0.32A”Ω。小华选择一个变阻器，连接电路后按正确步骤进行实验，闭合开关发现小灯
较亮，电压表示数为2伏，他经过思考仅更换了变阻器，重新实验，步骤正确，闭合开关发
现电压表示数如图所示，接着他移动滑片使小灯正常发光。
小华开始选用的变阻器是 A （选填“A”或“B”）。
①判定该小灯正常发光的方法是 观察到电压表的示数为 2. 2 伏，小灯正常发光 。
②根据实验的相关信息：
（③a）通过计算说明小灯泡的额定电流； 重新实验，步骤正确（变阻器最大电阻 1 0 连入
电路中），闭合开关发现电压表示数如图所示，电压表选用小量程，分度值为 0.1V ，电Ω 压为
3V ，由欧姆定律，此时电路的电流为：
第24页（共28页）I ＝ ＝ ＝ 0.3A ；
1
接着他移动滑片使小灯正常发光，变阻器连入电路的电阻变小，由欧姆定律，灯的额定电
流一定大于 0.3A ，由题意，灯的额定电流为： I ＝ 0.32A
L
（b）计算小灯的额定功率。 灯的额定功率： P ＝ U I ＝ 3.8V×0.32A ＝ 1.216W
L L L
【分析】 灯的额定电压为3.8V，根据连接电路后按正确步骤进行实验隐含的条件，由闭
合开关发①现小灯较亮确定选用的变阻器的规格；
灯较亮，而电压表示数为2伏，可确定电压表的连接，他更换了变阻器，由串联电路电
②压的规律可知灯正常发光时电压表的示数；
（a）重新实验，根据步骤正确的隐含的条件，由电压表选用小量程确定分度值，可知闭
③合开关电压表示数，由欧姆定律得出此时电路的电流，接着他移动滑片使小灯正常发光，
可确定电流的变化，结合已知条件确定灯的额定电流；
（b）根据P ＝U I 求出灯的额定功率。
L L L
【解答】解：
灯的额定电压为3.8V．小华选择一个变阻器，连接电路后按正确步骤进行实验，即灯与
①变阻器串联，变阻器连入电路的电阻最大，闭合开关发现小灯较亮，则灯的实际电压大于
3.8V，说明变阻器的最大电阻较小（分得的电压较注），导致灯的实际电压大于3.8V，小华
开始选用的变阻器是A；
灯较亮，根据电压表示数为2伏，故可知电压表一定与变阻器并联了，他更换了变阻器，
②即灯与10 的变阻器串联，由串联电路电压的规律，观察到电压表的示数为2.2V时，灯
的电压为：Ω
U ＝6V﹣2.2V＝3.8V，小灯正常发光；
2
（a）重新实验，步骤正确（变阻器最大电阻10 连入电路中），闭合开关发现电压表示数
③如图所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，Ω电压为3V，由欧姆定律，此时电路的电流
为：
第25页（共28页）I ＝ ＝ ＝0.3A；
1
接着他移动滑片使小灯正常发光，变阻器连入电路的电阻变小，由欧姆定律，灯的额定电
流一定大于0.3A，由题意，灯的额定电流为：I ＝0.32A；
L
（b）灯的额定功率为：
P ＝U I ＝3.8V×0.32A＝1.216W。
L L L
故答案为： A； 观察到电压表的示数为2.2伏，小灯正常发光。
（a）见上①； ②
③（b）灯的额定功率为：
P ＝U I ＝3.8V×0.32A＝1.216W。
L L L
【点评】本题测定小灯泡的电功率，考查串联电路的规律、欧姆定律、电功率公式的运用及
分析推理的能力，关键是挖掘题中隐含的条件。
26．某小组同学探究光的折射规律，他们分别测量并记录了光从空气斜射入玻璃和光从玻璃
斜射入空气时的入射角和折射角，实验数据如表一、表二所示。
表一：光从空气斜射入玻璃中
实验序号 入射角（度） 折射角（度）
1 20 13
2 30 19
3 40 25
4 50 31
5 60 35
表二：光从玻璃斜射入空气中
实验序号 入射角（度） 折射角（度）
6 13 20
7 19 30
8 25 40
9 28 45
10 33 55
分析比较实验序号1～5可得：当光从空气斜射入玻璃时，折射角 小于 入射角；分
①析比较实验序号6～10可得：当光从玻璃斜射入空气时，折射角 大于 入射角。（均选填
“大于”或“小于”）
第26页（共28页）分析比较实验序号1与6或2与7或3与8可得：当 光在空气和玻璃的界面发生折射
②时，光路是可逆的 。
他们增大入射角继续研究，表三为光从空气斜射入玻璃时的实验数据，表四中的入射
③角为当光从玻璃斜射入空气时拟进行实验的数据。
表三：光从空气斜射入玻璃中
实验序号 入射角（度） 折射角（度）
11 65 37
12 70 39
13 80 41
14 89 42
表四：光从玻璃斜射入空气中
实验序号 入射角（度） 折射角（度）
15 40
16 50
17 60
18 70
小王分析了表三的数据，结合之前得到的实验结论，认为表四中实验序号 1 6 、 1 7 和 1 8
中拟定的入射角会找不到折射光线，理由是 折射角随入射角的增大而增大，当玻璃中的
入射角为 5 0 度时，空气中的折射角应大于 9 0 度，不符合实际 。
【分析】（1）由表中数据可以看出，光从一种介质斜射入另一种介质中时，折射角与入射
角的大小关系；
（2）光发生折射时，光路是可逆的；
（3）根据表中数据以及光发生折射时光路是可逆的进行分析。
【解答】解：
分析比较实验序号1～5的实验数据可知：光从空气斜射入玻璃中时，折射角小于入射
①角；
分析比较实验序号6～10的实验数据可知：光从玻璃斜射入空气中时，折射角大于入射角；
分析比较实验序号1与6或2与7或3与8可知，光在空气和玻璃的界面发生折射时，
②光路是可逆的；
由表三数据可知，空气中的入射角为89度时，在玻璃中的折射角为42度；
③因光发生折射时光路是可逆的，所以当玻璃中的入射角为42度时，空气中的折射角为89
第27页（共28页）度；因折射角随入射角的增大而增大，所以当玻璃中的入射角为50度时，空气中的折射角
应大于90度，不符合实际，此时折射光线将消失（即发生全反射），故实验序号16、17和
18中拟定的入射角会找不到折射光线。
故答案为： 小于；大于；
光在空气①和玻璃的界面发生折射时，光路是可逆的；
②16、17和18；折射角随入射角的增大而增大，当玻璃中的入射角为50度时，空气中的
③折射角应大于90度，不符合实际。
【点评】此题考查了光的折射定律，也考查了根据现象和数据总结得出结论的能力，同时
还考查了对新知识的应用，有一定难度。
第28页（共28页）
