文档内容
2020年上海市松江区中物理二模试卷
一、选择题（16分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在答
题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮檫去，重新填涂．
1．（2分）人的正常体温约为（ ）
A．30℃ B．32℃ C．37℃ D．39℃
2．（2分）在原子中，带负电的粒子是（ ）
A．电子 B．质子 C．中子 D．核子
3．（2分）四冲程内燃机工作时，将机械能转化成内能的冲程是（ ）
A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
4．（2分）发现电流磁效应的科学家是（ ）
A．牛顿 B．奥斯特 C．安培 D．托里拆利
5．（2分）一束光从空气斜射入玻璃砖中，若入射角为45°，则折射角可能为（ ）
A．60° B．50° C．45° D．28°
6．（2分）重力G的物体在水平拉力F的作用下，在水平桌面上向右做匀速直线运动，现突然
使拉力F变为原来力的一半，物体在静止前水平方向受到合力的大小为（ ）
A．G+ B．G﹣ C． D．0
7．（2分）甲、乙两物体同时同地沿同方向做匀速直线运动，它们的s﹣t图象是如图所示a、b、
c三条图线中的两条，甲在6秒内通过的路程为3米，此时甲、乙间的距离小于4米。则在
图所示的a、b、c三条图线中，乙的s﹣t图线（ ）
A．一定是图线a B．一定是图线c
C．可能是图线a D．可能是图线b
8．（2分）如图（a）所示，一个质量分布均匀的长方体静止在水平面上，它对水平面的压强为
p。若将它沿斜线切割为如图（b）所示的两部分，它们对水平面的压强分别p 和p ，则（
a b
）
第1页（共27页）A．p＞p ＞p B．p ＞p＞p C．p＜p ＜p D．p ＜p＜p
a b a b a b a b
二、填空题（共23分）请将结果填入答题纸的相应位置．
9．（3分）上海地区家庭电路中，电饭煲正常工作的电压为 伏。测量电能的仪表是
表，电能是通过 输电线输送至用电区的（选填“高压”或“低压”）。
10．（3分）地铁“九号线”为松江市民出行带来了方便，全程分为地下、高架铺设。若以行驶
的地铁为参照物，地铁内的座椅是 的（选填“静止”或“运动”）；地铁由高架驶
往地下时，其重力势能 ；当地铁减速进站时，惯性 （后两空均选填“增
大”“不变”或“减小”）。
11．（3分）诗句“春院无人花自香”中闻到花香，是由于分子在不停地做 运动造成的。
汽车的发动机选用水做冷却剂，是由于水的比热容较 的缘故。烈日下，操场上单杠
的温度会升高，这是通过 的方式改变其内能的。
12．（3分）某导体两端的电压为9伏，10秒内通过该导体横截面积的电荷量为6库，通过该
导体的电流为 安，这段时间内电流做功为 焦。若将该导体两端的电压调整
为12伏，其电阻为 欧。
13．（3分）如图所示，分别利用甲、乙两滑轮匀速提起两个重物，其中乙为 滑轮，使用
时相当于 杠杆；不计滑轮重力及摩擦，若拉力F ＝F ，则G G（选填“小
1 2 A B
于”、“等于”或“大于”）。
14．（4分）在如图所示的电路中，电阻R 、R 的阻值相等，开关s闭合后，电路正常工作，电流
1 2
表和电压表的示数分别为I 和U ．一段时间后，观察到其中一个电表示数突然变大，已知
0 0
电路中仅有一处故障，且只发生在电阻R 、R 上，请根据以上信息写出两电表示数及相对
1 2
应的故障。 。
第2页（共27页）15．（4分）PTC是一种新型的半导体陶瓷材料，它有个根据需要设定的温度，称为“居里点
温度”，低于这个温度时，其电阻值随温度的升高而减小，高于这个温度时，电阻值则随
温度的升高面增大。用PTC材料制成的电热器具有发热、控温双重功能，应用十分广泛。
如图是家用电灭蚊器，它的发热部分就使用了PTC发热材料，其电阻值随温度变化的规
律如图（b）所示。
由图可知，该PTC材料的“居里点温度”为 ℃。
①当发热体的温度为60°C时，此时电功率为 瓦。当发热体的温度继续上升时，电
②灭蚊器发热部分的电阻会 ；它消耗的电功率会 。（均选填“增大”、“不
变”或“减小”）
三、作图题（共7分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图题必须使用2B铅笔．
16．（2分）如图所示，重为10牛的物体静止在水平地面上，请用力的图示法画出它受到的重
力G。
17．（2分）根据平面镜成像的特点，在图中画出物体AB在平面镜MN中所有的像A'B'。
18．（3分）根据图中通电螺线管的N极，标出磁感线方向、小磁针的N极，并在括号内标出电
第3页（共27页）源的正、负极。
四、计算题（共26分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置．
19．（5分）质量为0.5千克的铝块温度升高了40℃，求铝块吸收的热量Q吸 ．[c铝 ＝0.9×103
焦/（千克•℃）]
20．（7分）某物体在30牛的水平拉力F作用下，沿水平面做匀速直线运动，10秒内前进了8
米。求此过程中拉力所做的功W和功率P。
21．（7分）如图所示电路中，电源电压为6伏，电阻R 、R 的阻值分别为12欧和6欧，闭合开
1 2
关S，求：
序号 1 2 3
电流（A） 0.12 0.25 0.40
电流表的示数。
①通电10秒钟，电流通过电阻R
2
所做的功W
2
。
②断开S，将电阻R
2
拆下，再将标有“30 2A”字样的滑动变阻器R
3
接入剩余电路中（其
③余原件位置不变），重新闭合S，移动滑Ω片，记录电流表示数如下表所示。
（a）表中有1个数据记录错误，该错误数据值是 A；
（b）请根据表中数据判断R 与R 的连接方式并简述理由。
1 3
22．（7分）将底面积为2×10﹣2米2，内盛深度为0.3米水的薄壁轻质圆柱形容器放置在水平
第4页（共27页）地面上。求：
容器中水的质量m水 。
①水对容器底部的压强p水 。
②现将一实心小球浸没在该容器内的水中（水未溢出），此时水对容器底部压强的增加量
③为△p水 ，容器对地面压强的增加量为△p容 ，若△p水 ：△p容 ＝2：3，求小球的密度
球
。
ρ
五、实验题（共18分请根据要求在答题纸的相应位置作答．
23．（4分）图1所示的弹簧测力计量程为 牛，此时的示数为 牛。在“探究杠杆
平衡条件”的实验中，杠杆在图2所示位置静止，此时可以将右端的螺母向 调节
（选填“左”或“右”），使杠杆在 位置平衡。
24．（4分）如图所示，凸透镜焦距为10厘米，若保持图中蜡烛和透镜的位置不变，为了在光
屏中央找到像，应首先调整光屏的 ，然后将光屏向
缓慢移动（选填“左”或“右”），当光屏上找到清晰的像时，该像的大小与物体
相比是 的（选填“缩小”或“放大”）。若将蜡烛移至光具座上5厘米刻度线处
（透镜位置不变），通过移动光屏， 在光屏上重新找到清晰的像（选填“能”或
“不能”）。
25．（4分）某小组同学想探究漂浮在液面上的实心物体露出液面的体积V露 与什么因素有关。
第5页（共27页）他们选用了若干不同的实心圆柱体漂浮在不同液体中进行实验，并将物体的密度 ，物
物
体的体积V物 、液体的密度 液 ，以及物体露出液面的体积V露 记录在表中。 ρ
实验序号 物 （×103千克/米ρ V物 （×10﹣6/米3 ） 液 （×103千克/米 V露 （×10﹣6米3）
3） 3）
ρ ρ
1 0.4 10 1.0 6
2 0.4 15 1.0 9
3 0.4 20 1.0 12
4 0.6 15 0.9 5
5 0.6 15 1.2 7.5
6 0.8 15 1.0 3
7 0.8 15 1.5 7
8 0.8 24 1.2 ﹣﹣
分析比较实验序号1与2与3的数据中V露 随V物 的变化关系及相关条件，可得出：漂
①浮在液面上的实心物体，当
液
和
物
相同时， 。
分析比较实验序号 ρ的数据ρ 中V露 随
液
的变化关系及相关条件，可得出的初步
②结论是：漂浮在不同液体中的实心物体，当 ρ物 和V物 相同时，V露 随 液 的增大而增大。
根据实验序号 的数据可以研究V露ρ随 物 的变化关系。 ρ
③实验小组同学又进一步分析了表中1～7的实验ρ 数据，发现漂浮在液面上的实心物块，
④V露 与
物
、V物 、
液
存在一定的定量关系，由此他们推断表中空缺的数据应该是 。
26．（6分ρ）小华同ρ学做“测定小灯泡的电功率”实验，所用器材：电源、小灯泡（标有
“2.5V”字样）、滑动变阻器（“20 1A“或“10 2A”）、电压表、开关及若干导线，所有
器材均完好。 Ω Ω
小华正确连接电路，并将滑片置于变阻器一端。闭合开关，小灯泡一闪随即熄灭，电压表
的示数如图（a）所示。接着小华更换相同规格的小灯泡重新实验，他正确连接好电路，并
将滑片置于变阻器一端，闭合开关后，电压表、电流表的示数如图（b）、（c）所示。接着他移
动变阻器的滑片，观察到小灯泡逐渐变亮，电压表示数逐渐变大。当小灯泡正常发光时，
滑片P的位置恰好在中点上（即变阻器连入电路的电阻为最大阻值的一半）。
刚开始实验时，他在连接电路时存在的问题是 。
①
第6页（共27页）实验中所用的电源电压为 伏；滑动变阻器规格为 。
②请根据相关信息，求出小灯泡的额定电功率。 （本小题需写出计算过程）。
③
第7页（共27页）2020年上海市松江区中物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（16分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在答
题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮檫去，重新填涂．
1．（2分）人的正常体温约为（ ）
A．30℃ B．32℃ C．37℃ D．39℃
【分析】此题考查对人体正常体温的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出
符合实际的选项。
【解答】解：
正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小。故C符合实际。
故选：C。
【点评】对物体长度、质量、重力等进行估测，是初中物理的一项基本要求，平时结合所学
知识对身边的如：人高、教室高、一步长、步行速度、楼梯阶梯数、物理课本长和宽、教室内
空气质量等等，多观察多思考，必要时做出正确判断。
2．（2分）在原子中，带负电的粒子是（ ）
A．电子 B．质子 C．中子 D．核子
【分析】解答本题应掌握：原子的核式结构，及各微粒的带电情况。
【解答】解：原子是由位于原子中心的原子核和核外绕核转动的电子组成；原子核由质子
和中子组成，质子带正电，中子不带电，电子带负电。
故选：A。
【点评】要记清原子的核式结构及三种基本微粒的基本性质。
3．（2分）四冲程内燃机工作时，将机械能转化成内能的冲程是（ ）
A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
【分析】四冲程内燃机包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程。其中有两个冲程存在能量转
化：压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能。
【解答】解：在四冲程内燃机的四个冲程中，压缩冲程中活塞压缩气体对其做功，将机械能
转化为内能。
故选：B。
【点评】此题主要考查了四个冲程中的能量转化情况。压缩冲程与做功冲程发生了能量的
第8页（共27页）转化，转化情况正好相反。
4．（2分）发现电流磁效应的科学家是（ ）
A．牛顿 B．奥斯特 C．安培 D．托里拆利
【分析】此题考查物理学家及其贡献，根据对于牛顿、奥斯特、安培、托里拆利对于我们物
理学的贡献来作答。
【解答】解：
A、牛顿在力学方面做出了卓越贡献，著名的牛顿第一定律就是牛顿归纳总结的，故A不
符合题意；
B、奥斯特通过奥斯特实验揭示了电流周围存在磁场，成为第一个揭示电和磁联系的人，
故B符合题意；
C、安培总结出了电流周围的磁场方向和电流方向的关系定则﹣﹣安培定则，故C不符合
题意；
D、托里拆利通过托里拆利实验测出了大气压强的值，相等于760mm水银柱产生的压强，
故D不符合题意。
故选：B。
【点评】此题有很好的教育意义，能够教育学生在学习中不屈不挠，认真学习顽强拼搏的
精神。
5．（2分）一束光从空气斜射入玻璃砖中，若入射角为45°，则折射角可能为（ ）
A．60° B．50° C．45° D．28°
【分析】根据光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角；光从一种透明介质垂直射入另
一种介质时，传播方向不变，对各个选项逐一分析。
【解答】解：由光的折射定律可知：光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角，由于入射
角等于45°，所以折射角小于45°，故ABC选项不符合题意；只有D符合题意。
故选：D。
【点评】本题主要考查了光的折射规律的内容，同时还要熟练掌握入射角的概念。解题时
应分清入射角和折射角的关系。
6．（2分）重力G的物体在水平拉力F的作用下，在水平桌面上向右做匀速直线运动，现突然
使拉力F变为原来力的一半，物体在静止前水平方向受到合力的大小为（ ）
A．G+ B．G﹣ C． D．0
【分析】由平衡条件可以求出物体受到的摩擦力，物体受到的摩擦力由接触面的粗糙程度
第9页（共27页）与物体间的压力决定，与物体受到的拉力无关；然后由力的合成方法求出物体受到的合力。
【解答】解：物体在匀速运动，由平衡条件得：摩擦力f＝F；
当拉力变为原来的一半为 时，物体受到的摩擦力不变，
拉力方向与摩擦力方向相反，物体受到的合力F合 ＝f﹣ ＝F﹣ ＝ ；
故选：C。
【点评】应用平衡条件、掌握力的合成方法即可正确解题，要知道物体受到的摩擦力取决
于接触面的粗糙程度与物体间的压力，与拉力大小无关。
7．（2分）甲、乙两物体同时同地沿同方向做匀速直线运动，它们的s﹣t图象是如图所示a、b、
c三条图线中的两条，甲在6秒内通过的路程为3米，此时甲、乙间的距离小于4米。则在
图所示的a、b、c三条图线中，乙的s﹣t图线（ ）
A．一定是图线a B．一定是图线c
C．可能是图线a D．可能是图线b
【分析】根据s﹣t图象得出a、b、c所表示的物体6s通过路程，可判断甲的图线；再根据此
时甲、乙间的距离小于4m判断乙的s﹣t图线。
【解答】解：
由图知，6s时a表示的物体通过的路程为s ＝6m，b表示的物体通过的路程s ＝3m，c表
a b
示的物体通过的路程s ＝1m，
c
则甲的s﹣t图线一定是b，
因为s ﹣s ＝6m﹣3m＝3m＜4m，s ﹣s ＝3m﹣1m＝2m＜4m，
a b b c
所以乙的s﹣t图线可能是a，也可能是c。
故选：C。
【点评】本题考查了速度的计算和s﹣t图象的分析和应用，要从图象中获取有用信息，正
确理解甲、乙间的距离小于4米是解题关键。
8．（2分）如图（a）所示，一个质量分布均匀的长方体静止在水平面上，它对水平面的压强为
p。若将它沿斜线切割为如图（b）所示的两部分，它们对水平面的压强分别p 和p ，则（
a b
第10页（共27页））
A．p＞p ＞p B．p ＞p＞p C．p＜p ＜p D．p ＜p＜p
a b a b a b a b
【分析】物体放在水平地面上，对地面的压力等于物体的重力，根据压强公式p＝ 知对地
面的压强p＝ ＝ ＝ ＝ gh，由图分析分成的a、b两块对地面压强的变化情
ρ
况，进行比较即可。
【解答】解：原来的长方体放在水平地面上，对地面的压强为p＝ ＝ ＝ ＝
gh，
ρ设长方体的高位h，
若沿如图所示的虚线方向切成a、b两部分，
则： p ＝ ＝ ＝ ，
a
①
由图知：V＜S h，
a a
所以p ＜ ＝ gh＝p，
a
ρ
即p ＜p；
a
p ＝ ＝ ＝ ，
b
②
由下图知V ＞S h，
b b
所以p ＞ ＝ gh＝p，
b
ρ
即：p ＞p。
b
故选：D。
第11页（共27页）【点评】此题主要考查学生对压强公式的应用，可根据a、b形状分别分析它们对桌面的压
强，并与p比较，然后即可得出结论。
二、填空题（共23分）请将结果填入答题纸的相应位置．
9．（3分）上海地区家庭电路中，电饭煲正常工作的电压为 22 0 伏。测量电能的仪表是
电能 表，电能是通过 高压 输电线输送至用电区的（选填“高压”或“低压”）。
【分析】（1）我国家庭电路的电压是220V。
（2）测量电能的仪表是电能表。
（3）远距离输送电一般是采用高压的方式，这样可以减少电能的损失。
【解答】解：
我国家庭电路的电压是220V，所以电饭煲正常工作的电压为220V；
家庭电路中测量消耗电能的仪表是电能表；
根据P＝UI可知，在输电功率一定时，电压越高，电流越小；输电线的电阻一定，由Q＝
I2Rt可知，在通电时间一定时，电流越小，产生的电热越少，输送过程中能量损失越小，所
以从发电站到用电区采用高压输电。
故答案为：220；电能；高压。
【点评】记住常见电压值、知道测量电能表的仪表、理解高压输电的意义，是解答此题的关
键。
10．（3分）地铁“九号线”为松江市民出行带来了方便，全程分为地下、高架铺设。若以行驶
的地铁为参照物，地铁内的座椅是 静止 的（选填“静止”或“运动”）；地铁由高架
驶往地下时，其重力势能 减小 ；当地铁减速进站时，惯性 不变 （后两空均选填
“增大”“不变”或“减小”）。
【分析】（1）物体运动还是静止，关键是看它相对参照物位置是否变化；
（2）判断重力势能大小的变化，从重力势能的两个影响因素质量和高度去判断；
（3）惯性是物质的一种属性，只与物体的质量有关。
【解答】解：
（1）地铁内的座椅相当于行驶的地铁的位置没有发生变化，因此以行驶的地铁为参照物，
地铁内的座椅是静止的；
（2）地铁由高架驶往地下时，地铁的质量不变，高度减小，地铁的重力势能减小；
（3）惯性只与物体的质量有关，当地铁减速进站时，地铁的质量不变，故地铁的惯性不变。
故答案为：静止；减小；不变。
【点评】此题主要考查学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同
第12页（共27页）一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论；
掌握重力势能的大小，以及惯性，是基础题。
11．（3分）诗句“春院无人花自香”中闻到花香，是由于分子在不停地做 无规则 运动造
成的。汽车的发动机选用水做冷却剂，是由于水的比热容较 大 的缘故。烈日下，操场
上单杠的温度会升高，这是通过 热传递 的方式改变其内能的。
【分析】（1）分子在永不停息地做无规则运动；
（2）根据比热容的概念可知，比热容大的物体，在质量相同时，每升高（或降低）1℃所吸收
（或放出）的热量就大，更适合做冷却液，所有物质中水的比热容最大；
（3）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递。
【解答】解：
（1）可以闻到花香是由于花香分子在空气中进行不停地无规则运动，这是扩散现象；
（2）因为水的比热容大，所以单位质量的水每升高1℃所吸收的热量就多，发动机的热量
被水吸收就不至于温度太高，所以用水做冷却剂；
（3）操场上的单杠是金属的，是热的良导体，在烈日的照射下，会吸收太阳传递的热量温
度升高，这是通过热传递的方式使内能增加。
故答案为：无规则；大；热传递。
【点评】本题是一道综合题，考查了学生对分子的热运动、比热容、改变内能大小的方式的
理解，是中考的热点。
12．（3分）某导体两端的电压为9伏，10秒内通过该导体横截面积的电荷量为6库，通过该
导体的电流为 0. 6 安，这段时间内电流做功为 5 4 焦。若将该导体两端的电压调整
为12伏，其电阻为 1 5 欧。
【分析】（1）知道10秒内通过该导体横截面积的电荷量，根据I＝ 求出通过导体的电流，
根据W＝UIt＝UQ求出这段时间内电流做的功，根据欧姆定律求出导体的电阻；
（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的
电压和通过的电流无关。
【解答】解：通过导体的电流：
I＝ ＝ ＝0.6A，
这段时间内电流做功：
W＝UIt＝UQ＝9V×6C＝54J，
第13页（共27页）由I＝ 可得，导体的电阻：
R＝ ＝ ＝15 ，
Ω
因电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，
所以，将该导体两端的电压调整为12伏时，导体的电阻仍为15 不变。
故答案为：0.6；54；15。 Ω
【点评】本题考查了电流的定义式和电功公式、欧姆定律的简单应用，关键是知道导体的
电阻与两端的电压和通过的电流无关。
13．（3分）如图所示，分别利用甲、乙两滑轮匀速提起两个重物，其中乙为 动 滑轮，使用
时相当于 省力 杠杆；不计滑轮重力及摩擦，若拉力F ＝F ，则G 小于 G （选填
1 2 A B
“小于”、“等于”或“大于”）。
【分析】随货物一起升降的滑轮为动滑轮，动滑轮实质是动力臂为阻力臂二倍的省力杠杆，
使用动滑轮能省一半力；不随货物升降的滑轮为定滑轮，定滑轮实质是等臂杠杆，不省力
也不费力，但可以改变作用力方向。
【解答】解：乙滑轮随货物一起升降的滑轮为动滑轮，使用时相当于省力杠杆，省一半力
F ＝ G ，G ＝2 F ；
2 B B 2
甲不随货物升降，为定滑轮，甲滑轮的优点是改变用力方向，不省力F ＝G ，因为拉力F
1 A 1
＝F ，所以G 小于G 。
2 A B
故答案为：动；省力；小于。
【点评】本题考查动滑轮和动滑轮的实质，是一道基础题目。
14．（4分）在如图所示的电路中，电阻R 、R 的阻值相等，开关s闭合后，电路正常工作，电流
1 2
表和电压表的示数分别为I 和U ．一段时间后，观察到其中一个电表示数突然变大，已知
0 0
电路中仅有一处故障，且只发生在电阻R 、R 上，请根据以上信息写出两电表示数及相对
1 2
应的故障。 若电压表示数为 2U ，电流表示数为 0 ，则电阻 R 断路；若电压表示数为 0 ，
0 2
电流表示数为 2 I ，则电阻 R 短路。 。
0 2
第14页（共27页）【分析】由图可知，该电路为串联电路，电压表测量的是R 电压，电流表测量电路中的电流；
2
一段时间后观察到有一个电表示数变大。可以列举出每个电阻的故障，然后分析。
【解答】解：由图可知，该电路为串联电路，电压表测量的是R 电压，电流表测量电路中的
2
电流，由于电阻相同，设每个电阻的阻值为R，则分担的电压相同，即电压表的示数分别为
U ，电源电压为2U ，此时I ＝ ＝ ；
0 0 0
若R 断路，则电流表示数为0，电压表示数为0，两个表的示数都减小，不符合题意；
1
若R 断路，则电流表示数为0，电压表测量电源电压，示数变大，为2U ；符合题意；
2 0
若R 短路，由于总电阻减小，根据欧姆定律可知，电流表示数变大，此时电压表测量电源
1
电压，示数都变大，不符合题意；
若R 短路，由于总电阻减小，根据欧姆定律可知，电流表示数变大，示数为 ＝2I ，此
2 0
时电压表测量一段导线两端的电压，示数减小为0；符合题意；
综上所述：故障为：若电压表示数为2U ，电流表示数为0，则电阻R 断路；若电压表示数
0 2
为0，电流表示数为2I ，则电阻R 短路。
0 2
故答案为：若电压表示数为2U ，电流表示数为0，则电阻R 断路；若电压表示数为0，电
0 2
流表示数为2I ，则电阻R 短路。
0 2
【点评】本题考查了学生利用电流表、电压表判断电路故障的分析能力，电路故障分短路
和断路两种情况，平时做实验时试一试，多总结、提高分析能力。
15．（4分）PTC是一种新型的半导体陶瓷材料，它有个根据需要设定的温度，称为“居里点
温度”，低于这个温度时，其电阻值随温度的升高而减小，高于这个温度时，电阻值则随
温度的升高面增大。用PTC材料制成的电热器具有发热、控温双重功能，应用十分广泛。
如图是家用电灭蚊器，它的发热部分就使用了PTC发热材料，其电阻值随温度变化的规
律如图（b）所示。
第15页（共27页）由图可知，该PTC材料的“居里点温度”为 3 0 ℃。
①当发热体的温度为60°C时，此时电功率为 4.8 4 瓦。当发热体的温度继续上升时，电
②灭蚊器发热部分的电阻会 增大 ；它消耗的电功率会 减小 。（均选填“增大”、
“不变”或“减小”）
【分析】（1）根据题目提供的“居里点温度”特点，由图象可求出居里点温度。
（2）当发热体的温度为60°C时，根据图b读出发热体的阻值，再利用P＝ 求出此时的
电功率；
由图象知发热体的温度升高，电阻增大；电源电压不变，由P＝ 可知其功率减小。
【解答】解： 由题意可知，PTC有个“居里点温度”当温度低于这个温度时，其电阻值随
温度的升高①而减小，
高于这个温度时，电阻值随温度的升高而增大，结合图象可知，该PCT材料的居里点温度
为30℃；
根据图b可知，当发热体的温度为60°C时，发热体的阻值为10k ，则发热体的电功率：
② Ω
P＝ ＝ ＝4.84W；
当发热体的温度继续上升时，根据图b可知，电灭蚊器发热部分的电阻会增大，由于电源
电压不变，由P＝ 可知，功率会减小。
故答案为： 30； 4.84；增大；减小。
【点评】本题①考查了②学生对题目所给信息的理解以及电功率计算公式的应用，关键能从图
中读出有用信息。
三、作图题（共7分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图题必须使用2B铅笔．
16．（2分）如图所示，重为10牛的物体静止在水平地面上，请用力的图示法画出它受到的重
第16页（共27页）力G。
【分析】先画出标度，然后根据规则物体的重心在物体的几何中心，过重心表示出重力的
大小和方向。
【解答】解：根据题目给出的标度，然后过物体重心作竖直向下、大小为10N的重力。如图
所示：
。
【点评】本题考查了力的图示的作法，要注意与力的示意图的区别，在设定标度时，要注意
力必须是标度的整数倍。线段要有截取痕迹，在线段末端标出力的大小。
17．（2分）根据平面镜成像的特点，在图中画出物体AB在平面镜MN中所有的像A'B'。
【分析】平面镜成像的特点是：像与物大小相等，连线与镜面垂直，到平面镜的距离相等，
左右相反；先作出端点A、B的像点，连接连接两个像点即为物体AB的像。
【解答】解：先作出端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′，即为
物AB在平面镜中所成的像，如图所示：
【点评】平面镜成像时像与物关于平面镜对称，要注意先作出端点或关键点的像点，再用
第17页（共27页）虚线连接得到物体的像。
18．（3分）根据图中通电螺线管的N极，标出磁感线方向、小磁针的N极，并在括号内标出电
源的正、负极。
【分析】 根据图中磁感线方向，先判断螺线管的两个磁极；
根据磁①极间的相互作用再判断小磁针的磁极；
②最后根据安培定则判断螺线管中电流的方向，标出电源的正负极。
③【解答】解：
在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极。所以螺线管的左端为N极，
右端为S极。根据磁极间的相互作用可以判断出小磁针的左端为N极，右端为S极。根据
安培定则：伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电
流的方向，即电流是从螺线管的右端流入的。所以电源的右端为正极，左端为负极。
故答案为：
【点评】安培定则涉及三个方向：磁场方向；电流方向；线圈绕向。告诉其中的两个方向可
以确定第三个方向。
四、计算题（共26分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置．
19．（5分）质量为0.5千克的铝块温度升高了40℃，求铝块吸收的热量Q吸 ．[c铝 ＝0.9×103
焦/（千克•℃）]
【分析】知道铝块的质量、铝的比热容、铝块的温度升高值，利用吸热公式Q吸 ＝cm△t求
铝块吸收的热量。
【解答】解：铝块吸收的热量：
Q吸 ＝c铝m△t＝0.9×103J/（kg•℃）×0.5kg×40℃＝1.8×104J。
答：铝块吸收1.8×104J的热量。
【点评】本题考查了学生对吸热公式Q吸 ＝cm△t的掌握和运用，注意温度升高了（△t）与
第18页（共27页）升高到（末温）的区别。
20．（7分）某物体在30牛的水平拉力F作用下，沿水平面做匀速直线运动，10秒内前进了8
米。求此过程中拉力所做的功W和功率P。
【分析】（1）已知拉力为30N，物体在拉力方向上通过的距离是8m，根据W＝Fs可求出拉
力做的功；
（2）又知时间为10s，根据P＝ 可求出功率。
【解答】解：
拉力所做的功：W＝Fs＝30N×8m＝240J；
拉力的功率：P＝ ＝ ＝24W。
答：此过程中拉力所做的功和功率分别为240J和24W。
【点评】本题考查了功和功率的计算，属于基本运算，比较简单。
21．（7分）如图所示电路中，电源电压为6伏，电阻R 、R 的阻值分别为12欧和6欧，闭合开
1 2
关S，求：
序号 1 2 3
电流（A） 0.12 0.25 0.40
电流表的示数。
①通电10秒钟，电流通过电阻R
2
所做的功W
2
。
②断开S，将电阻R
2
拆下，再将标有“30 2A”字样的滑动变阻器R
3
接入剩余电路中（其
③余原件位置不变），重新闭合S，移动滑Ω片，记录电流表示数如下表所示。
（a）表中有1个数据记录错误，该错误数据值是 0.1 2 A；
（b）请根据表中数据判断R 与R 的连接方式并简述理由。
1 3
【分析】 闭合开关S，两只电阻并联，各支路两端电压相等。已知R 阻值和两端电压，利
1
用欧姆定①律得到通过R 的电流，即电流表示数；
1
已知R 阻值、两端电压及通电时间，利用公式W＝ t得到R 在10s内电流做的功；
2 2
②
首先根据电流表示数确定R 与R 的连接方式；然后根据电源电压和电流表示数确定
1 3
③ 第19页（共27页）电路总电阻，并根据R 和滑动变阻器最大阻值确定错误的数据。
1
【解答】解：（1）闭合开关S，两只电阻R 、R 并联，电流表测量通过R 的电流。
1 2 1
电流表的示数为I ＝ ＝ ＝0.5A；
1
（2）通电10秒钟，电流通过电阻R 所做的功：W ＝ t＝ ×10s＝60J；
2 2
（3）假设R 与R 并联，且电流表在R 支路，由于R 阻值、两端电压都不变，所以滑片移
1 3 1 1
动对R 支路无影响，也就是电流表示数应该不变；但已知滑片移动过程中电流表示数变
1
化，所以是R 与滑动变阻器串联；
1
假设R 与R 并联，且电流表在干路，
1 3
已知电源电压为U＝6V，R ＝12 ，
1
Ω
所以干路电流一定大于I ＝ ＝ ＝0.5A。
1
而电路最大电流为0.40A，所以R 与滑动变阻器串联；
1
在第一组数据中，电流表的示数是I＝0.12A，
已知电源电压为U＝6V，
因为I＝ ，
所以电路总电阻为R＝ ＝ ＝50 ，
Ω
而滑动变阻器即使全部接入电路，电路总电阻最大为R实 ＝R
1
+R
3
＝12 +30 ＝42 ＜
50 ，所以第一组数据就是错误的。 Ω Ω Ω
答Ω： 电流表的示数是0.5A；
通①电10秒钟，电流通过电阻R
2
所做的功为60J；
②（a）0.12；（b）并联；R
1
单独接在电源两端时，通过的电流为0.5安，与R
3
一起接入时表
③中测出电流均小于0.5安，说明总电阻变大，所以并联。
【点评】此题考查了串并联电路的特点、欧姆定律和电能计算公式的应用，根据电流表示
数变化确定R 与R 的连接方式，是解决第三小题的突破口。
1 3
22．（7分）将底面积为2×10﹣2米2，内盛深度为0.3米水的薄壁轻质圆柱形容器放置在水平
地面上。求：
容器中水的质量m水 。
①水对容器底部的压强p水 。
第20页（共27页）
②现将一实心小球浸没在该容器内的水中（水未溢出），此时水对容器底部压强的增加量
③为△p水 ，容器对地面压强的增加量为△p容 ，若△p水 ：△p容 ＝2：3，求小球的密度
球
。
【分析】（1）根据V＝Sh可求出水的体积，根据公式m＝ V即可求出水的质量；ρ
（2）根据液体压强公式p＝ 液gh即可求出水对容器底部的ρ压强；
（3）设实心小球的体积为V，ρ将实心小球浸没在水中，排开水的体积等于小球的体积，利
用V＝Sh求水面升高值，利用液体压强公式表示出水对容器底部压强的增加量；木块对
地面压力的增加量等于小球的重力，利用压强定义式求木块对地面压强的增加量，由题知，
△p水 ：△p容 ＝2：3，据此列方程求解即可得出小球的密度。
【解答】解：
水的体积为：
①V水 ＝Sh＝2×10﹣2m2×0.3m＝0.006m3，
根据密度公式 ＝ 可知水的质量为：
ρ
m水 ＝ 水V水 ＝1000kg/m3×0.006m3＝6kg；
水对ρ容器底部的压强为：
②p水 ＝ 水gh水 ＝1×103kg/m3×9.8N/kg×0.3m＝2940pa；
设实ρ 心小球的体积为V，
③将实心小球浸没在水中，排开水的体积V排 ＝V，
水面升高的高度：
△h＝ ＝ ，
水对容器底部压强的增加量：
△p水 ＝ 水g△h＝ 水g ﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣ ；
ρ ρ ①
木块对地面压力的增加量：
△F＝G球 ＝m球g，
木块对地面压强的增加量：
△p木 ＝ ＝ ﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣ ，
②
由题知，△p水 ：△p容 ＝2：3，
即△p容 ：△p水 ＝3：2，
第21页（共27页）即 ： 水g ＝3：2，
ρ
可得： ： ＝ × ＝ × ＝ ＝3：2，
故
球
＝
水
＝1.5×1.0×103kg/m3＝1.5×103kg/m3。
ρ ρ
答：
容器中水的质量m水 是6kg；
①水对容器底部的压强p水 是2940pa；
②小球的密度
球
是1.5×103kg/m3。
【③点评】本题考ρ查了重力公式、密度公式、压强定义式、液体压强公式的应用，计算时注意
条件：轻质（质量不计）薄壁容器。
五、实验题（共18分请根据要求在答题纸的相应位置作答．
23．（4分）图1所示的弹簧测力计量程为 0 ～ 5 牛，此时的示数为 3. 6 牛。在“探究杠
杆平衡条件”的实验中，杠杆在图2所示位置静止，此时可以将右端的螺母向 右 调节
（选填“左”或“右”），使杠杆在 水平 位置平衡。
【分析】弹簧测力计是初中物理中基本的测量工具，使用前要观察它的量程和分度值，再
根据指针所指示的刻度去读数。
根据杠杆的平衡条件可知，杠杆倾斜时，杠杆的重心偏向杠杆下沉的一端，左、右两端的
螺母（或一端的螺母）要向杠杆上翘的一端调节，使杠杆在水平位置平衡，这样避免了杠
杆重力对杠杆平衡产生的影响，同时便于测量力臂。
【解答】解：图示弹簧测力计的最大刻度值为5N，即弹簧测力计的量程为0～5N，其分度值
为0.2N；指针所指示的刻度值为3N+3×0.2N＝3.6N；
杠杆放在水平桌面上，发现杠杆左端下倾。根据杠杆的平衡条件，故应该将杠杆两端的螺
母向右调节，使杠杆在水平位置平衡。
第22页（共27页）故答案为：0～5N；3.6；右；水平。
【点评】本题考查弹簧测力计的使用、杠杆的调节。杠杆在水平位置静止时，力与杠杆垂直，
力臂等于支点到力的作用点的距离，便于测量。
24．（4分）如图所示，凸透镜焦距为10厘米，若保持图中蜡烛和透镜的位置不变，为了在光
屏中央找到像，应首先调整光屏的 高度 ，然后将光屏向
右 缓慢移动（选填“左”或“右”），当光屏上找到清晰的像时，该像的大小与物体
相比是 放大 的（选填“缩小”或“放大”）。若将蜡烛移至光具座上5厘米刻度线处
（透镜位置不变），通过移动光屏， 能 在光屏上重新找到清晰的像（选填“能”或“不
能”）。
【分析】（1）在进行凸透镜成像实验时，必须将烛焰、凸透镜和光屏三者的中心放在同一高
度上，目的是使像成在光屏的中心；
（2）当物距大于2倍焦距时，像距介于1倍焦距与2倍焦距之间，此时成倒立缩小的实像。
【解答】解：因为实验的要求及需要，必须将烛焰、凸透镜和光屏三者的中心放在同一高度
上，故该题中为了在光屏中心找到像，应首先调整光屏的高度。
凸透镜在50.0cm处，蜡烛在35.0cm处，此时：物距u＝50.0cm＝35.0cm＝15.0cm，2f＞u大
于f，光屏上成倒立、放大的实像，且像应成在另一侧的2倍焦距以外，此时光屏的位置在
70.0cm以外处，应向右移动；
将蜡烛移至光具座上5厘米刻度线处，物距u＝50.0cm﹣5.0cm＝45.0cm，满足u＞2f，成
倒立、缩小的实像，可以在光屏上成像。
故答案为：高度；右；放大；能。
【点评】知道物距大于2倍焦距时，像距介于1倍焦距与2倍焦距之间，此时成倒立缩小的
实像是解决该题的关键。
25．（4分）某小组同学想探究漂浮在液面上的实心物体露出液面的体积V露 与什么因素有关。
他们选用了若干不同的实心圆柱体漂浮在不同液体中进行实验，并将物体的密度 ，物
物
体的体积V物 、液体的密度 液 ，以及物体露出液面的体积V露 记录在表中。 ρ
实验序号 物 （×103千克/米ρ V物 （×10﹣6/米3 ） 液 （×103千克/米 V露 （×10﹣6米3）
ρ 第23页（共27页） ρ3） 3）
1 0.4 10 1.0 6
2 0.4 15 1.0 9
3 0.4 20 1.0 12
4 0.6 15 0.9 5
5 0.6 15 1.2 7.5
6 0.8 15 1.0 3
7 0.8 15 1.5 7
8 0.8 24 1.2 ﹣﹣
分析比较实验序号1与2与3的数据中V露 随V物 的变化关系及相关条件，可得出：漂
①浮在液面上的实心物体，当 液 和 物 相同时， V 露 随 V 物 的增大而增大 。
分析比较实验序号 4 与 ρ 5 或 6 ρ 和 7 的数据中V露 随 液 的变化关系及相关条件，可
②得出的初步结论是：漂浮在不同液体中的实心物体，当 ρ物 和V物 相同时，V露 随 液 的增
大而增大。 ρ ρ
根据实验序号 2 与 6 的数据可以研究V露 随 物 的变化关系。
③实验小组同学又进一步分析了表中1～7的实验ρ数据，发现漂浮在液面上的实心物块，
④V露 与 物 、V物 、 液 存在一定的定量关系，由此他们推断表中空缺的数据应该是 8 。
【分析ρ】 根据实ρ验序号1与2与3的数据中相同点和不同点，利用控制变量法分析；
探究V①露 与
液
的的关系时采用的是控制变量法，需要控制物体都处于漂浮状态，物体
②的密度和物体的ρ 体积都相同；
研究V露 随
物
的变化关系时需要控制物体漂浮，液体的密度不变，改变物体的密度；
③根据 物 与 ρ液 的比值、V露 与V物 的比值的关系分析。
【④解答】解ρ： ρ分析比较实验序号1与2与3的数据中V露 随V物 的变化关系及相关条件可
知，物体的①密度和液体的密度是相同的，物体都漂浮在液面上，物体的体积越大，物体漏
在液面外的体积越大，所以结论为：漂浮在液面上的实心物体，当
液
和
物
相同时，
露
随V
的增大而增大； ρ ρ
物
探究V露 与
液
的的关系时需要控制物体都处于漂浮状态，物体的密度和物体的体积都
②相同，改变液体ρ的密度，所以应该分析比较实验序号4与5或6和7的数据，根据数据可
知，当
物
和V物 相同时，V露 随
液
的增大而增大；
研究ρV露 随
物
的变化关系时，ρ根据控制变量法可知，需要控制物体漂浮，液体的密度
③ ρ
第24页（共27页）不变，物体的体积不变，改变物体的密度，所以需要对比2与6的实验数据；
根据实验序号1可知： ＝ ＝ ； ＝ ＝ ；
④
根据实验序号2可知： ＝ ＝ ； ＝ ＝ ；
……
根据实验序号5可知： ＝ ＝ ； ＝ ＝ ；
……
根据实验序号7可知： ＝ ＝ ； ＝ ＝ ；
由此可知， ＝1﹣ ；
第8组数据中： ＝1﹣ ，代入数据得： ＝1﹣ ，
解得：V露 ＝8×10﹣6m3。
故答案为： V露 随V物 的增大而增大； 4与5或6和7； 2与6； 8。
【点评】本题①探究漂浮在液面上的实心物体②浸入液体的体积与③什么因素有④关，考查数据分
析能力归纳结论的能力和控制变量法的运用，难度较大。
26．（6分）小华同学做“测定小灯泡的电功率”实验，所用器材：电源、小灯泡（标有
“2.5V”字样）、滑动变阻器（“20 1A“或“10 2A”）、电压表、开关及若干导线，所有
器材均完好。 Ω Ω
小华正确连接电路，并将滑片置于变阻器一端。闭合开关，小灯泡一闪随即熄灭，电压表
的示数如图（a）所示。接着小华更换相同规格的小灯泡重新实验，他正确连接好电路，并
将滑片置于变阻器一端，闭合开关后，电压表、电流表的示数如图（b）、（c）所示。接着他移
动变阻器的滑片，观察到小灯泡逐渐变亮，电压表示数逐渐变大。当小灯泡正常发光时，
滑片P的位置恰好在中点上（即变阻器连入电路的电阻为最大阻值的一半）。
第25页（共27页）刚开始实验时，他在连接电路时存在的问题是 闭合开关前，滑动变阻器处于最小阻
①值处 。
实验中所用的电源电压为 4. 5 伏；滑动变阻器规格为 1 0 2A 。
②请根据相关信息，求出小灯泡的额定电功率。 U 滑 ＝ U ﹣ U 额Ω ＝ 4.5V ﹣ 2.5V ＝ 2V ， I ′
③
＝ ＝ ＝ 0.4A ，
小灯泡的额定功率为： P 额 ＝ U 额 I ′＝ 2.5V×0.4A ＝ 1W （本小题需写出计算过程）。
【分析】 小华正确连接电路，并将滑片置于变阻器一端，闭合开关，小灯泡一闪随即熄灭，
说明滑动①变阻器的电阻太小，小灯泡的实际功率太大，将小灯泡烧坏；
小灯泡烧坏后，电压表测量电源电压，根据小灯泡的额定电压判断出电压表的量程，根
②据（a）判断出电源电压；
他移动变阻器的滑片，观察到小灯逐渐变亮，电压表示数逐渐变大，说明电压表并联在灯
泡的两端，根据（b）、（c）得出电压表和电流表的示数，由欧姆定律和串联电路电压、电流
的规律算出滑动变阻器的最大电阻；
当小灯正常发光时，根据串联电路特点和欧姆定律以及电功率公式求出小灯泡的额定
③功率。
【解答】解：
小华正确连接电路，并将滑片置于变阻器一端，闭合开关，小灯泡一闪随即熄灭，说明
①滑动变阻器的电阻太小，即闭合开关前，滑动变阻器处于最小阻值处，小灯泡的实际功率
太大，将小灯泡烧坏；
小灯泡烧坏后，电压表测量电源电压，因为小灯泡的额定电压为2.5V，烧断前小灯泡两
②端的电压高于2.5V，电源电压也高于2.5V，所以（a）中电压表选用大量程，示数为4.5V，
电源电压为4.5V；
当他移动变阻器的滑片，观察到小灯泡逐渐变亮，电压表示数逐渐变大，说明电压表并联
在灯泡的两端，
第26页（共27页）将滑片置于变阻器一端，即在阻值最大处，闭合开关后，电压表（b）选用0﹣3V的量程，示
数为1.5V，
电流表（c）若选用0﹣0.6A的量程，电流表的示数为0.3A，此时滑动变阻器两端的电压为
U滑 ＝U﹣U
L
＝4.5V﹣1.5V＝3V，
滑动变阻器的最大电阻为：R滑大 ＝ ＝ ＝10 ；
Ω
电流表（c）若选用0﹣3A的量程，电流表的示数为1.5A，此时滑动变阻器两端的电压为U
滑
＝U﹣U
L
＝4.5V﹣1.5V＝3V，
滑动变阻器的最大电阻为：R滑大 ′＝ ＝ ＝2 ＜10 ，所以选用10 2A的滑动变
Ω Ω Ω
阻器；
当小灯泡正常发光时，滑片P的位置恰好在中点上（即变阻器连入电路的电阻为最大
③
阻值的一半，为 ×10 ＝5 ），此时滑动变阻器两端的电压为：U滑 ′＝U﹣U额 ＝4.5V﹣
Ω Ω
2.5V＝2V，
此时电路的电流为：I′＝ ＝ ＝0.4A，
小灯泡的额定功率为：P额 ＝U额I′＝2.5V×0.4A＝1W。
故答案为： 闭合开关前，滑动变阻器处于最小阻值处；
4.5；“10①2A”；
② Ω
U滑 ＝U﹣U额 ＝4.5V﹣2.5V＝2V，I′＝ ＝ ＝0.4A，
③
小灯泡的额定功率为：P额 ＝U额I′＝2.5V×0.4A＝1W。
【点评】本题考查了利用串联电路特点、欧姆定律和电功率公式的应用，难点是器材不变
情况下根据电路特点和已知条件分析得出电源，从而确定使用变阻器的规格。
第27页（共27页）
