文档内容
2020年上海市浦东新区中考物理二模试卷
一、选择题（共16分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在
答题纸的相应位置上．更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂．
1．（3分）下列粒子中，带负电的是（ ）
A．电子 B．中子 C．质子 D．原子核
2．（3分）首先用实验测定了大气压强值的是（ ）
A．牛顿 B．帕斯卡 C．阿基米德 D．托里拆利
3．（3分）下列光学器具中，能会聚太阳光的是（ ）
A．穿衣镜 B．潜望镜 C．凸透镜 D．凹透镜
4．（3分）以下物理量中，可以用“千瓦时”作为单位的是（ ）
A．电量 B．电流 C．电功 D．电功率
5．（3分）下列关于并联电路的说法中，正确的是（ ）
A．各支路中的电流一定相等
B．各支路两端的电压一定相等
C．各支路中的电阻一定相等
D．各支路中的电功率一定相等
6．（3分）挂在树上的水蜜桃，处于静止状态，则（ ）
A．水蜜桃所受的重力跟水蜜桃对树枝的拉力是一对平衡力
B．水蜜桃所受的重力跟树枝对水蜜桃的拉力是一对平衡力
C．树枝所受的重力跟树枝对水蜜桃的拉力是一对平衡力
D．树枝所受的重力跟水蜜桃对树枝的拉力是一对平衡力
7．（3分）甲、乙两小车同时沿直线从P点向相距4.8米的Q点运动，其s﹣t图象如图所示以
下说法中正确的是（ ）
A．运动2.4秒时，两车相距1米
B．运动3秒时，两车相距1.2米
C．甲到Q点时，乙距Q点2.4米
第1页（共26页）D．乙到Q点时，甲距Q点2米
8．（3分）甲、乙两柱形容器（S甲 ＜S乙 ）中盛有不同液体，液体深度h甲 ＞h乙 ；如图所示，液体
对容器底部的压强p甲 ＝p乙 ．将液体均抽出一部分后，使液体对容器底部减少相等的压强
则（ ）
A．甲剩余液体的深度一定大
B．甲剩余液体的质量一定大
C．甲剩余液体的体积一定大
D．剩余液体的深度可能相等
二、填空题（共23分）请将结果填入答题纸的相应位置．
9．（3分）发电厂的电能通过 （选填“高压”或“低压”）输电的方式进入千家万户；
上海家庭电路的电压是 伏。小明同学家的智能电能表上标有“5（60）A”字样，表
示他家同时工作的家用电器的总电流不应超过 安。
10．（3分）“复兴号”列车以300千米/时的速度匀速行驶，以地面为参照物，列车是
（选填“运动”或“静止”）的；列车飞驰时与空气间的摩擦是 （选填“有益”或
“有害”）的；列车高速飞驰相比低速启动时，其惯性 （选填“变大”、“变小”
或“不变”）。
11．（3分）四冲程汽油机工作时，把内能转化成机械能的是 冲程：夏天长时间曝晒在
太阳下的汽车内部温度会升高，这是由于 （选填“热传递”或“做功”）的原因增
加了车内空气的内能。汽车发动机常用水作为冷却剂，这是因为水的 较大。
12．（3分）如图所示，物体的重力为100牛，不计摩擦及滑轮重力，当用力匀速提升物体时，
力F为 牛，在此过程中，物体的动能 （选填“变大”、“变小”或“不变
“）；若物体被提高2米，则拉力F做的功为 焦。
13．（3分）若10秒内通过某导体横截面的电荷量为3库，则通过该导体的电流为 安；
第2页（共26页）此时导体两端的电压为6伏，电流做功为 焦；若导体两端的电压增大为12伏，则
该导体的电阻为 欧。
14．（4分）无线电波与声波都可以传递信息，两者有许多相似与不同之处，请仿照下例，通过
举例说明无线电波不同于声波的两个特点。
序号 事例 特点
1 玉兔号探测器通过无线电波把月球表 说明无线电波传送的距离可以很远
面图象传送回地球
2
3
15．（3分）在如图所示的电路中，电源电压为U且保持不变，所有原件均完好。开关闭合后，
电流表示数将 ；电压表示数将 （均选填“变大”、“变小”或“不变”）。
一段时间后，R、L之一发生了故障，电路中只有一个电表示数变大，写出此时电压表的示
数及相对应的故障 。
三、作图题（共7分）请将图直接画在答题纸的相应位L，作图必须使用2B铅笔．
16．（3分）如图所示，重为20牛的小球静止放在水平地面上，请用力的图示法画出小球所受
的重力G。
17．（3分）如图，根据给出的入射光线AO画出反射光线OB，并标出反射角及其度数。
18．（1分）根据图中通电螺线管的N极，标出磁感线方向、小磁针的N极，并在括号内标出电
源的正、负极。
第3页（共26页）四、计算题（共26分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置．
19．（3分）将质量为2千克的铜加热，铜的温度升高了50℃．求：铜吸收的热量Q吸 ．[铜的比
热容为0.39×103焦/（千克•℃）]。
20．（3分）金属块排开水的体积为2×10﹣3米3，求金属块受到浮力F浮 的大小。
21．（3分）如图所示，实心金属圆柱体甲的密度为3×103千克/米3，放在水平地面上的薄壁柱
形容器乙足够高，内盛有适量的水。
若圆柱体甲的质量6千克，求甲的体积V甲 。
①若容器乙的底面积为1×10﹣2米2，把甲放入乙容器，使甲浸没在水中，放入前后水对容
②器底部的压强p水 及容器对地面的压强p容 ．记录在下表中。求
（a）放入前后容器中水深度的增加量△h水 ；
（b）物体甲的重力G甲 。
放入前 放入后
p水 （帕） 980 1470
p容 （帕） 1500 3000
22．（3分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，现有阻值关系为R ＜R ＜R 的三个电
1 2 3
阻，其中R 的阻值为10欧。
2
第4页（共26页）把R 接入电路MN间，闭合开关S后，电流表A的示数为0.6安，求：
2
①（a）电源电压U；
（b）电流通过R 消耗的电功率P 。
2 2
在三个电阻中任选二个，以某种方式连接后接入电路MN间，能否使电流表A的示数
②也为0.6安？若能，请说明所选电阻及连接方式：若不能，请说明理由。
五、实验题（共18分）请根据要求在答题纸的相应位置作答．
23．（4分）如图所示的实验仪器称为 ，此时它的示数为 牛。在“探究杠杆平
衡的条件”实验中，在搜集证据前，应调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在 位置保
持平衡：本实验中，弹簧测力计对杠杆施加力的方向必须 。
24．（8分）在“探究平面镜成像的特点”实验中，为了便于确定 ，采用玻璃板作为平
面镜；实验时需要多次改变点燃蜡烛的位置重复进行实验，是为了 （选填字母
A“得到普遍规律“或B“求平均值减小误差”）。如图所示是“探究凸透镜成像的规
律”的实验装置，实验时为了保证光源的像成在光屏中央，要使凸透镜和光屏的中心跟烛
焰的中心大致在 ；若凸透镜焦距为10厘米，将光源置于光具座上45厘米刻度处
时，通过移动光屏， （选填“能”或“不能“）在光屏上得到像。
25．（8分）某同学在“测定小灯泡的电功率”实验中，所用电源（为2伏的整数倍）保持不变，
小灯标有42.2V”字样。他连接好电路，移动滑片使变阻器的阻值最大。闭合开关，观察到
第5页（共26页）两电表示数如图（a）、（b）所示，此时电压表的示数为 伏；然后移动滑动变阻器的
滑片使小灯正常发光，发现电压表指针从图位置变化的角度恰好是电流表指针变化角度
的2倍。根据以上信息可判断：实验所用滑动变阻器的最大阻值为 欧，当他观察到
电压表的示数为 伏时小灯正常发光，小灯的额定功率为 瓦。
26．（10分）小娟同学发现储水容器在单位时间内的出水量不同。她认为水管中单位时间的出
水量可能跟水管两端液体的压强差△p、横截面积S和长度L有关。为此，她设计了如图所
示的装置进行研究，容器底部的水平管AB可以方便更换，B处的开关用于控制出水时间，
并把相关实验数据记录在下表中。
实验序号 水管的面积S 水管的长度L厘 容器内水的深度 单位时间的出水
米 h厘米 量Q毫升
1 S 20 20 60
0
2 S 30 20 40
0
3 S 40 20 30
0
4 S 20 30 90
0
5 S 20 40 120
0
6 2S 20 20 240
0
7 3S 20 20 540
0
打开开关后，容器中水的深度h大小可以反映水管AB两端 的大小；为了使水
①管AB两端水的压强差尽量保持恒定，盛水容器的面积应 （选填“大”或“小”）
分析比较实验序号1与6与7数据中Q与S变化的关系及相关条件，可初步得出的结
②论是：
根据实验序号 数据中Q与h变化的关系及相关条件，可初步得出的结论是：在
③
第6页（共26页）L和S相同的情况下，△p越大，Q越大。
若h＝20厘米、L＝25厘米、S＝S ，则Q＝ 毫升；若h＝10厘米、L＝60厘米、S
0
④＝4S ，则Q＝ 毫升。
0
第7页（共26页）2020年上海市浦东新区中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共16分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在
答题纸的相应位置上．更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂．
1．（3分）下列粒子中，带负电的是（ ）
A．电子 B．中子 C．质子 D．原子核
【分析】原子由原子核和核外带负电的电子组成。
【解答】解：原子由原子核和核外带负电的电子组成电子带负电，原子核中质子带正电、中
子不带电。
故选：A。
【点评】本题考查了原子的结构及粒子的带电情况，很简单。
2．（3分）首先用实验测定了大气压强值的是（ ）
A．牛顿 B．帕斯卡 C．阿基米德 D．托里拆利
【分析】托里拆利第一次通过实验测出来大气压值，这就是著名的托里拆利实验。
【解答】解：意大利科学家托里拆利，利用一根玻璃管测出了大气压所能支持的水银柱的
高度，即76厘米，这也就是后来规定的1个标准大气压的大小，其具体数值是p＝ 水银gh
＝13.6×103 kg/m3×9.8 N/kg×0.76 m＝1.013×105 pa。 ρ
故选：D。
【点评】了解物理学史对培养我们学习物理的兴趣是有帮助的，所以考试中也时有涉及，
在学习中应注意。
3．（3分）下列光学器具中，能会聚太阳光的是（ ）
A．穿衣镜 B．潜望镜 C．凸透镜 D．凹透镜
【分析】学过的光学元件有：凸透镜、凹透镜、平面镜、凸面镜、凹面镜。
其中对光线会聚的光学元件有：凸透镜、凹面镜。平面镜对光学既不发散也不会聚。凹透
镜和凸面镜对光学有发散作用。
【解答】解：A、穿衣镜是平面镜，平面镜能改变光的传播路线，不能会聚光线，故A不符合
题意；
B、潜望镜是利用了平面镜改变光的传播路线的作用，故B不符合题意；
C、凸透镜对光线有会聚作用，故C符合题意；
第8页（共26页）D、凹透镜对光线有发散作用，故D不符合题意。
故选：C。
【点评】此题考查了各种光学元件的光学性质，记住相关的基础知识，对于解决此类识记
性的基础题非常有帮助。
4．（3分）以下物理量中，可以用“千瓦时”作为单位的是（ ）
A．电量 B．电流 C．电功 D．电功率
【分析】“千瓦时（kW•h）”俗称“度”，是电能或电功的单位之一，1kW•h＝3.6×106J。
【解答】解：电量的单位是库仑（C），电流的单位是安培（A），电功和电能的单位是千瓦时
（kW•h），电功率的单位是瓦特（W），故ABD错误、C正确。
故选：C。
【点评】物理学中各个物理量都有自己的符号和国际单位，不要将各符号和各单位相互混
淆。
5．（3分）下列关于并联电路的说法中，正确的是（ ）
A．各支路中的电流一定相等
B．各支路两端的电压一定相等
C．各支路中的电阻一定相等
D．各支路中的电功率一定相等
【分析】并联电路各支路两端的电压相同，而接入各支路的电阻不一定相同，根据欧姆定
律和P＝UI判定各支路中的电流和电功率关系。
【解答】解：
B、由并联电路的电压特点可知，各支路两端的电压一定相等，故B正确；
A、在并联电路中，各支路的电阻不一定相同，由欧姆定律可知，各支路的电流不一定相同，
故A错误；
C、电阻是导体本身的一种性质，各支路中的电阻可能相同，也可能不同；故C错误；
D、并联电路中各支路电流不一定相同，根据P＝UI可知，其电功率不一定相同，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了并联电路中电流、电压的特点、电功率公式的应用，属于基础知识，一
定要熟记并联电路的特点。
6．（3分）挂在树上的水蜜桃，处于静止状态，则（ ）
A．水蜜桃所受的重力跟水蜜桃对树枝的拉力是一对平衡力
B．水蜜桃所受的重力跟树枝对水蜜桃的拉力是一对平衡力
第9页（共26页）C．树枝所受的重力跟树枝对水蜜桃的拉力是一对平衡力
D．树枝所受的重力跟水蜜桃对树枝的拉力是一对平衡力
【分析】根据二力平衡的条件进行分析，即大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用
在一个物体上。
【解答】解：
A、水蜜桃所受的重力跟水蜜桃对树枝的拉力作用，它们作用在两个物体上，不是一对平
衡力，故A错误；
B、水蜜桃所受的重力跟树枝对水蜜桃的拉力它们大小相等、方向相反、作用在同一条直
线上，作用在同一物体上，是一对平衡力，故B正确；
C、树枝所受的重力跟树枝对水蜜桃的拉力，它们作用在两个物体上，不是一对平衡力，故
C错误；
D、树枝所受的重力跟水蜜桃对树枝的拉力，它们方向相同、不是一对平衡力，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了学生对二力平衡条件和相互作用力特点的理解掌握。难点是正确的区
分两者的关系，即相同点是大小相等、方向相反、作用在一条直线上；不同点是二力平衡
作用在同一物体上，相互作用力作用在两个物体上。
7．（3分）甲、乙两小车同时沿直线从P点向相距4.8米的Q点运动，其s﹣t图象如图所示以
下说法中正确的是（ ）
A．运动2.4秒时，两车相距1米
B．运动3秒时，两车相距1.2米
C．甲到Q点时，乙距Q点2.4米
D．乙到Q点时，甲距Q点2米
【分析】在s﹣t图象中，过原点的斜线表示匀速直线运动，根据图象上的信息分别求出甲、
乙的速度，对选项一一分析即可得出结论。
【解答】解：
第10页（共26页）根据图象可知甲的速度为：v甲 ＝ ＝ ＝1.2m/s；乙的速度为：v乙 ＝ ＝
＝0.8m/s；
A、运动2.4秒时，甲的路程为s甲 ＝v甲t＝1.2m/s×2.4s＝2.88m，乙的路程为：s乙 ＝v乙t＝
0.8m/s×2.4s＝1.92m，此时甲、乙相距2.88m﹣1.92m＝0.96m，故A错误；
B、运动3秒时，甲的路程为s甲 ＝v甲t＝1.2m/s×s＝3.6m，乙的路程为：s乙 ＝v乙t＝0.8m/
s×3s＝2.4m，此时甲、乙相距3.6m﹣2.4m＝1.2m，故B正确；
C、由图象可知甲到Q点需要的时间为4s，此时乙运动的路程为：s乙 ＝v乙t＝0.8m/s×4s＝
3.2m，此时乙距离Q点为4.8m﹣3.6m＝1.2m，故C错误；
D、由于甲的速度大于乙的速度，所以当乙到达Q点时，甲已经到达，故D错误。
故选：B。
【点评】本题是有关速度公式的应用，能够读懂图象，根据图象获取有关信息是解决有关
问题的关键。
8．（3分）甲、乙两柱形容器（S甲 ＜S乙 ）中盛有不同液体，液体深度h甲 ＞h乙 ；如图所示，液体
对容器底部的压强p甲 ＝p乙 ．将液体均抽出一部分后，使液体对容器底部减少相等的压强
则（ ）
A．甲剩余液体的深度一定大
B．甲剩余液体的质量一定大
C．甲剩余液体的体积一定大
D．剩余液体的深度可能相等
【分析】（1）由图可知，两容器内所装液体的深度关系h甲 ＞h乙 ，而两容器内液体对容器
底部的压强相等，根据液体压强公式p＝ gh可得二液体的密度关系
甲
＜
乙
；将液体均
抽出一部分后，使液体对容器底部减少相等ρ 的压强，根据p＝ gh剩余ρ液体的ρ深度的大小；
ρ
（2）剩余的压强也相等，且S甲 ＜S乙 ，根据p＝ 判断出剩余液体质量的大小；
（3）根据V＝Sh分析解答甲乙剩余液体的体积大小。
【解答】解：（1）由图可知，两容器内所装液体的深度：h甲 ＞h乙 ，
第11页（共26页）因为p＝ gh，两容器内液体对容器底部的压强相等，
所以甲液ρ体的密度小于乙液体的密度，即
甲
＜
乙
；
将液体均抽出一部分后，使液体对容器底部ρ减少ρ相等的压强，所以剩余的压强也相等，
根据p＝ gh知，甲剩余液体的深度一定大，故A正确，D错误；
ρ
（2）因为剩余的压强也相等，且S甲 ＜S乙 ，根据p＝ 知，剩余液体的质量一定小，故B错
误；
（3）因为S甲 ＜S乙 ，甲剩余液体的深度大，根据V＝Sh不能判断出甲乙剩余液体的体积的
大小，故C错误。
故选：A。
【点评】此题考查了液体的压强的应用，判断出液体密度关系是关键。
二、填空题（共23分）请将结果填入答题纸的相应位置．
9．（3分）发电厂的电能通过 高压 （选填“高压”或“低压”）输电的方式进入千家万户；
上海家庭电路的电压是 22 0 伏。小明同学家的智能电能表上标有“5（60）A”字样，表
示他家同时工作的家用电器的总电流不应超过 6 0 安。
【分析】（1）根据P＝UI，在输送功率一定时，电压越高，电流越小，根据Q＝I2Rt，电阻一
定，通电时间一定时，电流越小，电热越少，输送过程中能量损失越小，所以从发电站到用
电区采用高压输电；
（2）家庭电路的电压是220V，用电器的额定电压是220V；
（3）电能表“5（60）A”中，5A是指电能表的标定电流，表示电能表平时工作时允许通过
的最大电流。
【解答】解：
在输送功率一定时，电压越高，电流越小，输送过程中能量损失越小，所以从发电站到用
电区采用高压输电；
据课本知识可知，我国家庭电路电压是220V，所以上海家庭电路的电压是220V；
“5（60）A”中，“60A”表示电能表平时工作时允许通过的最大电流为60A。
故答案为：高压；220；60。
【点评】本题考查了家庭电路的电压和高压输电、电能表参数的掌握与应用，是一道基础
题目。
10．（3分）“复兴号”列车以300千米/时的速度匀速行驶，以地面为参照物，列车是 运动
（选填“运动”或“静止”）的；列车飞驰时与空气间的摩擦是 有害 （选填“有益”
第12页（共26页）或“有害”）的；列车高速飞驰相比低速启动时，其惯性 不变 （选填“变大”、“变
小”或“不变”）。
【分析】（1）判断列车的运动状态要看相对于参照物的位置是否发生了改变；
（2）摩擦力与人类的生活息息相关，有的摩擦对人类的生活有益处，如人走路靠的就是脚
下的摩擦力；有的摩擦力对人类生活有害处，如列车飞驰时与空气间的摩擦、轮轴与滚珠
的摩擦能导致机器磨损；
（3）物体保持运动状态不变的性质叫惯性，物体的惯性只与物体的质量有关，而与物体的
速度大小无关。
【解答】解：
以地面为参照物，列车和地面之间的位置在发生变化，所以列车以地面为参照物是运动的；
列车飞驰时与空气间的摩擦是有害的，应尽可能减小；
惯性的大小与质量有关，与速度无关，列车高速飞驰时，列车的质量不变，故惯性不变。
故答案为：运动；有害；不变。
【点评】本题考查了运动和静止的相对性、摩擦力的区分以及惯性的影响因素等知识，本
题很好的将这三个知识综合在一起且题目与实际联系比较紧密，有一定的综合性，同时也
体现了物理在生活中是无处不在的。
11．（3分）四冲程汽油机工作时，把内能转化成机械能的是 做功 冲程：夏天长时间曝晒
在太阳下的汽车内部温度会升高，这是由于 热传递 （选填“热传递”或“做功”）的
原因增加了车内空气的内能。汽车发动机常用水作为冷却剂，这是因为水的 比热容 较
大。
【分析】（1）汽油机的四个冲程中只有两个冲程伴随有能量的转化。压缩冲程中活塞向上
运动，汽油和空气的混合物被压缩，内能增大，温度升高，活塞运动的动能转化为混合气
体的内能；做功冲程中，火花塞冒出电火花，将混合气体点燃，混合气体剧烈燃烧，产生高
温高压的燃气，推动活塞运动，燃气的内能转化为活塞运动的动能；
（2）改变物体内能的方式有做功和热传递，做功改变物体的内能的实质是能量的转化，热
传递改变物体内能的实质是内能的转移；
（3）因为水的比热容大，和同样质量的其它物质相比，升高相同的温度，水吸热多。
【解答】解：（1）在做功冲程中，两个气门关闭，活塞下行带动曲轴转动做功，气体的内能转
化为机械能；
（2）改变物体内能的方式有做功和热传递，夏天长时间曝晒在太阳下的汽车内部温度会升
高，这是由于热传递的原因增加了车内空气的内能；
第13页（共26页）（3）水的比热容大，和质量相同的其它物质相比，升高相同的温度，水吸热多，所以汽车发
动机用水作冷却剂。
故答案为：做功；热传递；比热容。
【点评】本题考查了汽油机四冲程的能量转化、改变内能的方法以及水的比热容大的特点
的应用，属于基础题目。
12．（3分）如图所示，物体的重力为100牛，不计摩擦及滑轮重力，当用力匀速提升物体时，
力F为 10 0 牛，在此过程中，物体的动能 不变 （选填“变大”、“变小”或“不变
“）；若物体被提高2米，则拉力F做的功为 20 0 焦。
【分析】（1）定滑轮的本质是等臂杠杆，使用起来并不省力，但是能改变力的方向；
（2）动能的大小与物体的质量和速度有关；
（3）根据W＝Fs即可求出。
【解答】解：
由图知，该滑轮为定滑轮，使用定滑轮不省力，因为定滑轮的本质是等臂杠杆；不计摩擦
及滑轮的重，用力匀速提升物体时，所用的拉力F＝G＝100N；
物体在匀速上升时，质量不变，速度也不变，所以物体的动能不变；
物体被提高2米，拉力对重物做的功为W＝Fs＝Gh＝100N×2m＝200J。
故答案为：100；不变；200。
【点评】本题考查了定滑轮的特点、影响动能大小的因素以及功的计算，是中考考查的常
见题型，也是一道基础性较强的题目。
13．（3分）若10秒内通过某导体横截面的电荷量为3库，则通过该导体的电流为 0. 3 安；
此时导体两端的电压为6伏，电流做功为 1 8 焦；若导体两端的电压增大为12伏，则该
导体的电阻为 2 0 欧。
【分析】（1）已知时间和通过的电荷量，根据公式I＝ 可求出通过导体的电流；
（2）根据公式W＝UIt可求出10秒内电流通过导体所做的功；
（3）根据公式R＝ 可求出电阻的大小；导体的电阻与导体两端的电压和通过的电流无关，
据此分析。
第14页（共26页）【解答】解：通过导体的电流：
I＝ ＝ ＝0.3A；
电流做功：
W＝UIt＝6V×0.3A×10s＝18J；
由欧姆定律得，该导体的电阻：
R＝ ＝ ＝20 ，
Ω
电阻是导体的一种性质，与材料、长度、横截面积以及温度有关，与导体两端的电压和通
过的电流无关，因此当导体两端的电压增大为12伏时，导体的电阻不变，仍然是20 。
故答案为：0.3；18；20。 Ω
【点评】本题考查电流、做功和电阻的计算，关键是欧姆定律的应用，还要知道影响电阻大
小的因素是材料、横截面积、长度、温度。
14．（4分）无线电波与声波都可以传递信息，两者有许多相似与不同之处，请仿照下例，通过
举例说明无线电波不同于声波的两个特点。
序号 事例 特点
1 玉兔号探测器通过无线电波 说明无线电波传送的距离可
把月球表面图象传送回地球 以很远
2 “玉兔”号探测器通过无 说明无线电波可以在真空
线电波把月球表面图象传送 中传播（无线电波的传播不
回地球 需要媒介物）
3 通过无线电视直播可以把 说明无线电波传播的速度
春晚的画面实时传播到千家 很快
万户
【分析】（1）电磁波可以在真空中传播，声波不能再真空中传播；
（2）声音在15℃的空气中传播速度为340m/s，光在真空中的传播速度为3×108m/s；
（3）声波可以直接被听到，电磁波不能直接被听到。
【解答】解：“玉兔”号探测器通过无线电波把月球表面图象传送回地球，说明无线电波
可以在真空中传播（无线电波的传播不需要媒介物）；
通过无线电视直播可以把春晚的画面实时传播到千家万户，说明无线电波传播的速度很
快；
无线电通信时必须使用专业器材才能听到声音，说明无线电波不能被人耳直接所到。
故答案为：“玉兔”号探测器通过无线电波把月球表面图象传送回地球；说明无线电波可
以在真空中传播（无线电波的传播不需要媒介物）；
第15页（共26页）通过无线电视直播可以把春晚的画面实时传播到千家万户；说明无线电波传播的速度很
快。
【点评】本题考查了电磁波和声波的传播特点，是一道基础题，掌握基本内容即可解答。
15．（3分）在如图所示的电路中，电源电压为U且保持不变，所有原件均完好。开关闭合后，
电流表示数将 变大 ；电压表示数将 变小 （均选填“变大”、“变小”或“不
变”）。
一段时间后，R、L之一发生了故障，电路中只有一个电表示数变大，写出此时电压表的示
数及相对应的故障 若电压表示数为 0 ，则 L 短路；若电压表示数为 U ，则 L 断路 。
【分析】由图可知，开关闭合后，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测
量灯泡两端的电压；根据开关闭合后电路的变化判定电压表示数的变化；
一段时间后，R、L之一发生了故障，电路中只有一个电表示数变大，可以分别列出R和L
的故障，然后分析电压表的示数。
【解答】解：开关断开时，电压表直接接在电源的两端，测量的是电源的电压，电流表示数
为0；开关闭合后，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，所以电流表示数变大；
电压表测量灯泡两端的电压，灯泡两端的电压小于电源电压，即电压表示数减小；
一段时间后，R、L之一发生了故障，电路中只有一个电表示数变大：
若R短路，则电压表测量的是电源电压U，示数变大，由于总电阻减小，根据欧姆定律可
知，电路中的电流变大，即电流表示数变大，不符合题意；
若L断路，则电压表测量的是电源电压U，示数变大，电路中无电流，即电流表示数变小，
符合题意；
若L短路，则电压表测量的一段导线两端的电压，示数变小为0，由于总电阻减小，根据欧
姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大，符合题意；
若R断路，则电压表和电流表示数都变小为0，不符合题意；
所以电压表的示数及相对应的故障是：若电压表示数为0，则L短路；若电压表示数为U，
则L断路。
故答案为：变大；变小；若电压表示数为0，则L短路；若电压表示数为U，则L断路。
第16页（共26页）【点评】识别电路是正确分析的前提，该题考查了电路故障的一种常见情况，关于这种题
型一定要理解掌握。
三、作图题（共7分）请将图直接画在答题纸的相应位L，作图必须使用2B铅笔．
16．（3分）如图所示，重为20牛的小球静止放在水平地面上，请用力的图示法画出小球所受
的重力G。
【分析】先画出标度，然后根据规则物体的重心在物体的几何中心，过重心表示出重力的
大小和方向。
【解答】解：画出大小表示10N的标度，然后过小球的重心作竖直向下、大小为20N的重力
G．如图所示：
。
【点评】本题的关键是牢记重力的方向总是竖直向下的，并且会用力的图示表示力的三要
素。
17．（3分）如图，根据给出的入射光线AO画出反射光线OB，并标出反射角及其度数。
【分析】根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分
居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线并标出反射角及其度数。
【解答】解：由入射角为30°，可得反射角也为30°，在法线右侧画出反射光线，度数等于入
射角为30°即可，如图所示：
第17页（共26页）【点评】由于题目已经作出法线，根据反射角等于入射角，在同一平面内法线的另一侧画
出入射光线即可，注意完成题目的要求。要注意入射角是入射光线与法线之间的夹角。
18．（1分）根据图中通电螺线管的N极，标出磁感线方向、小磁针的N极，并在括号内标出电
源的正、负极。
【分析】 根据图中磁感线方向，先判断螺线管的两个磁极；
根据磁①极间的相互作用再判断小磁针的磁极；
②最后根据安培定则判断螺线管中电流的方向，标出电源的正负极。
③【解答】解：
在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极。所以螺线管的左端为N极，
右端为S极。根据磁极间的相互作用可以判断出小磁针的左端为N极，右端为S极。根据
安培定则：伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电
流的方向，即电流是从螺线管的右端流入的。所以电源的右端为正极，左端为负极。
故答案为：
【点评】安培定则涉及三个方向：磁场方向；电流方向；线圈绕向。告诉其中的两个方向可
以确定第三个方向。
四、计算题（共26分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置．
19．（3分）将质量为2千克的铜加热，铜的温度升高了50℃．求：铜吸收的热量Q吸 ．[铜的比
热容为0.39×103焦/（千克•℃）]。
第18页（共26页）【分析】根据Q＝cm△t求出吸收的热量。
【解答】已知：质量m＝2kg，△t＝50℃，铜的比热容为c＝0.39×103J/（kg•℃）
求：铜吸收的热量Q＝？
解：铜吸收的热量：
Q＝cm△t＝0.39×103J/（kg•℃）×2kg×50℃＝3.9×104J。
答：铜吸收的热量为3.9×104J。
【点评】此题主要考查的是学生对热量计算公式的理解和掌握，基础性题目。
20．（3分）金属块排开水的体积为2×10﹣3米3，求金属块受到浮力F浮 的大小。
【分析】知道金属块排开水的体积，利用阿基米德原理的推导公式F浮 ＝G排 ＝ 液gV排 求
金属块受到水的浮力。 ρ
【解答】解：
金属块所受浮力：
F浮 ＝ 水gV排 ＝1.0×103kg/m3×9.8N/kg×2×10﹣3m3＝19.6N。
答：金ρ属块受到浮力的大小为19.6N。
【点评】本题考查了学生对阿基米德原理的了解与掌握，利用好推导公式：F浮 ＝G排 ＝
液
gV排 。 ρ
21．（3分）如图所示，实心金属圆柱体甲的密度为3×103千克/米3，放在水平地面上的薄壁柱
形容器乙足够高，内盛有适量的水。
若圆柱体甲的质量6千克，求甲的体积V甲 。
①若容器乙的底面积为1×10﹣2米2，把甲放入乙容器，使甲浸没在水中，放入前后水对容
②器底部的压强p水 及容器对地面的压强p容 ．记录在下表中。求
（a）放入前后容器中水深度的增加量△h水 ；
（b）物体甲的重力G甲 。
放入前 放入后
p水 （帕） 980 1470
p容 （帕） 1500 3000
第19页（共26页）【分析】（1）已知甲的质量，根据V＝ 即可求出甲的体积；
（2）已知甲放入容器前后水对容器底部的压强，从而可以求出水对容器底部压强的增加量，
根据液体压强公式p＝ 液gh的变形式即可求出深度的增加量；
放在水平地面上的物体ρ，其对地面的压力等于自身重力，已知甲放入容器前后容器对地面
的压强，从而可以求出容器对地面压强的增加量，根据液体压强公式p＝ 的变形式即可
求出甲的重力。
【解答】解：
根据 ＝ 可知甲的体积为：
① ρ
V甲 ＝ ＝ ＝2×10﹣3m3；
放入甲之后水对容器底部压强的增加量为：△p水 ＝1470pa﹣980pa＝490pa，
②根据液体压强公式p＝ 液gh可知深度的增加量为：
ρ
△h水 ＝ ＝ ＝0.05m；
放入甲之后容器对地面压强的增加量为：△p容 ＝3000pa﹣1500pa＝1500pa，
根据液体压强公式p＝ 的可知对地面的压力的增加量为：
△F＝△P•S＝1500pa×1×10﹣2m2＝15N；
由于放在水平地面上的物体，其对地面的压力等于自身重力，
所以容器甲的重力为：
G甲 ＝△F＝15N。
答：
若圆柱体甲的质量6千克，求甲的体积V甲 为2×10﹣3m3；
①（a）放入前后容器中水深度的增加量△h水 是0.05m；
②（b）物体甲的重力G甲 是15N。
【点评】本题是对密度公式、压强公式和液体压强公式的灵活应用，难度不大，关键是知道
放在水平地面上的物体，其对地面的压力等于自身重力。
22．（3分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，现有阻值关系为R ＜R ＜R 的三个电
1 2 3
第20页（共26页）阻，其中R 的阻值为10欧。
2
把R 接入电路MN间，闭合开关S后，电流表A的示数为0.6安，求：
2
①（a）电源电压U；
（b）电流通过R 消耗的电功率P 。
2 2
在三个电阻中任选二个，以某种方式连接后接入电路MN间，能否使电流表A的示数
②也为0.6安？若能，请说明所选电阻及连接方式：若不能，请说明理由。
【分析】 （a）根据欧姆定律I＝ 算出电源电压；
①
（b）根据P ＝UI算出电流通过R 消耗的电功率；
2 2
根据串联电阻和并联电阻的特点分析解答。
②
【解答】解： （a）根据欧姆定律I＝ 得电源电压为：U＝IR ＝0.6A×10 ＝6V；
2
① Ω
（b）电流通过R 消耗的电功率：
2
P ＝UI＝6V×0.6A＝3.6W；
2
串联电路的总电阻大于任意一个串联导体的电阻（R＝R +R ）
1 2
②因为R
1
＜R
2
＜R
3
，不管哪两个电阻串联总电阻都大于R
2
（R
2
+R
3
、R
1
+R
3
、R
1
+R
2
均大于10
欧），
任何两个电阻串联接入原电路，电流都小于0.6安；
并联电路的总电阻小于任一并联导体的电阻（ ），
不管哪两个电阻并联总电阻都小于R ，任何两个电阻串联接入原电路，电流都大于0.6安，
2
不能使电流表A的示数也为0.6A。
答： （a）电源电压U为6V；
（b）①电流通过R
2
消耗的电功率P
2
为3.6W；
不能，因为串联电路的总电阻大于任意一个串联导体的电阻，因为R ＜R ＜R ，不管哪
1 2 3
②两个电阻串联总电阻都大于R（R +R 、R +R 、R +R 均大于10欧），任何两个电阻串联
2 2 3 1 3 1 2
接入原电路，电流都小于0.6安；
并联电路的总电阻小于任一并联导体的电阻，不管哪两个电阻并联总电阻都小于R ，任
2
何两个电阻串联接入原电路，电流都大于0.6安，不能使电流表A的示数也为0.6A。
第21页（共26页）【点评】本题考查了欧姆定律、电功率以及串联电阻、并联电阻的特点，掌握串联电阻和并
联电阻的特点是解题的关键。
五、实验题（共18分）请根据要求在答题纸的相应位置作答．
23．（4分）如图所示的实验仪器称为 弹簧测力计 ，此时它的示数为 2. 4 牛。在“探究
杠杆平衡的条件”实验中，在搜集证据前，应调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在 水平
位置保持平衡：本实验中，弹簧测力计对杠杆施加力的方向必须 在竖直方向 。
【分析】（1）弹簧测力计是测量力的大小的工具。测量前首先要明确弹簧测力计的分度值，
读数时视线与指针所对刻线相垂直；
（2）探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，此时力的方向与杠杆垂直，力臂的长
度可以直接从杠杆上读出来，也是为了避免杠杆的自重对杠杆平衡产生影响。
【解答】解：（1）图示测量仪器是弹簧测力计。由图知，1N之间平均分成5份，所以其分度
值为0.2N．此时的示数为2.4N；
（2）力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，
力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来；在水平位置平衡时，重心在支点处，杠杆重力的
力臂为零，这样就减小了杠杆的自重对实验的影响。本实验中，弹簧测力计对杠杆施加力
的方向必须在竖直方向。
故答案为：弹簧测力计；2.4；水平；在竖直方向。
【点评】 弹簧测力计是根据一定范围内弹簧的伸长与受到的拉力成正比原理工作的；
杠杆在①水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应
②首先调节杠杆在水平位置平衡。
24．（8分）在“探究平面镜成像的特点”实验中，为了便于确定 像的位置 ，采用玻璃板
作为平面镜；实验时需要多次改变点燃蜡烛的位置重复进行实验，是为了 A （选填字
母A“得到普遍规律“或B“求平均值减小误差”）。如图所示是“探究凸透镜成像的规
律”的实验装置，实验时为了保证光源的像成在光屏中央，要使凸透镜和光屏的中心跟烛
焰的中心大致在 同一高度 ；若凸透镜焦距为10厘米，将光源置于光具座上45厘米刻
度处时，通过移动光屏， 不能 （选填“能”或“不能“）在光屏上得到像。
第22页（共26页）【分析】（1）探究平面镜成像实验中，要用透明的玻璃板代替平面镜，其目的是便于确定
像的位置，并比较像与物的大小关系；“探究平面镜成像规律”的实验中，一次实验不具
备代表性，具有很大的偶然性，所以应采取同样的实验方案多做几次，才能保证结论的正
确；
（2）在进行凸透镜的实验时，要调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度，以保证像
成在光屏上；当u＜f时，成正立放大的虚像，虚像不能用光屏呈接。
【解答】解：探究平面镜成像实验中，要用透明的玻璃板代替平面镜，其目的是便于确定像
的位置，并比较像与物的大小关系；“探究平面镜成像规律”的实验需要多次改变蜡烛的
位置是为了得到普遍规律；
为了使物体成像在光屏上，首先要调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度上，而
图示的情景中，光屏中心与烛焰凸透镜的中心不在同一高度；
由题可知u＝50cm﹣45cm＝5cm，所以u＜f，成正立放大的虚像，需要不能用光屏呈接。
故答案为：像的位置；A；同一高度；不能。
【点评】本题主要考查了平面镜成像特点的实验以及凸透镜的成像规律，这是光学中的一
个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。
25．（8分）某同学在“测定小灯泡的电功率”实验中，所用电源（为2伏的整数倍）保持不变，
小灯标有42.2V”字样。他连接好电路，移动滑片使变阻器的阻值最大。闭合开关，观察到
两电表示数如图（a）、（b）所示，此时电压表的示数为 2. 8 伏；然后移动滑动变阻器的
滑片使小灯正常发光，发现电压表指针从图位置变化的角度恰好是电流表指针变化角度
的2倍。根据以上信息可判断：实验所用滑动变阻器的最大阻值为 2 0 欧，当他观察到
电压表的示数为 1. 8 伏时小灯正常发光，小灯的额定功率为 0.52 8 瓦。
【分析】（1）读取电压表示数时，首先明确电压表选择的量程和对应的分度值；
第23页（共26页）（2）闭合开关前滑动变阻器阻值调至最大，闭合开关后，此时电路中的电流较小，灯泡两
端的电压要远小于其额定电压，根据电压表的示数判定电压表的连接方式；根据欧姆定律
求出滑动变阻器的最大阻值；
根据电压表示数和灯泡的额定电压判定电源的电压；
（3）根据电压表指针变化和电流表指针变化求出灯泡正常发光时的电流，根据P＝UI求出
其额定功率。
【解答】解：
（1）由图可知，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，电压表示数为2.8V；
（2）闭合开关前滑动变阻器阻值调至最大，闭合开关后，此时电路中的电流较小，灯泡两
端的电压要远小于其额定电压，而电压表示数为2.8V，大于灯泡的额定电压，所以电压表
并联到了滑动变阻器的两端；
由图可知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，电压表示数为0.14A；
根据欧姆定律可知，滑动变阻器的最大阻值为：R'＝ ＝ ＝20 ；
Ω
闭合开关后，灯泡两端的电压要小于额定电压，根据串联电路的电压规律可知，电源电压
要小于2.2V+2.8V＝5V；电源的电压要大于2.8V；由于电源电压为2V的整数倍，所以电
源电压U＝4V；
（3）灯泡正常发光时，灯泡两端的电压为2.2V，则滑动变阻器两端的电压为4V﹣2.2V＝
1.8V，即电压表示数为1.8V时灯泡正常发光；
电压表指针从图位置变化的角度恰好是电流表指针变化角度的2倍；
电压表指针变化的格数为：n＝ ＝10；则电流表指针增大的格数为n'＝ n＝
×10＝5；则灯泡正常发光时的电流为：I＝0.14A+5×0.02A＝0.24A；
灯泡的额定功率为：P＝U额I＝2.2V×0.24A＝0.528W。
故答案为：2.8；20； 1.8；0.528。
【点评】本题考查了灯泡电功率的测量实验，能根据题意得出电压表的连接方式是解题的
关键，有较大的难度。
26．（10分）小娟同学发现储水容器在单位时间内的出水量不同。她认为水管中单位时间的出
水量可能跟水管两端液体的压强差△p、横截面积S和长度L有关。为此，她设计了如图所
示的装置进行研究，容器底部的水平管AB可以方便更换，B处的开关用于控制出水时间，
第24页（共26页）并把相关实验数据记录在下表中。
实验序号 水管的面积S 水管的长度L厘 容器内水的深度 单位时间的出水
米 h厘米 量Q毫升
1 S 20 20 60
0
2 S 30 20 40
0
3 S 40 20 30
0
4 S 20 30 90
0
5 S 20 40 120
0
6 2S 20 20 240
0
7 3S 20 20 540
0
打开开关后，容器中水的深度h大小可以反映水管AB两端 压强差（△ p ） 的大小；
①为了使水管AB两端水的压强差尽量保持恒定，盛水容器的面积应 大 （选填“大”或
“小”）。
分析比较实验序号1与6与7数据中Q与S变化的关系及相关条件，可初步得出的结
②论是： 在 L 与△ p 相同的情况下， S 越大， Q 越大
根据实验序号 1 与 4 与 5 数据中Q与h变化的关系及相关条件，可初步得出的结论
③是：在L和S相同的情况下，△p越大，Q越大。
若h＝20厘米、L＝25厘米、S＝S ，则Q＝ 4 8 毫升；若h＝10厘米、L＝60厘米、S＝
0
④4S ，则Q＝ 16 0 毫升。
0
【分析】 根据转换法知容器中水的深度h大小可以反映水管AB两端压强差的大小；
分析实①验序号1与6与7数据相同量和不同量得出结论；
②要探究单位时间的出水量Q与水管AB两端压强差的关系，感觉控制变量法分析解答；
③根据控制变量法分析出单位时间的出水量Q与容器内水的深度h、水管的长度L、水管
④的面积S的平方的关系，得出关系式，代入数据即可。
【解答】解： 容器中水的深度h大小可以反映水管AB两端压强差的大小，这用到了转换
法； ①
盛水容器的面积越大，盛的水越多，水的高度变化越慢，水管AB两端的压强差变化越小，
第25页（共26页）水管AB两端水的压强差保持恒定；
分析比较实验序号1与6与7数据知，水管的长度、容器内水的深度相同，横截面积变
②为2倍、3倍，单位时间的出水量变成原来的4倍和9倍，即在L与△p相同的情况下，S越
大，Q越大，且单位时间的出水量Q与水管的面积S的平方成正比；
要探究单位时间的出水量Q与容器内水的深度h的关系，需要控制水管的长度L和水
③管的面积S相同，改变容器内水的深度h，故1与4与5符合题意；
由表格数据1、2、3知在水管的面积S、容器内水的深度h相同时，单位时间的出水量Q
④与水管的长度L成反比，且乘积为20×60＝30×40＝120；
所以若h＝20厘米、L＝25厘米、S＝S ，则Q＝ ＝48mL；
0
由表格数据1、4、5知在水管的面积S、水管的长度L相同时，单位时间的出水量Q与容器
内水的深度h成正比；
综合分析单位时间的出水量Q与容器内水的深度h成正比、水管的长度L成反比、水管的
面积S的平方成正比，即Q＝k ，
将 中的数据带入的，k＝ ＝ ＝
①
若h＝20厘米、L＝25厘米、S＝S ，则Q＝k ＝ × ＝48mL；
0
若 h＝10 厘米、L＝60 厘米、S＝4S ，则 Q′＝k ＝ × ＝
0
160mL。
故答案为： 压强差（△p）；大； 在L与△p相同的情况下，S越大，Q越大； 1与4与
5； 48；①（16）160。 ② ③
【点④评】本题是一道实验题，解题时注意控制变量法的应用，分析实验数据得出结论是正
确解题的前提与关键。
第26页（共26页）
