文档内容
2020年上海市普陀区中考物理二模试卷
一、选择题（共8小题，每小题2分，满分16分）
1．（2分）根据卢瑟福的原子行星模型理论，分布于原子核外的粒子是（ ）
A．核子 B．中子 C．质子 D．电子
2．（2分）我们能分辨出钢琴声和吉他声，这主要是根据声音有不同的（ ）
A．音色 B．音调 C．频率 D．响度
3．（2分）若入射光线与反射光线之间的夹角为60°，则反射角为（ ）
A．15° B．30° C．45° D．60°
4．（2分）以下物理量中使用比值定义法定义的物理量是（ ）
A．热量 B．比热容 C．质量 D．时间
5．（2分）四冲程柴油机在工作过程中，将内能转化为机械能的冲程是（ ）
A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
6．（2分）甲、乙两小车同时同地同方向做匀速直线运动，它们的s﹣t图象如图所示，由图象
可知（ ）
A．经过2秒，两车相距10米 B．通过60米路程，两车相差2秒
C．出发后甲车始终在乙车前面 D．出发后甲车始终在乙车后面
7．（2分）电阻R 、R 、R 以不同的方式组成如图（a）、（b）所示的电路。在两电路中，电源、电
1 2 3
压表完全相同且完好，三个电阻中只有一个电阻存在断路故障。闭合开关S 、S ，如果两
1 2
电压表V 和V 中只有一表示数不为零。则下列判断正确的是（ ）
1 2
A．电阻R 一定断路 B．电阻R 可能断路
3 3
C．电阻R 一定断路 D．电阻R 一定断路
2 1
第1页（共27页）8．（2分）如图，放在水平地面上的物体A、B高度相等，A对地面的压力小于B对地面的压力。
若在两物体上部沿水平方向切去一定的厚度，使剩余部分的质量相等，则剩余部分的厚度
h ′、h ′及剩余部分对地面压强p ′、p ′的关系是（ ）
A B A B
A．h ′＞h ′，p ′＜p ′ B．h ′＞h ′，p ′＞p ′
A B A B A B A B
C．h ′＜h ′，p ′＞p ′ D．h ′＜h ′，p ′＜p ′
A B A B A B A B
二、填空题（共23分）请将结果填入答题纸的相应位置．
9．上海地区家用电视机额定电压为 伏，家用冰箱与家中其它用电器是 （选填
“并联”或“串联”）连接的，测量家用电器消耗电能的仪表是 表。
10．如图所示的游戏中，球离开手后还会继续向前运动，说明物体具有 。球在升高的
过程中，其质量 、重力势能 （均选填“增大”、“不变”或“减小”）。
11．如图所示，用拉力F匀速提起重力为20牛的物体A，不计摩擦，拉力F大小为 牛。
若物体A在20秒内上升8米，此过程中拉力F做的功为 焦，功率为 瓦。
12．夏日的白天，放在室外的瓶装水的温度会升高，这是通过 （选填“做功”或“热
传递”）的方式增加了水的内能。杠杆的动力臂l 为3米，阻力臂l 为0.6米，若动力F 为
1 2 1
200牛，则杠杆平衡时的阻力F 的大小为 牛，此杠杆属于 杠杆（选填“省
2
力”或“费力”）。
13．某导体两端的电压为2伏，若10秒内通过该导体横截面的电荷量为4库，则通过该导体
的电流为 安，电流做功为 焦。当导体两端电压变为6伏时，其电阻为
欧。
14．在图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S 、S ．请写出移动变阻器R 的滑片P
1 2 2
第2页（共27页）的过程中，电流表A 和A的示数变化情况及两表示数变化量之间的关系 。
1
15．细心的小明发现：“瓢泼大雨”以很大的速度落到地面，“毛毛细雨”则缓慢地飘落到
地面。老师告诉他，从高空下落的物体，所受空气阻力会随速度的增大而增大，因此物体
下落一段距离后将以某一速度匀速直线下落，通常把这个速度称为收尾速度。小明为研究
在相同环境下，球形物体下落的收尾速度v与球的半径r和质量m的关系，进行了多次实
验，并将实验数据记录于下表中。
小球编号 1 2 3 4 5
小球的质量m（×10﹣3千克） 2 5 45 40
小球的半径r（×10﹣2米） 0.5 0.5 1.5 2 0.5
小球的收尾速度v（米/秒） 16 40 40 20
通过比较1号和2号小球可以得出结论：在相同环境下， 。
①4号小球在下落过程中受到的最大阻力为 牛。
②小明想探究小球的收尾速度与小球的半径是否有关，5号小球的质量应是 千克。
三、③作图题（共7分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图题必须用2B铅笔．
16．（2分）在图中，重为4牛的物体静止在水平地面上，请用力的图示法画出物体所受的重力
G。
17．（2分）在图所示的电路中，有一根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上。补上后要求：
闭合电键S后，灯L 和L 都能发光，且电流表只测量通过灯L 的电流。
1 2 2
18．（3分）根据如图中小磁针的N极，标出通电螺线管的N极、磁感线方向，并在括号内标出
第3页（共27页）电源的正、负极。
四、计算题（共26分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置．
19．（4分）木块浸在水中，排开水的体积为2×10﹣3米3．求：木块所受浮力F浮 的大小。
20．（4分）质量为0.5千克的水温度升高20℃，求水吸收的热量Q吸 ．[c水 ＝4.2×103焦/（千
克•℃）]
21．（7分）在图（a）所示的电路中，电源电压为6伏保持不变，电阻R 为10欧，R 标有“20
1 2
1A”字样。闭合开关S，将滑动变阻器滑片P滑至某一处，电压表V的示数如图（b）所示Ω。
求电流表A的示数I。
①求变阻器接入电路的阻值R
2
。
②在不改变电表量程的情况下，求电阻R
2
在滑片移动过程中电阻R
1
的最小功率P
1
。
③
22．（9分）如图所示，水平地面上的轻质圆柱形容器甲、乙，两容器底面积之比为S甲 ：S乙 ＝
18：19，分别盛满质量均为3.2千克的水和酒精。（
酒精
＝0.8×103千克/米3）
求酒精的体积V酒精 。 ρ
①
第4页（共27页）求甲容器中0.1米深处水的压强p水 。
②若将两块质量相同的物块（
物
＝0.9×103千克/米3）分别放入两容器中后（物块在水中
③漂浮，在酒精中下沉），两容器ρ 对水平地面的压强相等，求物块的质量。
五、实验题（共18分）请根据要求在答题纸的相应位置作答．
23．图（a）所示的弹簧测力计是测量 的大小的仪器，此时它的示数是 牛。图
（b）中温度计的示数为 ℃。
24．如图（a）所示，在“探究平面镜成像的特点”实验中，选用玻璃板、两支完全相同的蜡烛
等器材，用玻璃板是为了替代 。如图（b）所示，凸透镜的焦距为10厘米，光屏上所
成清晰的像应是倒立 的实像（选填“缩小”、“等大”或“放大”）。保持透镜位
置不变，当蜡烛向左移动时，应将光屏向 移动才能再次得到清晰的像（选填“左”
或“右”）。
第5页（共27页）25．如图所示，小文同学使用U形管压强计来探究液体内部压强规律。小文将U形管压强计
带有橡皮膜的探头浸入两种密度不同的液体中的不同深度，把对应的 U形管左右液面高
度差△h（cm）数据记录在下表中。
实验序 液体密度 橡皮膜中心 U形管左右液面
号 深度h（cm） 高度差△h（cm）
（×103kg/m3）
ρ
1 1 4 3.5
2 1 6 5.4
3 1 8 7.3
4 2 2 3.5
5 2 3 5.4
6 2 4 7.3
U形管压强计使用过程中，橡皮膜中心所受压强越大，U形管左右液面高度差越
①（选填“大”或“小”）。
分析比较实验数据并得出结论：
②a．分析比较实验序号1、2、3（或4、5、6）中h和△h数据及相关条件可得出初步结论，同种
液体内部， 。
b．分析比较实验序号 中及相关条件可得出初步结论：液体内部某一深度的压强大
小与液体密度有关，液体密度大，液体压强大。
c．分析比较实验序号1、4（或2、5或3、6）中 、h和△h数据及相关条件可得出初步结论：
。 ρ
该实验中所用U形管中填充的液体应该是 （填写选项序号“A”“B”或
③“C”）。
A．浓硫酸B．水银C．水
第6页（共27页）26．（7分）小华做“测定小灯泡电功率”的实验。现有电源、待测小灯（标有“3.0伏”字样）、
电压表、电流表、滑动变阻器、开关及导线若干。他正确串联实验器材，然后将电压表并联
在电路中。闭合开关，移动变阻器的滑片，发现小灯始终无法正常发光，移动滑片过程中
电压表示数变化范围为0～1.5伏，电流表示数最小值为0.06安。他经过思考，换用了电压
较高的电源，重新正确连接电路，并按规范的步骤进行实验。闭合电键时，电流表和电压
表的示数如图所示。移动滑片，发现电流表指针再转过10小格时，小灯正常发光。
测定小灯的额定功率的实验原理是 。
①请画出小华第一次实验时的电路图 。
②求出换用的电源电压及小灯的额定功率 。（需写出计算过程）
③
第7页（共27页）2020年上海市普陀区中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共8小题，每小题2分，满分16分）
1．（2分）根据卢瑟福的原子行星模型理论，分布于原子核外的粒子是（ ）
A．核子 B．中子 C．质子 D．电子
【分析】根据对原子结构知识的掌握分析答题。
【解答】解：卢瑟福原子核式结构理论认为：原子由位于原子中心的原子核与核外带负电
的电子组成，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了原子核的构成问题，考查的是基础知识，难度不大，是一道基础题。
2．（2分）我们能分辨出钢琴声和吉他声，这主要是根据声音有不同的（ ）
A．音色 B．音调 C．频率 D．响度
【分析】声音有三个特征，即音调、响度、音色，音调是指声音的高低，响度是指声音的大小
或强弱，音色是指声音的品质和特色。
【解答】解：我们能分辨出“钢琴声”和“吉他声”，是因为不同的乐器发出声音的音色
不同。
故选：A。
【点评】掌握声音的三个特征，包括定义、影响因素，在实际生活中能区分开，属于基础知
识的考查，比较简单。
3．（2分）若入射光线与反射光线之间的夹角为60°，则反射角为（ ）
A．15° B．30° C．45° D．60°
【分析】根据反射定律中两角之间的关系进行解答，即反射角等于入射角。
【解答】解：入射光线与反射光线之间的夹角为60°，根据反射定律的内容：反射角等于入
射角可知，反射角为 ＝30°。
故选：B。
【点评】本题主要考查了反射角与入射角之间的大小关系，是一道基础性题目。
4．（2分）以下物理量中使用比值定义法定义的物理量是（ ）
A．热量 B．比热容 C．质量 D．时间
第8页（共27页）【分析】所谓比值定义法，就是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方
法，在初中物理中很多新物理量都是采用的此种方法，利用：速度、密度、压强、功率、比热
容、热值等。
【解答】解：
A、在热传递过程中，物体改变内能的多少叫做热量，没有采用比值定义法。故A不符合题
意；
B、某种物质温度升高时吸收的热量与其质量和升高的温度的乘积之比，叫做这种物质的
比热容，采用的是比值定义法。故B符合题意；
C、质量是物体所含物质的多少，没有采用比值定义法。故C不符合题意；
D、时间是事件过程长短和发生顺序的度量，没有采用比值定义法。故D不符合题意。
故选：B。
【点评】该题考查对物理学方法中的比值定义法的应用，结合所学的初中物理量进行分析
解答。
5．（2分）四冲程柴油机在工作过程中，将内能转化为机械能的冲程是（ ）
A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
【分析】在内燃机的做功冲程中能量转化是内能转化为机械能，压缩冲程中能量转化是机
械能转化为内能。
【解答】解：
四冲程柴油机在做功冲程中，高温高压燃气推动活塞做功，将内能转化为机械能，故C正
确。
故选：C。
【点评】解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答，基础性题目。
6．（2分）甲、乙两小车同时同地同方向做匀速直线运动，它们的s﹣t图象如图所示，由图象
可知（ ）
A．经过2秒，两车相距10米
B．通过60米路程，两车相差2秒
第9页（共27页）C．出发后甲车始终在乙车前面
D．出发后甲车始终在乙车后面
【分析】（1）根据图象直接分析，对AB做出判断；
（2）比较通过相同路程所用时间得出两车的速度关系，结合题意分析出发后两车的位置关
系，对CD做出判断。
【解答】解：A、由图象可看出：经过2秒，甲车的路程是20米，乙车路程大于10米，则甲乙
两车间距离小于10米，故A错误；
B、由图象可知：通过60米路程，甲车用时6秒，乙车用时为9秒，则两车相差3秒，故B
错误；
CD、由图象知：通过80米的路程，甲用时间少于乙车，则甲车的速度大于乙车，甲、乙两
小车同时同地同方向做匀速直线运动，故出发后甲车始终在乙车前面。故C正确，D错误。
故选：C。
【点评】根据图象或图表探究物质的规律是近两年来出现较多的题目，图象可以使我们建
立更多的感性认识，从表象中去探究本质规律，体验知识的形成过程。此题涉及到的知识
点较多，综合性很强。
7．（2分）电阻R 、R 、R 以不同的方式组成如图（a）、（b）所示的电路。在两电路中，电源、电
1 2 3
压表完全相同且完好，三个电阻中只有一个电阻存在断路故障。闭合开关S 、S ，如果两
1 2
电压表V 和V 中只有一表示数不为零。则下列判断正确的是（ ）
1 2
A．电阻R 一定断路 B．电阻R 可能断路
3 3
C．电阻R 一定断路 D．电阻R 一定断路
2 1
【分析】据题目中的两个电路图，结合题目中所说的两电压表V 、V 中只有一表有示数，
1 2
可以判断出，V 一定有示数；V 无示数，故再进一步的分析即可解决。
2 1
【解答】解：据图可知，若V V 表只有一个有示数，3个电阻只有一个有故障，因为b图是
1 2
并联的，所以V 一定有示数；V 无示数；故R 一定没有故障；
2 1 3
故V 无示数，即有可能是R 断路造成的，即此时电压表 不能和电源相连；同时也有可能
1 1
第10页（共27页）是由于R 短路，即此时电压表V 测量的是导线的电压，即也没有示数。
2 1
故选：D。
【点评】本题考查了串并联电路特点和电压表的正确使用，有一定的难度，解题时要分析
清楚电路结构。
8．（2分）如图，放在水平地面上的物体A、B高度相等，A对地面的压力小于B对地面的压力。
若在两物体上部沿水平方向切去一定的厚度，使剩余部分的质量相等，则剩余部分的厚度
h ′、h ′及剩余部分对地面压强p ′、p ′的关系是（ ）
A B A B
A．h ′＞h ′，p ′＜p ′ B．h ′＞h ′，p ′＞p ′
A B A B A B A B
C．h ′＜h ′，p ′＞p ′ D．h ′＜h ′，p ′＜p ′
A B A B A B A B
【分析】对于放在水平地面上的物体，压力等于重力，根据压力的大小关系判断出重力、质
量关系，根据图示可知物体A、B的体积，利用 ＝ 判断出密度关系；
ρ
若在两物体上部沿水平方向切去一定的厚度，使剩余部分的质量相等，则根据 ＝ 判断
ρ
出体积关系，从而得出厚度关系；
压强根据p＝ ＝ 即可得出结论。
【解答】解：∵放在水平地面上的物体，压力等于重力，A对地面的压力小于B对地面的压
力，
∴G ＜G ，
A B
物体A、B高度相等，则由G＝mg＝ Vg＝ gSh可得：
A gS A h＜ B gS B h， ρ ρ
ρ∴
A
S
A
＜ρB S
B
，
若ρ在两物体ρ 上部沿水平方向切去一定的厚度，使剩余部分的质量相等，
即：m ′＝m ′，
A B
由 ＝ 得m＝ V可得： V ′＝ V ′，
A A B B
ρ ρ ρ ρ
即： S h ′＝ S h ′，
A A A B B B
∴h
A
′ρ ＞h
B
′，故ρ CD错误；
第11页（共27页）∵剩余部分的质量相等，则压力相等，
∴根据p＝ 可知：p ′＜p ′故A正确，B错误。
A B
故选：A。
【点评】本题考查了学生对重力公式、密度公式的掌握和运用，根据已知条件推导出两物
体p与 、h的大小关系是本题的关键。
二、填空题ρ（共23分）请将结果填入答题纸的相应位置．
9．上海地区家用电视机额定电压为 22 0 伏，家用冰箱与家中其它用电器是 并联 （选
填“并联”或“串联”）连接的，测量家用电器消耗电能的仪表是 电能 表。
【分析】（1）我国照明电路的电压是220V；
（2）串联的各电路元件相互影响，各电路元件不能独立工作；并联的各电路元件互不影响，
各电路元件能独立工作；
（3）电能表是测量消耗电能多少的仪表。
【解答】解：海地区家用电视机额定电压为220V。
由生活经验可知，家庭中某些用电器的指示灯损坏时，该用电器仍然可以工作，这说明指
示灯和用电器是互不影响的，即它们是并联的。
电能表是测量家用电器消耗电能多少的仪表。
故答案为：220；并联；电能。
【点评】（1）掌握常见电源的电压。
（2）掌握家庭电路中各用电器之间的连接，用电器和开关之间的连接。
（3）掌握电能表能测量的物理量、使用的单位、如何读数、以及各参数的含义。
10．如图所示的游戏中，球离开手后还会继续向前运动，说明物体具有 惯性 。球在升高的
过程中，其质量 不变 、重力势能 增大 （均选填“增大”、“不变”或“减小”）。
【分析】任何物体都有惯性；重力势能大小的影响因素：质量、被举高的高度；质量是物质
本身的一种属性。
【解答】解：
球离开手之前是运动的，离开手后，由于球具有惯性，还会继续向前运动；
球在升高的过程中，其质量不变，高度变大，则球的重力势能增大。
第12页（共27页）故答案为：惯性；不变；增大。
【点评】此题考查惯性、质量和影响重力势能大小的因素，是力学的基础知识。
11．如图所示，用拉力F匀速提起重力为20牛的物体A，不计摩擦，拉力F大小为 2 0 牛。
若物体A在20秒内上升8米，此过程中拉力F做的功为 16 0 焦，功率为 8 瓦。
【分析】要知道定滑轮的特点：使用定滑轮不省力但能改变力的方向；动滑轮的特点：使用
动滑轮能省一半力，但费距离；
根据W＝Fs求出拉力做的功，利用公式P＝ 求出拉力的功率。
【解答】解：由图可知，吊起物体的是定滑轮，使用定滑轮不能够省力；
不计摩擦时，拉力和物体的重力大小相等，则拉力F＝G＝20N；
拉力F做的功：W＝Fs＝20N×8m＝160J；
拉力做功的功率：P＝ ＝ ＝8W。
故答案为：20；160；8。
【点评】本题考查定滑轮的特点、功和功率的计算，关键知明确定滑轮的工作特点，属于基
础题。
12．夏日的白天，放在室外的瓶装水的温度会升高，这是通过 热传递 （选填“做功”或
“热传递”）的方式增加了水的内能。杠杆的动力臂l 为3米，阻力臂l 为0.6米，若动力
1 2
F 为200牛，则杠杆平衡时的阻力F 的大小为 100 0 牛，此杠杆属于 省力 杠杆（选
1 2
填“省力”或“费力”）。
【分析】改变内能的方法有两个：做功和热传递；
知道动力臂、动力大小、阻力大小，利用杠杆平衡条件求阻力的大小；根据动力和阻力的
关系判定杠杆的种类。
【解答】解：放在室外的瓶装水的温度会升高，水会吸收热量，这是通过热传递的方式增加
了水的内能；
由杠杆平衡条件可知：F L ＝F L ，则：F ＝ ＝ ＝1000N；
1 1 2 2 2
第13页（共27页）由于动力小于阻力，所以是省力杠杆。
故答案为：热传递；1000；省力。
【点评】本题考查了改变内能的方法、杠杆平衡条件的应用和杠杆的分类，难度不大，要熟
记这些知识。
13．某导体两端的电压为2伏，若10秒内通过该导体横截面的电荷量为4库，则通过该导体
的电流为 0. 4 安，电流做功为 8 焦。当导体两端电压变为6伏时，其电阻为 5 欧。
【分析】（1）知道10秒内通过该导体横截面的电荷量，根据I＝ 求出通过该导体的电流，
又知道导体两端的电压，根据W＝UIt＝UQ求出电流做的功，根据I＝ 求出导体的电阻；
（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与导体两
端的电压和通过的电流无关。
【解答】解：通过该导体的电流：
I＝ ＝ ＝0.4A；
这段时间内电流做功：
W＝UIt＝UQ＝2V×4C＝8J；
由I＝ 可得，导体的电阻：
R＝ ＝ ＝5 ，
Ω
因为电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，所以，将该导体
两端的电压改变为6伏，导体的电阻仍为5 不变。
故答案为：0.4；8；5。 Ω
【点评】本题考查了电流的定义式和欧姆定律的应用，关键是知道导体的电阻与两端的电
压和通过的电流无关，是一道基础题目。
14．在图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S 、S ．请写出移动变阻器R 的滑片P
1 2 2
的过程中，电流表A 和A的示数变化情况及两表示数变化量之间的关系 P 向左移： A
1 1
和 A 示数都变大，变化量相等； P 向右移： A 和 A 示数都变小，变化量相等 。
1
第14页（共27页）【分析】由图可知，开关闭合后，该电路为并联电路，电流表A测量干路中的电流，电压表
测量电源的电压；电流表A 测量的是通过R 的电流，电流表A 测量的是通过R 的电流，
1 2 2 1
然后根据滑片的移动方向判定电阻的变化，根据欧姆定律判定电流的变化，根据并联电路
的电流的关系判定电流表A 和A的示数变化情况及两表示数变化量之间的关系。
1
【解答】解：由图可知，开关闭合后，该电路为并联电路，电流表A测量干路中的电流，电压
表测量电源的电压；电流表A 测量的是通过R 的电流，电流表A 测量的是通过R 的电
1 2 2 1
流；
假设滑片向左移动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，由于电源电压不变，根据欧姆定律
可知，通过R 的电流变大，即电流表A 示数变大；
2 1
由于并联电路各支路互不影响，通过R 的电流保持不变；
1
根据并联电路的电流特点可知，干路中的电流等于支路电流的和，则干路中的电流变大，
即电流表A示数变大；
由于通过R 的电流保持不变，则电流表A 和A的示数变化量是相同的。
1 1
同理可知，P向右移时，A 和A示数都变小，变化量相等。
1
故答案为：P向左移：A 和A示数都变大，变化量相等；P向右移：A 和A示数都变小，变
1 1
化量相等。
【点评】本题考查了电路的动态分析，知道并联电路电流的特点是解题的关键。
15．细心的小明发现：“瓢泼大雨”以很大的速度落到地面，“毛毛细雨”则缓慢地飘落到
地面。老师告诉他，从高空下落的物体，所受空气阻力会随速度的增大而增大，因此物体
下落一段距离后将以某一速度匀速直线下落，通常把这个速度称为收尾速度。小明为研究
在相同环境下，球形物体下落的收尾速度v与球的半径r和质量m的关系，进行了多次实
验，并将实验数据记录于下表中。
小球编号 1 2 3 4 5
小球的质量m（×10﹣3千克） 2 5 45 40
小球的半径r（×10﹣2米） 0.5 0.5 1.5 2 0.5
第15页（共27页）小球的收尾速度v（米/秒） 16 40 40 20
通过比较1号和2号小球可以得出结论：在相同环境下， 小球半径相同时，小球质量
①越大，小球的收尾速度越大 。
4号小球在下落过程中受到的最大阻力为 0.39 2 牛。
②小明想探究小球的收尾速度与小球的半径是否有关，5号小球的质量应是 0.04 或
③0.045 千克。
【分析】（1）比较1号和2号小球可知，两者的半径相同，小球的质量越大，收尾速度越大；
（2）小球在匀速直线运动时受到的阻力最大，此时处于平衡状态，二力平衡时两个力大小
相等；
（3）探究小球的收尾速度与小球的半径是否有关时，应控制小球的质量不变，改变小球的
半径。
【解答】解：（1）从表格数据中可得：小球1和小球2半径相同，质量大的收尾速度也大，故
可得出的结论：在相同环境下，小球半径相同时，小球质量越大，小球的收尾速度越大。
（2）根据二力平衡的条件可知，4号小球在接近地面时作匀速运动，此时受到的阻力最大，
则小球受到的最大阻力：f＝G＝mg＝0.04kg×9.8N/kg＝0.392N；
（3）根据控制变量法可知，探究小球的收尾速度与小球的半径是否有关时，应控制小球的
质量不变，改变小球的半径，所以 5号小球的质量应该是 40g或45g，即0.04kg或
0.045kg。
故答案为：（1）小球半径相同时，小球质量越大，小球的收尾速度越大；（2）0.392；（3）0.04
或0.045。
【点评】本题考查学生对二力平衡概念的掌握情况。需要利用所学知识，解释收尾速度的
概念。
三、作图题（共7分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图题必须用2B铅笔．
16．（2分）在图中，重为4牛的物体静止在水平地面上，请用力的图示法画出物体所受的重力
G。
【分析】先明确重力的三要素，再确立一个标度，用标度量出线段的长，最后标出这个力。
【解答】解：重力的作用点在重心，方向竖直向下，重力大小G＝4N；选取标度为2N，从重
心开始竖直向下画一条带箭头的线段，使线段的长度为标度的2倍，并标出重力的符号和
第16页（共27页）大小，如图所示：
【点评】先要分析力的三要素，再画图，画力的图示时要利用标度准确标注出力的大小，这
是与力的示意图的不同之处。
17．（2分）在图所示的电路中，有一根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上。补上后要求：
闭合电键S后，灯L 和L 都能发光，且电流表只测量通过灯L 的电流。
1 2 2
【分析】根据题意可知，两只灯泡并联，电流表测量通过灯L 的电流。
2
【解答】解：把灯L 的左接线柱与电流表的左接线柱连接即可；如图所示：
1
【点评】本题考查实物图的连接，关键是明白实物图中各个用电器的连接方式
18．（3分）根据如图中小磁针的N极，标出通电螺线管的N极、磁感线方向，并在括号内标出
电源的正、负极。
【分析】（1）根据小磁针的指向，结合磁极间的相互作用规律，靠近小磁针N极的一端为
通电螺线管的S极，根据磁感线特点可确定磁感线方向。
（2）右手定则，伸出右手使大拇指指向通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流
第17页（共27页）的方向。
【解答】解：由于异名磁极相互吸引，所以当小磁针自由静止时，与小磁针N极靠近的螺线
管的左端一定是S极；
根据图示的线圈绕向和螺线管的NS极，利用安培定则可以确定螺线管中电流的方向是
从螺线管的右端流入，左端流出，因此电源的右端为正极，左端为负极。磁感线方向从N
极指向S极。答案如下图所示：
【点评】安培定则共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个可以
确定第三个。在此题的第二问中就是间接告诉了磁场方向和线圈绕向来确定电流方向。
四、计算题（共26分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置．
19．（4分）木块浸在水中，排开水的体积为2×10﹣3米3．求：木块所受浮力F浮 的大小。
【分析】知道物体排开水的体积和水的密度，利用阿基米德原理求小球受到的浮力。
【解答】解：小球受到的浮力：
F浮 ＝ 水gV排 ＝1.0×103kg/m3×9.8N/kg×2×10﹣3m3＝19.6N。
答：小ρ球所受的浮力为19.6N。
【点评】本题考查了浮力的计算，利用好阿基米德原理推导公式F浮 ＝ 液gV排 是关键。
20．（4分）质量为0.5千克的水温度升高20℃，求水吸收的热量Q吸 ．[c水ρ＝4.2×103焦/（千
克•℃）]
【分析】知道水的质量、水的比热容、水温度升高值，利用吸热公式Q吸 ＝cm△t求水吸收
的热量。
【解答】解：
Q吸 ＝cm△t
＝4.2×103J/（kg•℃）×0.5kg×20℃
＝4.2×104J。
答：水吸收的热量为4.2×104J。
【点评】本题考查了吸热公式Q吸 ＝cm△t的应用，注意温度升高了（△t）与升高到（末温）
的区别。
第18页（共27页）21．（7分）在图（a）所示的电路中，电源电压为6伏保持不变，电阻R 为10欧，R 标有“20
1 2
1A”字样。闭合开关S，将滑动变阻器滑片P滑至某一处，电压表V的示数如图（b）所示Ω。
求电流表A的示数I。
①求变阻器接入电路的阻值R
2
。
②在不改变电表量程的情况下，求电阻R
2
在滑片移动过程中电阻R
1
的最小功率P
1
。
③
【分析】 由图b可知，电压表的示数可能为2V，也可能为10V，根据电源的电压确定电
压表的示①数，根据串联电路的电压特点求出R 两端的电压，根据串联电路的电流特点和
1
欧姆定律求出电流表A的示数；
根据欧姆定律求出变阻器接入电路的阻值；
②由电压表的示数U
2
＝2V可知电压表的量程，当电压表的示数最大时，变阻器接入电路
③中的电阻最大，电路中的电流最小，电阻R 的电功率最小，根据串联电路的电压特点求出
1
此时R 两端的电压，根据P＝UI＝ 求出电阻R 的最小功率。
1 1
【解答】解： 由图b可知，电压表的示数可能为2V，也可能为10V，
由电源的电压①U＝6V可知，电压表的示数U
2
＝2V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R 两端的电压：
1
U ＝U﹣U ＝6V﹣2V＝4V，
1 2
因串联电路中各处的电流相等，
所以，电流表A的示数：
I＝ ＝ ＝0.4A；
由欧姆定律得，变阻器接入电路的阻值：
②
R ＝ ＝ ＝5 ；
2
Ω
由电压表的示数U ＝2V可知，电压表的量程为0～3V，
2
③
第19页（共27页）当电压表的示数U ′＝3V时，变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电阻
2
R 的电功率最小，
1
此时R 两端的电压：
1
U ′＝U﹣U ′＝6V﹣3V＝3V，
1 2
电阻R 的最小功率：
1
P ＝ ＝ ＝0.9W。
1
答： 电流表A的示数为0.4A；
变①阻器接入电路的阻值为5 ；
②在不改变电表量程的情况下Ω，电阻R
2
在滑片移动过程中电阻R
1
的最小功率为0.9W。
【③点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确得出图b电压表
的示数和量程是关键。
22．（9分）如图所示，水平地面上的轻质圆柱形容器甲、乙，两容器底面积之比为S甲 ：S乙 ＝
18：19，分别盛满质量均为3.2千克的水和酒精。（
酒精
＝0.8×103千克/米3）
求酒精的体积V酒精 。 ρ
①求甲容器中0.1米深处水的压强p水 。
②若将两块质量相同的物块（
物
＝0.9×103千克/米3）分别放入两容器中后（物块在水中
③漂浮，在酒精中下沉），两容器ρ 对水平地面的压强相等，求物块的质量。
【分析】（1）已知酒精的质量、密度，利用密度公式求酒精的体积；
（2）已知水的深度，利用p＝ gh求乙容器中0.1m深处水的压强；
（3）首先明确物块的密度大于酒ρ精的密度而小于水的密度，因此物块分别放在两容器中后，
在甲容器中漂浮，在乙容器中沉底，又因为两容器液体分别盛满，所以当物块分别放在两
容器中后都溢出水，根据阿基米德原理和浮沉条件求出浮力，然后得出总重力，即可求出
压力，根据压强公式列出等式即可求得结论。
【解答】解：（1）已知m酒精 ＝3.2kg，根据 ＝ 得酒精的体积：
ρ
第20页（共27页）V酒精 ＝ ＝ ＝4×10﹣3m3；
（2）已知：h甲 ＝0.1m，
甲容器中0.1m深处水的压强：
p水 ＝ 水gh甲 ＝1.0×103kg/m3×9.8N/kg×0.1m＝980Pa；
（3）设ρ物块质量为m，由于物块小于水的密度，因此物块放在甲容器中漂浮，F浮 ＝G物 ，
根据阿基米德原理可知：F浮 ＝G排 ，
所以，G排水 ＝G物 ，
甲放入物块后对水平地面的压力F甲 ＝G甲 ＝G水+G物 ﹣G排水 ＝G水+G物 ﹣G物 ＝m水g；
物块的密度大于酒精的密度，所以在乙容器中沉底，
V排酒精 ＝V物 ＝ ，
乙放入物块后的总质量 m 乙 ＝m 酒精+m﹣m 乙溢出 ＝m 酒精+m﹣ 酒× ＝m 酒精 ﹣
ρ
m＝m酒精 ﹣ m，
则乙放入物块后对水平地面的压力F乙 ＝G乙 ＝m乙g＝（m酒精 ﹣ m）g，
已知两容器对水平地面的压强相等，即： ＝ ，
所以， ＝ ，
解得：m＝ （ ×m水 ﹣m酒精 ）＝ （ ×3.2kg﹣3.2kg）＝1.6kg。
答： 酒精的体积V酒精 为4×10﹣3m3。
甲①容器中0.1m深处水的压强p水 为980Pa。
②物块的质量为1.6kg。
【③点评】本题为力学综合题，考查了学生对密度公式、压强定义式、液体压强公式、重力公
式的掌握和运用，特别是第三问，比较复杂，要进行细心的公式推导，特别容易出错！属
第21页（共27页）于难题。
五、实验题（共18分）请根据要求在答题纸的相应位置作答．
23．图（a）所示的弹簧测力计是测量 力 的大小的仪器，此时它的示数是 3. 4 牛。图（b）
中温度计的示数为 3 ℃。
【分析】（1）弹簧测力计是测量力大小的仪器；弹簧测力计的读数：确定每一个大格和每
一小格代表的示数；
（2）温度计的示数是液柱指示的示数，注意液面与0℃的位置。
【解答】解：
（1）弹簧测力计是测量力大小的仪器；每一个大格代表1N，每一个小格代表0.2N，示数是
3.4N。
（2）由图知温度计液面在0℃的上面，分度值为1℃，示数为3℃。
故答案为：力；3.4；3。
【点评】本题考查弹簧测力计、温度计的读数方法，难度不大。
24．如图（a）所示，在“探究平面镜成像的特点”实验中，选用玻璃板、两支完全相同的蜡烛
等器材，用玻璃板是为了替代 平面镜 。如图（b）所示，凸透镜的焦距为10厘米，光屏
上所成清晰的像应是倒立 放大 的实像（选填“缩小”、“等大”或“放大”）。保持
透镜位置不变，当蜡烛向左移动时，应将光屏向 左 移动才能再次得到清晰的像（选填
“左”或“右”）。
【分析】（1）选玻璃板是为了准确确定像的位置，便于比较像与物的大小，达到理想的实
验效果。
第22页（共27页）（2）凸透镜成像时，2f＞u＞f，成倒立、放大的实像。
凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像减小。
【解答】解：
（1）因为玻璃板既能让光透过也可以反射光，容易确定像的位置，而平面镜是不透明的，
无法确定像的位置，所以选用玻璃板代替平面镜；
（2）凸透镜的焦距为10cm，物距u＝50cm﹣35cm＝15cm，2f＞u＞f，成倒立、放大的实像；
凸透镜位置不变，蜡烛向左移动，物距增大，像距减小，光屏向左移动才能接到清晰的像。
故答案为：平面镜；放大；左。
【点评】探究平面镜成像特点的实验过程，在近年中考题中较为热点；掌握凸透镜成像的
三种情况和物距变化时，像距的变化情况。这两个重要知识点是凸透镜成像习题的重要依
据，一定要掌握。
25．如图所示，小文同学使用U形管压强计来探究液体内部压强规律。小文将U形管压强计
带有橡皮膜的探头浸入两种密度不同的液体中的不同深度，把对应的 U形管左右液面高
度差△h（cm）数据记录在下表中。
实验序 液体密度 橡皮膜中心 U形管左右液面
号 深度h（cm） 高度差△h（cm）
（×103kg/m3）
ρ
1 1 4 3.5
2 1 6 5.4
3 1 8 7.3
4 2 2 3.5
5 2 3 5.4
6 2 4 7.3
U形管压强计使用过程中，橡皮膜中心所受压强越大，U形管左右液面高度差越 大
①（选填“大”或“小”）。
分析比较实验数据并得出结论：
②a．分析比较实验序号1、2、3（或4、5、6）中h和△h数据及相关条件可得出初步结论，同种
液体内部， 深度越大，液体内部压强越大 。
b．分析比较实验序号 1 与 6 中及相关条件可得出初步结论：液体内部某一深度的压强
大小与液体密度有关，液体密度大，液体压强大。
c．分析比较实验序号1、4（或2、5或3、6）中 、h和△h数据及相关条件可得出初步结论：
当液体密度和深度的乘积相同时，液体内部压ρ 强相等 。
第23页（共27页）该实验中所用 U形管中填充的液体应该是 C （填写选项序号“A”“B”或
③“C”）。
A．浓硫酸B．水银C．水
【分析】 压强计测量液体的压强时，就是靠U形管的液面高度差来体现压强大小的，液
面高度差①越大就表示液体压强大；
液体内部压强跟液体的密度和深度有关，根据控制变量法的要求分析表中实验数据，
②根据实验所控制的变量分析答题；
形管中用密度小的水可以使U形管左右两侧液面的高度差较大。
【③解答】解： 液体压强计就是利用U形管中液面的高度差来体现压强的，压强越大，U形
管液面高度①差越大；
a．分析比较实验序号1、2、3（或4、5、6）的数据可知，液体的密度相同，橡皮膜中心深
②度越深，U形管左右液面高度差越大，所以可以得出同种液体内部，深度越深，压强越大；
b．要探究液体内部某一深度的压强大小与液体密度关系，需要控制液体的深度相同，改变
液体的密度，所以选择1、6两组实验数据；
c．橡皮膜在水中的朝向不同，但是相同，由此说明液体内部同一深度处，液体内部朝各个
方向的压强相等；
b、分析比较实验序号1、4（或2、5或3、6）中 、h和△h数据及相关条件可得出初步结论：
当液体密度和深度的乘积相同时，液体内部压ρ 强相等；
U形管中用密度小的水可以使U形管左右两侧液面的高度差较大，实验效果明显，故
③选：C。
故答案为： 大； a．深度越大，液体内部压强越大；b．1与6；c．当液体密度和深度的乘
积相同时，①液体内②部压强相等； C
【点评】本题考查了控制变量法探③究液体内部压强特点的实验，解题的关键是对控制变量
法有正确的认识，明确哪个是控制的量，哪个是要研究的量。
26．（7分）小华做“测定小灯泡电功率”的实验。现有电源、待测小灯（标有“3.0伏”字样）、
第24页（共27页）电压表、电流表、滑动变阻器、开关及导线若干。他正确串联实验器材，然后将电压表并联
在电路中。闭合开关，移动变阻器的滑片，发现小灯始终无法正常发光，移动滑片过程中
电压表示数变化范围为0～1.5伏，电流表示数最小值为0.06安。他经过思考，换用了电压
较高的电源，重新正确连接电路，并按规范的步骤进行实验。闭合电键时，电流表和电压
表的示数如图所示。移动滑片，发现电流表指针再转过10小格时，小灯正常发光。
测定小灯的额定功率的实验原理是 P ＝ U I 。
①
请画出小华第一次实验时的电路图 。
②求出换用的电源电压及小灯的额定功率 当变阻器连入电路的电阻最大时，电压表示
③
数最大为 1.5V ，电流表示数最小值为 0.06A ，由欧姆定律 I ＝ ，变阻器的最大电阻： R 滑 ＝
＝ ＝ 2 5 ；
Ω
发现小灯始终无法正常发光，说明电源电压小于灯的额定电压 3V ；他经过思考，换用了电
压较高的电源，重新正确连接电路，则电压表并联在灯的两端，并按规范的步骤进行实验 ，
则闭合电键时变阻器连入电路的电阻最大，电流表和电压表的示数如图所示，由图知，电
压表选用小量程，分度值为 0.1V ，电压表为 1.5V ，电流表选用小量程，分度值为 0.02A ，电
流为 0.3A ，
根据串联电路的规律及欧姆定律，电源电压：
U ＝ U V +I 2 R 滑 ＝ 1.5V+0.3A×2 5 ＝ 9V ；
移动滑片，则变阻器连入电路的Ω电阻变小，电流表示数变小，因发现电流表指针再转过 1 0
小格时，小灯正常发光，故此时电路的电流，即灯的额定电流：
I ＝ 0.3A+0.02A×1 0 ＝ 0.5A ；
L
小灯的额定功率
P ＝ U I ＝ 3V×0.5A ＝ 1.5W 。（需写出计算过程）
L L L
第25页（共27页）【分析】 测定小灯的额定功率的实验原理是P＝UI；
根据他①正确串联实验器材及移动滑片过程中电压表示数变化范围为0～1.5伏，可确定
②电压表的连接位置，据此确定第一次实验时的电路图；
当变阻器连入电路的电阻最大时，电压表示数最大，电流表示数最小，由欧姆定律I＝
③
得出变阻器的最大电阻；
根据已知条件可知电压表并联在灯的两端，闭合电键时变阻器连入电路的电阻最大，根据
图知电表选用小量程，确定分度值读出电压和电流大小，根据串联电路的规律及欧姆定律
得出电源电压；
移动滑片可知变阻器连入电路的电阻变小，电流表示数变大，据此确定此时电路的电流，
即灯的额定电流；
根据P＝UI求出灯的额定电功率。
【解答】解： 测定小灯的额定功率的实验原理是P＝UI；
他正确串联①实验器材，然后将电压表并联在电路中，闭合开关，移动变阻器的滑片，发
②现小灯始终无法正常发光，移动滑片过程中电压表示数变化范围为0～1.5伏，因电压表
示数为0，故电压表不可能并联在灯的两端，也不可能并联在电源两端，故电压表只能并
联在变阻器两端（变阻器连入电路的电阻为0时，电压表示数为0），小华第一次实验时的
电路图如下所示：
当变阻器连入电路的电阻最大时，电压表示数最大为 1.5V，电流表示数最小值为
③
0.06A，由欧姆定律I＝ ，变阻器的最大电阻：R滑 ＝ ＝ ＝25 ；
Ω
第26页（共27页）发现小灯始终无法正常发光，说明电源电压小于灯的额定电压3V；他经过思考，换用了电
压较高的电源，重新正确连接电路，则电压表并联在灯的两端，并按规范的步骤进行实验，
则闭合电键时变阻器连入电路的电阻最大，电流表和电压表的示数如图所示，由图知，电
压表选用小量程，分度值为0.1V，电压表为1.5V；电流表选用小量程，分度值为0.02A，电
流为0.3A，
根据串联电路的规律及欧姆定律，电源电压：
U＝U
V
+I
2
R滑 ＝1.5V+0.3A×25 ＝9V；
移动滑片，则变阻器连入电路的Ω电阻变小，电流表示数变大，因发现电流表指针再转过10
小格时，小灯正常发光，故此时电路的电流，即灯的额定电流：
I ＝0.3A+0.02A×10＝0.5A；
L
小灯的额定功率
P ＝U I ＝3V×0.5A＝1.5W；
L L L
故答案为： P＝UI；
如上图所①示；
②见上。
【③点评】本题测定小灯泡电功率实验，考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运
用，同时考查了演绎推理能力，难度较大，从题中得出隐含的条件是关键。
第27页（共27页）
