文档内容
2020年上海市宝山区中考物理二模试卷
一、选择题（共16分）
1．（2分）原子中带负电的微粒是（ ）
A．电子 B．质子 C．中子 D．原子核
2．（2分）最先用实验测取大气压值的科学家是（ ）
A．德谟克里特 B．伽利略 C．托里拆利 D．阿基米德
3．（2分）下列单色光中，属于三原色光的是（ ）
A．黄光 B．绿光 C．橙光 D．紫光
4．（2分）小孩从滑梯上端沿斜面匀速滑到底部，不变的是（ ）
A．内能 B．重力势能 C．动能 D．机械能
5．（2分）下列光学器具在使用中，成倒立实像的是（ ）
A．幻灯机镜头 B．放大镜 C．穿衣镜 D．近视眼镜
6．（2分）如图所示，物体受到两个力的作用，这两个力是平衡力的是（ ）
A． B．
C． D．
7．（2分）甲、乙两车从相距20米的A、B两点同时相向做匀速直线运动，速度分别为v甲 、v乙 ，
甲车的s﹣t图象如图所示，经过10秒，两车相距6米，则（ ）
A．v甲 一定是2米/秒，v乙 一定为0.4米/秒
B．v甲 一定是1米/秒，v乙 一定为1.6米/秒
第1页（共27页）C．v甲 一定是2米/秒，v乙 可能为1.6米/秒
D．v甲 一定是1米/秒，v乙 可能为0.4米/秒
8．（2分）如图1所示，长方体物块甲、乙置于水平地面上，物块与地面的接触面积分别为S、
S′（S＜S′），对地面压强相等，然后将这两物体先后叠放到对方的上表面（如图2所示），
此时甲、乙对地面的压强分别为p甲 ，p乙 ，甲、乙对地面的压强变化量分别为△p甲 、△p乙 ，
则（ ）
A．p甲 ＞p乙 ，△p甲 ＞△p乙 B．p甲 ＜p乙 ，△p甲 ＞△p乙
C．p甲 ＜p乙 ，△p甲 ＜△p乙 D．p甲 ＞p乙 ，△p甲 ＜△p乙
二、填空题（共24分）
9．一节新干电池的电压为 伏，将两节相同的干电池 联在一起可以使电源电
压增大；给手机充电，是将电能转化为 能而储存起来。
10．如图所示，小娟踢下落下的毽子时，毽子会向上飞出，此现象主要表明力可以改变物体的
（选择“运动状态”或“形状”）；踢出的毽子在上升过程中所受重力的方向是 ，
它的惯性是 的（选填“增大”、“减小”或“不变”）。
11．生活中蕴含着很多物理知识：将玻璃镜片换成树脂镜片，是为了眼镜对鼻梁的 ；
将装有食品的塑料袋浸入水中（如图所示），从而利用 将袋中的空气排出；将窗户
的双层玻璃间抽成真空，它主要起到 和隔热的作用。
第2页（共27页）12．夏天，将一盆水放在太阳下晒了一段时间，使得水温升高5℃，水分子的 运动加剧，
这是通过 方式改变了水的内能，若这盆水的质量是4千克，则这盆水吸收的热量
为 焦。[c水 ＝4.2×103焦/（千克•℃）]
13．通过某导体的电流为0.3安，10秒内通过其横截面的电荷量为 库；若该导体两端
的电压为3伏，则这段时间内电流做的功为 焦，其电阻为 欧。
14．在如图所示的电路中，电源电压保持不变，电键S闭合后，小灯L发光，移动划片P后，发
现小灯熄灭。若电路中仅有AB两点间或BC两点间出现故障，请利用一个完好的电流表
（或电压表）连入该电路中，根据相关信息写出电表连接情况和示数情况，判断出相对应
的故障。
15．一辆轿车沿平直的公路向右行驶，轿车发动机产生的动力是2000牛（大小不变），所受的
阻力是1000牛，此时轿车在水平方向上所受合力大小F合 为 牛；已知它从静止加
速到100千米/小时，通过路程是200米。若驾驶员在车速达到100千米/小时时，立刻关闭
油门（即失去动力），使这辆轿车在这条公路上滑行前行，请你估算一下，它将滑行
米才会停下，并说明你的理由 。
三、作图题
16．在如图中，根据给出的入射光线AO画出反射光线OB，并标出反射角及度数。
第3页（共27页）17．根据图中通电螺线管的S极，标出磁感线方向、小磁针的N极，并在括号内标出电源的正、
负极。
18．在图中，在电源、电流表、电压表三个元件中选择两个，并将其符号正确填进电路的空缺
处。要求电键S闭合后：（a）电流方向如图所示；（b）向右移动滑动变阻器的滑片P，电表
的示数变小，小灯泡亮度变小。
四、计算题
19．一物体浸没在水中，排开水的体积为2×10﹣3米3．求：此物体受到的浮力F浮 。
20．杠杆平衡时，动力F 的大小为20牛，动力臂l 为0.3米，阻力臂l 为0.2米，求阻力F 的
1 1 2 2
大小。
21．如图所示，薄壁柱形容器B置于水平地面上，均匀立方体A放置在容器B内，已知A的
边长a为0.1米，质量为1千克；B的高为0.15米，B的底面积为5×10﹣2米2。
（1）求立方体A的密度 ；
A
（2）若再沿容器壁向容器ρB内缓慢注入质量为6千克的水，求：在这注水过程中，物体A
第4页（共27页）对容器底部压强的变化范围。
22．在图1所示的电路中，电源电压恒定不变，R 的阻值为30欧，变阻器R 上标有“20
1 2
2A”字样。将变阻器R 的划片P移动到某一位置后，闭合电键S，通过R 的电流为0.2安Ω ，
2 1
电流表A 的示数为如图2所示。求：
2
（1）电源电压U；
（2）通过电阻R 的电流I ；
2 2
（3）安全状态下，电路所消耗的最大总功率P总最大 。
五、实验题
23．在“探究二力平衡的条件”实验中，用 来测量物体所受的两个拉力大小，且在测
量前要依据拉力方向完成它的 调节；在“用电流表测电流、用电压表测电压”实
验中，电流表要 （选填“串联”或“并联”）在电路中，且使电流从它的
接线柱流入。
24．在“探究凸透镜成像规律”的实验中，所选凸透镜的焦距为10厘米，安装好实验器材后，
发现光屏上呈现图1所示的烛焰的像，我们可以判断凸透镜和光屏的中心跟接烛焰的中
心 同一高度（选填“在”或“不在”）。器材规范调整好后，移动光屏至图2所示
位置时，在光屏上得到一个清晰的像，比较像与物，可以得出此时凸透镜所呈的像是一个
的像；测出光屏、烛焰分别至凸透镜的距离，可以比较得出此时像距 物距。
第5页（共27页）25．某小组同学通过实验研究导体的电阻与哪些因素有关。如图所示，他们在常温下将横截
面积、长度不同的铁丝接入电路的MN两点间，利用电流表和电压表测量后计算出阻值，
将数据记录在表1、表2中。
表1 铁丝
实验 长度l（米） 横截面积S 电阻R
序号 （毫米2） （欧）
1 1.0 0.2 0.5
2 2.0 0.2 1.0
3 4.0 0.2 2.0
表2铁丝
实验 长度l（米） 横截面积S 电阻R
序号 （毫米2） （欧）
4 2.0 0.1 2.0
5 2.0 0.2 1.0
6 2.0 0.4 0.5
分析比较实验序号 可得出的初步结论是：常温下，导体的材料、长度相同，导体
①的横截面积越大，电阻越小。
分析比较实验序号（1、2、3）可得出的初步结论是：常温下， 。
②请进一步综合分析表一、表二的相关数据，并归纳得出结论。
（③a）分析比较（1与6）、（2与4）或（3与5）的数据及相关条件，可得出的初步结论是：常温
下， 。
（b）分析比较（1与6）、（2与4）或（3与5）的数据及相关条件，可得出的初步结论是：常温
下， 。
他们继续分析表一和表二的数据及相关条件，发现无法得到导体的电阻与材料的关系。
④请你在表三中为他们在添加两组符合要求的材料（填表三），并将所得实验数据与上述两
第6页（共27页）表中实验序号 的数据进行比较，进一步探究导体的电阻与材料的关系。
表三
实验序号 材料 长度/（米） 横截面积S（毫米） 电阻R（欧）
7
/
8
/
26．小顾同学做“测定小灯泡的额定电功率”实验，实验室提供的器材有干电池若干节，标
有“3.8伏”字样的待测小灯一个、电压表一只、电流表一只，滑动变阻器（标有“20
2A”字样）一个，电键一个，导线若干。他按如图1先将用导线将待测小灯、电键、电流表Ω、
电压表连接好，然后将干电池先后一节、两节串联后和三节串联后逐次接入电路中的A/B
两点间，并调整好电压表的量程，再闭合电键读取两个电表的示数，记录在如表中。
实验序号 电流（安） 电压（伏） 电功率（瓦） 小灯亮度
1 0.14 1.5 非常暗
2 0.22 2.6 很暗
3 0.28 3.5 较暗
（1）分析如表中 栏记录的情况，可以判断小灯是否达到正常发光。
（2）分析如表中记录的电压变化，发现随着电池节数的增加，小灯两端的电压增加量逐渐
减小，造成这一现象的原因可能是 。
（3）为了利用实验室提供的这些器材使小灯泡正常发光，小顾同学接下来的操作是：
。
（4）小顾同学按合理的设计方案正确连接电路，且操作步骤正确，当小灯正常发光时电流
表的示数如图2所示，则小灯的额定电流为 安，小灯的额定功率为 瓦。
第7页（共27页）第8页（共27页）2020年上海市宝山区中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共16分）
1．（2分）原子中带负电的微粒是（ ）
A．电子 B．质子 C．中子 D．原子核
【分析】原子由原子核和核外电子构成，核外电子带负电荷，原子核由带正电的质子和不
带电的中子构成，据此作答。
【解答】解：原子由原子核和核外电子构成，原子核由质子和中子构成。其中质子带正电荷、
核外电子带负电荷、中子不带电荷。
故选：A。
【点评】本题考查原子的构成，需要掌握：原子由原子核和核外电子构成，原子核由质子和
中子构成。其中质子带正电荷、核外电子带负电荷、中子不带电荷，质子数＝原子核外电
子数。
2．（2分）最先用实验测取大气压值的科学家是（ ）
A．德谟克里特 B．伽利略 C．托里拆利 D．阿基米德
【分析】本题根据对初中物理中几位重大贡献的科学家的认识做出选择。
【解答】解：A、古希腊哲学家德谟克利特提出“原子论”，认为宇宙万物是由微小的“原
子”组成的；
B、伽利略用实验证实了日心说；
C、托里拆利第一个测出了大气压的值；
D、阿基米德发现了阿基米德原理。
故选：C。
【点评】多了解物理学史对培养我们学习物理的兴趣是有帮助的，所以考试中也时有涉及，
在学习中应注意。
3．（2分）下列单色光中，属于三原色光的是（ ）
A．黄光 B．绿光 C．橙光 D．紫光
【分析】红、绿、蓝三种色光叫色光的三原色。
【解答】解：红、绿、蓝被称为色光的三原色，故绿光是光的三原色之一。
故选：B。
第9页（共27页）【点评】光的三原色需要牢固记忆和掌握；色光的三原色和颜料的三原色容易混淆，要正
确区分。
4．（2分）小孩从滑梯上端沿斜面匀速滑到底部，不变的是（ ）
A．内能 B．重力势能 C．动能 D．机械能
【分析】（1）克服摩擦做功，机械能转化为内能。
（2）动能的大小与物体的质量和速度有关，质量越大、速度越大，动能就越大；
重力势能的大小与物体的质量和高度有关，质量越大、高度越高，重力势能就越大；
机械能等于动能和重力势能的和。
【解答】解：A、小孩滑下过程中，克服滑梯摩擦做功，一部分机械能转化为内能，内能增加，
故A错误；
BCD、小孩从滑梯上匀速滑下，小孩的质量不变，速度不变，动能不变；小孩高度降低，重
力势能减小；机械能等于动能和重力势能的和，所以机械能减少；
故BD错误，C正确。
故选：C。
【点评】解决此类问题要结合影响动能和势能的大小变化的因素以及改变物体内能的方法
去分析，难度不大。
5．（2分）下列光学器具在使用中，成倒立实像的是（ ）
A．幻灯机镜头 B．放大镜 C．穿衣镜 D．近视眼镜
【分析】根据每种光学器材的成像特点进行分析。
【解答】解：
幻灯机镜头是凸透镜，幻灯机在使用中，物距大于两倍焦距，此时成倒立、放大的实像；
放大镜在使用中，物距小于焦距，成正立、放大的虚像；
穿衣镜成的是正立、等大的虚像；
近视眼镜是凹透镜，成缩小的虚像；
所以，只有A项符合题意。
故选：A。
【点评】本题考查了不同光学器材的成像特点，难度不大。
6．（2分）如图所示，物体受到两个力的作用，这两个力是平衡力的是（ ）
第10页（共27页）A． B．
C． D．
【分析】判断两个力是否是一对平衡力，要看它们是否同时满足四个条件，即：作用在同一
物体上，在同一直线上，大小相等，方向相反。
【解答】解：
A、图中两个力不是作用在同一直线上，则这两个力不能平衡，故A不符合题意；
B、图中两个力不是作用在同一直线上，则这两个力不能平衡，故B不符合题意；
C、图中两个力的大小不相等，则这两个力不能平衡，故C不符合题意；
D、图中，两个力作用在同一物体上，在同一直线上，大小相等，方向相反，是一对平衡力，
故D符合题意。
故选：D。
【点评】判断两个力是否是平衡力，两个力一定同时满足平衡力的四个条件，缺一不可。
7．（2分）甲、乙两车从相距20米的A、B两点同时相向做匀速直线运动，速度分别为v甲 、v乙 ，
甲车的s﹣t图象如图所示，经过10秒，两车相距6米，则（ ）
A．v甲 一定是2米/秒，v乙 一定为0.4米/秒
B．v甲 一定是1米/秒，v乙 一定为1.6米/秒
C．v甲 一定是2米/秒，v乙 可能为1.6米/秒
D．v甲 一定是1米/秒，v乙 可能为0.4米/秒
【分析】根据速度公式即可求出甲的速度；
第11页（共27页）经过10秒，甲、乙相距6m时有两种情况：一种是甲乙两车未相遇时相距10m，二是相遇
以后相距10m。据此根据路程相等，利用速度公式列出等式求解。
【解答】解：
由图象可得甲的速度：
v甲 ＝ ＝ ＝1m/s；
因为甲乙是相向而行，所以有v甲t+v乙t＝20m﹣6m，或v乙t+v甲t＝20m+6m，
代入数值可得：
1m/s×10+v乙×10s＝20m﹣6m＝14m，或1m/s×10s+v乙×10s＝20m+6m＝26m，
解得v乙 ＝0.4m/s或v乙 ＝1.6m/s。
故选：D。
【点评】此题考查速度公式及其应用，有一定难度，能够从图象上获取相关信息，并根据题
意分析出甲、乙相距10m时有两种情况是解答此题关键。
8．（2分）如图1所示，长方体物块甲、乙置于水平地面上，物块与地面的接触面积分别为S、
S′（S＜S′），对地面压强相等，然后将这两物体先后叠放到对方的上表面（如图2所示），
此时甲、乙对地面的压强分别为p甲 ，p乙 ，甲、乙对地面的压强变化量分别为△p甲 、△p乙 ，
则（ ）
A．p甲 ＞p乙 ，△p甲 ＞△p乙 B．p甲 ＜p乙 ，△p甲 ＞△p乙
C．p甲 ＜p乙 ，△p甲 ＜△p乙 D．p甲 ＞p乙 ，△p甲 ＜△p乙
【分析】（1）甲乙的压强相等，知道甲乙的受力面积，根据压强公式可以判断甲乙对地面
的压力，判断出甲乙重力的关系，叠加后根据p＝ 写出甲乙对地面的压强，根据S＜S′
判断甲乙对地面的压强；
（2）压强变化量等于现在压强减去原来的压强差，然后进行比较。
【解答】解：（1）甲、乙的底面积分别为S、S（' S＜S'），甲乙对地面压强相等，根据 F＝pS知
第12页（共27页）甲对水平地面的压力小于乙对水平地面的压力，所以甲的重力＜乙的重力；
将乙叠放在甲的上面，此时甲对地面的压强：p甲 ＝ ，
将甲叠放在乙的上面，此时乙对地面的压强：p乙 ＝ ，
因为S＜S′，
所以p甲 ＞p乙 ，故BC错误；
（2）甲对地面的压强变化量为：△p甲 ＝ ﹣ ＝ ，
乙对地面的压强变化量为：△p乙 ＝ ﹣ ＝ ，
因为G甲 ＜G乙 ，S＜S′，
所以△p甲 ＞△p乙 ，故A正确，D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了固体压强公式的应用，掌握叠加后压力和受力面积的变化是解决本题
的关键。
二、填空题（共24分）
9．一节新干电池的电压为 1. 5 伏，将两节相同的干电池 串 联在一起可以使电源电压
增大；给手机充电，是将电能转化为 化学 能而储存起来。
【分析】（1）记住常见电压值，一节干电池的电压为1.5V，干电池串联后的电压等于每节
电池的电压之和。
（2）手机电池充电过程将电能转化为化学能。
【解答】解：一节新干电池的电压为1.5V，将两节相同的干电池串联使用后的电压为3V，
即电源电压增大。
给手机充电，是将电能转化为化学能储存起来。
故答案为：1.5；串；化学能。
【点评】记住常见电压值，明确生活中常见的能量转化，可解答此题。
10．如图所示，小娟踢下落下的毽子时，毽子会向上飞出，此现象主要表明力可以改变物体的
运动状态 （选择“运动状态”或“形状”）；踢出的毽子在上升过程中所受重力的方向
是 竖直向下 ，它的惯性是 不变 的（选填“增大”、“减小”或“不变”）。
第13页（共27页）【分析】（1）力的作用效果是改变物体的形状和改变物体的运动状态；物体运动状态的改
变指：物体方向的改变和物体速度的改变；
（2）重力方向是竖直向下；
（3）惯性的大小只与物体的质量有关。
【解答】解：（1）在力的作用下，毽子向上飞出过程中，运动方向和速度都发生了变化，也就
是力改变了毽子的运动状态；
（2）踢出的毽子在上升过程中所受重力的方向是竖直向下；
（3）毽子向上运动的过程中，质量不变，惯性是不变的。
故答案为：运动状态；竖直向下；不变。
【点评】此题考查力的作用效果，重力的方向及惯性的有关知识，难度不大。
11．生活中蕴含着很多物理知识：将玻璃镜片换成树脂镜片，是为了眼镜对鼻梁的 压力变
小 ；将装有食品的塑料袋浸入水中（如图所示），从而利用 液体压强 将袋中的空气
排出；将窗户的双层玻璃间抽成真空，它主要起到 降噪 和隔热的作用。
【分析】（1）由 ＝ 可知，体积一定时，密度越大，质量越大，重力越大，对鼻梁的压力越
ρ
大；
（2）在压力一定时，增大接触面的粗糙程度可以增大摩擦力；
（3）声音的传播需要介质，真空不能传声。
【解答】解：
（1）与传统的玻璃镜片相比较，树脂镜片的密度较小，根据 ＝ 知，体积一定时，树脂镜
ρ
第14页（共27页）片的质量小，重力小，对鼻梁的压力小；
（2）将装有食品的塑料袋浸入水中，水会对塑料袋产生压强，当大于塑料袋内的气体压强
时，在内外压强差的作用下袋中的空气被排出；
（3）由于真空不能传播声音，所以将窗户的双层玻璃间抽成真空，除起到隔热作用外，还
可以起到降噪的作用。
故答案为：压力变小；液体压强；降噪。
【点评】本题考查了密度公式、液体压强的应用，以及声音的传播条件，有一定综合性，但
难度不大。
12．夏天，将一盆水放在太阳下晒了一段时间，使得水温升高5℃，水分子的 无规则 运动
加剧，这是通过 热传递 方式改变了水的内能，若这盆水的质量是4千克，则这盆水吸
收的热量为 8.4×1 0 4 焦。[c水 ＝4.2×103焦/（千克•℃）]
【分析】（1）温度越高，分子的无规则运动越剧烈；改变物体内能的方式：做功和热传递；
（2）利用吸热公式Q吸 ＝cm△t求水吸收的热量。
【解答】解：
（1）将一盆水放在太阳下晒了一段时间，水吸收热量、温度升高，水分子的无规则运动加
剧，这是通过热传递的方式改变了水的内能；
（2）水吸收的热量：
Q吸 ＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×4kg×5℃＝8.4×104J。
故答案为：无规则；热传递；8.4×104。
【点评】本题考查了分子的无规则运动、改变物体内能的方式、吸热公式Q吸 ＝cm△t的应
用，属于基础题目。
13．通过某导体的电流为0.3安，10秒内通过其横截面的电荷量为 3 库；若该导体两端的
电压为3伏，则这段时间内电流做的功为 9 焦，其电阻为 1 0 欧。
【分析】知道通过某导体的电流，根据I＝ 求出10秒内通过其横截面的电荷量，根据W
＝UIt＝UQ求出电流做的功，根据欧姆定律求出导体的电阻。
【解答】解：由I＝ 可得，10秒内通过其横截面的电荷量：
Q＝It＝0.3A×10s＝3C，
这段时间内电流做的功：
W＝UIt＝UQ＝3V×3C＝9J，
第15页（共27页）由I＝ 可得，导体的电阻：
R＝ ＝ ＝10 。
Ω
故答案为：3；9；10。
【点评】本题考查了电流定义式和电功公式、欧姆定律的应用，是一道基础题目。
14．在如图所示的电路中，电源电压保持不变，电键S闭合后，小灯L发光，移动划片P后，发
现小灯熄灭。若电路中仅有AB两点间或BC两点间出现故障，请利用一个完好的电流表
（或电压表）连入该电路中，根据相关信息写出电表连接情况和示数情况，判断出相对应
的故障。 把电流表串联接入电路中；若电流表无示数，说明灯泡断路或滑动变阻器断路 ；
若电流表有示数说明灯泡短路；把电压表并联到灯泡两端：若电压表有示数，说明灯泡短
路；若电压表无示数，说明灯泡短路或滑动变阻器断路；把电压表并联到滑动变阻器两端 ：
若电压表有示数，说明灯泡短路；若电压表无示数，说明灯泡断路。
【分析】小灯泡不发光，说明小灯泡短路或电路出现了断路；可以把电流表串联接入电路
中或把电压表并联接入电路中，根据电表的示数判定故障的情况。
【解答】解：移动滑动变阻器的滑片，小灯泡熄灭，说明小灯泡短路或电路出现了断路；
选取电流表：
把电流表串联接入电路中；若电流表无示数，说明灯泡断路或滑动变阻器断路；若电流表
有示数说明灯泡短路；
选取电压表：
把电压表并联到灯泡两端：若电压表有示数，说明灯泡短路；若电压表无示数，说明灯泡
短路或滑动变阻器断路；
把电压表并联到滑动变阻器两端：若电压表有示数，说明灯泡短路；若电压表无示数，说
明灯泡断路。
故答案为：把电流表串联接入电路中；若电流表无示数，说明灯泡断路或滑动变阻器断路；
若电流表有示数说明灯泡短路；把电压表并联到灯泡两端：若电压表有示数，说明灯泡短
路；若电压表无示数，说明灯泡短路或滑动变阻器断路；把电压表并联到滑动变阻器两端：
第16页（共27页）若电压表有示数，说明灯泡短路；若电压表无示数，说明灯泡断路。
【点评】电压表如果有示数，说明与电压表串联的元件是完好的；如果无示数，说明与电压
表串联的元件有断路，或与电压表并联的元件短路。
15．一辆轿车沿平直的公路向右行驶，轿车发动机产生的动力是2000牛（大小不变），所受的
阻力是1000牛，此时轿车在水平方向上所受合力大小F合 为 100 0 牛；已知它从静止加
速到100千米/小时，通过路程是200米。若驾驶员在车速达到100千米/小时时，立刻关闭
油门（即失去动力），使这辆轿车在这条公路上滑行前行，请你估算一下，它将滑行 20 0
米才会停下，并说明你的理由 加速时合力为 1000N ，通过的路程为 200m ；减速时在水平
方向上受到阻力的作用，阻力大小为 1000N ，即加速时的合力与减速时的合力大小相同，
则通过的路程也相同，都为 200m 。
【分析】同一直线上方向相反的两个力，合力大小等于这两个力的差，方向与较大力的方
向相同；
根据汽车加速和减速时水平方向上受到的合力的大小分析。
【解答】解：
一辆轿车沿平直的公路向右行驶，其受到动力的方向水平向前，阻力的方向水平向后，二
力在同一直线上，
则此时轿车在水平方向上所受合力大小：F合 ＝F动 ﹣F阻 ＝2000牛﹣1000牛＝1000牛；
加速时合力大小为1000N，通过的路程为200m；减速时在水平方向上受到阻力的作用，阻
力大小为1000N，即加速时的合力与减速时的合力相同，则通过的路程也相同，都为
200m，即轿车关闭油门后，它滑行的路程为200m。
故答案为：
1000；200；加速时合力大小为1000N，通过的路程为200m；减速时在水平方向上受到阻力
的作用，阻力大小为1000N，即加速时的合力与减速时的合力大小相同，则通过的路程也
相同，都为200m。
【点评】本题考查同一直线上反方向的二力合成，难点是2、3两空，需从合力大小的角度
来推测汽车运动的路程。
三、作图题
16．在如图中，根据给出的入射光线AO画出反射光线OB，并标出反射角及度数。
第17页（共27页）【分析】根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分
居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线并标出反射角及其度数。
【解答】解：
过入射点O作法线，入射光线AO与平面镜的夹角为30°，则入射角为90°﹣30°＝60°，由
反射定律可知反射角也为60°，在法线右侧画出反射光线OB即可，如图所示：
【点评】本题考查根据反射定律作图，要牢固掌握反射定律，作图要规范。
17．根据图中通电螺线管的S极，标出磁感线方向、小磁针的N极，并在括号内标出电源的正、
负极。
【分析】（1）在磁体的周围，磁感线从磁体的N极出发回到S极，根据螺线管的N、S极即
可确定磁感线的方向；
（2）磁极间的作用规律是同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，当小磁针自由静止时，
相互靠近的一定是异名磁极，由此可以确定小磁针的N极。
（3）根据通电螺线管的N、S极和线圈绕向，利用安培定则可以确定线圈中的电流方向，进
而可以确定电源的正负极。
【解答】解：（1）螺线管的左端为S极，则其右端为N极，在磁体周围磁感线从N极出发回
到S极，由此可以确定磁感线的方向是向左的。
（2）根据磁极间的作用规律可知，小磁针靠近螺线管S极的一端是小磁针的N极。
第18页（共27页）（3）螺线管的右端为N极，结合螺线管的线圈绕向，利用安培定则可以确定螺线管中的电
流方向是从螺线管的左端流入，右端流出；在电源的外部，电流从电源的正极流出，回到
电源负极，所以电源的左端为正极，右端为负极。
如下图所示：
【点评】安培定则中共涉及三个方向：电流方向、线圈绕向、磁场方向，告诉其中的两个可
以确定地三个。在此题中，螺线管的S极是解决此题的突破口。
18．在图中，在电源、电流表、电压表三个元件中选择两个，并将其符号正确填进电路的空缺
处。要求电键S闭合后：（a）电流方向如图所示；（b）向右移动滑动变阻器的滑片P，电表
的示数变小，小灯泡亮度变小。
【分析】根据电压表应与被测用电器并联，电流表应与用电器串联，再结合滑动变阻器和
小灯泡L串联可判断各元件的位置。
【解答】解：根据电流的流向可确定电池的正负极，因为在电源、电流表、电压表三个元件
中选择两个，所以电源是必须选的，
若电源在左边，则右边必须为电流表，且向右移动滑动变阻器的滑片P，电流表的示数变
小，移动滑片不影响小灯泡的亮度，因此右边为电源，则左边必须为电压表，因为如果左
边为电流表，则灯泡会被短路；
根据向右移动滑动变阻器的滑片P时，小灯变暗，电表的示数变小，说明电压表并联在灯
泡的两端，如图所示。
第19页（共27页）【点评】明确电流表、电压表、电源的连接要求，并特别注意电流方向这一条件，是正确判
断的关键。
四、计算题
19．一物体浸没在水中，排开水的体积为2×10﹣3米3．求：此物体受到的浮力F浮 。
【分析】知道物体排开水的体积和水的密度，利用阿基米德原理求物体受到的浮力。
【解答】解：
F浮 ＝ 水gV排
＝1.0×ρ103千克/米3×9.8牛/千克×2×10﹣3米3
＝19.6牛。
答：物体受到的浮力为19.6牛。
【点评】本题考查了学生对阿基米德原理的掌握和运用，因条件已给出，难度不大。
20．杠杆平衡时，动力F 的大小为20牛，动力臂l 为0.3米，阻力臂l 为0.2米，求阻力F 的
1 1 2 2
大小。
【分析】知道动力、动力臂、阻力臂的大小，根据杠杆的平衡条件F l ＝F l 求出阻力的大小。
11 22
【解答】解：由杠杆的平衡条件F l ＝F l 可得，阻力的大小：
11 22
F ＝ ＝ ＝30N。
2
答：阻力F 的大小为30N。
2
【点评】本题考查了学生对杠杆平衡条件的掌握和运用，属于基础题目。
21．如图所示，薄壁柱形容器B置于水平地面上，均匀立方体A放置在容器B内，已知A的
边长a为0.1米，质量为1千克；B的高为0.15米，B的底面积为5×10﹣2米2。
（1）求立方体A的密度 ；
A
（2）若再沿容器壁向容器ρB内缓慢注入质量为6千克的水，求：在这注水过程中，物体A
对容器底部压强的变化范围。
第20页（共27页）【分析】（1）根据密度公式算出物体A的密度；
（2）根据p ＝ ＝ ＝ 算出没有注水时物体A对容器底的压强；
1
根据物体的密度与水的密度判断出物体处于悬浮状态；根据密度公式算出若刚好完全浸
没时加入水的质量，从而判断出当注入质量为6千克的水时物体A处于悬浮状态，从而判
断出物体A对容器底的压强为0，据此判断出在这注水过程中物体A对容器底部压强的
变化范围。
【解答】解：（1）立方体A的密度为： ＝ ＝ ＝1×103kg/m3；
A
ρ
（2）没有注水时物体A对容器底的压强为：
p ＝ ＝ ＝ ＝ ＝1000Pa；
1
因为物体的密度等于水的密度，所以若A完全浸没会处于悬浮状态；若刚好完全浸没时
加入水的质量为：
m水 ＝ 水 （S B ﹣S A ）×h a ＝1.0×103kg/m3×（5×10﹣2m2﹣0.1m×0.1m）×0.1m＝4kg，
所以当ρ注入质量为6千克的水，物体全部浸没水中，物体A处于悬浮状态，对容器底的压
强为0；
在这注水过程中，物体A对容器底部压强的变化范围为1000～0Pa。
答：（1）立方体A的密度 为＝1×103kg/m3；
A
（2）若再沿容器壁向容器Bρ内缓慢注入质量为6千克的水，在这注水过程中，物体A对容
器底部压强的变化范围为1000～0Pa。
【点评】本题考查了压强公式、密度公式以及浮沉条件的应用等知识，是一道综合题，有一
定的难度。
22．在图1所示的电路中，电源电压恒定不变，R 的阻值为30欧，变阻器R 上标有“20
1 2
2A”字样。将变阻器R 的划片P移动到某一位置后，闭合电键S，通过R 的电流为0.2安Ω ，
2 1
电流表A 的示数为如图2所示。求：
2
第21页（共27页）（1）电源电压U；
（2）通过电阻R 的电流I ；
2 2
（3）安全状态下，电路所消耗的最大总功率P总最大 。
【分析】（1）根据并联电路的特点和欧姆定律求出电源电压；
（2）根据电流表的量程和分度值读出电流表示数，根据并联电路的电流规律求出通过R
2
的电流I ；
2
（3）根据最大电流和电源电压求出最大功率。
【解答】解：（1）闭合电键S，该电路为并联电路；根据欧姆定律可知，R 的电压即电源电压
1
为：电源电压U＝U ＝I R ＝0.2A×30 ＝6V；
1 1 1
（2）由图可知，电流表若选用小量程，分Ω度值为0.02A，示数为0.2A；由于干路中的电流等
于支路电流的和，即干路中的电流要大于支路中的电流，通过R 的电流为0.2安，所以干
1
路中的电流应大于0.2A，所以电流表选用的是大量程，分度值为0.1A，示数为0.8A，电阻
R 的电流I ＝0.8A﹣0.2A＝0.6A；
2 2
（3）由于滑动变阻器的电阻可以改变，能增大通过滑动变阻器的电流，滑动变阻器最大电
流为2A，则干路中最大电流为I＝2A+0.2A＝2.2A；
则最大功率为：P＝UI＝6V×2.2A＝13.2W。
答：（1）电源电压U＝6V；
（2）通过电阻R 的电流为0.6A；
2
（3）安全状态下，电路所消耗的最大总功率为13.2W。
【点评】本题考查了欧姆定律的应用、并联电路的电压和电流的特点，难度不大。
五、实验题
23．在“探究二力平衡的条件”实验中，用 弹簧测力计 来测量物体所受的两个拉力大小，
且在测量前要依据拉力方向完成它的 指针 调节；在“用电流表测电流、用电压表测电
压”实验中，电流表要 串联 （选填“串联”或“并联”）在电路中，且使电流从它的
正 接线柱流入。
第22页（共27页）【分析】 弹簧测力计是测量力的大小的工具。使用弹簧测力计之前要观察弹簧测力计的
量程和分①度值，还要观察指针是否与0刻线对齐，必要时先调零；
电流表的正确使用方法是：与被测用电器串联；电流必须从电流表的正接线柱流入，负
②接线柱流出；所测量的电流不能超过电流表的量程；绝对不允许不经过用电器把电流表直
接接在电源两极上。
【解答】解： 弹簧测力计是测量力的大小的工具。所以在“探究二力平衡的条件”实验
中，用弹簧测①力计来测量物体所受的两个拉力大小，测量之前要观察指针是否与0刻线对
齐，必要时先调零；
在“用电流表测电流”实验中，电流表必须串联在电路中，连接电路时应使电流从电
②流表的正接线柱流入，恰当选择量程。
故答案为：弹簧测力计；指针；串联；正。
【点评】此题考查了弹簧测力计和电流表的使用，属于基本技能的考查，难度不大。
24．在“探究凸透镜成像规律”的实验中，所选凸透镜的焦距为10厘米，安装好实验器材后，
发现光屏上呈现图1所示的烛焰的像，我们可以判断凸透镜和光屏的中心跟接烛焰的中
心 不在 同一高度（选填“在”或“不在”）。器材规范调整好后，移动光屏至图2所示
位置时，在光屏上得到一个清晰的像，比较像与物，可以得出此时凸透镜所呈的像是一个
倒立放大 的像；测出光屏、烛焰分别至凸透镜的距离，可以比较得出此时像距 大于
物距。
【分析】（1）在探究凸透镜的成像规律实验中，需要使凸透镜、烛焰、光屏的中心大致在同
一高度处，从而使像呈在光屏的中央；
（2）当f＜u＜2f时，呈倒立放大的实像，此时的像距v＞2f，此应用为投影仪。
【解答】解：
由图1可知像呈在光屏的下方，不在中央，所以凸透镜和光屏的中心跟接烛焰的中心不在
同一高度；由图可知此时的物距u＝15cm，而凸透镜的焦距f＝10cm，故f＜u＜2f，所以呈
倒立放大的实像，此时的像距v＞2f，所以v＞u。
第23页（共27页）故答案为：不在；倒立放大；大于。
【点评】此题是探究凸透镜成像规律的实验，要熟练掌握凸透镜成像的特点与物距、像距
之间的关系及应用。同时考查了有关实验器材的调节，为使像能成在光屏的中央，需要使
凸透镜、烛焰、光屏的中心大致在同一高度处。
25．某小组同学通过实验研究导体的电阻与哪些因素有关。如图所示，他们在常温下将横截
面积、长度不同的铁丝接入电路的MN两点间，利用电流表和电压表测量后计算出阻值，
将数据记录在表1、表2中。
表1 铁丝
实验 长度l（米） 横截面积S 电阻R
序号 （毫米2） （欧）
1 1.0 0.2 0.5
2 2.0 0.2 1.0
3 4.0 0.2 2.0
表2铁丝
实验 长度l（米） 横截面积S 电阻R
序号 （毫米2） （欧）
4 2.0 0.1 2.0
5 2.0 0.2 1.0
6 2.0 0.4 0.5
分析比较实验序号 2 、 4 、 6 可得出的初步结论是：常温下，导体的材料、长度相同，导
①体的横截面积越大，电阻越小。
分析比较实验序号（1、2、3）可得出的初步结论是：常温下， 导体的材料和横截面积相
②同时，导体的电阻与长度成正比 。
请进一步综合分析表一、表二的相关数据，并归纳得出结论。
（③a）分析比较（1与6）、（2与4）或（3与5）的数据及相关条件，可得出的初步结论是：常温
下， 同种材料的导体，长度与横截面积的比值相同，电阻相同 。
（b）分析比较（1与6）、（2与4）或（3与5）的数据及相关条件，可得出的初步结论是：常温
下， 同种材料的导体，长度与横截面积的比值越大，电阻越大 。
他们继续分析表一和表二的数据及相关条件，发现无法得到导体的电阻与材料的关系。
④请你在表三中为他们在添加两组符合要求的材料（填表三），并将所得实验数据与上述两
表中实验序号 2 或 5 的数据进行比较，进一步探究导体的电阻与材料的关系。
第24页（共27页）表三
实验序号 材料 长度/（米） 横截面积S（毫 电阻R（欧）
米）
7
/
8
/
【分析】 要探究导体电阻与横截面积的关系，需要控制导体的材料相同，长度相同，横截
面积不同①，据此判断需要的实验序号；
影响电阻大小的因素是材料、长度、横截面积，根据控制变量法，要研究其中一个因素
②与电阻的关系，就必控制其他两个相同，分析表一和表二的数据结合控制变量法得到答案；
（a）分析比较1与6、2与4或3与5的数据及相关条件与数据，可得出相关结论；
（③b）分析比较1与6、2与4和3与5的数据及相关条件，根据导体条件的异同与实验数据
的关系得出相关结论；
要探究导体的电阻与材料的关系，需要控制长度和横截面积相同，选择材料不同的导
④体进行实验，根据数据选择合适的器材。
【解答】解：
从表中数据可知，2、4、6的材料相同，长度相同，横截面积不同，电阻不同，可得出的初
①步结论是：常温下，导体的材料、长度相同，导体的横截面积越大，电阻越小；
根据控制变量法可知，表一中的材料相同、横截面积相同，长度不同，可以探究电阻大
②小与长度的关系；从表一数据可知，长度越长，电阻越大，且长度增大为原来的几倍，电阻
也增大为原来的几倍，得出的初步结论是：常温下，导体的材料和横截面积相同时，导体
的电阻与长度成正比；
（a）从表中数据可知，1与6、2与4或3与5的电阻相同，比较发现它们的长度与横截
③面积的比值相同，故得到的结论为：常温下，同种材料的导体，长度与横截面积的比值相
同，电阻相同；
（b）从表中数据可知，1与6、2与4或3与5的长度与横截面积的比值越大，电阻越大，故
第25页（共27页）得到的结论为：常温下，同种材料的导体，长度与横截面积的比值越大，电阻越大；
要探究导体的电阻与材料的关系，需要控制长度和横截面积相同，而材料不同；则长度
④为0.2米、横截面积为0.2毫米2的镍铬合金丝和锰铜丝，
如下表所示：
实验序号 材料 长度/（米） 横截面积S（毫 电阻R（欧）
米）
7 镍铬合金丝 2.0 0.2
/
8 锰铜丝 2.0 0.2
/
分析所给器材可知，导体的横截面积、长度与上述两表中实验序号2或5的铁丝横截面积、
长度均相同，材料不同，故可用来探究导体的电阻与材料的关系；
故答案为：
2、4、6；
①导体的材料和横截面积相同时，导体的电阻与长度成正比；
②（a）同种材料的导体，长度与横截面积的比值相同，电阻相同；
④（b）同种材料的导体，长度与横截面积的比值越大，电阻越大；
见上表；2或5。
【④点评】本题是一道实验题，解题时注意控制变量法的应用，分析实验数据，根据导体条件
的不同及对应的实验数据的不同得出结论，是正确解题的前提与关键。
26．小顾同学做“测定小灯泡的额定电功率”实验，实验室提供的器材有干电池若干节，标
有“3.8伏”字样的待测小灯一个、电压表一只、电流表一只，滑动变阻器（标有“20
2A”字样）一个，电键一个，导线若干。他按如图1先将用导线将待测小灯、电键、电流表Ω、
电压表连接好，然后将干电池先后一节、两节串联后和三节串联后逐次接入电路中的A/B
两点间，并调整好电压表的量程，再闭合电键读取两个电表的示数，记录在如表中。
实验序号 电流（安） 电压（伏） 电功率（瓦） 小灯亮度
1 0.14 1.5 非常暗
2 0.22 2.6 很暗
3 0.28 3.5 较暗
（1）分析如表中 电压 栏记录的情况，可以判断小灯是否达到正常发光。
（2）分析如表中记录的电压变化，发现随着电池节数的增加，小灯两端的电压增加量逐渐
第26页（共27页）减小，造成这一现象的原因可能是 后加的两节干电池不是新干电池，电压不到 1.5V 。
（3）为了利用实验室提供的这些器材使小灯泡正常发光，小顾同学接下来的操作是： 增
加串联干电池的节数以提高电源电压，并且在电路中串联入一个滑动变阻器 。
（4）小顾同学按合理的设计方案正确连接电路，且操作步骤正确，当小灯正常发光时电流
表的示数如图2所示，则小灯的额定电流为 0. 3 安，小灯的额定功率为 1.1 4 瓦。
【分析】（1）灯泡正常发光时两端电压等于额定电压，由此分析
（2）新干电池一节1.5V，旧电池电压会低于1.5V，由此分析解答；
（3）增加干电池节数可增大电源电压，串联入滑动变阻器可调节灯泡两端电压；
（4）读出灯泡正常发光时的电流，再由P＝UI计算灯泡的额定功率。
【解答】解：（1）当灯泡两端电压等于额定电压3.8V时正常发光，所以可以根据表中电压
栏记录的情况判断小灯泡是否正常发光；
（2）由表中数据知，使用一节干电池接在AB间时，灯泡两端电压等于1.5V，而第二次使
用两节干电池接在AB间时，灯泡两端电压为2.6V，三节干电池串联时电压为3.5V，造成
这一现象的原因可能是后加的两节干电池不是新干电池，电压不到1.5V；
（3）第3 次实验中，灯泡两端电压为3.5V，低于灯泡的额定电压，所以要增加串联干电池
的节数以提高电源电压，为了能使灯泡两端电压等于额定电压，应在电路中串联入一个滑
动变阻器；
（4）由表中电流栏可知，实验中电流表使用的0～0.6A量程，分度值0.02A，由图2可知，
灯泡正常发光时的电流为0.3A，
所以灯泡的额定功率P＝UI＝3.8V×0.3A＝1.14W。
故答案为：（1）电压；（2）后加的两节干电池不是新干电池，电压不到1.5V；（3）增加串联
干电池的节数以提高电源电压，并且在电路中串联入一个滑动变阻器；（4）0.3；1.14。
【点评】本题是测灯泡额定功率的实验，考查了现象分析、实验设计以及电功率的计算，要
知道灯泡正常发光时两端电压等于其额定电压。
第27页（共27页）
