文档内容
2020年上海市徐汇区中考物理二模试卷
一、选择题（共16分）
1．（3分）在抗击疫情期间，进出公共场所都要用测温枪测温，测出来的正常体温大约是（
）
A．30℃ B．36℃ C．38℃ D．40℃
2．（3分）依据卢瑟福的原子行星模型理论，在原子中绕核高速运转的是（ ）
A．电子 B．中子 C．质子 D．核子
3．（3分）能分辨出钢琴声和小提琴声的主要依据是（ ）
A．响度 B．音调 C．音色 D．振幅
4．（3分）光线从空气斜射入水中，入射角是30°，则折射角可能是（ ）
A．0° B．25° C．30° D．45°
5．（3分）四冲程汽油机在工作过程中，将机械能转化为内能的冲程是（ ）
A．吸气冲程 B．排气冲程 C．做功冲程 D．压缩冲程
6．（3分）甲车从M点、乙车从N点同时相向沿同一直线运动，它们的s﹣t图象分别如图
（a）、（b）所示。若两车相遇时，乙车距M点10米。M、N两点间的距离为s，则（ ）
A．v甲 ＜v乙 ，s＝40米 B．v甲 ＜v乙 ，s＝30米
C．v甲 ＞v乙 ，s＝40米 D．v甲 ＞v乙 ，s＝30米
7．（3分）如图所示的电路中，电源电压不变，闭合开关S的过程中，下列说法正确的是
（ ）
A．电压表V 的示数将增大
2
第1页（共26页）B．电压表V 的示数将减小
1
C．电压表V 示数与电压表V 示数的比值将不变
1 2
D．电压表V 示数与电流表A示数的乘积变大
1
8．（3分）均匀实心正方体甲、乙对水平地面的压强相等，已知它们的边长1甲 ＞1乙 ，现将两
物体均沿水平方向切去一部分厚度△h，则（ ）
A．若切去相等体积，p甲'可能小于p乙'
B．若切去相等体积，p甲'一定小于p乙'
C．若切去相等质量，△h甲 一定小于△h乙
D．若切去相等质量，△h甲 可能小于△h乙
二、填空题（共27分）
9．（3分）学校照明电路的电压为 伏；电路中同时工作的日光灯越少，电能表示数的
变化越 （选填“慢”或“快”）；日光灯之间是 连接的（选填“串联”或
“并联”）；电风扇工作时，电能转化为 能。
10．（3分）篮球运动员用力投出篮球，这表明力可以改变物体的 ，投出的篮球在空中
能继续前进，这是由于篮球具有 ，篮球在上升过程中重力势能 ，为了防止
运动员在跑动过程中滑倒，运动员选取的运动鞋上有较深的花纹，这是为了增大 。
11．（3分）物理与生活有着密切联系，赛龙舟时，全体划桨手有节奏地向后划水，龙舟快速前
进，是利用了物体间力的作用是 的；吸尘器和脱排油烟机是利用 将灰尘和
油烟压入排尘管道的；为了较快降低杯中热豆浆的温度，通常将杯子放到装有冷水的容器
中，这实际上是用 的方式，减少豆浆的 。
12．（3分）如图所示，用力将绳子的B端向上匀速提起，不考虑滑轮摩擦及重力，当拉力为10
牛时，物体A的重力为 牛。若10秒内B端向上移动3米，则拉力做功 焦，
功率为 瓦。在此过程中A物体受到的合力大小为 。
13．（3分）某导体两端电压为4.5伏，10秒内通过该导体横截面的电荷量为3库，则通过导体
的电流为 安，电流所做的功为 焦；若导体两端的电压增大到6伏，导体的
电阻为 欧。
第2页（共26页）14．（3分）如图的电路中，电源电压保持U 不变，闭合电键S，电路正常工作，一段时间后，灯
0
熄灭，若电路中只有电阻R或灯L中的一个出现断路故障，请根据相关信息写出电表的示
数及相对应的故障。
15．（3分）某小组为了研究“影响滑动摩擦力f大小的有关因素”，他们在水平面上拉动同
一物体，在不同材质的水平面上以不同的速度v 、v 做匀速直线运动，实验过程及现象如
1 2
图（a）（b）（c）所示。
实验中滑动摩擦力f的大小可以通过观察 间接获得，这是因为 ；
①从图中的信息可以判断：图（a）（b）是研究滑动摩擦力f与 的关系；图（b）（c）是
②研究滑动摩擦力f与 的关系。
三、作图题（共6分）请用2B铅笔将图画在答题纸的相应位置．
16．重为3牛的物体用细线悬挂在天花板上，用力的图示法在图中画出它的重力G。
17．在图中标出电流的方向、通电螺线管的磁感线方向以及小磁针的N极。
18．如图所示根据标出的电流方向，从电池组、电流表、电压表三个元件符号中选出两个，并
分别填入电路的空缺处。填入后要求：
小灯泡L 和L 并联连接；
1 2
①小灯泡L
1
和L
2
都能发光。
第3页（共26页）
②四、计算题（共23分）
19．体积为5×10﹣3米3的小球浸没在水中，求小球受到的浮力F浮 。
20．杠杆的动力臂l 为0.3米，动力F 为200牛，阻力F 为300牛，求杠杆平衡时的阻力臂l 。
1 1 2 2
21．在如图所示的电路中，电源电压为6伏且不变，电阻R 的阻值为10欧，滑动变阻器R 上
1 2
标有“50 0.5A”字样。闭合开关，移动滑片P到某位置时，电压表为4.5伏。求：
电路中Ω的电流；
①电路的最大功率；
②现有“5 1A”、“10 0.5A”、“20 1A”三种规格的滑动变阻器，从中选择一个
③来替换R ，Ω要求：闭合开关Ω后滑片P在移动Ω过程中，两电表指针分别达到某量程的满刻度
2
且电路能安全工作。
（1）应选择 规格的滑动变阻器；
（2）满足上述要求时，滑动变阻器连入电路的阻值范围。
22．如图所示，薄壁圆柱形容器甲内液体质量为4千克，均匀圆柱体乙置于水平地面上。
若液体密度为2×103kg/m3，求液体体积V甲 ；
① 第4页（共26页）若液体密度为2×103kg/m3，求液面下0.1米深度处液体压强；
②若容器甲足够高、底面积为3S，其内装有深为H、密度为 的液体；圆柱体乙的底面积
③为S、高为h。 ρ
现将乙沿水平方向切去一半，并将切去部分浸没在甲的液体中，此时液体对甲底部压强p
恰等于乙剩余部分对水平地面压强p乙 ，求乙的密度
乙
。
ρ
五、实验题（共18分）
23．在用图 （选填“（a）”或“（b）”）所示装置进行“探究二力平衡的条件”实验时，
应使物体处于匀速直线运动状态或 状态；图 （选填“（a）”或“（b）”）所
示的是研究两物体间相互作用力关系的实验，此时两个力 ，方向相反。
24．在“探究平面镜成像的特点”实验中，用 替代平面镜，其目的是为了便于
。在“探究杠杆平衡的条件”实验中，开始时需要调节杠杆两端的螺母，使杠杆在
位置平衡，其目的是为了可以在杠杆上 。
25．小徐在“测定小灯泡的电功率”实验中，选用的器材有电源（4伏、6伏、8伏、10伏）、待
测小灯标有“2.2V”字样、电压表、电流表、滑动变阻器（有“50 2A”和“20 2A”两
种规格）、开关以及导线若干。他正确连接电路，操作无误。闭合Ω开关后，移动变Ω阻器的滑
片，小灯正常发光时，滑片在中点附近位置时（即变阻器连入电路的电阻约为最大阻值的
一半），电流表示数如图所示。
该同学判定小灯泡正常发光的依据 ；
①小灯泡正常发光的电流为 安；
②
第5页（共26页）电源电压为 伏，所用滑动变阻器规格为 ；
③请根据相关信息计算出小灯的额定功率 瓦。
④
26．小徐同学用焦距f为10厘米的凸透镜、高度为3厘米的发光体、光屏和光具座等做“验
证凸透镜成实像的规律”实验。实验中，所测得的物距u、像距v以及所成像的像高h分别
记录在表中。
根据实验序号1～6数据，分析比较像距v、像高h随物距u的变化情况，可得出的初步
①结论是：同一凸透镜成实像时，物距u变小， ；
根据实验序号1～6数据，分析比较像距v、物距u的大小及发光体高度和像高h情况，
②可得出的初步结论是：
（a）同一凸透镜成缩小的实像时， ；
（b）同一凸透镜成放大的实像时， 。
分析比较实验序号1～6数据中像距v与物距u的比值及像高h与物高的比值，可得出
③的初步结论是：凸透镜成实像时， ；
根据表中信息，可以提出了一个猜想：“当物距 u等于某一值时，可能会成等大的实
④像”。为了验证这一猜想，可以在本实验中将物体置于离凸透镜 厘米的范围中进
行实验。
实验序号 物距u（厘米） 像距v（厘米） 像高h（厘米）
1 40.0 13.3 1.0
2 30.0 15.0 1.5
3 25.0 16.6 2.0
4 16.6 25.0 4.5
5 15.0 30.0 6.0
6 13.3 40.0 9.0
第6页（共26页）2020年上海市徐汇区中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共16分）
1．（3分）在抗击疫情期间，进出公共场所都要用测温枪测温，测出来的正常体温大约是（
）
A．30℃ B．36℃ C．38℃ D．40℃
【分析】人的体温是相对恒定的，正确情况下在36℃～37℃之间。
【解答】解：人的正常体温不高于37℃，不低于36℃．所以测温枪测出来的正常体温大约
是36℃。
故选：B。
【点评】此题是一道联系实际的应用题，体现了物理知识与社会生活的密切联系。
2．（3分）依据卢瑟福的原子行星模型理论，在原子中绕核高速运转的是（ ）
A．电子 B．中子 C．质子 D．核子
【分析】从依据卢瑟福的原子行星模型理论：原子是由原子核和核外电子构成的，核外电
子围绕原子核做高速运动去分析解答。
【解答】解：依据卢瑟福的原子行星模型理论可知：原子是由原子核和核外电子构成的，核
外电子围绕原子核做高速运动。
故选：A。
【点评】本题考查了原子结构的知识，考查是基础知识，记住卢瑟福的原子行星模型理论
即可答题，是一道基础题。
3．（3分）能分辨出钢琴声和小提琴声的主要依据是（ ）
A．响度 B．音调 C．音色 D．振幅
【分析】我们常用音色来区别不同乐器发出的声音。
【解答】解：音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音
色也就不同。我们能区分钢琴声和小提琴声，这是因为它们发出声音的音色不同。
故选：C。
【点评】本题考查了音色的特点，不同乐器发出声音的音色不同。
4．（3分）光线从空气斜射入水中，入射角是30°，则折射角可能是（ ）
A．0° B．25° C．30° D．45°
第7页（共26页）【分析】光从空气中斜射入水中时，折射角要小于入射角，据此解答。
【解答】解：由光的折射定律可知：光从空气中斜射入水中时，折射角要小于入射角，入射
角是30°，则折射角可能为25°；只有光垂直于界面入射时（入射角为0°），折射角才能为
0°，所以此时的折射角不可能是0°，故只有B符合题意。
故选：B。
【点评】本题主要考查了光的折射规律的内容，同时还要熟练掌握入射角的概念。
5．（3分）四冲程汽油机在工作过程中，将机械能转化为内能的冲程是（ ）
A．吸气冲程 B．排气冲程 C．做功冲程 D．压缩冲程
【分析】在内燃机的做功冲程中能量转化是内能转化为机械能，压缩冲程中能量转化是机
械能转化为内能。
【解答】解：在压缩冲程中，活塞压缩汽油与空气形成的燃料混合物，活塞对气体做功，将
机械能转化为气体的内能。
故选：D。
【点评】解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答，基础性题目。
6．（3分）甲车从M点、乙车从N点同时相向沿同一直线运动，它们的s﹣t图象分别如图
（a）、（b）所示。若两车相遇时，乙车距M点10米。M、N两点间的距离为s，则（ ）
A．v甲 ＜v乙 ，s＝40米 B．v甲 ＜v乙 ，s＝30米
C．v甲 ＞v乙 ，s＝40米 D．v甲 ＞v乙 ，s＝30米
【分析】（1）根据图甲和图乙读出对应的路程和时间，然后根据速度公式即可求出甲、乙
的速度；
（2）两车相遇时，乙车距M点10米，即甲通过的路程10米，根据速度公式求出相遇的时
间和乙车通过的路程，进而得出M N两点间的距离s。
【解答】解：（1）由图象可知，当s甲 ＝6m时，t甲 ＝6s；当s乙 ＝12m时，t乙 ＝12s；
则甲车的速度：v甲 ＝ ＝ ＝1m/s，
第8页（共26页）乙车的速度：v乙 ＝ ＝ ＝2m/s，
所以，v甲 ＜v乙 ，故CD错误；
（2）相遇时，乙车距M点10米，即甲通过的路程s甲 ′＝10m，
由v＝ 得，相遇的时间：
t＝ ＝ ＝10s，
乙车通过的路程为：
s乙 ′＝v乙t＝2m/s×10s＝20m，
则M、N间的距离为：
s＝s甲 ′+s乙 ′＝10m+20m＝30m，故A 错误，B 正确。
故选：B。
【点评】此题考查了速度有关的知识和对图象的分析处理能力，从图象中找出有用的信息，
并运用速度的公式求出题目中的量。
7．（3分）如图所示的电路中，电源电压不变，闭合开关S的过程中，下列说法正确的是
（ ）
A．电压表V 的示数将增大
2
B．电压表V 的示数将减小
1
C．电压表V 示数与电压表V 示数的比值将不变
1 2
D．电压表V 示数与电流表A示数的乘积变大
1
【分析】由电路图可知，开关S断开时，R 与R 串联，电压表V 测R 两端的电压，电压表
1 2 1 1
V 测R 两端的电压，电流表测电路中电流；开关S闭合时，电压表V 和R 被短路，电路
2 2 2 2
为R 的简单电路，电压表V 测R 两端的电压，电流表测电路中电流；
1 1 1
根据电压表V 被短路可知其示数的变化，根据电阻的串联可知电路中总电阻的变化，根
2
据欧姆定律可知电路中电流的变化和R 两端的电压变化，进一步得出电压表V 示数与
1 1
第9页（共26页）电压表V 示数的比值变化、电压表V 示数与电流表A示数的乘积变化。
2 1
【解答】解：
由电路图可知，开关S断开时，R 与R 串联，电压表V 测R 两端的电压，电压表V 测R
1 2 1 1 2 2
两端的电压，电流表测电路中电流；
开关S闭合时，电压表V 和R 被短路，电路为R 的简单电路，电压表V 测R 两端的电
2 2 1 1 1
压，电流表测电路中电流；
由电压表V 被短路可知，电压表V 的示数减小为零，故A错误；
2 2
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，开关S闭合时，电路中的总电阻变小，
由I＝ 可知，电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，
由U＝IR可知，R 两端的电压变大，即电压表V 的示数变大，故B错误；
1 1
由电压表V 示数变大、电压表V 示数为零可知，其比值发生变化，故C错误；
1 2
由电压表V 示数变大、电流表A示数变大可知，电压表V 示数与电流表A示数的乘积变
1 1
大，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清开
关S闭合前后电路的变化以及电表测量的电路元件是关键。
8．（3分）均匀实心正方体甲、乙对水平地面的压强相等，已知它们的边长1甲 ＞1乙 ，现将两
物体均沿水平方向切去一部分厚度△h，则（ ）
A．若切去相等体积，p甲'可能小于p乙'
B．若切去相等体积，p甲'一定小于p乙'
C．若切去相等质量，△h甲 一定小于△h乙
D．若切去相等质量，△h甲 可能小于△h乙
【分析】（1）水平面上物体的压力和自身的重力相等，根据G＝mg、m＝ V、V＝Sh和压强
公式得出均匀实心正方体对水平地面的压强，根据它们对地面的压强相ρ等得出两物体的
密度关系；
（2）若沿水平方向切去相等体积时，根据密度公式表示出其质量，利用甲乙两物体的变长
关系和不等式得出切去厚度的关系；
（3）若沿水平方向切去相等质量时，根据密度公式表示出其质量，利用甲乙两物体的变长
关系和不等式得出切去厚度的关系。
第10页（共26页）【解答】解：正方体对水平地面的压强为p＝ ＝ ＝ ＝ ＝ ＝ gh；
ρ
因为两物体对水平面的压强相同，所以 甲gl甲 ＝ 乙gl乙 ，
即 甲l甲 ＝ 乙l乙 ﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣ρ﹣﹣﹣﹣ρ﹣
由题ρ意可知ρ：l甲 ＞l乙 ，则 甲 ＜ 乙 ， ①
AB、若沿水平方向切去相等ρ 体积ρ时，
甲对地面的压强为p甲 ′＝ 甲g（h甲 ﹣△h甲 ′）＝ 甲gh甲 ﹣ 甲g△h甲 ′，
乙对地面的压强为p乙 ′＝ρ乙g（h乙 ﹣△h乙 ′）＝ρ乙gh乙 ﹣ρ乙g△h乙 ′，
因为沿水平方向切去相等体ρ积，所以根据v＝sh，得ρ：h甲 2△hρ甲 ′＝h乙 2△h乙 ′，
因为h甲 ＞h乙 ，所以△h甲 ′＜△h乙 ′，p甲 ′＞p乙 ′，故AB错误；
CD、若沿水平方向切去相等质量时，
因为m＝ v，所以 甲l甲 2△h甲 ＝ 乙l乙 2△h乙 ﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣
由 两ρ式可得：ρl甲 △h甲 ＝l乙 △ρh乙 ， ②
因①为②h甲 ＞h乙 ，所以△h甲 ＜△h乙 ，故C正确，D错误；
故选：C。
【点评】此题是典型的柱状固体的压强问题，要根据已知条件，灵活选用压强计算式p＝
和p＝ gh（适用于实心柱体对支撑面的压强）进行分析解答，对于方形物体：p＝ gh，可见
对桌面ρ压强仅与物体密度和h有关。 ρ
二、填空题（共27分）
9．（3分）学校照明电路的电压为 22 0 伏；电路中同时工作的日光灯越少，电能表示数的
变化越 慢 （选填“慢”或“快”）；日光灯之间是 并联 连接的（选填“串联”或
“并联”）；电风扇工作时，电能转化为 机械 能。
【分析】我国照明电路的电压为220V；电能表是测量电路消耗电能多少的仪表，电路中总
功率越大，在相同时间内消耗电能越多，电能表示数变化越快；反之，电能表示数变化越
慢；
家庭电路中各支路互不影响；
电风扇中含有电动机。
【解答】解：我国照明电路的电压为220V；电路中同时工作的日光灯越少，电路中总功率
越小，在相同时间内消耗电能越少，故电能表示数变化越慢；
因日光灯之间互不影响，则它们是并联连接的；
第11页（共26页）电风扇工作时，将电能转化为机械能。
故答案为：220；慢；并联；机械。
【点评】本题主要考查了家庭电路的电压、电路的连接方式、电功的实质等，属于基础知识。
10．（3分）篮球运动员用力投出篮球，这表明力可以改变物体的 运动状态 ，投出的篮球
在空中能继续前进，这是由于篮球具有 惯性 ，篮球在上升过程中重力势能 变大 ，
为了防止运动员在跑动过程中滑倒，运动员选取的运动鞋上有较深的花纹，这是为了增大
摩擦力 。
【分析】（1）力的作效果是可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态；
（2）一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
（3）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
（4）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力
一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
【解答】解：力可以改变物体的运动状态，所以篮球运动员用力投出篮球，表明力可以改变
物体的运动状态；
一切物体都具有惯性，投出的篮球在空中能继续前进，这是由于篮球具有惯性，要保持原
来的运动状态；
篮球在上升过程中，质量不变，高度增加，故重力势能变大。
运动员选取的运动鞋上有较深的花纹，这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来
增大摩擦力。
故答案为：运动状态；惯性；变大；摩擦力。
【点评】此题考查了力的作用效果、惯性、重力势能的大小变化、增大摩擦力的方法，是一
道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
11．（3分）物理与生活有着密切联系，赛龙舟时，全体划桨手有节奏地向后划水，龙舟快速前
进，是利用了物体间力的作用是 相互 的；吸尘器和脱排油烟机是利用 大气压 将灰
尘和油烟压入排尘管道的；为了较快降低杯中热豆浆的温度，通常将杯子放到装有冷水的
容器中，这实际上是用 热传递 的方式，减少豆浆的 内能 。
【分析】 力的作用是相互的，一个物体对另一个物体施加力的同时，一定受到另一个物
体的反作①用力；
在气体和液体中，流速越大的位置压强越小；
②改变内能的两种方式：做功和热传递。
【③解答】解： 划桨手向后划水，同时水也会给桨一个反作用力而使龙舟前进，说明物体间
① 第12页（共26页）力的作用是相互的；
由流体压强与流速的关系：流速越大的位置压强越小，可知吸尘器和抽油烟机在工作
②时，由于转动的扇叶处气体的流速大，压强小，从而在周围大气压的作用下将油烟压向扇
口排出，所以吸尘器和油烟机是利用大气压工作的；
将盛热豆浆的杯子放到装有冷水的容器中，热豆浆放出热量，内能减少，温度减低，这
③是利用热传递的方式减少豆浆的内能。
故答案为：相互的；大气压；热传递；内能。
【点评】本题考查了相互作用力、大气压的利用以及改变内能的方法，是一道基础题。
12．（3分）如图所示，用力将绳子的B端向上匀速提起，不考虑滑轮摩擦及重力，当拉力为10
牛时，物体A的重力为 2 0 牛。若10秒内B端向上移动3米，则拉力做功 3 0 焦，功
率为 3 瓦。在此过程中A物体受到的合力大小为 0N 。
【分析】（1）不考虑滑轮摩擦及重力，动滑轮能够省一半的力，据此计算物体的重力；
（2）拉力做的功等于拉力和绳子自由端移动距离的乘积；功率等于功和时间的比值。
（3）物体处于静止或匀速直线运动状态时，物体处于平衡状态，此时物体受平衡力，据此
求合力大小。
【解答】解：
（1）不考虑滑轮摩擦及重力，动滑轮能够省一半的力，即F＝ G，
当拉力为10牛时，物体A的重力G＝2F＝2×10N＝20N。
（2）若10秒内B端向上移动3米，则拉力做功W＝Fs＝10N×3m＝30J，
拉力的功率：P＝ ＝ ＝3W。
（3）由于A物体向上做匀速直线运动，受到平衡力的作用，即A物体受到向上的拉力和重
力大小相等，方向相反，所以合力大小为0N。
故答案为：20；30；3；0N。
【点评】本题考查了动滑轮的省力情况、功和功率的计算，以及合力的计算等知识，难度不
大，属于常见的题型。
第13页（共26页）13．（3分）某导体两端电压为4.5伏，10秒内通过该导体横截面的电荷量为3库，则通过导体
的电流为 0. 3 安，电流所做的功为 13. 5 焦；若导体两端的电压增大到6伏，导体的
电阻为 1 5 欧。
【分析】知道10秒内通过某导体横截面的电荷量，根据I＝ 求出通过导体的电流；根据
W＝UIt＝UQ求出电流所做的功；
根据欧姆定律求出导体的电阻，电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横
截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关。
【解答】解：通过导体的电流：
I＝ ＝ ＝0.3A；
由W＝UIt＝UQ可得，电流所做的功：
W＝UQ＝4.5V×3C＝13.5J；
由I＝ 可得，导体的电阻：
R＝ ＝ ＝15 ，
Ω
电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电
压和通过的电流无关，导体两端的电压增大到6伏，导体的电阻仍为15 。
故答案为：0.3；13.5；15。 Ω
【点评】本题考查了电流的定义式和电功公式、欧姆定律的灵活运用，是一道基础题目。
14．（3分）如图的电路中，电源电压保持U 不变，闭合电键S，电路正常工作，一段时间后，灯
0
熄灭，若电路中只有电阻R或灯L中的一个出现断路故障，请根据相关信息写出电表的示
数及相对应的故障。 当电压表的示数为 0 ，电流表的示数为 0 ，则 R 断路；当电压表的示
数为 U ，电流表的示数为 0 ，则 L 断路
0
【分析】闭合开关，电路正常工作，过一段时间，灯泡熄灭，说明电路发生了断路或灯泡L
短路，根据只有一个电压表有示数分析。
第14页（共26页）【解答】解：由图可知，闭合电键S，电路正常工作时，灯L与电阻R串联，电流表测量电路
的电流，电压表V测灯L两端的电压；
一段时间后，小灯L突然熄灭，说明灯泡L短路或电路发生了断路，有以下3种可能：
a、若L短路，电流表有示数，电压表示数为0；
b、若L断路，则电压表串联在电路中，有示数，电流表示数为0；
c、若R断路，则电流表、电压表示数都为0。
故答案为：当电压表的示数为0，电流表的示数为0，则R断路；当电压表的示数为U ，电
0
流表的示数为0，则L断路。
【点评】电路故障问题，是电学实验经常出现的问题，也是物理试题考查的热点、难点。解
决此类问题的关键是采用“排除法”，在不能直接确定答案时，将每个选项依次代入题干，
一一排除，最终确定正确选项。
15．（3分）某小组为了研究“影响滑动摩擦力f大小的有关因素”，他们在水平面上拉动同
一物体，在不同材质的水平面上以不同的速度v 、v 做匀速直线运动，实验过程及现象如
1 2
图 （ a ） （ b ） （ c ） 所 示 。
实验中滑动摩擦力f的大小可以通过观察 弹簧测计示数 间接获得，这是因为 二
①力平衡 ；
从图中的信息可以判断：图（a）（b）是研究滑动摩擦力f与 物体运动速度 的关系；
②图（b）（c）是研究滑动摩擦力f与 接触面的粗糙程度 的关系。
【分析】 实验中，要运用二力平衡条件来测量摩擦力的大小，即让木块做匀速直线运动，
通过弹簧①测力计的示数得出摩擦力的大小；
影响滑动摩擦力大小的因素是压力和接触面的粗糙程度，在实验中，要通过控制变量
②法来进行探究。
【解答】解： 实验中滑动摩擦力F的大小可以通过观察弹簧测力计示数间接获得，这是
利用了二力平①衡知识。当物体做匀速直线运动时，拉力与摩擦力是一对平衡力。
从图中的信息可以看出，图（a）（b）压力和接触面的粗糙程度相同，速度不同时，弹簧测
②
第15页（共26页）力计的示数不变，是研究滑动摩擦力f与物体运动速度的关系；
图（b）（c）压力相同，速度相同，接触面的粗糙程度不同，弹簧测力计的示数不同，滑动摩
擦力不同，是滑动摩擦力f与接触面的粗糙程度的关系。
故答案为： 弹簧测计示数；二力平衡； 物体运动速度；接触面的粗糙程度。
【点评】本题①考查了研究“物体在水平面上②滑动时，所受滑动摩擦力F的大小与哪些因素
有关”的实验中，二力平衡原理的运用，实验现象的分析等，值得我们关注。
三、作图题（共6分）请用2B铅笔将图画在答题纸的相应位置．
16．重为3牛的物体用细线悬挂在天花板上，用力的图示法在图中画出它的重力G。
【分析】先明确重力的三要素，再确立一个标度，用标度量出线段的长，最后标出这个力。
【解答】解：重力作用在重心，方向竖直向下，选取标度为1N，过重心作出物体的重力作用
线，使线段长度为标度的3倍，并标明大小为3N，如图所示：
【点评】先要分析力的三要素，再画图，画图示时要利用标度准确标注出力的大小，这是与
力的示意图的不同之处。
17．在图中标出电流的方向、通电螺线管的磁感线方向以及小磁针的N极。
【分析】在电源外部，电流是从电源的正极流出，最后回到电源的负极；由安培定则判断通
电螺线管的N、S极，再由磁极间的相互作用规律判断小磁针的N极；在磁体外部的磁感
线从N极出来，回到S极，据此画出磁感线方向。
【解答】解：
图中电流从螺线管的左前方流入，右后方流出，由安培定则可知通电螺线管的左端为 N
极，右端为S极；由磁极间的相互作用规律可知小磁针的左端为N极，右端为S极；在磁
第16页（共26页）体外部的磁感线从N极出来，回到S极，如图所示：
【点评】本题考查了安培定则的应用、磁极间的相互作用规律和磁感线的方向，难度不大
18．如图所示根据标出的电流方向，从电池组、电流表、电压表三个元件符号中选出两个，并
分别填入电路的空缺处。填入后要求：
小灯泡L 和L 并联连接；
1 2
①小灯泡L
1
和L
2
都能发光。
②
【分析】要使灯泡发光则必须有电源；电流表在电路中相当于短路，并且与用电器串联；电
压表与被测电路并联，电压表在电路中相当于开路。
【解答】解：要使灯泡发光，则电路中必须有电源；
（1）如果电源在左侧，根据电流方向可知，上端必须为正极；
若右端为电流表则灯泡L 短路、灯泡不发光，若右端为电压表则两灯泡串联，不符合题意。
2
（2）电源应位于右端，且上端为负极；
若左端为电压表则灯泡L 不发光、不符合题意；左端为电流表，两灯泡并联、且都发光，符
1
合题意。
故答案如下图所示：
【点评】此类型题目要求对电路中各元件的作用及使用方法要非常明确，然后根据串并联
电路的特点正确连接电路。
四、计算题（共23分）
19．体积为5×10﹣3米3的小球浸没在水中，求小球受到的浮力F浮 。
【分析】小球浸没时排开水的体积和自身的体积相等，根据阿基米德原理求出受到的浮力。
第17页（共26页）【解答】解：小球浸没在水中时排开水的体积：
V排 ＝V物 ＝5×10﹣4m3；
小球受到的浮力：
F浮 ＝ 液gV排 ＝1.0×103kg/m3×9.8N/kg×5×10﹣4m3＝4.9N；
答：金ρ属球所受到的浮力为4.9N。
【点评】本题考查阿基米德原理的直接应用，属简单题目。
20．杠杆的动力臂l 为0.3米，动力F 为200牛，阻力F 为300牛，求杠杆平衡时的阻力臂l 。
1 1 2 2
【分析】知道动力臂、动力大小、阻力大小，利用杠杆平衡条件求阻力臂的大小。
【解答】解：
由杠杆平衡条件可知：
F L ＝F L ，
1 1 2 2
∴L ＝ ＝ ＝0.2m。
2
答：杠杆平衡时的阻力臂是0.2m。
【点评】本题考查了学生对杠杆平衡条件的掌握和运用，属于基础题目
21．在如图所示的电路中，电源电压为6伏且不变，电阻R 的阻值为10欧，滑动变阻器R 上
1 2
标有“50 0.5A”字样。闭合开关，移动滑片P到某位置时，电压表为4.5伏。求：
电路中Ω的电流；
①电路的最大功率；
②现有“5 1A”、“10 0.5A”、“20 1A”三种规格的滑动变阻器，从中选择一个
③来替换R ，Ω要求：闭合开关Ω后滑片P在移动Ω过程中，两电表指针分别达到某量程的满刻度
2
且电路能安全工作。
（1）应选择 “ 2 0 1A ” 规格的滑动变阻器；
（2）满足上述要求Ω时，滑动变阻器连入电路的阻值范围。
【分析】由电路图可知，两电阻串联，电流表测电路电流，电压表测滑动变阻器两端电压；
（1）根据串联电路电压特点和欧姆定律可以求出电路中的电流；
第18页（共26页）（2）当滑动变阻器接入电路的阻值为0时，利用欧姆定律求出电路电流，并与滑动变阻器
允许通过的最大电流确定电路中的最大电流，再利用P＝UI求出电路最大功率；
（3）根据电流表量程和滑动变阻器允许的最大电流可知滑动变阻器的允许的最大电流，并
进一步得出电流表的量程，根据电源电压可知电压表量程，根据串联电路电压特点求出滑
动变阻器两端电压，再根据串联电路分压特点可知两电阻的关系，并确定滑动变阻器的规
格，最后根据滑动变阻器接入电路的阻值为零时，利用欧姆定律求出电路电流，并结合电
流表量可知滑动变阻器接入电路的阻值范围。
【解答】解： 因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以R 两端电压：U ＝U﹣U
1 1 2
＝6V﹣4.5V①＝1.5V，
电路电流：I＝I ＝ ＝ ＝0.15A；
1
当滑动变阻器接入电路的阻值为0时，电路电流：
②
I′＝ ＝ ＝0.6A，
滑动变阻器R 允许通过的最大电流为0.5A，因此电路中的最大电流为0.5A，
2
则电路消耗的最大功率：P ＝UI ＝6V×0.5A＝3W；
max max
（1）两电阻串联，通过两电阻的电流相等，闭合开关后滑片P在移动过程中，两电表指
③针分别达到某量程的满刻度且电路能安全工作，即电流大于0.5A，因此滑动变阻器应选
规格为“5 1A”或“20 1A”的其中一个，要使电流表量程满偏，则电流表量程为0
～0.6A； Ω Ω
因电压表并联在R 两端，电源电压为6V，则无论选择哪一电阻都不能使电压值达到
2
15V，故电压表量程为0～3V；
当电压表示数为3V时，R 两端电压：U ′＝U﹣U ＝6V﹣3V＝3V，
1 1 2
根据串联电路分压特点可知，当R 两端电压等于R 两端电压时，R ＝R ＝10 ，即滑动变
1 2 2 1
阻器接入电路的最大阻值为10 ，因此选择规格为“20 1A”的滑动变阻器Ω；
Ω Ω
当滑动变阻器接入电路的阻值为零时，电路电流最大：I最大 ＝ ＝ ＝0.6A，电流
②
表刚好满偏，故滑动变阻器接入电路阻值范围为0～10 。
答： 电路中的电流0.15A； Ω
电①路的最大功率为3W；
②（1）“20 1A”；
第19页（共26页）
③ Ω（2）满足上述要求时，滑动变阻器连入电路的阻值范围是0≤R ≤10 。
2
【点评】本题考查欧姆定律和电功率计算公式的应用，对于电流表和电Ω压表在同一个电路
中，使其中一个满量程工作，要保证另一个的安全使用，不要顾此失彼，这是学生最容易
出错的地方。
22．如图所示，薄壁圆柱形容器甲内液体质量为4千克，均匀圆柱体乙置于水平地面上。
若液体密度为2×103kg/m3，求液体体积V甲 ；
①若液体密度为2×103kg/m3，求液面下0.1米深度处液体压强；
②若容器甲足够高、底面积为3S，其内装有深为H、密度为 的液体；圆柱体乙的底面积
③为S、高为h。 ρ
现将乙沿水平方向切去一半，并将切去部分浸没在甲的液体中，此时液体对甲底部压强p
恰等于乙剩余部分对水平地面压强p乙 ，求乙的密度
乙
。
ρ
【分析】（1）已知液体的质量和密度，根据V＝ 即可求出液体的体积；
（2）已知液面的深度和液体的密度，根据p＝ 液gh即可求出液体的压强；
ρ
（3）将截取一半的高为 乙物体浸没在液体中，由于甲容器的底面积为乙的3倍，则液面
上升的高度为 ，此时甲中液面的高度为H+ ，根据p＝ gh液体对甲底部的压强；乙剩
ρ
余部分对地面的压力等于剩余部分的重力，即F＝G剩 ＝m剩g＝ 乙V剩g＝
乙
（S× ）g，
ρ ρ
根据p＝ 可求出乙剩余部分对水平地面压强；建立液体对甲底部压强与乙剩余部分对水
平地面压强的等量关系即可求出乙的密度。
【解答】解：
根据V＝ 可知液体的体积为：
①
V甲 ＝ ＝ ＝2×10﹣3m3；
第20页（共26页）液面下0.1米深度处受到的液体压强为：
②p＝ 液gh＝2×103kg/m3×10N/kg×0.1m＝2×103pa；
ρ
将截取一半的高为 乙物体浸没在液体中，由于甲容器的底面积为乙的3倍，则液面上
③
升的高度为 ，此时甲中液面的高度为H+ ，
此时液体对甲底部的压强为：
p＝ g（H+ ）…
ρ ①
乙剩余部分对地面的压力等于剩余部分的重力，
即F＝G剩 ＝m剩g＝ 乙V剩g＝
乙
（S× ）g，
ρ ρ
所以乙剩余部分对地面的压强为：
p乙 ＝ ＝ ＝ 乙g× …
ρ ②
由于此时液体对甲底部压强p恰等于乙剩余部分对水平地面压强p乙 ，
所以 ＝ ，
① ②
即： g（H+ ）＝ 乙g× ，
ρ ρ
解得： ＝ 。
乙
ρ ρ
答：
液体体积V甲 为2×10﹣3m3；
①液面下0.1米深度处液体压强是2×103pa；
②
乙的密度是 。
③ ρ
【点评】本题是对密度公式、液体压强公式和压强公式的考查，做本题的关键是求出乙物
体完全浸没后液面上升的高度。
五、实验题（共18分）
23．在用图 （ b ） （选填“（a）”或“（b）”）所示装置进行“探究二力平衡的条件”实验
时，应使物体处于匀速直线运动状态或 静止 状态；图 （ a ） （选填“（a）”或
“（b）”）所示的是研究两物体间相互作用力关系的实验，此时两个力 大小相等 ，方
第21页（共26页）向 相 反 。
【分析】（1）从实验探究过程的角度分析，实验是否需要直接将弹簧测力计的两个挂钩拉
在一起；
（2）“探究二力平衡的条件”实验时，应使物体处于平衡状态；
（3）相互作用力的条件是：大小相等、方向相反、作用在两个物体上、作用在同一直线上
【解答】解：“探究二力平衡的条件”实验时，需要使两个拉力作用在同一物体上，需用图
（b）所示的装置；
实验中应让物体处于平衡状态，即静止状态或匀速直线运动状态；
研究两物体间相互作用力的关系时，需要直接将弹簧测力计的两个挂钩拉在一起，应该用
图（a）所示装置；
相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上、作用在同一直线上。
故答案为：（b）；静止；（a）；大小相等。
【点评】此题主要通过实验来探究二力平衡和相互作用力的条件，首先要搞清二力平衡和
相互作用力的条件，明确实验目的，才能够确定方案进行操作。
24．在“探究平面镜成像的特点”实验中，用 玻璃板 替代平面镜，其目的是为了便于
确定像的位置 。在“探究杠杆平衡的条件”实验中，开始时需要调节杠杆两端的螺母，
使杠杆在 水平 位置平衡，其目的是为了可以在杠杆上 在杠杆上直接读出力臂 。
【分析】（1）探究平面镜成像实验中，要用透明的玻璃板代替平面镜，虽然成像不太清晰，
但是在物体A一侧能看到物体A的像，同时还能看到代替物体A的另一个物体B，便于
确定像的位置；
（2）探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，此时力与杠杆垂直，力臂的长度可以
直接从杠杆上读出来；
【解答】解：
（1）使用透明玻璃板是采用其透明的物理属性，使眼睛在蜡烛A一侧能看到物体A的像，
第22页（共26页）同时还能看到代替物体A的另一个物体B，便于确定像的位置；
（2）力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，
力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来。
故答案为：（1）玻璃板；确定像的位置；（2）水平；在杠杆上直接读出力臂。
【点评】本题考查了平面镜成像实验中各器材选择和探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平
位置平衡的原因，是一道基础题。
25．小徐在“测定小灯泡的电功率”实验中，选用的器材有电源（4伏、6伏、8伏、10伏）、待
测小灯标有“2.2V”字样、电压表、电流表、滑动变阻器（有“50 2A”和“20 2A”两
种规格）、开关以及导线若干。他正确连接电路，操作无误。闭合Ω开关后，移动变Ω阻器的滑
片，小灯正常发光时，滑片在中点附近位置时（即变阻器连入电路的电阻约为最大阻值的
一半），电流表示数如图所示。
该同学判定小灯泡正常发光的依据 电压表示数为 2.2V ，小灯泡正常发光 ；
①小灯泡正常发光的电流为 0.3 6 安；
②电源电压为 6 伏，所用滑动变阻器规格为 2 0 2A ；
③请根据相关信息计算出小灯的额定功率 0.79 2 瓦Ω。
④
【分析】 根据灯上标有“2.2V”字样的含义结合灯在额定电压下正常发光回答；
根据电①流表选用小量程确定分度值读数，由已知条件可知小灯泡正常发光的电流；
②若选用“50 2A”的变阻器或选用“20 2A”的变阻器，由已知条件和欧姆定律得
③出变阻器的电压Ω， Ω
根据串联电路电压的规律求出电源电压，结合选用的器材有电源（4伏、6伏、8伏、10伏），
从而确定选用的变阻器规格，得出电源电压大小。
根据P＝UI求出小灯的额定功率。
【④解答】解： 灯标有“2.2V”字样，表示灯的额定电压为2.2V，因他正确连接电路，即灯
与变阻器串①联，电压表测灯的电压，灯在额定电压下正常发光，故该同学判定小灯泡正常
发光的依据为：电压表示数为2.2V时，小灯泡正常发光；
闭合开关后，移动变阻器的滑片，小灯正常发光时，滑片在中点附近位置时（即变阻器
②连入电路的电阻约为最大阻值的一半），电流表示数如图，电流表选用小量程，分度值为
第23页（共26页）0.02A，电流为0.36A，即小灯泡正常发光的电流为0.36A；
若选用“50 2A”的变阻器，由已知条件，变阻器连入电路的电阻约为：R
A中
＝
③ Ω
＝25 ，由欧姆定律，变阻器的电压为：
R滑AΩ＝IR
A中
＝0.36A×25 ＝9V，
根据串联电路电压的规律Ω，电源电压为：
U＝9V+2.2V＝11.2V，与题中给的电源电压大小明显不符合，故不可能选用选用“50
2A”的变阻器； Ω
同理，若选用“20 2A”的变阻器，变阻器连入电路的电阻约为：R
A中
＝10 ，由欧姆定
律，变阻器的电压Ω为： Ω
R滑A ＝IR A中 ＝0.36A×10 ＝3.6V，
根据串联电路电压的规律Ω，电源电压为：
U＝3.6V+2.2V＝5.8V，与题中给的电源电压6V接近，故电源电压为6V伏，所用滑动变阻
器规格为“20 2A“；
小灯的额定Ω功率：
④P＝U
L
I
L
＝2.2V×0.36A＝0.792W。
故答案为： 电压表示数为2.2V，小灯泡正常发光； 0.36； 6；20 2A； 0.792。
【点评】本题①测定小灯泡的电功率，考查电路连接、电流②表读数③、灯正常发Ω 光的的④条件、串
联电路的规律及欧姆定律的和电功率公式的运用。
26．小徐同学用焦距f为10厘米的凸透镜、高度为3厘米的发光体、光屏和光具座等做“验
证凸透镜成实像的规律”实验。实验中，所测得的物距u、像距v以及所成像的像高h分别
记录在表中。
根据实验序号1～6数据，分析比较像距v、像高h随物距u的变化情况，可得出的初步
①结论是：同一凸透镜成实像时，物距u变小， 像距 v 变大，像高 h 变大 ；
根据实验序号1～6数据，分析比较像距v、物距u的大小及发光体高度和像高h情况，
②可得出的初步结论是：
（a）同一凸透镜成缩小的实像时， 物距 u 大于像距 v ；
（b）同一凸透镜成放大的实像时， 物距 u 小于像距 v 。
分析比较实验序号1～6数据中像距v与物距u的比值及像高h与物高的比值，可得出
③的初步结论是：凸透镜成实像时， 像距 v 与物距 u 的比值等于像高 h 与物高的比值 ；
根据表中信息，可以提出了一个猜想：“当物距 u等于某一值时，可能会成等大的实
④ 第24页（共26页）像”。为了验证这一猜想，可以在本实验中将物体置于离凸透镜 16. 6 ～ 25. 0 厘米的范
围中进行实验。
实验序号 物距u（厘米） 像距v（厘米） 像高h（厘米）
1 40.0 13.3 1.0
2 30.0 15.0 1.5
3 25.0 16.6 2.0
4 16.6 25.0 4.5
5 15.0 30.0 6.0
6 13.3 40.0 9.0
【分析】 对同一凸透镜，焦距一定，比较表中数据，当物距减小时，像距与像高如何变化；
分析①1～6数据，判断哪几组成缩小的像，判断哪几组成放大的像，主要根据发光体高
②度和像高的关系；
可以根据1～6数据，计算像距v与物距u的比值及像高h与物高的比值，从而得出结
③论；
凸透镜成实像时，物距等于像距，成等大的像；
【④解答】解： 根据实验序号1～6数据，可以看出物距u变小时，像距v增大，像高h也增
大，所以可以①得出结论：同一凸透镜成实像时，物距u变小，像距v变大，像高h变大；
发光体高度为3cm，像高大于3cm为放大的像，像高小于3cm是缩小的像，
②（a）根据实验序号1～3数据分析，同一凸透镜成缩小的实像时，物距u大于像距v；
（b）根据实验序号4～6数据分析，同一凸透镜成放大的实像时，物距u小于像距v；
在实验序号1中， ≈ ， ＝ ，
③
在实验序号2中， ＝ ， ＝ ，
，…
由此可知，凸透镜成实像时，像距v与物距u的比值等于像高h与物高的比值；
发光体高度为3cm，实验序号3的像高2.0cm，实验序号4的像高4.5cm，所以可能成等
④大的像的物距的范围应该在16.6～25.0；
故答案为： 像距v变大，像高h变大； （a）物距u大于像距v； （b）物距u小于像距
v； 像距①v与物距u的比值等于像高h②与物高的比值； 16.6～25.0。
【点评③】本题考查凸透镜成像规律的实验，关键是将课本知④识内容记忆清楚，仔细分析即
可。
第25页（共26页）第26页（共26页）
