文档内容
2020年上海市崇明区中考物理二模试卷
一、选择题（共16分）
1．（2分）实施“空中课堂”教学，它传输信息用到的是（ ）
A．超声波 B．次声波 C．红外线 D．无线电波
2．（2分）平面镜可以（ ）
A．改变光的传播方向 B．成实像
C．成放大像 D．成倒立像
3．（2分）看电视时，调节音量是为了改变声音的（ ）
A．响度 B．音调 C．音色 D．频率
4．（2分）水轮机中的“水流”相当于电路中的（ ）
A．电源 B．电压 C．电流 D．导线
5．（2分）在图中，静止小磁针N极指向正确的是（ ）
A．a B．b C．c D．d
6．（2分）在一条直线上的甲、乙两辆小车，同时同地同向开始做匀速直线运动，甲的速度小
于乙的速度，运动5秒甲、乙间的距离大于3米。它们的s﹣t图象为图所示a、b、c三条图
线中的两条。则（ ）
A．图线c可能是甲 B．图线a一定是乙
第1页（共25页）C．图线b一定是甲 D．图线b可能是乙
7．（2分）如图所示电路中，电源电压保持不变。闭合电键S，向右移动滑动变阻器滑片P的过
程中（ ）
A．电流表A的示数不变
B．电压表V 的示数变小
2
C．电压表V 与V 示数的差值变大
1 2
D．电压表V 与电流表A示数的比值变大
1
8．（2分）如图所示，甲、乙两个均匀实心正方体放在水平地面上时对水平地面的压强相等，
若分别在两物体上沿竖直方向截去厚度相同的部分，让剩余部分沿顺时针翻转90度，并
把截去部分分别叠放在自己已翻转后剩余部分的上方，此时压强p甲 、p乙 比较，正确的是（
）
A．可能是p甲 ＝p乙 B．一定是p甲 ＝p乙
C．可能是p甲 ＞p乙 D．一定是p甲 ＞p乙
二、填空题（共23分）
9．（3分）普通公路上照明的路灯其电压为 伏，这个电压是属于 （选填“高
“或“低“）压；大桥上的路灯可以同时亮起、同时熄灭，路灯之间是 （选填“串
联“或“并联”）连接的。
10．（3分）轿车己经广泛进入家庭，其发动机的做功冲程是将 能转化为机械能；使用
水作为发动机的冷却液，是利用水的 （选填“密度”、“比热容”或“流动性”）
大的属性；若以汽车为参照物，座位上的乘客是 （选填“运动”“静止”）的。
11．（3分）小明用力将弓拉开，放手后弓能将箭射出，说明被拉开的弓具有 能（选填
“动”或“势”），箭离开弓后由于 继续向前飞行，由于受到重力作用最终落向地
第2页（共25页）面，说明力能使物体的 发生改变。
12．（3分）将一杯质量为0.2千克、温度为20℃的水放入冰箱的冷藏室内，一段时间后水温降
低了5℃，则水放出的热量为 焦，水的内能将 （选填“减少”或“增
加”），这是通过 的方法改变了它的内能。[c水 ＝4.2×103焦/（千克•℃）]。
13．（3分）某导体两端电压为6伏，10秒内通过导体横截面的电荷量为5库，通过它的电流
为 安，它消耗的电能为 焦；若该导体两端的电压为12伏，该导体消耗的电
功率为 瓦。
14．（4分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，由于电阻R 或R 出现了故障。
1 2
在电键s闭合前后，如果发现只有一只电表的示数发生变化，故障是 ；如果发现
①只有一只电表示数变化的是电流表，那么故障是 。
在电键s闭合前后，发现两只电表的示数均未变化，故障是 ；如果发现两只电表
②示数均有变化，但电路确有故障，则故障一定是 。
15．（4分） 太阳系是一个完美无比的整体，它的核心就是太阳。我们的家园是地球，离地球
最近的一①颗恒星是 。太阳是一个极其巨大的、炽热的气体球，在那里不断释放氢核
聚变产生的核能，它向太空稳定地辐射出光和热，其中有 （选填“极大多数“、
“部分”、“少数”或“极少数”）到达地球，成为地球上最基本、最重要的能量来源。
天文观测表明，几乎所有远处的恒星（或星系）都在以各自的速度背离我们而作匀速直
②线运动，离我们越远的星体，背离我们匀速直线运动的速度（称为退行速度）越大；也就是
说，宇宙在膨胀，不同星体的退行速度v和它们离我们的距离r成正比，即v＝Hr，式中H
为一常量，称为哈勃常数，己由天文观察测定。请你从“运动和力“的关系分析星体作匀
速直线运动的原因是 ；由上述天文观测结果，可估算宇宙年龄（即星体运动的时
间），其计算式为T＝ 。
三、作图题（共8分）
16．（2分）重为8牛的物体静止在水平地面上，用力的图示法在图中画出它所受的重力G。
第3页（共25页）17．（2分）在图中根据给出的反射光线OB画出入射光线AO，并标出入射角及其度数。
18．（4分）在图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请以比划线代替导线补上，要求：闭合
电键，电路各元件均能正常工作，且当电阻器的滑片向左移动时，电压表的示数变大。
四、计算题（共25分）
19．（5分）一物体浸没在水中，其排开水的体积为1×10﹣3米3，求该物体所受的浮力F浮 。
20．（5分）如图所示，工人用动滑轮匀速竖直向上提升重200牛的货物，不计滑轮重力和摩擦，
他在2秒内提升货物2米。试求：
（1）工人所用的拉力大小；
（2）工人所做的功和功率。
21．（7分）物体的质量为3千克，体积为5×10﹣3米3，放入一个盛有水深为0.5米、底面积为
2×10﹣2米2的柱形容器中（水不溢出）•
（1）求该物体的密度；
第4页（共25页）（2）求柱形容器中原有的水（未放物体前）对容器底部产生的压强；
（3）放入物体后，求水对容器底部压强增加量。
22．（8分）在如图所示的电路中，电源电压为12伏保持不变，电阻R 的阻值为10欧。滑动变
1
阻器R 标有“50 2A”，闭合电键S ，断开电键S 、S 后，电流表A的示数为0.4安。
2 1 2 3
（1）求电阻R
1
两Ω端的电压；
（2）求电流通过电阻R 工作10秒所做的功；
1
（3）闭合电键S ，通过断开或闭合电键S 、S 及改变滑动变阻器滑片P的位置（保证各元
1 2 3
件正常工作）改变电路中的电流，求电路中电流的变化量的最大值。
五、实验题（共18分）
23．（4分）如图所示是四种常用实验器材，其中用来测量温度的是 ，测量电压的是
，测量物体质量的是 ，可用来研究杠杆平衡的条件的是 （均选填字母）。
第5页（共25页）24．（6分）“用电流表、电压表测电阻”的实验原理是 ；在“探究物质质量与体积关
系“的实验中，实验过程中选用 （选填“同种”或“不同”）物质，多次实验的目
的是 ；在“探究平面镜成像特点”的实验中，为了确定像的位置，竖直放一块
代替平面镜，为了证明平面镜所成的像为虚像，需在 （填“点燃”或“未点燃”）
的蜡烛位置放一个光屏；在“探究二力平衡的条件”实验中，主要用到的实验器材（测量
工具）是 。
25．（4分）小华和小红同学通过实验探究凸透镜成实像的规律，他们在光具座上固定焦距为
f的凸透镜，取高度h为8厘米的物体进行实验。调节好实验装置后，他们分别取不同的物
距u、并移动光屏找像，每次都使光屏上的像最清晰，将相应的像距v、成像情况记录在表
一、表二中。
表一：
实验序号 物距u（厘米） 像距v（厘米） 像高h′（厘米）
1 32.0 14.4 3.6
2 25.0 16.7 5.3
3 22.0 18.3 6.7
表二：
实验序号 物距u（厘米） 像距v（厘米） 像高h′（厘米）
4 19.0 21.1 8.9
5 15.0 30.0 16.0
6 12.0 60.0 40.0
分析比较实验序号1、2、3或4、5、6数据中物距u、像距v及成像的变化情况，可得出的
①初步结论是：凸透镜成实像时， 。
分析比较实验序号1、2或3数据中物距u与像距v的大小关系及成像情况，可得出的
②初步结论是：凸透镜成实像、且 时，所成的像是缩小的。
小红同学计算了表一中物距与像距之和，由此得出结论：凸透镜成实像时，物距与像距
③
第6页（共25页）之和越小，成的像越大。
小华通过分析比较实验序号 ，判断小红的结论是 的（选填“正确”、“错
误”）。
小华进一步分析比较表一和表二中物距与像距之和，提出了一个猜想：“当物距与像
④距之和最小时，可能会成等大的实像”。为了验证该猜想，他们应将物距设定在 厘
米的范围内继续进行实验。
26．（4分）小华同学做“测定小灯泡电功率”实验。待测小灯的额定电压为“2.5V”或
“4.0V”，滑动变阻器上标有“50 2A”，实验器材齐全且完好。他连接电路后，将变阻
器的滑片置于一端，闭合电键，移动Ω滑片的过程中，观察到小灯发光始终较暗且亮度不变，
电流表示数逐渐变大，电压表的指针始终处于如图所示位置。
小华在连接电路时的主要问题是： 。
①请判断小灯的额定电压和电源电压，并说明理由。 。
②为了完成实验，小华同学需对电路连接进行的调整是： ；
③需对实验器材进行的调整是： 。
第7页（共25页）2020年上海市崇明区中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共16分）
1．（2分）实施“空中课堂”教学，它传输信息用到的是（ ）
A．超声波 B．次声波 C．红外线 D．无线电波
【分析】电磁波传播不需要介质，可以在真空中传播，可以传递信息；无线电波指频率在
300MHz以下的电磁波。
【解答】解：我们现在进行的“空中课堂”教学，利用的是无线电波传递信息，故ABC不
符合题意，D符合题意。
故选：D。
【点评】电磁波是一个大家族，我们熟悉的可见光、不可见光、无线电波及各种射线，本质
上都属于电磁波。
2．（2分）平面镜可以（ ）
A．改变光的传播方向 B．成实像
C．成放大像 D．成倒立像
【分析】平面镜可以成像，也改变光的传播方向。平面镜成等大、正立的虚像。
【解答】解：（1）利用平面镜可以改变光的传播方向；故A正确。
（2）根据平面镜成像特点可知，平面镜成正立等大的虚像。故BCD错误。
故选：A。
【点评】此题考查平面镜的应用，难度不大，属于基础题目。
3．（2分）看电视时，调节音量是为了改变声音的（ ）
A．响度 B．音调 C．音色 D．频率
【分析】解答此题要知道：响度是指声音的强弱，它与物体振幅有关。
音量的调节，就是改变声音的响度。
【解答】解：调节音量时，喇叭的振幅发生改变，所以发出声音的响度发生改变。
故选：A。
【点评】本题考查学生对响度在生活中具体应用的了解情况。
4．（2分）水轮机中的“水流”相当于电路中的（ ）
A．电源 B．电压 C．电流 D．导线
【分析】运用类比法研究电路，利用水路类比电路，可深化对电路、电压、电流的理解。
第8页（共25页）【解答】解：用水路类比电路，其中水轮机中的“水流”相当于电路中的电流，故ABD错
误，C正确。
故选：C。
【点评】本题考查了电路的组成和类比法，其中类比法是研究物理概念时常用的方法。
5．（2分）在图中，静止小磁针N极指向正确的是（ ）
A．a B．b C．c D．d
【分析】从电源入手，根据电流的流向，利用安培定则可确定螺线管的极性；再根据磁极间
的相互作用判断小磁针N极指向。
【解答】解：根据安培定则可知，螺线管右端为N极，左端为S极；根据同名磁极相互排斥，
异名磁极相互吸引可知，b是正确的。
故选：B。
【点评】小磁针北极的指向、螺线管的磁极、电流的方向，知道其中的一者，其他的两者都
能进行判断。
6．（2分）在一条直线上的甲、乙两辆小车，同时同地同向开始做匀速直线运动，甲的速度小
于乙的速度，运动5秒甲、乙间的距离大于3米。它们的s﹣t图象为图所示a、b、c三条图
线中的两条。则（ ）
A．图线c可能是甲 B．图线a一定是乙
C．图线b一定是甲 D．图线b可能是乙
第9页（共25页）【分析】根据图象读出经过5s后的路程，再根据题目中的甲的速度小于乙的速度，和运动
5秒甲、乙间的距离大于3米去判断哪一条图线是甲，哪一条是乙。
【解答】解：由图象可知，经过5s后a的路程为s ＝5m，b的路程为s ＝2.5m，c的路程为s
a b c
＝1.2m，由此可知a的速度大于b的速度，大于c的速度，由题意知，甲的速度小于乙的速
度，运动5秒后a和c的距离大于3m，则乙一定是a图象，甲一定是c图象，故ACD错误，
B正确。
故选：B。
【点评】此题主要考查的是学生对图象的分析和处理能力，读懂图象、分析题意是解决此
题的关键。
7．（2分）如图所示电路中，电源电压保持不变。闭合电键S，向右移动滑动变阻器滑片P的过
程中（ ）
A．电流表A的示数不变
B．电压表V 的示数变小
2
C．电压表V 与V 示数的差值变大
1 2
D．电压表V 与电流表A示数的比值变大
1
【分析】A、两电阻串联，电压表V 测电源电压，电压表V 测变阻器的电压，电流表测电路
1 2
的电流，向右移动滑动变阻器滑片P的过程中分析变阻器连入电路的电阻变化，由电阻的
串联判断电路的总电阻变化，由欧姆定律确定电流表的示数变化；
B、根据欧姆定律可确定R 的电压变化，由串联电路电压的规律分析电压表V 示数变化；
1 2
C、由串联电路电压的规律可知，电压表V 与V 示数的差值等于R 的电压，根据B项可
1 2 1
判断；
D、由欧姆定律分析电压表V 与电流表A示数的比值的变化。
1
【解答】解：
A、由图知，两电阻串联，电压表V 测电源电压，电压表V 测变阻器的电压，电流表测电
1 2
路中的电流；
第10页（共25页）向右移动滑动变阻器滑片P的过程中，变阻器连入电路的电阻变大，电路的总电阻变大，
由欧姆定律可知，电路中的电流变小，即电流表A的示数变小，故A错误；
B、电路中的电流变小，根据U＝IR可知，R 的电压变小，根据串联电路电压的规律，变阻
1
器R 的电压变大，即电压表V 示数变大，故B错误；
2 2
C、由串联电路电压的规律可知，电压表V 与V 示数的差值等于R 的电压，因R 的电压
1 2 1 1
变小，所以该差值变小，故C错误；
D、由欧姆定律可知，电压表V 与电流表A示数的比值等于电路的总电阻，因总电阻变大，
1
所以该比值变大，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路的分析。
8．（2分）如图所示，甲、乙两个均匀实心正方体放在水平地面上时对水平地面的压强相等，
若分别在两物体上沿竖直方向截去厚度相同的部分，让剩余部分沿顺时针翻转90度，并
把截去部分分别叠放在自己已翻转后剩余部分的上方，此时压强p甲 、p乙 比较，正确的是（
）
A．可能是p甲 ＝p乙 B．一定是p甲 ＝p乙
C．可能是p甲 ＞p乙 D．一定是p甲 ＞p乙
【分析】沿竖直方向截去厚度相同的部分，让剩余部分沿顺时针翻转90度，并把截去部分
分别叠放在自己已翻转后剩余部分的上方，说明甲乙与地面的受力面积不变，压力不变，
根据p＝ 可知p甲 、p乙 的关系。
【解答】解：沿竖直方向截去厚度相同的部分，让剩余部分沿顺时针翻转90度，说明受力
面积与原来的相等；
再将截去部分分别叠放在自己已翻转后剩余部分的上方，说明压力不变；
因为甲、乙两个均匀实心正方体放在水平地面上时对水平地面的压强相等，所以由p＝
可知，p甲 ＝p乙 。
故选：B。
【点评】本题考查了压强大小的比较，关键明确变化后的受力面积与压力的判断。
第11页（共25页）二、填空题（共23分）
9．（3分）普通公路上照明的路灯其电压为 22 0 伏，这个电压是属于 低 （选填“高
“或“低“）压；大桥上的路灯可以同时亮起、同时熄灭，路灯之间是 并联 （选填“串
联“或“并联”）连接的。
【分析】（1）照明电路的电压为220V。
（2）通常在1000V以上的电压，称为高压电。
（3）并联电路中，各用电器工作时互不影响。
【解答】解：普通公路上照明的路灯，其电压为220V．这个电压属于低压。
大桥上的路灯可以同时亮起、同时熄灭，但它们工作时互不影响，故各路灯之间是并联的。
故答案为：220；低；并联。
【点评】记住常见电压值、高压与电压的区分，理解并联电路的特点，可解答此题。
10．（3分）轿车己经广泛进入家庭，其发动机的做功冲程是将 内 能转化为机械能；使用
水作为发动机的冷却液，是利用水的 比热容 （选填“密度”、“比热容”或“流动
性”）大的属性；若以汽车为参照物，座位上的乘客是 静止 （选填“运动”“静止”）
的。
【分析】（1）在内燃机的做功冲程中，内能转化为机械能；压缩冲程将机械能转化为内能。
（2）对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水
的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
（3）相对于参照物位置不变的物体是静止的，位置不断变化的物体是运动的。
【解答】解：（1）发动机的做功冲程中将内能转化为机械能；
（2）因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热
量多，所以汽车发动机用水作为冷却液；
（3）以汽车为参照物，座位上的乘客与汽车之间的相对位置没有发生改变，故乘客是静止
的。
故答案为：内；比热容；静止。
【点评】本题通过与实际相结合，考查了汽油机的工作原理与过程、水的比热容大、运动和
静止的相对性等，考查内容有一定的综合性，但都难度不大。
11．（3分）小明用力将弓拉开，放手后弓能将箭射出，说明被拉开的弓具有 势 能（选填
“动”或“势”），箭离开弓后由于 惯性 继续向前飞行，由于受到重力作用最终落向
地面，说明力能使物体的 运动状态 发生改变。
【分析】（1）影响弹性势能的因素是弹簧的弹性形变程度；
第12页（共25页）（2）力的作用效果有两个：一是力可以改变物体的形状；二是力可以改变物体的运动状态
（包括物体的运动速度和运动方向）．在地面周围的一切物体都受到重力的作用，重力的
方向永远竖直向下。
【解答】解：弓被拉开，弓在拉力的作用下，弓的形状发生了改变，具有弹性势能；射出的箭
已经离开了弓弦，因此不受弓弦的推力；由于惯性继续飞行；由于它受到地球的吸引，因
此它受到重力的作用。重力的方向是竖直向下的，在重力的作用下，它的运动方向不断发
生改变，最终落向地面，属于力可以改变物体的运动状态。
故答案为：势；惯性；运动状态。
【点评】本题主要考查的是力的作用效果：力可以改变物体的运动状态（包括物体的运动
速度和运动方向），力可以改变物体的形状。
12．（3分）将一杯质量为0.2千克、温度为20℃的水放入冰箱的冷藏室内，一段时间后水温降
低了5℃，则水放出的热量为 4.2×1 0 3 焦，水的内能将 减少 （选填“减少”或“增
加”），这是通过 热传递 的方法改变了它的内能。[c水 ＝4.2×103焦/（千克•℃）]。
【分析】（1）知道水的质量、水的比热容、水的温度降低值，利用放热公式求水放出的热量；
（2）改变内能的方法：一是做功，二是热传递，水放出热量、内能减少、温度降低，是通过热
传递的方法减小水的内能。
【解答】解：水放出的热量：
Q放 ＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×0.2kg×5℃＝4.2×103J；
水放出热量、内能减少，是通过热传递的方法减小水的内能。
故答案为：4.2×103；减少；热传递。
【点评】本题考查了热量的计算、内能的改变方法，计算时注意温度降低了（△t）与降低到
（末温）的区别，属于基础题目。
13．（3分）某导体两端电压为6伏，10秒内通过导体横截面的电荷量为5库，通过它的电流
为 0. 5 安，它消耗的电能为 3 0 焦；若该导体两端的电压为12伏，该导体消耗的电
功率为 1 2 瓦。
【分析】（1）已知导体两端的电压和通过的电荷量及时间，根据I＝ 求出通过导体的电流；
根据W＝UQ求出它消耗的电能；根据欧姆定律求出导体的电阻。
（2）电阻是导体本身的一种性质，与其两端的电压和通过的电流无关；根据P＝ 求出该
导体两端的电压为12伏时的消耗的电功率。
第13页（共25页）【解答】解：（1）通过导体的电流I＝ ＝ ＝0.5A；
10秒内消耗的电能W＝UQ＝6V×5C＝30J；
导体的电阻R＝ ＝ ＝12 。
Ω
（2）因电阻与导体两端的电压无关，所以该导体两端的电压为12伏时电阻仍为12 ，
Ω
此时电阻消耗的电功率P＝ ＝ ＝12W。
故答案为：0.5；30；12。
【点评】本题考查了电流、电阻、电功和电功率的计算，关键是公式及其变形式的灵活应用，
还要知道与导体两端的电压和通过的电流无关。
14．（4分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，由于电阻R 或R 出现了故障。
1 2
在电键s闭合前后，如果发现只有一只电表的示数发生变化，故障是 电阻 R 短路或
1
①断路 ；如果发现只有一只电表示数变化的是电流表，那么故障是 电阻 R 短路 。
1
在电键s闭合前后，发现两只电表的示数均未变化，故障是 电阻 R 断路 ；如果发现
2
②两只电表示数均有变化，但电路确有故障，则故障一定是 电阻 R 短路 。
2
【分析】由图知，在正常情况下闭合电键时，R 、R 串联，电流表A测量电路中的电流，电
1 2
压表测量R 两端的电压。
1
已知电阻R 或R 出现了故障，分别从两电阻短路和断路两个方面分析电流表对应的示数
1 2
情况，从而确定电路可能出现的故障。
【解答】解：由图知，在正常情况下闭合电键时，R 、R 串联，电流表A测量电路中的电流，
1 2
电压表测量R 两端的电压；
1
由题知，此电路中电阻R 或R 出现了故障；
1 2
在闭合电键前，整个电路断路，两个电表均无示数；
在闭合电键后，则：
如果R 短路，电压表被短路无示数，电流表有示数，即只有一只电表（电流表）示数发生变
1
第14页（共25页）化；
如果R 断路，R 与电压表、电流表、电源串联，电路相当于断路，所以电流表无示数，此时
1 2
电压表测量电源电压有示数，即只有一只电表（电压表）示数发生变化；
如果R 断路，整个电路断路，电流表、电压表均无示数，即两只电表的示数均未变化；
2
如果R 短路，只有R 接入电路，电流表测R 的电流，电压表测量电源电压，即两只电表
2 1 1
示数均有变化。
故答案为：
电阻R 短路或断路；电阻R 短路；
1 1
①电阻R
2
断路；电阻R
2
短路。
【②点评】本题考查学生对于电路故障分析的能力，要求学生能正确分析电路，并且全面考
虑题目中出现的可能性，难度较大，容易出错。
15．（4分） 太阳系是一个完美无比的整体，它的核心就是太阳。我们的家园是地球，离地球
最近的一①颗恒星是 太阳 。太阳是一个极其巨大的、炽热的气体球，在那里不断释放氢
核聚变产生的核能，它向太空稳定地辐射出光和热，其中有 极少数 （选填“极大多数
“、“部分”、“少数”或“极少数”）到达地球，成为地球上最基本、最重要的能量来源。
天文观测表明，几乎所有远处的恒星（或星系）都在以各自的速度背离我们而作匀速直
②线运动，离我们越远的星体，背离我们匀速直线运动的速度（称为退行速度）越大；也就是
说，宇宙在膨胀，不同星体的退行速度v和它们离我们的距离r成正比，即v＝Hr，式中H
为一常量，称为哈勃常数，己由天文观察测定。请你从“运动和力“的关系分析星体作匀
速直线运动的原因是 运动的星体不受阻力作用，由牛顿第一定律可知其将一直做匀速
直线运动 ；由上述天文观测结果，可估算宇宙年龄（即星体运动的时间），其计算式为T
＝ 。
【分析】 离我们最近的一颗恒星是照耀着整个太阳系的太阳，太阳辐射的光只有极少数
到达地球①；
运动物体在不受力时将保持原来的速度做匀速直线运动；
②不同的星体的退行速度v和它们离我们的距离r成正比，即v＝Hr；假设大爆炸后各星体
即以不同的速度向外匀速运动，则有：r＝vT；联立求解可得到时间T。
【解答】解： 离我们最近的一颗恒星是照耀着整个太阳系的太阳；
太阳是一个极①其巨大的、炽热的气体球，在那里不断释放氢核聚变产生的核能，它向太空
第15页（共25页）稳定地辐射出光和热，但其中有极少数到达地球，成为地球上最基本、最重要的能量来源，
是地球生物的能量之源；
太空没有空气，运动的星体不受阻力作用，由牛顿第一定律可知其将一直做匀速直线
②运动；
不同的星体的退行速度v和它们离我们的距离r成正比，即v＝Hr；
假设大爆炸后各星体即以不同的速度向外匀速运动，则有：r＝vT；
联立求解可得到时间T＝ 。
故答案为： 太阳；极少数； 运动的星体不受阻力作用，由牛顿第一定律可知其将一直
① ②
做匀速直线运动； 。
【点评】本题考查了有个太阳系的知识，关键读懂题意后建立宇宙的膨胀模型，然后找出
有用信息进行计算。
三、作图题（共8分）
16．（2分）重为8牛的物体静止在水平地面上，用力的图示法在图中画出它所受的重力G。
【分析】力的图示的画法：首先画出标度，然后找到力的作用点，从力的作用点起，沿力的
方向画线段，线段的末端画出箭头表示力的方向，并在线段的末端标出力的大小。
【解答】解：画出标度2N，力的作用点是重心，从力的作用点起，根据标度，画出竖直向下
8N的线段，在末端画出箭头表示力的方向，如图所示：
第16页（共25页）【点评】力的图示描述力的三要素比较具体，有标度，力的作用点、方向、大小，而力的示意
图只是粗略的描述力的大小、方向和作用点。
17．（2分）在图中根据给出的反射光线OB画出入射光线AO，并标出入射角及其度数。
【分析】根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分
居法线两侧，反射角等于入射角，作出入射光线并标出入射角及其度数。
【解答】解：由图可知，反射角为90°﹣30°＝60°，在法线左侧画出入射光线OA，度数等于
反射角为60°即可，如图所示：
【点评】由于题目已经作出法线，根据反射角等于入射角在同一平面内法线的另一侧画出
入射光线即可，注意完成题目的要求。要注意入射角是入射光线与法线之间的夹角。
18．（4分）在图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请以比划线代替导线补上，要求：闭合
电键，电路各元件均能正常工作，且当电阻器的滑片向左移动时，电压表的示数变大。
第17页（共25页）【分析】根据电路图可知，电压表测量滑动变阻器两端电压，向左移动滑动变阻器的滑片
时，电压表示数变大说明滑片向左移动滑动变阻器接入电路的电阻变大，因此滑动变阻器
的右下接线柱接入了电路。
【解答】解：电压表与滑动变阻器串联，滑片左移，滑动变阻器接入电路的电阻变大，故将
右下接线柱与开关右接线柱相连，并将电压表的负接线柱与滑动变阻器的右下接线柱相
连；如下图所示：
【点评】解决本题的关键：一是知道滑动变阻器在连接时按一上一下的原则，串联在电路
中和滑片靠近下方接线柱接入电路的电阻变小、远离下方接线柱接入电路的电阻变大；二
是根据电压表示数的变化判断滑动变阻器的接线柱。
四、计算题（共25分）
19．（5分）一物体浸没在水中，其排开水的体积为1×10﹣3米3，求该物体所受的浮力F浮 。
【分析】知道木块排开水的体积，利用阿基米德原理求木块受到的浮力。
【解答】解：物体所受的浮力：
F浮 ＝ 液gV排 ＝1.0×103kg/m3×9.8N/kg×1×10﹣3m3＝9.8N。
答：木ρ块受到的浮力F浮 为9.8N。
【点评】本题考查了学生对阿基米德原理公式F浮＝ 液g V排的掌握和运用，比较简单，
属于基础题目。 ρ
20．（5分）如图所示，工人用动滑轮匀速竖直向上提升重200牛的货物，不计滑轮重力和摩擦，
他在2秒内提升货物2米。试求：
第18页（共25页）（1）工人所用的拉力大小；
（2）工人所做的功和功率。
【分析】（1）使用动滑轮可以省一半的力；
（2）拉力端移动距离s＝2h，利用W＝Fs计算手对绳拉力所做的功；利用P＝ 计算拉力
做功的功率。
【解答】解：
（1）由图知，该滑轮为动滑轮，
不计滑轮重力和摩擦，则拉力的大小为：F＝ G＝ ×200N＝100N；
（2）使用动滑轮时，拉力端移动距离s＝2h，
则拉力所做的功为：W＝Fs＝100N×2×2m＝400J；
拉力的功率为：P＝ ＝ ＝200W。
答：（1）工人所用的拉力大小为100N；
（2）工人所做的功为400J，功率为200W。
【点评】本题考查动滑轮的特点及功和功率计算，关键是动滑轮特点的运用，难度不大，属
于简单的计算题。
21．（7分）物体的质量为3千克，体积为5×10﹣3米3，放入一个盛有水深为0.5米、底面积为
2×10﹣2米2的柱形容器中（水不溢出）•
（1）求该物体的密度；
（2）求柱形容器中原有的水（未放物体前）对容器底部产生的压强；
（3）放入物体后，求水对容器底部压强增加量。
【分析】（1）已知物体质量和体积，利用 ＝ 得到密度；
ρ
（2）已知水的密度和深度，利用公式p＝ gh得到原有的水（未放物体前）对容器底部产生
ρ
第19页（共25页）的压强；
（3）根据物体密度与水的密度比较可知，物体是漂浮在水面上的；已知容器是柱状的，所
以此时水对容器底的压力等于水的重力加上物体的重力；则物体放入水中前后，容器底部
增加的压力等于物体的重力；知道增大的压力和底面积，利用p＝ 得到增加的压强。
【解答】解：
（1）物体的密度： ＝ ＝ ＝0.6×103kg/m3；
ρ
（2）原有的水对容器底部产生的压强：p水 ＝ 水gh水 ＝1.0×103kg/m3×9.8N/kg×0.5m＝
4900Pa； ρ
（3）比较知，
物
＜
水
，所以放入物体后，物体在水中漂浮。
物体的重力：Gρ＝mgρ＝3kg×9.8N/kg＝29.4N，
因容器为柱形容器，且放入物体后物体处于漂浮状态，
则容器底部增加的压力△F＝G＝29.4N，
水对容器底部压强增加量：△p＝ ＝ ＝1470Pa。
答：（1）物体的密度为0.6×103kg/m3；
（2）柱形容器中原有的水对容器底部产生的压强为4900Pa；
（3）放入物体后，水对容器底部压强增加量为1470Pa。
【点评】此题考查了密度、重力、压强、液体压强计算公式的应用，是一道综合题，根据容器
形状特点知道液体压力等于其重力，是解答此题的突破口。
22．（8分）在如图所示的电路中，电源电压为12伏保持不变，电阻R 的阻值为10欧。滑动变
1
阻器R 标有“50 2A”，闭合电键S ，断开电键S 、S 后，电流表A的示数为0.4安。
2 1 2 3
（1）求电阻R
1
两Ω端的电压；
（2）求电流通过电阻R 工作10秒所做的功；
1
（3）闭合电键S ，通过断开或闭合电键S 、S 及改变滑动变阻器滑片P的位置（保证各元
1 2 3
件正常工作）改变电路中的电流，求电路中电流的变化量的最大值。
第20页（共25页）【分析】（1）闭合电键S ，断开电键S 、S 后，R 和R 串联，电流表测量电路中的电流，根
1 2 3 1 2
据欧姆定律求出电阻R 两端的电压；
1
（2）根据W＝UIt求出电流通过电阻R 工作10秒所做的功；
1
（3）电路中的电阻最大时，电流是最小的，由电阻的串联和欧姆定律可求出最小电流；根
据滑动变阻器的规格判定最大电流，据此求出电路中电流的变化量的最大值。
【解答】解：
（1）闭合电键S ，断开电键S 、S 后，R 和R 串联，电流表测量电路中的电流，
1 2 3 1 2
因串联电路中各处的电流相同，则由I＝ 可知，电阻R 两端的电压：
1
U ＝I R ＝0.4A×10 ＝4V；
1 1 1
（2）电流通过电阻ΩR
1
工作10秒所做的功为：
W ＝U I t＝4V×0.4A×10s＝16J；
1 1 1
（3）在闭合电键S 的前提下，由图知，断开S 、S ，R 和R 串联，且滑动变阻器阻值最大时，
1 2 3 1 2
此时的总电阻是最大的，根据欧姆定律可知，电路中的电流是最小的，
则最小电流为：
I小 ＝ ＝ ＝0.2A；
当闭合S ，断开S ，电阻R 被短路，电路为变阻器的简单电路；减小滑动变阻器阻值时，
2 3 1
电流变大，由于滑动变阻器R 标有“50 2A”字样，即通过滑动变阻器的电流不能超过
2
2A，所以电路中的最大电流为I大 ＝2A；Ω
则电路中电流的变化量的最大值为：△I大 ＝I大 ﹣I小 ＝2A﹣0.2A＝1.8A。
答：（1）电阻R 两端的电压为4V；
1
（2）电流通过电阻R 工作10秒所做的功为16J；
1
（3）电路中电流的变化量的最大值为1.8A。
【点评】本题考查了求电阻两端的电压、电功、电路电流的变化等问题，本题最后一问难度
较大，确定出最小电流和最大电流是解题的难点与关键。
第21页（共25页）五、实验题（共18分）
23．（4分）如图所示是四种常用实验器材，其中用来测量温度的是 D ，测量电压的是 B
，测量物体质量的是 A ，可用来研究杠杆平衡的条件的是 C （均选填字母）。
【分析】解答此题从以下知识点入手：
（1）电子秤是测量质量的仪器；
（2）电压表测量电压；
（3）杠杆支架用于研究杠杆平衡条件；
（4）测量温度用温度计。
【解答】解：A电子秤用于测量物体质量；
B图的器材是电压表，用于测量电压；
C图可用来研究杠杆平衡条件；
D温度计是测量物体温度的。
故答案为：D；B；A；C。
【点评】本题综合考查电压表的认识、电子秤、温度计的使用以及探究杠杆平衡条件等，涉
及的内容较多，但都属于基础内容。
24．（6分）“用电流表、电压表测电阻”的实验原理是 R ＝ ；在“探究物质质量与体积
关系“的实验中，实验过程中选用 不同 （选填“同种”或“不同”）物质，多次实验
的目的是 得出普遍规律 ；在“探究平面镜成像特点”的实验中，为了确定像的位置，
竖直放一块 玻璃板 代替平面镜，为了证明平面镜所成的像为虚像，需在 未点燃
（填“点燃”或“未点燃”）的蜡烛位置放一个光屏；在“探究二力平衡的条件”实验中，
主要用到的实验器材（测量工具）是 弹簧测力计 。
【分析】（1）用电流表、电压表测电阻”的实验原理是 R＝ ；
（2）为了探究规律应换用不同的物质进行多次实验，才能使结论更具普遍性；
第22页（共25页）（3）探究平面镜成像实验中，要用透明的玻璃板代替平面镜，虽然成像不太清晰，但是在
物体一侧能看到物体的像，同时还能看到代替物体的另一个物体；判断在何处放光屏接平
面镜成的像，分辨物体还是像是关键；
（4）弹簧测力计是用来测量力的工具。
【解答】解：“用电流表、电压表测电阻”的实验原理是 R＝ ；
“探究物质质量与体积的关系”时，实验中为了使该探究结论具有普遍性，还应该换用不
同的物质，进行多次测量；
使用平面镜时，只能成像，而不能透光，不容易确定像的位置，用玻璃时，既能成像，又能
透光，便于确定出像的位置，而且能比较像与物的大小关系；把一只点燃的蜡烛放在镜前，
另外拿一只完全相同未点燃的蜡烛在镜后适当的移动，直到看上去跟像完全重合，这位置
就是像的位置，所以在未点燃的蜡烛位置放一个光屏，观察是否有像。
弹簧测力计是用来测量力的工具，在“探究二力平衡的条件”实验中就是用弹簧测力计
测量拉力的大小来探究两个力大小的关系。
故答案为：R＝ ；不同；得出普遍规律；玻璃板；未点燃；弹簧测力计。
【点评】本题考查学生动手操作实验的能力并会根据对实验现象的分析得出正确的结论，
此类题目在近几年中考中频繁出现，牢记并紧扣平面镜成像特点可比较容易的进行解答。
25．（4分）小华和小红同学通过实验探究凸透镜成实像的规律，他们在光具座上固定焦距为
f的凸透镜，取高度h为8厘米的物体进行实验。调节好实验装置后，他们分别取不同的物
距u、并移动光屏找像，每次都使光屏上的像最清晰，将相应的像距v、成像情况记录在表
一、表二中。
表一：
实验序号 物距u（厘米） 像距v（厘米） 像高h′（厘米）
1 32.0 14.4 3.6
2 25.0 16.7 5.3
3 22.0 18.3 6.7
表二：
实验序号 物距u（厘米） 像距v（厘米） 像高h′（厘米）
4 19.0 21.1 8.9
5 15.0 30.0 16.0
6 12.0 60.0 40.0
分析比较实验序号1、2、3或4、5、6数据中物距u、像距v及成像的变化情况，可得出的
第23页（共25页）
①初步结论是：凸透镜成实像时， 物距越小，像距越大，所成的像越大 。
分析比较实验序号1、2或3数据中物距u与像距v的大小关系及成像情况，可得出的
②初步结论是：凸透镜成实像、且 物距大于像距 时，所成的像是缩小的。
小红同学计算了表一中物距与像距之和，由此得出结论：凸透镜成实像时，物距与像距
③之和越小，成的像越大。
小华通过分析比较实验序号 4 、 5 和 6 ，判断小红的结论是 错误 的（选填“正确”、
“错误”）。
小华进一步分析比较表一和表二中物距与像距之和，提出了一个猜想：“当物距与像
④距之和最小时，可能会成等大的实像”。为了验证该猜想，他们应将物距设定在 1 9 ～ 2 2
厘米的范围内继续进行实验。
【分析】 凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像变大。
凸透镜①成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像。
②计算表二中物距与像距之和，可知结论是否正确。
③根据物体的高度8cm结合表一、表二中像的高度即可得出结论。
【④解答】解： 实验序号1与2与3或4与5与6数据中，光屏上得到的都是实像，所以同
一凸透镜成实①像时，物距越小，像距越大，所成的像越大；
故答案为：物距越小，像距越大，所成的像越大。
实验中1、2或3数据中，物体在凸透镜中都小于物体的高度8cm，即都成缩小的实像时，
②其共同的特点是：物距大于像距。
故答案为：物距大于像距。
计算表二中4、5和6中的物距与像距之和可知，凸透镜成实像时，物距与像距之和越小，
③成的像越小，所以小红通过计算的表一的结论是错误的。
故答案为：4、5和6；错误。
（5）因为物体的高度为8cm，在表一中，当物距为22cm时，像高度为6.7cm
在表二中，当物距为19cm时，像高度为8.9cm，这两个数据与物体的高度比较接近，所以
为了验证该猜想，他们应将物距设定在19～22厘米的范围内继续进行实验。
故答案为：19～22。
【点评】此题是探究凸透镜成像的规律，此题通过例举一些实验数据，让学生通过数据总
结结论，考查了分析数据得出结论的能力。这种考查对于学生来讲是比较困难的。针对这
部分习题要把整个习题读完，对照题目给定的一些结论进行仿写，避免没有头绪。
26．（4分）小华同学做“测定小灯泡电功率”实验。待测小灯的额定电压为“2.5V”或
第24页（共25页）“4.0V”，滑动变阻器上标有“50 2A”，实验器材齐全且完好。他连接电路后，将变阻
器的滑片置于一端，闭合电键，移动Ω滑片的过程中，观察到小灯发光始终较暗且亮度不变，
电流表示数逐渐变大，电压表的指针始终处于如图所示位置。
小华在连接电路时的主要问题是： 将小灯与滑动变阻器并联了 。
①请判断小灯的额定电压和电源电压，并说明理由。 小灯与滑动变阻器并联， U 灯 ＝ U ；
②小灯发光较暗， U 灯 ＜ U 额
所以 U 额 ＝ 4. 0 伏，电源电压 U ＝ 3 伏 。
为了完成实验，小华同学需对电路连接进行的调整是： 将小灯与滑动变阻器串联，电
③压表并联在灯的两端 ；
需对实验器材进行的调整是： 换电压高于 4 伏的电源 。
【分析】 根据变阻器无变阻的作用，判断连接方式；
在 的①基础上，根据小灯泡发光较暗和电压表的示数判断；
②根①据上面的问题采取相应的措施。
【③解答】解： 实验器材齐全且完好，移动滑片的过程中，观察到小灯发光始终较暗且亮度
不变，说明变①阻器没有起到分压的作用，则可判断灯与变阻器并联了（电流表示数变大是
因为并联的总电阻减小了）；
小灯与滑动变阻器并联，所以灯两端的电压等于电源电压，U灯 ＝U，由电压表示数知，
②示数只能为3.0V（若为15V，则灯将烧坏），小灯泡发光较暗，U灯 ＜U额 ，所以，灯的额定
电压为4.0V，电源电压为3V；
由上面的分析可知，为了完成实验，小华同学需对电路连接进行的调整是：将小灯与滑
③动变阻器串联，电压表并联在灯的两端；因灯的额定电压为4.0V，而电源电压只有3V，故
应换用电压高于4V的电源。
故答案为： 将小灯与滑动变阻器并联了。
小灯与滑①动变阻器并联，U灯 ＝U；小灯发光较暗，U灯 ＜U额 ，所以U额 ＝4.0伏，U＝3伏。
②将小灯与滑动变阻器串联，电压表并联在灯的两端；换电压高于4伏的电源。
【③点评】本题简化计算，重点考查学生根据实验现象进行演绎推理、分析解决实际问题的
能力，综合性较强。
第25页（共25页）
