精品解析：上海市复兴高级中学2022-2023学年高三上学期期中物理试题（解析版）_0122026上海中考一模二模真题试卷_2026年上海一模_上海1500初中高中试卷_高中_高三_上学期_2：期中

上海最大家教平台---嘉惠家教 2万余上海老师任您选（在职老师、机构老师、985学霸大学生应有尽有 ，+V: jiajiao6767 ) 上海市复兴高级中学 2022 学年第一学期期中考试 高三年级物理试卷 一、单项选择题（共 40分。第 1-8 小题，每小题 3分，第 9-12 小题，每小题 4分。每小题只 有一个正确答案） 的 1. 下列单位中，属于物理学 基本单位的是 A. 牛顿 B. 焦耳 C. 库仑 D. 安培 【答案】D 【解析】 【详解】七个基本物理量分别为：质量、时间、长度、热力学温度、物质的量、电流强度、发光强度，对 应的国际制基本单位为：千克、秒、米、开尔文、摩尔、安培、坎德拉 综上所述，故选D． 2. 做静电实验时，应（ ） A. 保持空气湿度、器材良好的接地 B. 保持空气湿度、器材不接地 C. 保持空气干燥、器材良好的接地 D. 保持空气干燥、器材不接地 【答案】C 【解析】 【详解】潮湿的环境下水气导致空气的绝缘性下降，电荷随时可以放出，电荷不容易积累，因此不容易做 好静电试验，实验时器材良好的接地，这样，静电计的金属外壳与内部的金属杆及金属指针构成了一个特 殊的电容器，故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 3. 某同学通过导航软件获得从家到学校北门的出行信息，如图所示。按推荐方案一出行比按方案二出行的 （ ） 第 1 页 共 19 页上海最大家教平台---嘉惠家教 2万余上海老师任您选（在职老师、机构老师、985学霸大学生应有尽有 ，+V: jiajiao6767 ) A. 位移大 B. 位移小 C. 平均速度大 D. 平均速度小 【答案】C 【解析】 【详解】AB．两种方案的初末位置相同，所以位移大小相同，故AB错误； x CD．由图可知，方案二的时间更长，根据v 可知按推荐方案一出行比按方案二出行的平均速度大， t 故C正确，D错误。 故选C。 4. 某地甲、乙两个单摆摆长相同，甲、乙的摆球做小角度摆动经过平衡位置时的速率分别为v 和v ，且 甲 乙 v v ，由此可知甲比乙（ ） 甲 乙 A. 振动得快 B. 振动得慢 C. 振幅大 D. 振幅小 【答案】C 【解析】 【详解】AB．由单摆周期公式 L T 2 g 可知，摆长相同的单摆，其周期相等，则振动一样快，故AB错误； CD．设单摆振动过程中高度变化量为h，经过平衡位置时的速率分别为v，由机械能守恒可得 1 mgh mv2 2 即经过平衡位置时的速率越大，高度变化就越大，由几何关系可知其振幅就越大；故C正确，D错误。 故选C。 第 2 页 共 19 页上海最大家教平台---嘉惠家教 2万余上海老师任您选（在职老师、机构老师、985学霸大学生应有尽有 ，+V: jiajiao6767 ) 5. 如图所示，电子束沿x轴正方向运动，则电子束产生的磁场在y轴正方向A点的方向是（ ） A z轴正方向 B. z轴负方向 . C. y轴正方向 D. y轴负方向 【答案】B 【解析】 【详解】电子束沿x轴正方向运动，等效电流的方向向左，根据右手螺旋定则可知，电子束产生的磁场在 y轴正方向A点的方向是z轴负方向，B正确，ACD错误。 故选B。 6. 如图，滚筒洗衣机脱水时，衣物紧贴着滚筒壁在竖直平面内做顺时针的匀速圆周运动。在脱水过程中， 衣物经过最高位置A和最低位置B，其在A、B两点（ ） A. 加速度相同 B. 线速度相同 C. 所受合力大小不同 D. 受筒壁的作用力大小不同 【答案】D 【解析】 【详解】B．在A、B两点线速度大小相等，方向不同，故B错误； v2 A．根据a  可知加速度大小相等，在A、B两点加速度都指向圆心，方向不同，故A错误； n R C．根据F ma 可知在A、B两点所受合力的大小相等，但方向不同，故C错误； n D．在A点，根据牛顿第二定律可得 N  mg  ma A n 第 3 页 共 19 页上海最大家教平台---嘉惠家教 2万余上海老师任您选（在职老师、机构老师、985学霸大学生应有尽有 ，+V: jiajiao6767 ) 可得 N  ma  mg A n 在B点，根据牛顿第二定律可得 N  mg  ma B n 可得 N  ma  mg B n 可知 N  N B A 故D正确。 故选D。 7. 如图所示，位于介质I和Ⅱ分界面上的波源S，产生两列分别沿x轴负方向与正方向传播的机械波。若 在两种介质中波的频率及传播速度分别为f ，f 和v 、v ，则（ ） 1 2 1 2 A. f ＝2f B. f ＝f 1 2 1 2 C. v ＝2v D. v ＝v 1 2 1 2 【答案】BC 【解析】 【详解】同一波源的频率相等，所以有 f  f ，从图中可得2，故根据公式vf 可得v 2v ， 1 2 1 2 1 2 故BC正确，AD错误。 故选BC。 8. 如图，秋后的打谷场上，传送带将脱粒后的谷粒送到高处，落下后在平地上堆积形成圆锥体。随着堆积 的谷粒越来越多，圆锥体的体积越来越大，圆锥体的底角（ ） A. 不断增大 B. 保持不变 第 4 页 共 19 页上海最大家教平台---嘉惠家教 2万余上海老师任您选（在职老师、机构老师、985学霸大学生应有尽有 ，+V: jiajiao6767 ) C 不断减小 D. 先增大后减小 . 【答案】B 【解析】 【详解】对谷粒进行受力分析，受到重力，支持力和静摩擦力，开始底角在增大，设此时圆锥体的底角为 ，此时有 mgsin f 静 随着堆积的谷粒越来越多，圆锥体的体积越来越大，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则有能保持在斜坡 不下滑时的临界状态为 mgsin f =mgcos 静max 即 tan 所以随着堆积的谷粒越来越多，圆锥体的体积越来越大，谷粒要保持能在圆锥体上不滑动，底角大小将一 直满足 tan 即此时底角不变化。 故选B。 9. 如图，在一个点电荷Q附近的a、b两点放置检验电荷，则检验电荷的受力F与其电荷量q的关系图中 正确的是（ ） A. B. C. D. 第 5 页 共 19 页上海最大家教平台---嘉惠家教 2万余上海老师任您选（在职老师、机构老师、985学霸大学生应有尽有 ，+V: jiajiao6767 ) 【答案】B 【解析】 【详解】因为离点电荷越近，电场强度越大，根据电场强度的定义式 F E  q 得 F Eq 所以F与q成正比，即F与q的斜率为电场强度，所以a点与原点连线的斜率大于b点与原点连线的斜 率，故B正确，ACD错误。 故选B。 10. 若氢原子核外电子在库仑力作用下绕核做匀速圆周运动，则电子运动半径越大，电子运动的（ ） A. 周期越小 B. 线速度越小 C. 加速度越大 D. 角速度越大 【答案】B 【解析】 【详解】根据原子核对电子的库仑力提供向心力，由牛顿第二定律得 ke2 42r mv2 mam m2r  r2 T2 r 4m2r3 A．由T  可得半径越大，周期越大，A错误； ke2 ke2 B．由v 可得半径越大，线速度越小，B正确； mr ke2 C．由a  可得半径越大，加速度越小，C错误。 mr2 ke2 D．由 可得半径越大，角速度越小，D错误； mr3 故选B。 11. 在电场中，一带电粒子仅受静电力作用从静止开始做直线运动。若以运动起点O为坐标原点，沿粒子 运动方向建立x轴，其电势能E 与位移x的关系如图所示。电场强度E、粒子速度v、加速度a、动能E p k 与位移x的关系可能正确的是（ ） 第 6 页 共 19 页上海最大家教平台---嘉惠家教 2万余上海老师任您选（在职老师、机构老师、985学霸大学生应有尽有 ，+V: jiajiao6767 ) A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 F 【详解】A．E x图象上某点的切线的斜率表示电场力，故电场力逐渐减小，根据E  ，故电场强度 p q 也逐渐减小，故A错误； D．根据动能定理，有 F x  E k 故E x图线上某点切线的斜率表示电场力；由于电场力逐渐减小，与D图矛盾，故D错误； k B．题图vx图象是直线，相同位移速度增加量相等，又是加速运动，故增加相等的速度需要的时间逐渐 减小，故加速度逐渐增加；而电场力减小导致加速度减小；故B矛盾，故Ｂ错误； C．粒子做加速度减小的加速运动，故C正确； 故选C。 12. 光滑水平面上有一质量为M的小车，质量为m的小球用细线悬吊在小车上（M>m）。用水平向右的力 F拉小球，小球与车一起做匀加速运动时，细线与竖直方向成α角，细线的拉力为T，如图（a）；用水平 向左拉的力F′拉小车，小球与车一起做匀加速运动时，细线与竖直方向也成α角，细线的拉力为T′，如图 （b）。则可判断出（ ） A. F′>F，T′=T B. F′=F，T′=T 第 7 页 共 19 页上海最大家教平台---嘉惠家教 2万余上海老师任您选（在职老师、机构老师、985学霸大学生应有尽有 ，+V: jiajiao6767 ) C. F′>F，T′>T D. F′=F，T′m 可知 F>F 故A 正确，BCD错误。 第 8 页 共 19 页上海最大家教平台---嘉惠家教 2万余上海老师任您选（在职老师、机构老师、985学霸大学生应有尽有 ，+V: jiajiao6767 ) 故选A。 二、填空题（共 20分。本大题有 5小题，每小题 4分，每空格 2分） 13. 一羽毛球以速度大小v 被竖直向上抛出，沿直线运动，经过时间t以速度大小v （v v ）落回到抛 0 1 1 0 出点。羽毛球向上运动的时间__________（选填“大于”“等于”“小于”）其下落的时间，时间t内其平 均加速度大小为__________。 v v 【答案】 ①. 小于 ②. 0 1 t 【解析】 【详解】[1]羽毛球所受的空气阻力不能忽略，羽毛球向上运动的加速度大于向下运动的加速度，根据 1 h at2可得 2 2h t  a 可知羽毛球向上运动的时间小于其下落的时间； [2]根据加速度的定义可得加速度的大小 v v a  1 0 t 14. 半导体材料制成的电阻器D，通过它的电流I随它两端电压U的变化关系如图（a）所示。D的阻值随 它两端电压U的增大而__________（选填“增大”或“减小”）。D与定值电阻R 、R 并联后接入电压恒 1 2 为U的电源两端，三个用电器的电功率相同。现将三个用电器连接成如图（b）的电路，仍接在电压恒为 U的电源两端，此时D、R 、R 的电功率分别是P 、P 、P ，三者的大小关系是__________。 1 2 D 1 2 【答案】 ①. 减小 ②. P  P  P D 2 1 【解析】 U 【详解】[1]根据R  可知I U 图象上的点与原点连线的斜率大小表示电阻的倒数，由图可知，D的阻 I 值随它两端电压U的增大而减小； [2]由题，电阻器D与两个标准电阻R 、R 并联后接在电压恒为U的电源两端，三个用电器消耗的电功率 1 2 均为P，此时三个电阻的阻值相等；当将它们连接成如图（b）所示的电路，接在该电源的两端时，电阻器D 的电压小于电源的电压，由（a）图象可知，电阻器D的电阻增大，则有 第 9 页 共 19 页上海最大家教平台---嘉惠家教 2万余上海老师任您选（在职老师、机构老师、985学霸大学生应有尽有 ，+V: jiajiao6767 ) R＞R  R D 1 2 而R 与R 并联，电压相等，根据 D 2 U2 P R 可知 P  P D 2 又 I  I I 1 2 D 根据 P I2R 可知 P  P 2 1 联立得 P  P  P D 2 1 15. 如图，质量为m0.1kg的小球在水平成60º斜向上力F作用下，沿与水平成30º的方向（虚线所示）， 斜向上做初速度为零的匀加速直线运动，F的大小为__________N；运动的前2s内小球的重力势能变化了 __________J。（重力加速度g取10m/s2） 【答案】 ①. 3 ②. 10 【解析】 【详解】[1]对小球受力分析，如图所示 第 10 页 共 19 页上海最大家教平台---嘉惠家教 2万余上海老师任您选（在职老师、机构老师、985学霸大学生应有尽有 ，+V: jiajiao6767 ) 可得 Fsi n30  mgcos30 解得 F  3mg  3N [2]沿着小球运动方向，由牛顿第二定律可得 Fcos30  mgsi n30  ma 运动的前2s内小球小球的位移 1 x at2 2 根据几何关系可得小球的重力势能变化量 E  mgxsi n30 p 联立可得 E 10J p 16. 如图，空间中有一磁场，其方向垂直于纸面，磁感应强度在竖直方向均匀分布，水平方向非均匀分 布。一铜制圆环用绝缘丝线悬挂于O点，将圆环拉至中的位置a后无初速释放。圆环在磁场中从a摆向b 的过程中，圆环中感应电流的方向是__________，圆环所受安培力始终__________（选填“与运动方向相 同”“与运动方向相反”或“沿水平方向”）。 【答案】 ①. 先逆时针后顺时针再逆时针 ②. 沿水平方向 【解析】 【详解】[1]铜制圆环在由a开始运动时，到中线左侧前，磁通量先向里并增大，铜制圆环感应电流的磁场 第 11 页 共 19 页上海最大家教平台---嘉惠家教 2万余上海老师任您选（在职老师、机构老师、985学霸大学生应有尽有 ，+V: jiajiao6767 ) 向外，感应电流为逆时针；从圆环右侧开始越过中线到有一半越过中线过程前，因向里的磁通量较大，故 磁通量向里减小，而一半越过中线时，磁通量达最小，然后再向右运动过程中，向外的磁通量增大，故总 磁通量向外增大；所以由楞次定律可知，越过中心的全过程中，铜制圆环感应电流的磁场向里，感应电流 为顺时针；当圆环全部越过最低点以后，铜制圆环内磁通量向外并减小，所以铜制圆环感应电流的磁场向 外，感应电流为逆时针，整个过程中圆环中感应电流的方向是先逆时针后顺时针再逆时针； [2]由于磁感应强度在竖直方向均匀分布，把铜环分成若干份，则可知，对称的一小段在竖直方向的安培力 是大小相等，方向相反的，故合力方向始终沿水平方向。 17. 如图（a），同一水平面内的两平行光滑金属导轨间距L=1m，处于磁感应强度B=1T，方向竖直向上的 匀强磁场中，导轨左端接有阻值R=2Ω的电阻。一质量m=2kg，阻值r=2Ω的金属棒垂直放置在导轨上， 与两导轨接触良好。金属棒在拉力F作用下由静止开始向右加速运动，其速度v-位移x的图像如图（b） 所示。金属棒由静止运动到x=1m的过程中，其加速度__________（选填“逐渐增大”“保持不变”或 “逐渐减小”），拉力F所做的功为__________J。 【答案】 ①. 逐渐增大 ②. 4.25 【解析】 【详解】[1]根据图像有 v2x 对过程中每一很小段时间Δt可得v和x有 v2x 两边同时除以Δt得 v 2x  t t 根据公式 v x a ， v t t 可得 a 2v 第 12 页 共 19 页上海最大家教平台---嘉惠家教 2万余上海老师任您选（在职老师、机构老师、985学霸大学生应有尽有 ，+V: jiajiao6767 ) 所以过程中随着速度增大，加速度在增大。 [2]金属棒在向右边加速运动时产生的电动势为 EBLv 得金属棒受到的安培力为 BLv B2L2v 1 F =BIL=B L  v 安 Rr Rr 4 则安培力做的功为 1 W =F x vx 安 安 4 根据图像可得vx即为图线与横轴围成的面积，所以有 1 1 W  12 J=0.25J 安 4 2 设金属棒由静止运动到x=1m时的速度为v ，根据动能定理有 1 1 W W  mv2 F 安 2 1 解得 W 4.25J F 三、综合题（共 40分）注意：第 19、20题在列式计算、逻辑推理以及回答问题的过程中， 要求给出必要的图示、文字说明、公式、演算等。 18. 在“用DIS研究物体加速度与力的关系”的实验中，用钩码的重力大小代替小车所受拉力的大小F， 并通过DIS系统测得小车的加速度a。 （1）图（a）为其实验装置，固定在导轨A端的是位移传感器的__________部分（选填“发射”或“接 收”），为了减小实验误差，实验中选用的钩码质量要__________些（选填“小”或“大”）。 （2）第一组同学将轨道水平放置进行实验、第二组同学将轨道倾斜放置（A端垫高）进行实验，两组同学 在同一坐标平面内作出的aF 图线，如图（b）所示。图线②是轨道__________（选填“水平”、“倾 斜”）的情况下实验得到的；图线①横轴上的截距的大小反映了__________。 第 13 页 共 19 页上海最大家教平台---嘉惠家教 2万余上海老师任您选（在职老师、机构老师、985学霸大学生应有尽有 ，+V: jiajiao6767 ) （3）两组同学调整了轨道与桌面间的倾角，重新实验，分别根据实验数据在同一坐标平面内作出aF 图 线如图（c）所示，图线③和④不重合的其原因是__________。 【答案】 ①. 接收 ②. 小 ③. 倾斜 ④. 摩擦力的大小 ⑤. 两小车的质量不同 【解析】 【详解】（1）[1]图（a）为其实验装置，固定在导轨A端的是位移传感器的接收部分； [2]若以钩码的重力作为小车所受的合外力，则小车受到的其他力的合力为0，即需要平衡轨道的摩擦力； 对钩码受力分析有 mgT ma 对小车受力分析有 T  Ma 因此可得 M T  mg M m 因此钩码的质量应远小于小车的质量，才能使得重力和拉力近似相等。为了减小实验误差，实验中选用的 钩码质量要小一些； （2）[3]由图可知，图线②在外力等于0的情况下加速度不为零，可知是轨道倾斜的情况下实验得到的； [4]图线①是在轨道水平的情况下实验得到的，则横轴的大小反映了摩擦力的大小； F （3）[5]根据a  可知aF 图象的斜率表示小车质量的倒数，两直线的斜率不同，可知两小车的质量 M 不同。 19. 斜面ABC中AB段粗糙，BC段长为1.6m且光滑，如图（a）所示。质量为1kg的小物块以初速度 第 14 页 共 19 页上海最大家教平台---嘉惠家教 2万余上海老师任您选（在职老师、机构老师、985学霸大学生应有尽有 ，+V: jiajiao6767 ) v 12m/s沿斜面向上滑行，到达C处速度恰好为零。物块在AB段的加速度是BC段加速度的两倍，其 0 上滑过程的vt 图像如图（b）所示，重力加速度g取10m/s2。求： （1）小物块沿斜面向上滑行通过B点处的速度v ； B （2）斜面AB段的长度； （3）小物块从C处返返回B处时的速度v' B （4）小物块沿斜面向下滑行通过BA段的时间。 【答案】（1）4m/s；（2）6.4m；（3）4m/s；（4）1.6s 【解析】 【详解】（1）由vt 图象可知，小物块沿斜面向上滑行的初速度 v 12m/s 0 由 a 2a AB BC 可得 v v v 0 B 2 B t t 0 0 解得 v 4m/s B （2）设AB段长度为s ，加速度大小为2a，BC段长度为s ，加速度大小为a。则根据运动学公式AB AB BC 段有 v 2 v 2 2( 2a)s B 0 AB BC段有 0v 2 2( a)s B BC 已知 第 15 页 共 19 页上海最大家教平台---嘉惠家教 2万余上海老师任您选（在职老师、机构老师、985学霸大学生应有尽有 ，+V: jiajiao6767 ) L 1.6m BC v 12m/s 0 联立解得 a5m/s2 s 6.4m AB （3）因为BC段光滑，所以物体沿斜面下滑，回到B点的速度仍为 v' v 4m/s B B （4）因上滑时 mgsinmgcosm2a mgsinma 下滑时 mgsinmgcosma' 解得 a0 则小物块沿斜面向下滑行通过BA段的时间 s 6.4 t  AB  s1.6s v 4 B 20. 如图，足够长的直角金属导轨MO N与PO Q平行放置在竖直向上的匀强磁场中，它们各有一部分在 1 2 同一水平面内，另一部分在同一竖直平面内，两轨相距L=0.5m。金属细杆ab、cd与导轨垂直接触形成闭 合回路，两杆质量均为m=1kg、电阻均为R=1Ω，两杆与导轨之间的动摩擦因数均为μ=0.5，导轨电阻不 计。当t=0时，对ab杆施加水平向右的力F，使杆ab做初速度为零的匀加速运动，同时将杆cd在竖直面 内由静止释放。已知F随时间的变化关系为F=（6+2t）N，重力加速度g取10m/s2。 （1）判断流经杆cd的电流方向； （2）求匀强磁场的磁感应强度B的大小和杆ab的加速度a； （3）若前2秒内，水平力F做的功W=17J，求前2s内闭合回路产生的焦耳热Q； （4）请列式分析杆cd由静止释放后的运动状况，并求出杆cd从静止释放到达到最大速度所用的时间。 第 16 页 共 19 页上海最大家教平台---嘉惠家教 2万余上海老师任您选（在职老师、机构老师、985学霸大学生应有尽有 ，+V: jiajiao6767 ) 【答案】（1）d→c；（2）4T，1m/s2；（3）5J；（4）10s 【解析】 【分析】 【详解】（1）由右手定则可知，流经cd杆的电流方向为d→c； （2）ab杆匀加速运动 v=at 切割磁感线运动产生感应电动势为 E=BLv=BLat ab杆所受的安培力 BLat B2L2at F =BIL=B× ×L= 安 2R 2R 摩擦力 F=μF =μmg f N 由受力和牛顿第二定律得 F-F -F=ma 安 f 故 B2L2at F=m（μg＋a）＋ =6+2t 2R 由上式可得 m（μg＋a）=6 代入数据解得 a=1m/s2 B2L2a 2 2R 第 17 页 共 19 页上海最大家教平台---嘉惠家教 2万余上海老师任您选（在职老师、机构老师、985学霸大学生应有尽有 ，+V: jiajiao6767 ) 代入数据解得 B=4T （3）ab棒前2s内的位移为 1 s  at2 2m 2 1 摩擦产生的热量为 Q = -W =μmgs=10J f f ab棒2s末速度为 v =at =2 m/s 2 1 前2s内动能的变化量为 1 E  mv2 2J k 2 2 由功和能量变化关系可知 W=Q+Q+∆E f k 所以 Q=W-Q -∆E =（17-10-2）J=5J f k （4）cd杆受力如图 导轨对cd杆的弹力 B2L2at F ′=F ′=BIL= N 安 2R 摩擦力 B2L2at F′=μF ′=μ f N 2R 设cd杆的加速度为a′，由牛顿第二定律 B2L2at mg - μ =ma′ 2R 可知，cd棒静止释放后随时间增加做加速度逐渐减小的加速运动；a′=0即 第 18 页 共 19 页上海最大家教平台---嘉惠家教 2万余上海老师任您选（在职老师、机构老师、985学霸大学生应有尽有 ，+V: jiajiao6767 ) B2L2at mg=μ 2R 时，速度达到最大；后做加速度逐渐增大的减速运动，直至静止。 设经过时间t′，cd棒达到最大速度，即 B2L2at mg=μ 2R 代入数据解得 t′=10s。 第 19 页 共 19 页