高二物理答案_小初高学习资料合集（每天更新）_浙江省温州市十校联盟2025-2026学年高二下学期6月期末（全）_浙江省温州市十校联盟2025-2026学年高二下学期6月期末物理试题含答案

高二物理学科练习参考答案
选择题I答案
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
A B D B B D C C D C
选择题II答案
11 12 13
BC AB AD
非选择题部分答案
k
14.(1)I.150 （1分） V （选C不给分）（1分） II. A （2分） III. −r （2分）
2 b
14(2)I. 18.4 （1分） 79.12 （1分）II.BC （2分）III.9.86 （2分）
14(3) C（2分）
5V gSH(H +l)
15. 答案：（1）①增大（1分）、不变（1分）② p= p ( 0 +1)（3分）（2）V =
0 3HS 君 0c 3p
0
卷
（3分） 试
二
解析：（1）①分子数增多，体积不变，所以分子数密度增大；气体温度不变，所以分子平均动能不
一
3 ：3
变；②根据波义耳定律， p (V +
号
HS)= p HS（2分），
0 0 5 5
众
5V 公
继而解得 p= p ( 0 +1)（1分）
0 3HS
（2）在液面最低时，出水条件： p− p =g ( H +l ) （1分），
0
根据波义耳定律 p (3V +HS)= pHS （1分）
0 0c
( )
gSH H +l
继而解得：V = （1分）。
0c 3p
0
B2L2v mv2 nmv2
16. 答案：（1）F = 0 （4分）；（2）Q = 0 （4分）；所以Q= 0 (3分)。
2R 1 4 （2 n+1）
解析：（1）第1根导体棒刚进入磁场时，对于导体棒，产生的动生电动势E = BLv （1分）
0
E
感应电流I = ，（1分）
2R
所以安培力F = BIL,（1分）
B2L2v
代入数据得到F = 0 （1分）；
2R
高二物理学科 答案 第1页(共4页)1
（2）第1根导体棒从进入磁场到速度减为0的过程中：Q +Q = mv2，（2分）
棒 1 2 0
其中Q =Q ，（1分）
棒 1
mv2
通过右端定值电阻R的电荷量Q = 0 。（1分）
1 4
（3）第i根从进入磁场到导体棒速度减为0的过程中，导轨右端定值电阻R上产生的热量
1 1 mv2
Q = −  0 ，（1分）
i i i+1 2
从第1根导体棒进入磁场到第n根导体棒速度减为0的过程中，导轨右端定值电阻R上产生的总热
量Q =Q +Q ++Q ，（1分）
总 1 2 n
nmv2
所以Q= 0 。(1分)
（2 n+1）
4 君
17. 答案：（1）h=2R（3分）；（2）v = gR （3分）卷；（3）F =mg（3分）；（4）证
A 3 试 f
二
m 一
明过程看解析，t = （3分）
：
2k
号
众
解析：（1）对B，在圆形轨道最高点，运用牛顿第二定律：v0（1分）
公
1
在圆形轨道运动过程，运用动能定理：mg ( h−2R ) = mv2（1分）
2
解得：h=2R（1分）
1
（2）小球B从静止运动到O，对小球B，运用动能定理，mgh= mv2（1分）；
2 0
小球 A 与小球 B 发生弹性碰撞，就 AB 系统，运用动量守恒定律和能量守恒定律，有
1 1 1
mv =mv +2mv ， mv2 = mv2 + ( 2m ) v2；（1分）
0 B A 2 0 2 B 2 A
4
解得：v = gR ，（1分）
A 3
（3）设小球A运动到如图所示位置，对小球A受力分析如图所示，运用牛顿第二定律有：垂直ON
方向：2mgcos−klcos+F =0，（1分）
N
又有F =F ，方程不足，沿斜杆方向增加一个方程，又将增加一个未知数，故是无效方程，可见
f N
从物理规律角度无法再列有效方程，故只能列数学方程了，观察情景图可知
lcos= OQ cos（1分），
高二物理学科 答案 第2页(共4页)方程足够可解得：F =mg（1分）；
f
（4）证明：小球A在斜杆向上运动过程，其中在最低点时，
合力F =2mgsin+F −kOQsin=0（1分）
合 f
设 以 最 低 点 为 平 衡 位 置 （ 坐 标 原 点 ） ， 沿 斜 杆 向 上 为 x 轴 正 方 向 ， 则 有
( )
F =−2mgsin−F +k OQsin−x =−kx（1分），
合 f
1 1
故而，小球A向上运动至速度为零过程为 T 的简谐振动，即A第一次速度为零时的时间t = T ，
4 4
2m m
其中T =2 ，则有t = （1分）。
k 2k
18. 答案：（1）238U→234Th+4 He（1分）、234Th→234Pa+0 e（1分）；（2）n=2（1分）
92 90 2 90 91 −1
( )
e2B2 r2 +r2 +r2
（3）光子的能量E = p c，（2分）E =eBc ( r +r +r ) − 1 2 3 −2m c2（4分）；
  1 2 3 2m e
君e
卷
eBr −ks 试
（4）v = 1 （4分）。 二
1 m 一
e
：
解析：（1）略；（2）若该电离能号E=3.4eV，则该氢原子处于n=2的能级（1分）；
众
（4）光子的能量E 公= p c，（2分）
 
在O点，三电子均满足各自关系：
v2 e2B2( r2 +r2 +r2)
ev B=m 0 ，故而，此时三电子总动能E = 1 2 3 （两式有1式给1分）
0 e r k 2m
e
根据动量守恒：光子的动量 p =eB ( r +r +r ) ，（1分）
 1 2 3
1 1 1
根据能量守恒：E = m v2 + m v2 + m v2 +2m c2 +E（1分）
 2 e 10 2 e 20 2 e 30 e
( )
e2B2 r2 +r2 +r2
解得E =eBc ( r +r +r ) − 1 2 3 −2m c2（1分）
1 2 3 2m e
e
v2
（4）对于电子1，在O点，垂直速度方向，运用牛顿第二定律有：ev B=m 10 ，
10 e r
1
就切线方向：−kv=m a ，（1分）
e 
高二物理学科 答案 第3页(共4页)即有−ks=m v ，其中s=s、v =v −v ，（后面两式各1分，共2分）
e   1 10
eBr −ks
代入数据解得：v = 1 。（1分）
1 m
e
君
卷
试
二
一
：
号
众
公
高二物理学科 答案 第4页(共4页)