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《高2024级高二上学期第二次月考物理试题》参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 C C A B D D A BD AD AC
1．C
【详解】A．公式 仅适用于匀强电场，且 是两点沿电场方向的投影距离，故A错
误。
B．公式 是电场强度的定义式，电场强度 由电场本身决定，与检验电荷 无关。即
使 变化， 的大小和方向均不变，故B错误。
C．由公式 可知，把单位正电荷从A点移动到B点电场力做功为1J，可得电势差
，故C正确。
D．电势的数值与零电势点的选择有关，但电势差是绝对的，与零电势点无关。故D错误。
2．C
【详解】A．由图可知A导体的图像不是直线，所以其电阻不是定值，电阻随着电流的增
大而增大，故A错误；
B．由图可知B导体的电阻为 ，故B错误；
C．由图可知，当电流为0.3A时，A导体的电阻为 ，故C正确；
D．在图像中，电阻等于纵横坐标值之比，只有当图像为过原点的直线时，才有
但是导体A的图像是一条曲线，当电流为0.3A时，导体的电阻应该等于该点与坐标原点连
线的斜率，故D错误。
3．A
【详解】A．电容器与电源相连，电容器的电压等于电源的电动势，保持不变，A正确；
B．根据电容大小的决定式 可知，向下按键的过程中，两金属片间的距离减小，电容器的电容增大，B错误；
CD．根据 可知，电压不变，电容增大，电容器的电量增多，电容器充电，电流方
向从b到a，C错误， D错误。
4．B
【详解】因 、 、 ，则ad中点e的电势为
可知be两点是等势线，场强方向垂直be斜向下，则电子以某一初速度从bc的中点O沿
Od方向射入，则在abcd区域内能大致反映电子运动轨迹的是B。
5．D
【详解】A．振幅是标量，根据小球做简谐运动的x-t关系 ，可知振幅
为3cm，故A错误；
B．t=0时刻，代入解得此时位移为 ，为正方向位移最大，速度为零，动能最小，
故B错误；
CD． 时刻，代入解得此时位移为 ，位移负方向最大，速度为零，动能最
小，弹性势能最大，根据 可知此时小球受到的回复力最大。
故D正确，C错误。
6．D
【详解】A．电子在两板间先向右做匀加速直线运动，然后向右做匀减速直线运动，A错
误；B．由题意可知，经过 后电子速度最大，则最大速度
B错误；
C．电子在 时刻由静止释放进入两极板间运动，先加速后减速，在 时刻到达B
板，设两板的间距为d，加速度
则有
解得
C错误；
D．若电子在 时刻进入两极板，在 时间内电子做匀加速直线运动，位移
说明电子会一直向B板运动并打在B板上，不会向A板运动，D正确。
7．A
【详解】A．由电场力提供向心力可得
其中 ，解得
故 ，故A正确；
B．由动量 ，可得 ，故B错误；C．根据 ，由于两粒子运动的半径之比未知，则角速度之比未知。故C错误；
D．动能 ，可得动能之比为 ，故D错误。
8．BD
【详解】A．由图可知， 处的电势为零，因 图像的斜率的绝对值等于场强大
小，可知该点的电场强度大小不为零，故A错误；
B．因 图像的斜率的绝对值等于场强大小，且斜率的正负与场强的方向相反，可知
处的电场强度等于 处的电场强度，故B正确；
C．带负电的粒子沿x轴负方向运动过程中，电势先升高后降低，可知电势能先变小后变大，
故C正确，
D．由能量关系，粒子沿 轴正向运动的最远位置的电势能等于 处的电势能，则
运动到的最远位置处的电势等于 处的电势，则该位置坐标为 ，故D正确。
故选BD。
9．AD
【详解】B．由电场力做功公式有
得
则
同理，由
得
则匀强电场中同一方向上距离相同，电势降落相同，可知
故B错误；
C．根据电势能计算公式有
故C错误；
AD． 是等电势的两点，位于同一等势面上，故匀强电场的方向沿 轴正方向，则有
故AD正确。
10．AC
【详解】A．带电粒子在匀强电场中做类斜抛运动，从进入电场到最高点有
又
联立，解得
故A正确；
B．带电粒子在加速电场中，有
带电粒子在偏转电场中，有
又联立，解得
故B错误；
C．粒子射入初速度不变，增加 ，粒子竖直方向减速越快，竖直高度越低。故C正确；
D．设带电粒子进入偏转电场的速度方向与水平方向夹角为 ，则有
设带电粒子射出偏转电场的速度方向与水平夹角为 ，则有
依题意，带电粒子从最高点运动到射出电场过程，有
联立，解得
根据数学三角函数，可得
故D错误；
11．（1） BCD 乙 （2） （每空2分）
12．（1） 16.50 （2）2t （3） （4） BD （每空2分）
0
13．(1)
(2) ，9cm
【详解】（1）由波形图可知，这列波的波长为 ；波沿x轴负方向传播，根据波形平
移法知 时刻P点向下振动，经 个周期首次到达波谷位置由此可知
可得周期为 （2分）
则波速为 （2分）
（2）波传到Q点的时间为 （2分）
则在 时刻Q点振动时间为 （2分）
而质点的起振方向向上，所以 时刻质点Q恰好处于波谷，质点Q相对于平衡位置
的位移为 。 （2分）
14．(1)
(2)0.25cm
【详解】（1）设电子经加速电压加速后进入偏转电场的速度为 ，根据动能定理可得
解得 （2分）
根据牛顿第二定律可得电子在偏转电场中竖直方向的加速度 （1分）
水平方向做匀速直线运动，则运动时间 （1分）
射出偏转电场时沿垂直于板面方向偏移的距离 （1分）
联立解得 （1分）
（2）电子出电场后做匀速直线运动，将电子出电场时的速度反向延长，延长线与板间中心
线相交于板的中点，设速度反向延长线与水平方向的夹角为θ则 （2分）
由几何关系 （2分）
解得x=0.25cm （2分）
（其他解法合理也给分）
15．(1)
(2)
(3)（ ， ）和（ ， ）
【详解】（1）带负电小球从A点由静止释放到C点过程，根据动能定理可得
（2分）
解得小球经过C点时的速度大小为
（2分）
（2）在电场 中，带负电小球受到的重力和电场力的合力大小为
（1分）
设重力和电场力的合力与竖直方向的夹角为 ，则有可得
则当小球在第Ⅲ象限圆弧轨道BC上运动到D点与圆心连线沿重力和电场力的合力方向时，
小球的速度最大，受到轨道的支持力最大，从A点由静止释放到D点过程，根据动能定理
可得
（2分）
解得
在D点根据牛顿第二定律可得
（2分）
联立解得小球受到轨道支持力的最大值为
（1分）
（3）在第四象限电场中，小球受到的电场力竖直向上，大小为
小球从C点以 的速度进入第四象限内的电场 中做类平抛运动，加速度大小
为
（2分）
方向竖直向上；设小球在电场 中经过 轴，则有
， （1分）
解得
， （1分）
可知小球刚好从电场 的右边界经过 轴，此时小球竖直向上的分速度为（1分）
小球进入第一象限后做斜抛运动，之后再次经过 轴，根据斜抛运动规律有
， （2分）
则小球运动到 轴右侧后与 轴的交点坐标为（ ， ）和（ ， ）。 （1分）
