高 2024 级高二上学期 9 月月考物理试题
(本试卷满分 100 分, 考试时间 75 分钟)
一、单选题 (本题共 7 小题, 每小题 4 分, 共 28 分。每小题给出的四个选项中, 只有一项
符合题目要求。)
1. 如图所示, 取一对用绝缘柱支持的导体 A 和 B, 使它们彼此接触, 起初它们不带电, 贴在下部的金属箔
是闭合的。C 和 D 是原来都不带电的物体, 它们互相摩擦后 C 带1.60×10-10C的正电荷。把 C 移近导
体 A, 下列有关说法正确的是 ( )
A. D 在摩擦后一定带1.60×10-10个电子
B. A 侧金属箔张开, B 侧金属箔闭合
C. 把 A 和 B 分开后然后移去 C, 再让 A 和 B 接触, 两侧箔片仍张开
D. 把 A 和 B 分开后然后移去 C, 两侧箔片仍张开, 但张角变小
2. 如图所示, 竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘。两个带有同种电荷的小球 A、B 分别位于竖直墙面和水
平地面上, 且处于同一竖直平面内, 若用图示方向的水平推力 F 作用于小球 B, 则两球静止于图示位置,
如果将小球 B 向左推动少许, 并待两球重新达到平衡时, 与原来相比( )
A. 两小球间库仑力不变
B. B 球受到的推力 F 增大
C. 竖直墙面给 A 球的弹力不变
D. 水平地面给 B 球的弹力不变
3. 如图所示, O 点正下方固定一带电量为 Q 的金属环。质量为 m、带电量为 q 的小球用绝缘细线悬挂
于 O 点, 小球平衡时与环中心等高, 细线与竖直方向夹角为 45°。已知细线长为 L, 重力加速度为 g, 静电力常量为 k。则 ( )
A. 细线拉力大小为 mg
2√2kQq
B. 细线拉力大小为
L2
2kQq
C. 小球受静电力大小为
L2
mg
D. 金属环在小球处产生电场的电场强度大小为
q
4. 一电场的某条电场线正好与x轴重合, 其场强大小E与坐标x的关系如图所示, 下列说法正确的是( )
A. 此电场是匀强电场
B. 由图像可以直接看出场强大小随x均匀减小
C. 图像的斜率表示电场的电势
D. x 与x 之间的电势差等于阴影部分的面积
1 2
5. 真空中有电荷量为+4Q和-Q的A、B两个点电荷固定在x轴上, 其中A的坐标为x =-d, B的坐标为
A
x =0, 如图所示, 规定x轴正方向为电场强度的正方向, 无穷远处为电势零点。现将一个带负电的试探电
B
荷C从坐标a处(0<a<d)静止释放, 用E 和E 分别表示试探电荷C的电势能和动能, x轴正半轴上各点电场
p k
强度E和电势φ随x变化。下列图像正确的是( )6. 如图所示, 两块水平放置的正对金属板A、B与电源E相连, 金属板A接地, AB板之间有一固定点C, 若
将B板向上平移一小段距离（仍在C点下方）, 下列说法中正确的是( )
A. 电容器所带电荷量减少
B. C点电势升高
C. 若在C点处固定一带负电的点电荷, 其电势能增大
D. 若保持B板不动, 将A板上移一小段距离, C点电势升高
7. 如图所示, 两块平行金属板MN间的距离为d, 两板间电压u随时间t变化的规律如图所示电压的绝对值为
U , t=0时刻M板的电势比N板低. 在t=0时刻有一个电子从M板处无初速释放, 并在t=2T时刻恰好到达
0
N板. 电子的电荷量为e, 下列说法正确的是( )
T
A. t= 时刻释放电子, 电子将一直向N板运动, 最终到达N板
4
T
B. t= 时刻释放电子, 电子先向N板运动, 后反向运动, 最终到达M板
3
3
C. t= T时刻释放电子, 电子时而向N板运动, 时而向M板运动, 最终到达N板
8
T 37
D. 在t= 时刻释放电子, T时刻到达N板
6 6
二、多选题（本大题共3个小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多
项符合要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错得0分。）8. 如图为一正方体 ABCD-EFGH，在 A、G 两顶点分别固定等量正、负点电荷，以无穷远处电势为
零，下列说法正确的是( )
A. 顶点 D、F 两处电势不相等
B. 顶点 B、H 两处场强不相同
C. 正方体的 12 条棱上共有 6 个点电势为零
D. 将一正试探电荷从 D 移到 C 和从 B 移到 F，电势能变化量不同
9. 如图所示，边长为 0.1m 的正六边形 ABCDEF 置于匀强电场中，且正六边形所在平面和电场线平行。
A、B、D 三个顶点处的电势分别为 1V、2V、3V。下列说法正确的是( )
A. 通过 CD 两点的直线为电场中的等势线
B. 匀强电场的电场强度大小为 10V/m
C. AE 连线中点的电势为 1.5V
D. 将一个电子由 E 点移动到 D 点，电子的电势能将增加 1.6×10-19J
10. 如图所示，在地面上方的水平匀强电场中，一个质量为 m、电荷量为 +q 的小球，系在一根长为 d
的绝缘细线一端，可以在竖直平面内绕 O 点做圆周运动，AB 为圆周的水平直径，CD 为竖直直径。已
√3mg
知重力加速度为 g，电场强度 E= ，下列说法正确的是( )
qA. 若小球恰能在竖直平面内绕 O 点做圆周运动，则它运动的最小速度为 √gd
B. 若小球在竖直平面内绕 O 点做圆周运动，则小球运动到 B 点时的机械能最大
C. 若将细线剪断，再将小球在 A 点以大小为 √gd 的速度竖直向上抛出，小球将不能到达 B 点
D. 若将小球在 A 点由静止开始释放，则小球沿 AC 圆弧到达 C 点的速度为 √2gd+gd√3
三、实验题 (本题共两小题, 每空 2 分, 共 18 分)
11. 某物理兴趣小组利用图示装置来探究影响电荷间的静电力的因素。图甲中, A 是一个带正电的物体, 系
在绝缘丝线上的带正电的小球会在静电力的作用下发生偏离, 静电力的大小可以通过丝线偏离竖直方向的
角度显示出来。他们分别进行了以下操作。
步骤一: 把系在丝线上的带电小球先后挂在横杆上的 P 、P 、P 等位置, 比较小球在不同位置所受带电
1 2 3
物体的静电力的大小。
步骤二: 使小球处于同一位置, 增大 (或减小) 小球所带的电荷量, 比较小球所受的静电力的大小。
(1)图甲中实验采用的方法是______ (填正确选项前的字母) ;
A. 理想实验法 B. 等效替代法 C. 控制变量法
(2)图甲实验表明, 电荷之间的静电力随着电荷量的增大而增大, 随着距离的减小而______ (填“增大”“减
小”或“不变”) 。
(3)接着该组同学使小球处于同一位置, 增大 (或减少) 小球 A 所带的电荷量, 比较小球所受作用力大小的变化。如图乙, 悬挂在 P 点的不可伸长的绝缘细线下端有一个带电量不变的小球 B, 在两次实验中, 均缓
慢移动另一带同种电荷的小球 A, 当 A 球到达悬点 P 的正下方并与 B 在同一水平线上, B 处于受力平
衡时, 悬线偏离竖直方向角度为 θ, 若两次实验中 A 的电量分别为 q 和 q , θ 分别为 30° 和 60°,
1 2
则 q 为______。
1
q
2
12. 某同学用电流传感器观察电容器的放电过程。甲图为该实验电路图, 其中电源电压恒为 6 V。该同学
先将开关接 1 为电容器充电, 待电容器充满电再将开关接 2, 利用传感器记录电容器放电过程, 得到该电
容器放电过程的 I-t 图像如图乙。
(1)下列各图是描述对给定的电容器充电时电荷量 Q、电压 U、电容 C 之间关系的图像, 其中错误的是
( )
(2)下列说法正确的是__________。
A. 电容器充电的过程中，负电荷由电源的正极移动到电容器的正极板B. 电容器充电的过程中，电路中的电流不断增大
C. 电容器放电的过程中，电容器两极板间的电场强度不断变小
D. 电容器放电的过程中，电路中电流不断增大
(3)根据以上数据估算，电容器在整个放电过程中释放的电荷量为________ C。（结果保留三位有效数字）
(4)该同学用相同实验装置测得另一电容器放电过程中释放的电荷量Q=6.6×10-3 C，该电容器的电容为
__________ F。（结果保留两位有效数字）
(5)如果不改变电路其他参数，只增大电阻R，充电时i-t 图线与横轴所围成的面积将__________（选填
“增大”“不变”或“减小”）；放电时间将__________（选填“变长”“不变”或“变短”）。
四、解答题(本大题共3小题，共36分，13题10分，14题12分，15题14分。要求在答题卡
上写出必要的文字说明、主要的计算步骤和明确的答案。)
13. 如图所示，带电量为+q的小球被绝缘棒固定在O点，右侧有固定在水平面上、倾角为37°的光滑绝缘
斜面。质量为m、带电量为+q的小滑块从斜面上A点由静止释放，滑到与小球等高的B点时加速度为零，
滑到C点时速度为零。已知AC间的距离为s，重力加速度大小为g，静电力常量为k，sin37°=0.6，
cos37°=0.8，求：
(1)OB的距离L；
(2)AC之间的电势差U 。
AC
14. 一个带电荷量为-q的油滴，从O点以速度v射入方向水平向右的匀强电场中恰好做直线运动，v的方向
与电场方向成θ角。已知油滴的质量为m，重力加速度为g，求：
(1) 电场强度E的大小为多少？
(2) 油滴运动到最高点（未离开电场区域）时与O点的竖直距离是多大？
(3) O点和最高点之间的电势差是多少？15. 如图所示，竖直虚线的左右两侧区域Ⅰ、Ⅱ分别存在竖直向下和水平向左的匀强电场，区域Ⅰ的电场
强度为E （大小未知），区域Ⅱ的电场强度大小为E =30N/C，紧靠虚线的右侧沿竖直方向固定一光滑
1 2
绝缘的圆弧形轨道BCD，O为弧形轨道的圆心，CD为竖直方向的直径，BO与CD的夹角为θ=37°，质量
为m=0.4kg、电荷量为q=+0.1C，可视为质点的小球由区域Ⅰ中的A点以水平向右的速度v =12m/s进
0
入电场，经过一段时间小球恰好沿切线方向从B点进入弧形轨道，已知A、B两点的高度差为y=0.9m，
重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：
(1)A、B两点的水平间距x以及E 的大小；
1
(2)小球沿弧形轨道BCD段运动的过程中，欲使小球不脱离轨道，则轨道半径R的取值范围是多少？高 2024 级高二上学期 9 月月考物理答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 D D D D D C B AC AC BC
11. (1)C
(2)增大
1
(3)
9
【详解】(1) 图甲中实验研究 kq q 采用的方法是控制变量法, 故选 C;
F= 1 2
r2
(2) 图甲实验表明, 细线与竖直方向的夹角随着距离的减小而增大, 根据受力可知, 电荷之间的静电力随着
距离的减小而增大.
(3) 由小球 B 的受力可知
q q
k 1 =mgtan30°
(lsin30°) 2
q q
k 2 =mgtan60°
(lsin60°) 2
解得
q 1
1=
q 9
2
12. (1)A
(2)C
(3)1.72×10-3
(4)1.1×10-3
(5) 不变 变长
【详解】(1) ABD. 因为电容 C 与两极板电量 Q 无关，与两极板间的电压 U 无关，所以，C-Q，
C-U 图线均应为一条平行横轴的直线，故 A 错误，BD 正确；
C. 根据
Q
C=
U可知，电容不变，Q 与 U 成正比，故 C 正确。
由于本题选择错误的，故选 A。
(2) A. 电容器充电的过程中，负电荷由电源的负极移动到电容器的负极板，故 A 错误；
BD. 根据图乙可知电容器放电的过程中，电路中的电流不断减小，充电的过程中当电容器充电完成后电路
中的电流为零，所以充电过程电流也在逐渐减小，故 BD 错误；
C. 电容器放电的过程中，电容器所带电荷量逐渐减小，则两极板间的电场强度不断变小，故 C 正确。
故选 C。
(3) 根据电流的定义式推导得
Q=It
所以 I-t 图像与时间轴所围的面积表示整个放电过程中释放的电荷量，根据横轴与纵轴的数据可知，一
个格子所表示的电荷量为
q =0.2×0.2×10-3C=4×10-5C
1
所以释放的电荷量是
Q=43q =1.72×10-3C
1
(4) 该电容器的电容为
Q 6.6×10-3
C= = F=1.1×10-3F
U 6
(5) [1]根据
Q=CU
知Q与电阻R无关，如果不改变电路其他参数，只增大电阻R，放电时I-t图像与横轴围成的面积将不变；
[2]由于电阻对电流有阻碍作用，所以增大电阻，放电时间将变长。
√ k
13. (1)L=2q
3mg
(2)W =-0.6mgs
0.6mgs
(3)U =-
AC q
【详解】(1) 依题，在 B 点对小滑块受力分析如图由于小球加速度为零，由平衡条件可知
kq2
mgsinθ=Fcosθ= cosθ
L2
解得
√ k
L=2q
3mg
(2) 从 A 到 C 过程，由动能定理可知
mgssinθ+W =0
解得
W =-0.6mgs
(3) 由功能关系可知
W =qU
AC
联立以上公式
0.6mgs
U =-
AC q
mg v2sin2θ mv2cos2θ
14. （1）E= ；（2）h= ；（3）U=
qtanθ 2g 2q
【详解】（1）由题意可知，带电油滴在匀强电场中受到水平向左的电场力，竖直向下的重力。因为其做
直线运动，所以其两者的合力方向与速度方向相反，由几何关系得
mg
tanθ=
qE
解得
mg
E=
qtanθ
（2）由题意知，带电油滴的合力方向与速度方向相反，合力大小为
mg
F=
sinθ带电油滴沿着初速度方向做匀减速直线运动，运动到最高点时速度为零，由动能定理得
1
-FL=0- mv2
2
最高点与O点的竖直距离为
h=Lsinθ
解得
v2sin2θ
h=
2g
（3）最高点与O点的水平距离为
x=LcosθO点与最高点的电势差为
U=Ex
解得
mv2cos2θ
U=
2q
15. （1）2.4m，140N/C
（2）R≳9m或0<R≤3.6m
【详解】（1）设小球在区域Ⅰ中运动的加速度大小为a，则由牛顿第二定律得
qE +mg=ma
1
由题意可知，小球运动到B点时的速度与圆轨道相切，即速度与水平方向的夹角为
α=θ=37°
在水平方向上有
竖直方向上有
x=v t
0
1
y= at2
2
v =at
y
又
v
tanα= y
v
0
由以上解得
x=2.4m
E =140N/C
1(2) 小球在 B 点的速度大小为
v
v= 0 =15m/s
cos37°
小球在区域Ⅱ中运动时，电场力大小为
E q=3N
2
重力为
G=mg=4N
则电场力与重力的合力大小为
F=√(E q) 2+G2=5N
2
方向斜向左下方与竖直方向的夹角为
θ=37°
小球沿弧形轨道 BCD 段运动的过程中，小球不脱离轨道的情形有二：
①小球刚好运动到等效最高点，等效最高点如图的 H 点
小球在 H 点时，小球与弧形轨道之间的作用力为零，则有
v2
F=m H
R
1
小球由 B 点到 H 点的过程中，由动能定理得
1 1
-F·2R = mv2 - mv2
1 2 H 2
解得
R =3.6m
1
②小球运动到与 BH 相垂直的 G 点时速度减为零，则对小球由 B 到 G 的过程中，由动能定理得1
-FR =- mv2
2 2
解得
R =9m
2
由以上分析可知，小球在 BCD 段不脱离轨道的条件是R≥9m或0<R≤3.6m。
