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2016 年四川省高考物理试卷
一、选择题（共7 小题，每小题5 分，共42 分．每小题给出的四个选项中，有的只
有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6 分，选对但不全的
得3 分，有选错的得0 分．）
1．（5 分）韩晓鹏是我国首位在冬奥会雪上项目夺冠的运动员．他在一次自由式滑
雪空中技巧比赛中沿“助滑区”保持同一姿态下滑了一段距离，重力对他做功
1900J，他克服阻力做功100J．韩晓鹏在此过程中（ ）
A．动能增加了1900JB．动能增加了2000J
C．重力势能减小了1900J
D．重力势能减小了2000J
2．（5 分）如图所示，接在家庭电路上的理想降压变压器给小灯泡L 供电，如果将
原、副线圈减少相同匝数，其它条件不变，则（ ）
A．小灯泡变暗
B．小灯泡变亮
C．原、副线圈两段电压的比值不变
D．通过原、副线圈电流的比值不变
3．（5 分）国务院批复，自2016 年起将4 月24 日设立为“中国航天日”．1970 年
4 月24 日我国首次成功发射的人造卫星东方红一号，目前仍然在椭圆轨道上运
行，其轨道近地点高度约为440km，远地点高度约为2060km；1984 年4 月8 日成
功发射的东方红二号卫星运行在赤道上空35786km 的地球同步轨道上．设东方
红一号在远地点的加速度为a1，东方红二号的加速度为a2，固定在地球赤道上的
物体随地球自转的加速度为a3，则a1、a2、a3的大小关系为（ ）
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A．a2＞a1＞a3
B．a3＞a2＞a1
C．a3＞a1＞a2
D．a1＞a2＞a3
4．（5 分）如图所示，正六边形abcdef 区域内有垂直于纸面的匀强磁场．一带正电
的粒子从f 点沿fd 方向射入磁场区域，当速度大小为vb时，从b 点离开磁场，在
磁场中运动的时间为tb，当速度大小为vc时，从c 点离开磁场，在磁场中运动的时
间为tc，不计粒子重力．则（ ）
A．vb：vc=1：2，tb：tc=2：1 B．vb：vc=2：2，tb：tc=1：2
C．vb：vc=2：1，tb：tc=2：1 D．vb：vc=1：2，tb：tc=1：2
5．（5 分）某同学通过实验测定半圆形玻璃砖的折射率n．如图甲所示，O 是圆心，
MN 是法线，AO、BO 分别表示某次测量时光线在空气和玻璃砖中的传播路径．该
同学测得多组入射角i 和折射角r，做出sini
sinr
﹣
图象如图乙所示．则（ ）
A．光由A 经O 到B，n=1.5 B．光由B 经O 到A，n=1.5
C．光由A 经O 到B，n=0.67 D．光由B 经O 到A，n=0.67
6．（5 分）简谐横波在均匀介质中沿直线传播，P、Q 是传播方向上相距10m 的两
质点，波先传到P，当波传到Q 开始计时，P、Q 两质点的振动图象如图所示．则（
）
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A．质点Q 开始振动的方向沿y 轴正方向
B．该波从P 传到Q 的时间可能为7s
C．该波的传播速度可能为2m/s
D．该波的波长可能为6m
7．（5 分）如图所示，电阻不计、间距为l 的光滑平行金属导轨水平放置于磁感应
强度为B、方向竖直向下的匀强磁场中，导轨左端接一定值电阻R．质量为m、电
阻为r 的金属棒MN 置于导轨上，受到垂直于金属棒的水平外力F 的作用由静止
开始运动，外力F 与金属棒速度v 的关系是F=F0+kv（F0、k 是常量），金属棒与导轨
始终垂直且接触良好．金属棒中感应电流为I，受到的安培力大小为FA，电阻R 两
端的电压为UR，感应电流的功率为P，它们随时间t 变化图象可能正确的有
（ ）
A．
B．
C．
D．
二、非选择题（共4 题，共68 分）
8．（6 分）用如图所示的装置测量弹簧的弹性势能。将弹簧放置在水平气垫导轨上，
左端固定，右端在O 点；在O 点右侧的B、C 位置各安装一个光电门，计时器（图中
未画出）与两个光电门相连。先用米尺测得B、C 两点间距离s，再用带有遮光片的
滑块压缩弹簧到某位置A，静止释放，计时器显示遮光片从B 到C 所用的时间t，
用米尺测量A、O 之间的距离x。
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（1）计算滑块离开弹簧时速度大小的表达式是 。
（2）为求出弹簧的弹性势能，还需要测量 。
A．弹簧原长 B．当地重力加速度 C．滑块（含遮光片）的质量
（3）增大A、O 之间的距离x，计时器显示时间t 将 。
A．增大 B．减小 C．不变。
9．（11 分）用如图1 所示电路测量电源的电动势和内阻．实验器材：
待测电源（电动势约3V，内阻约2Ω），保护电阻R1（阻值10Ω）和R2（阻值5Ω），滑
动变阻器R，电流表A，电压表V，开关S，导线若干．
实验主要步骤：
（i）将滑动变阻器接入电路的阻值调到最大，闭合开关；
（ⅱ）逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值，记下电压表的示数U 和相应电流表
的示数I；
（ⅲ）在图2 中，以U 为纵坐标，I 为横坐标，做U
I
﹣图线（U、I 都用国际单位）；
（ⅳ）求出U
I
﹣图线斜率的绝对值k 和在横轴上的截距a．
回答下列问题：
（1）电压表最好选用 ；电流表最好选用 ．
A．电压表（0～3V，内阻约15kΩ）
B．电压表（0～3V，内阻约3kΩ）
第4页（共24页）
C．电流表（0～200mA，内阻约2Ω）
D．电流表（0～30mA，内阻约2Ω）
（2）滑动变阻器的滑片从左向右滑动，发现电压表示数增大．两导线与滑动变阻
器接线柱连接情况是 ．
A．两导线接在滑动变阻器电阻丝两端接线柱
B．两导线接在滑动变阻器金属杆两端接线柱
C．一条导线接在滑动变阻器金属杆左端接线柱，另一条导线接在电阻丝左端接
线柱
D．一条导线接在滑动变阻器金属杆右端接线柱，另一条导线接在电阻丝右端接
线柱
（3）选用k、a、R1和R2表示待测电源的电动势E 和内阻r 的表达式E= ，r=
，代入数值可得E 和r 的测量值．
10．（15 分）中国科学家2015 年10 月宣布中国将在2020 年开始建造世界上最大
的粒子加速器．加速器是人类揭示物质本源的关键设备，在放射治疗、食品安全、
材料科学等方面有广泛应用．
如图所示，某直线加速器由沿轴线分布的一系列金属圆管（漂移管）组成，相邻漂
移管分别接在高频脉冲电源的两极．质子从K 点沿轴线进入加速器并依次向右穿
过各漂移管，在漂移管内做匀速直线运动，在漂移管间被电场加速，加速电压视
为不变．设质子进入漂移管B 时速度为8×106m/s，进入漂移管E 时速度为
1×107m/s，电源频率为1×107Hz，漂移管间缝隙很小，质子在每个管内运动时间
视为电源周期的
．质子的荷质比取1×108C/kg．求：
（1）漂移管B 的长度；
（2）相邻漂移管间的加速电压．
11．
（17 分）避险车道是避免恶性交通事故的重要设施，由制动坡床和防撞设施等
第5页（共24页）
组成，如图竖直平面内，制动坡床视为水平面夹角为θ 的斜面。一辆长12m 的载
有货物的货车因刹车失灵从干道驶入制动坡床，当车速为23m/s 时，车尾位于制
动坡床的底端，货物开始在车厢内向车头滑动，当货物在车厢内滑动了4m 时，车
头距制动坡床顶端38m，再过一段时间，货车停止。已知货车质量是货物质量的4
倍，货物与车厢间的动摩擦因数为0.4；货车在制动坡床上运动受到的坡床阻力
大小为货车和货物总重的0.44 倍。货物与货车分别视为小滑块和平板，取
cosθ=1，sinθ=0.1，g=10m/s2．求：
（1）货物在车厢内滑动时加速度的大小和方向；
（2）制动坡床的长度。
12．（19 分）如图所示，图面内有竖直线DD′，过DD′且垂直于图面的平面将空间分
成Ⅰ、Ⅱ两区域．区域I 有方向竖直向上的匀强电场和方向垂直图面的匀强磁场B
（图中未画出）；区域Ⅱ有固定在水平面上高h=2l、倾角α=
的光滑绝缘斜面，斜
面顶端与直线DD′距离s=4l，区域Ⅱ可加竖直方向的大小不同的匀强电场（图中
未画出）；C 点在DD′上，距地面高H=3l．零时刻，质量为m、带电荷量为q 的小球P
在K 点具有大小v0=
、方向与水平面夹角θ=
的速度，在区域I 内做半径r=
的匀速圆周运动，经C 点水平进入区域Ⅱ．某时刻，不带电的绝缘小球A 由斜
面顶端静止释放，在某处与刚运动到斜面的小球P 相遇．小球视为质点，不计空
气阻力及小球P 所带电量对空间电磁场的影响．l 已知，g 为重力加速度．
（1）求匀强磁场的磁感应强度B 的大小；
（2）若小球A、P 在斜面底端相遇，求释放小球A 的时刻tA；
（3）若小球A、P 在时刻t=β
（β 为常数）相遇于斜面某处，求此情况下区域Ⅱ的
匀强电场的场强E，并讨论场强E 的极大值和极小值及相应的方向．
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2016 年四川省高考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共7 小题，每小题5 分，共42 分．每小题给出的四个选项中，有的只
有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6 分，选对但不全的
得3 分，有选错的得0 分．）
1．（5 分）韩晓鹏是我国首位在冬奥会雪上项目夺冠的运动员．他在一次自由式滑
雪空中技巧比赛中沿“助滑区”保持同一姿态下滑了一段距离，重力对他做功
1900J，他克服阻力做功100J．韩晓鹏在此过程中（ ）
A．动能增加了1900JB．动能增加了2000J
C．重力势能减小了1900J
D．重力势能减小了2000J
【分析】物体重力做功多少，物体的重力势能就减小多少．根据动能定理确定动能
的变化．
【解答】解：AB、外力对物体所做的总功为1900J
100J=1800J
﹣
，是正功，则根据动
能定理得：动能增加1800J．故AB 错误；
CD、重力对物体做功为1900J，是正功，则物体重力势能减小1900J．故C 正确，D
错误；
故选：C。
【点评】本题关键要掌握常见的三对功能关系：总功与动能变化有关，重力做功与
重力势能变化有关．
2．（5 分）如图所示，接在家庭电路上的理想降压变压器给小灯泡L 供电，如果将
原、副线圈减少相同匝数，其它条件不变，则（ ）
A．小灯泡变暗
B．小灯泡变亮
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C．原、副线圈两段电压的比值不变
D．通过原、副线圈电流的比值不变
【分析】因变压器为降压变压器，原线圈匝数大于副线圈匝数；而当同时减小相同
匝数时，匝数之比一定变大；再根据变压器原理进行分析即可．
【解答】解：根据数学规律可知，分子与分母减小相同的数据时，比值一定会增大，
故原副线圈减小相同的匝数后，匝数之比变大；因此电压之比变大；输出电压减
小，故小灯泡变暗；而电流与匝数之比成反比，故电流的比值变小；
故BCD 错误，A 正确；
故选：A。
【点评】本题考查理想变压器的基本原理，要注意明确电压之比等于匝数之比；而
电流之比等于匝数的反比；同时还要注意数学知识的正确应用．
3．（5 分）国务院批复，自2016 年起将4 月24 日设立为“中国航天日”．1970 年
4 月24 日我国首次成功发射的人造卫星东方红一号，目前仍然在椭圆轨道上运
行，其轨道近地点高度约为440km，远地点高度约为2060km；1984 年4 月8 日成
功发射的东方红二号卫星运行在赤道上空35786km 的地球同步轨道上．设东方
红一号在远地点的加速度为a1，东方红二号的加速度为a2，固定在地球赤道上的
物体随地球自转的加速度为a3，则a1、a2、a3的大小关系为（ ）
A．a2＞a1＞a3
B．a3＞a2＞a1
C．a3＞a1＞a2
D．a1＞a2＞a3
【分析】根据万有引力提供向心力可比较东方红一号和东方红二号的加速度；
同步卫星的运行周期和地球自转周期相等，角速度相等，根据比较固定在地球赤
道上的物体和东方红二号的加速度．
【解答】解：东方红二号地球同步卫星和地球自转的角速度相同，由a=ω2r 可知，a2
＞a3；
第9页（共24页）
由万有引力提供向心力可得：a=
，东方红一号的轨道半径小于东方红二号的轨
道半径，所以有：a1＞a2，
所以有：a1＞a2＞a3，故ABC 错误，D 正确。
故选：D。
【点评】解决本题的关键掌握万有引力定律的两个重要理论：1、万有引力等于重
力，2、万有引力提供向心力，并能灵活运用．还要知道同步卫星的运行周期和地
球自转周期相等．
4．（5 分）如图所示，正六边形abcdef 区域内有垂直于纸面的匀强磁场．一带正电
的粒子从f 点沿fd 方向射入磁场区域，当速度大小为vb时，从b 点离开磁场，在
磁场中运动的时间为tb，当速度大小为vc时，从c 点离开磁场，在磁场中运动的时
间为tc，不计粒子重力．则（ ）
A．vb：vc=1：2，tb：tc=2：1 B．vb：vc=2：2，tb：tc=1：2
C．vb：vc=2：1，tb：tc=2：1 D．vb：vc=1：2，tb：tc=1：2
【分析】带电粒子垂直射入匀强磁场中，由洛伦兹力提供向心力，画出轨迹，由几
何知识求出粒子圆周运动的半径和圆心角，由半径公式求出该粒子射入时的速度
大小v．然后求比值，由
求时间之比．
【解答】解：粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二
定律有
得
粒子在磁场中运动的轨迹如图，从B 点离开磁场的粒子，圆心在a 点，半径等于正
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六边形的边长，即
从C 点离开磁场的粒子，圆心是O 点，半径等于正六边形边长的2 倍，即
根据半径公式
得
∝r
从b 点离开磁场的粒子，圆心角
；从C 点离开磁场的粒子，圆心角
根据
，得
，故A 正确，BCD 错误
故选：A。
【点评】本题考查了粒子在磁场中的运动，应先分析清楚粒子的运动过程，然后应
用牛顿第二定律解题，本题的解题关键是画轨迹，由几何知识求出带电粒子运动
的半径和圆心角．
5．（5 分）某同学通过实验测定半圆形玻璃砖的折射率n．如图甲所示，O 是圆心，
MN 是法线，AO、BO 分别表示某次测量时光线在空气和玻璃砖中的传播路径．该
同学测得多组入射角i 和折射角r，做出sini
sinr
﹣
图象如图乙所示．则（ ）
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A．光由A 经O 到B，n=1.5 B．光由B 经O 到A，n=1.5
C．光由A 经O 到B，n=0.67 D．光由B 经O 到A，n=0.67
【分析】光线从玻璃射入空气折射时，入射角小于折射角．光线从空气射入玻璃折
射时，入射角大于折射角．根据入射角与折射角的大小关系，判断光线传播的方
向．根据折射定律求折射率．
【解答】解：由图象可得：sini＜sinr，则 i＜r，所以光线光线从玻璃射入空气折射，
即光由B 经O 到A。
根据折射定律得
=
由图象得：
=
=
所以可得，n=1.5，故B 正确，ACD 错误。
故选：B。
【点评】解决本题的关键要掌握折射规律和折射定律，要注意公式n=
的适用
条件是光从真空射入介质折射．若光由介质射入真空折射，则
=
．
6．（5 分）简谐横波在均匀介质中沿直线传播，P、Q 是传播方向上相距10m 的两
质点，波先传到P，当波传到Q 开始计时，P、Q 两质点的振动图象如图所示．则（
）
A．质点Q 开始振动的方向沿y 轴正方向
第12页（共24页）
B．该波从P 传到Q 的时间可能为7s
C．该波的传播速度可能为2m/s
D．该波的波长可能为6m
【分析】A、根据图中的P 点和Q 点的起振方向即可判知选项A 的正误．
B、首先可从图中读出波传播的周期，再几何其周期性的计算出从P 传到Q 的时
间可能的时间，也就能判断出选项B 的正误．
C、由v=
结合波的周期，利用B 的中的可能时间，可计算出可能的波速，即可
判知选项C 的正误．
D、利用公式λ=vT 结合周期性，利用C 选项的速度的可能值，即可计算可能的波长
继而可判知选项D 的正误．
【解答】解：A、由图象可知，质点P 的振动图象为虚线，质点Q 的振动图象为实线，
从0 时刻开始，质点Q 的起振方向沿y 轴正方向，所以选项A 正确。
B、由题可知，简谐横波的传播方向从P 到Q，由图可知，周期T=6s，质点Q 的振动
图象向左4s、后与P 点的振动重合，意味着Q 点比P 点振动滞后了4s，即P 传到
Q 的时间△t 可能为4s，同时由周期性可知，从P 传到Q 的时间△t 为（4+nT）s，
n=0、1、2、3…，即△t=4s，10s，16s…，不可能为7s，所以选项B 错误。
C、由v=
，考虑到波的周期性，当△t=4s，10s，16s…时，速度v 可能为2.5m/s，
1m/s，0.625m/s…，不可能为2m/s，选项C 错误。
D、同理，考虑到周期性，由λ=vT 可知，波长可能为15m、6m、3.75m…，所以选项D
正确。
故选：AD。
【点评】机械波的多解问题历来是高考中的热门考点，同时本考点又是学生学习
机械波时的难点所在．其主要表现在无法正确判断多解问题的原因，从而造成错
解，多解为题主要分为以下几种情况：
1、传播方向导致的多解问题
波源起振后产生的波可以在介质中向四周传播．若题中没有特别注明传播方向，
则求解时必须讨论其传播方向，从而导致了波的多解问题．
2、波长大小导致的多解问题
第13页（共24页）
因题中没有给定波长的确切条件，故引起答案的不确定性导致多解问题．
3、波形周期导致的多解问题
简谐机械波是周期性的，每经过一个周期波形与原波形重复，从而导致了问题的
多解性．
4、质点振动方向导致的多解问题
5、传播时间导致的多解问题
题目中所给定的时间条件不充分，可能比一个周期长，可能比一个周期短，从而
导致了多解问题的出现．
6、质点振动图象导致的多解问题
总之，机械波的多解问题产生的根本原因是由于机械波图形的周期性重复．因此
我们在求解该类问题时，要充分重视图象的功能，对图象进行仔细分析，挖掘隐
含条件，结合传播方向，利用波动知识，把波动问题全面圆满地解决．
7．（5 分）如图所示，电阻不计、间距为l 的光滑平行金属导轨水平放置于磁感应
强度为B、方向竖直向下的匀强磁场中，导轨左端接一定值电阻R．质量为m、电
阻为r 的金属棒MN 置于导轨上，受到垂直于金属棒的水平外力F 的作用由静止
开始运动，外力F 与金属棒速度v 的关系是F=F0+kv（F0、k 是常量），金属棒与导轨
始终垂直且接触良好．金属棒中感应电流为I，受到的安培力大小为FA，电阻R 两
端的电压为UR，感应电流的功率为P，它们随时间t 变化图象可能正确的有
（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】对金属棒受力分析，根据法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律和牛顿
第二定律得出
表达式，分情况讨论加速度的变化情况，分三种情况讨论：匀加
第14页（共24页）
速运动，加速度减小的加速，加速度增加的加速，再结合图象具体分析．
【解答】解：设金属棒在某一时刻速度为v，由题意可知，感应电动势E=BLv，环路
电流
，即I∝v；安培力
，方向水平向左，即
∝v；R
两端电压
，即
∝v；感应电流功率
，即
。
分析金属棒运动情况，由力的合成和牛顿第二定律可得：
=
，即加速度
，因为金属棒从静
止出发，所以
，且
，即a＞0，加速度方向水平向右。
（1）若
，
，即
，金属棒水平向右做匀加速直线运动。有v=at，
说明v∝t，也即是I∝t，
，
，
，所以在此情况下没有选项符合。
（2）若
，
随v 增大而增大，即a 随v 增大而增大，说明金属棒做加速
度增大的加速运动，速度与时间呈指数增长关系，根据四个物理量与速度的关系
可知B 选项符合；
（3）若
，
随v 增大而减小，即a 随v 增大而减小，说明金属棒在做加
速度减小的加速运动，直到加速度减小为0 后金属棒做匀速直线运动，根据四个
物理量与速度关系可知C 选项符合；
故选：BC。
【点评】解决本题的关键能够根据物体的受力判断物体的运动情况，结合安培力
公式、法拉第电磁感应定律、牛顿第二定律分析导体棒的运动情况，分析加速度
第15页（共24页）
如何变化．
二、非选择题（共4 题，共68 分）
8．（6 分）用如图所示的装置测量弹簧的弹性势能。将弹簧放置在水平气垫导轨上，
左端固定，右端在O 点；在O 点右侧的B、C 位置各安装一个光电门，计时器（图中
未画出）与两个光电门相连。先用米尺测得B、C 两点间距离s，再用带有遮光片的
滑块压缩弹簧到某位置A，静止释放，计时器显示遮光片从B 到C 所用的时间t，
用米尺测量A、O 之间的距离x。
（1）计算滑块离开弹簧时速度大小的表达式是
v=
。
（2）为求出弹簧的弹性势能，还需要测量
C
。
A．弹簧原长 B．当地重力加速度 C．滑块（含遮光片）的质量
（3）增大A、O 之间的距离x，计时器显示时间t 将
B
。
A．增大 B．减小 C．不变。
【分析】明确实验原理，知道测量弹性势能的方法是利用了功能关系，将弹性势能
转化为了滑块的动能；根据速度公式可求得弹出后的速度；再根据实验原理明确
应测量的数据；同时根据弹性势能的决定因素分析AO 变化后速度变化。
【解答】解：（1）滑块离开弹簧后的运动可视为匀速运动，故可以用BC 段的平均速
度表示离开时的速度；则有：
v=
；
（2）弹簧的弹性势能等于物体增加的动能，故应求解物体的动能，根据动能表达
式可知，应测量滑块的质量；故选：C。
（3）增大AO 间的距离时，滑块被弹出后的速度将增大，故通过两光电门的时间将
减小；
第16页（共24页）
故答案为：（1）
；（2）C；（3）B。
【点评】本题利用机械能守恒来探究弹簧的弹性势能的大小，要注意明确实验原
理，知道如何测量滑块的速度，并掌握物体运动过程以及光电门的使用方法。
9．（11 分）用如图1 所示电路测量电源的电动势和内阻．实验器材：
待测电源（电动势约3V，内阻约2Ω），保护电阻R1（阻值10Ω）和R2（阻值5Ω），滑
动变阻器R，电流表A，电压表V，开关S，导线若干．
实验主要步骤：
（i）将滑动变阻器接入电路的阻值调到最大，闭合开关；
（ⅱ）逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值，记下电压表的示数U 和相应电流表
的示数I；
（ⅲ）在图2 中，以U 为纵坐标，I 为横坐标，做U
I
﹣图线（U、I 都用国际单位）；
（ⅳ）求出U
I
﹣图线斜率的绝对值k 和在横轴上的截距a．
回答下列问题：
（1）电压表最好选用
A
；电流表最好选用
C
．
A．电压表（0～3V，内阻约15kΩ）
B．电压表（0～3V，内阻约3kΩ）
C．电流表（0～200mA，内阻约2Ω）
D．电流表（0～30mA，内阻约2Ω）
（2）滑动变阻器的滑片从左向右滑动，发现电压表示数增大．两导线与滑动变阻
器接线柱连接情况是
C
．
A．两导线接在滑动变阻器电阻丝两端接线柱
第17页（共24页）
B．两导线接在滑动变阻器金属杆两端接线柱
C．一条导线接在滑动变阻器金属杆左端接线柱，另一条导线接在电阻丝左端接
线柱
D．一条导线接在滑动变阻器金属杆右端接线柱，另一条导线接在电阻丝右端接
线柱
（3）选用k、a、R1和R2表示待测电源的电动势E 和内阻r 的表达式E=
ka
，r=
k
R
﹣
2 ，代入数值可得E 和r 的测量值．
【分析】（1）根据给出的仪表分析电流和电压最大值，电表量程略大于最大值即
可；同时注意明确电压表内阻越大越好，而电流表内阻越小越好；
（2）明确滑动变阻器的接法以及对电路的调节作用，则可得出正确的接法；
（3）根据闭合电路欧姆定律进行分析，根据数学规律可求得电动势和内电阻．
【解答】解：（1）电压表并联在电路中，故电压表内阻越大，分流越小，误差也就越
小，因此应选内阻较大的A 电压表；
当滑动变阻器接入电阻最小时，通过电流表电流最大，此时通过电流表电流大小
约为I=
=
=176mA；因此，电流表选择C；
（2）分析电路可知，滑片右移电压表示数变大，则说明滑动变阻器接入电路部分
阻值增大，而A 项中两导线均接在金属柱的两端上，接入电阻为零；而B 项中两
导线接在电阻丝两端，接入电阻最大并保持不变；C 项中一导线接在金属杆左端，
而另一导线接在电阻丝左端，则可以保证滑片右移时阻值增大；而D 项中导线分
别接右边上下接线柱，滑片右移时，接入电阻减小；故D 错误；
故选：C；
（3）由闭合电路欧姆定律可知：U=E
I
﹣（r+R2），对比伏安特性曲线可知，图象的斜
率为k=r+R2； 则内阻r=K
R
﹣
2；
令U=0，则有：
I=
=
； 由题意可知，图象与横轴截距为a，则有：a=I=
；解得：E=Ka；
故答案为：（1）A，C；（2）C；（3）ka； k
R
﹣
2．
【点评】本题考查测量电源的电动势和内电阻实验中的仪表选择以及数据处理，
要注意明确根据图象分析数据的方法，重点掌握图象中斜率和截距的意义．
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10．（15 分）中国科学家2015 年10 月宣布中国将在2020 年开始建造世界上最大
的粒子加速器．加速器是人类揭示物质本源的关键设备，在放射治疗、食品安全、
材料科学等方面有广泛应用．
如图所示，某直线加速器由沿轴线分布的一系列金属圆管（漂移管）组成，相邻漂
移管分别接在高频脉冲电源的两极．质子从K 点沿轴线进入加速器并依次向右穿
过各漂移管，在漂移管内做匀速直线运动，在漂移管间被电场加速，加速电压视
为不变．设质子进入漂移管B 时速度为8×106m/s，进入漂移管E 时速度为
1×107m/s，电源频率为1×107Hz，漂移管间缝隙很小，质子在每个管内运动时间
视为电源周期的
．质子的荷质比取1×108C/kg．求：
（1）漂移管B 的长度；
（2）相邻漂移管间的加速电压．
【分析】（1）质子在漂移管内做匀速直线运动，根据质子在每个管内运动时间视
为电源周期的
，求出质子在B 中运动的时间，由公式x=vt 求解B 管的长度．
（2）质子每次在漂移管间被加速，根据动能定理列式，可求相邻漂移管间的加速
电压．
【解答】解：（1）设高频脉冲电源的频率为f，周期为T；质子在每个漂移管中运动
的时间为t，质子进入漂移管B 时的速度为vB，漂移管B 的长度为LB．则
T=
=10
7
﹣s
据题有：t=
质子在漂移管内做匀速直线运动，则有：LB=vB•
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联立代入数据解得：LB=0.4m
（2）质子从B 到E 的过程中，质子从漂移管B 运动到漂移E 共被加速3 次，由动能
定理得：3qU=
mvE
2﹣
mvB
2
据题有
=1×108C/kg
解得：U=6×104V
答：（1）漂移管B 的长度是0.4m；
（2）相邻漂移管间的加速电压是6×104V．
【点评】本题中要理清质子运动的过程，知道质子交替做匀加速运动和匀速运动，
明确运用动能定理是求加速电压常用的思路．
11．
（17 分）避险车道是避免恶性交通事故的重要设施，由制动坡床和防撞设施等
组成，如图竖直平面内，制动坡床视为水平面夹角为θ 的斜面。一辆长12m 的载
有货物的货车因刹车失灵从干道驶入制动坡床，当车速为23m/s 时，车尾位于制
动坡床的底端，货物开始在车厢内向车头滑动，当货物在车厢内滑动了4m 时，车
头距制动坡床顶端38m，再过一段时间，货车停止。已知货车质量是货物质量的4
倍，货物与车厢间的动摩擦因数为0.4；货车在制动坡床上运动受到的坡床阻力
大小为货车和货物总重的0.44 倍。货物与货车分别视为小滑块和平板，取
cosθ=1，sinθ=0.1，g=10m/s2．求：
（1）货物在车厢内滑动时加速度的大小和方向；
（2）制动坡床的长度。
【分析】（1）货物相对车向前运动，货物所受摩擦力与运动方向相反，对货物受力
分析，再由牛顿第二定律列式求解。
（2）根据牛顿第二定律分别求出货物和货车的加速度，利用相对位移列方程求出
运动时间，进而可知货车在这段时间的位移。
【解答】解：（1）对货物：μmgcosθ+mgsinθ=ma1
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a1=5m/s2，方向沿斜面向下；
（2）对货车：0.44（m+4m）g+4mgsinθ
μmgcosθ=4ma
﹣
2
解得：a2=5.5m/s2
设减速的时间为t，则有：
v0t﹣
a1t2﹣（v0t﹣
）=4
得：t=4s
故制动坡床的长度L=38+12+（v0t﹣
）=98m。
答：（1）货物在车厢内滑动时加速度为5m/s2，方向沿斜面向下；
（2）制动坡床的长度为98m。
【点评】解题的关键是将实际问题模型化，本题模型是斜面上的小滑块和平板。易
错点是求货车的加速度时容易漏掉货物对货车向前的摩擦力，求坡的长度时容易
忽略货车的长度。
12．（19 分）如图所示，图面内有竖直线DD′，过DD′且垂直于图面的平面将空间分
成Ⅰ、Ⅱ两区域．区域I 有方向竖直向上的匀强电场和方向垂直图面的匀强磁场B
（图中未画出）；区域Ⅱ有固定在水平面上高h=2l、倾角α=
的光滑绝缘斜面，斜
面顶端与直线DD′距离s=4l，区域Ⅱ可加竖直方向的大小不同的匀强电场（图中
未画出）；C 点在DD′上，距地面高H=3l．零时刻，质量为m、带电荷量为q 的小球P
在K 点具有大小v0=
、方向与水平面夹角θ=
的速度，在区域I 内做半径r=
的匀速圆周运动，经C 点水平进入区域Ⅱ．某时刻，不带电的绝缘小球A 由斜
面顶端静止释放，在某处与刚运动到斜面的小球P 相遇．小球视为质点，不计空
气阻力及小球P 所带电量对空间电磁场的影响．l 已知，g 为重力加速度．
（1）求匀强磁场的磁感应强度B 的大小；
（2）若小球A、P 在斜面底端相遇，求释放小球A 的时刻tA；
（3）若小球A、P 在时刻t=β
（β 为常数）相遇于斜面某处，求此情况下区域Ⅱ的
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匀强电场的场强E，并讨论场强E 的极大值和极小值及相应的方向．
【分析】（1）带电粒子在复合场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，电场力
和重力平衡
（2）求出小球A 沿斜面匀加速运动的时间、小球P 匀速圆周运动的时间及离开磁
场类平抛运动的时间，根据时间关系求释放小球A 的时刻
（3）小球P 进入Ⅱ区做类平抛运动，根据类平抛规律列式，结合数学知识求E 的
最值．
【解答】解：（1）小球P 在Ⅰ区做匀速圆周运动，则小球P 必定带正电，且所受电场
力与重力大小相等．
设Ⅰ区磁感应强度大小为B，由洛伦兹力提供向心力得：
①
代入数据得：
②
（2）小球P 先在Ⅰ区以D 为圆心做匀速圆周运动，由小球初速度和水平方向夹角
为θ 可得，小球将偏转θ 角后自C 点水平进入Ⅱ区做类平抛运动到斜面底端B 点
如图所示，运动到C 点的时刻为
，到达斜面时刻为
，有
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③
④
小球A 释放后沿斜面运动的加速度为
，与小球P 在时刻
相遇于斜面底端，有
⑤
⑥
联立以上方程可得：
⑦
（3）设所求电场方向向下，在
时刻释放小球A，小球P 在区域Ⅱ运动加速度为
，有
则小球A、P 相遇时，由运动公式及几何关系可得：
⑧
⑨
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⑩
联立相关方程解得
必须保证小球能落到斜面上2l≤x≤4l
（其中
）
对小球P 的所有运动情形讨论可得得3≤β≤5
由此可得场强极小值为Emin=0，场强极大值为Emax=
，方向竖直向上
答：（1）磁感应强度大小为
（2）小球A 释放时刻为
（3）电场强度为
，极大值
，竖直向上；极小值为0．
【点评】这是一道综合性非常强的题目，涉及的知识点非常多，关键是分析小球的
受力情况运动过程，尤其是第三问难度较大，体现了运用数学知识解决物理问题
的能力．
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