化学答案（红色十校2月高三）_2024年2月_01每日更新_23号_2024届江西省红色十校高三下学期2月联考_江西省红色十校2024届高三下学期2月联考化学

2024 年 2 月红色十校高三联考·化学参考答案 1.答案B，解析：A选项正确； B选项错误，酒精没有强氧化性； C选项正确，氯化钙溶解放热，加速冰雪的融化，且盐水凝固点比水更低； D选项正确，使用含氟牙膏，牙齿成分中羟基磷灰石Ca (PO ) OH与F-反应转化为更难溶 5 4 3 于水的氟磷灰石Ca (PO ) F和OH- 5 4 3 2.答案D，解析：A选项错误，溶液如果显酸性，NO -会氧化Fe2+导致二者无法大量共存； 3 溶液如果显碱性，OH-与NH +不能大量共存； 4 B选项错误，S2-与Cu2+反应，生成黑色的CuS沉淀； C选项错误，大量的氨水会和铝离子反应，生成氢氧化铝沉淀； D选项正确，溶液是否澄清透明和离子是否有颜色无关。 3.答案A，解析：A选项正确， Mg(价电子3s2)失去一个电子后，价电子排布式为3s1(半充满)， Al(价电子3s23p1)失去一个电子后，价电子排布式为3s2(全充满)，而稳定性：全充满>半充 满，所以第二电离能:Al>Mg； B选项错误，稳定性HF>HCl，所以共价键的键能H-F>H-Cl； C选项错误，共价键键长越短，原子晶体的共价键强度越大，熔点越高，所以熔点： 金刚石>SiC>晶体硅； D选项错误，CCl 呈现sp3杂化，属于正四面体对称的非极性分子晶体，H O中，中心原 4 2 子O价层电子对数为4，呈现不等性sp3杂化，空间构型是V型，所以分子的极性：CCl K； D选项正确，同周期的这两种元素，如果都在第二或第三周期，则原子序数为a+3，如果 都在第四或第五周期，则原子序数为a+13(多出10种过渡元素)，如果都在第六或第七周 1 {#{QQABLYIEggCoAAAAAQgCAwHYCEAQkAAAAIoGAFAAMAIBCRNABAA=}#}期，则原子序数为a+27(镧系、锕系再分别多出15种元素)。 8.答案C，解析：A选项错误，A中含有氧原子，不属于烃类； B选项错误，当R是乙基时，A中不存在手性碳原子； C选项正确，两个双键碳原子上均连接不同的基团，所以存在顺反异构，而A中含有-Cl， 可以在碱性条件发生水解反应； D 选项错误，将苯环记为 ph-，属于苯甲酸同系物的同分异构体有以下情况： ①ph-CH -CH -COOH② ③ph-CH -COOH 和一个-CH ，共 3种④ph-COOH 2 2 2 3 和一个-C H ，有3种；⑤ph-COOH和两个-CH ，有6种，合计14种。 2 5 3 9.答案D，解析：A选项正确，无水CaCl 或P O 可以吸收多余的氨气； 2 2 5 B选项正确，长颈漏斗和空气相通，可以防止堵塞、NH 不溶于CCl ，可以控制氨气的流 3 4 速； C 选项正确，氨气极易溶于水，a 装置可以防倒吸，本实验涉及转化关系 Cr O 2-+H O 2CrO 2-+2H+，Cr O 2-显橙色，CrO 2-显黄色，实验时溶液颜色会发生变 2 7 2 4 2 7 4 化； D选项错误，由于常温下K Cr O 的溶解度远小于K CrO ，且该反应可逆，无法实现将 2 2 7 2 4 K Cr O 全部转化为K CrO 。 2 2 7 2 4 10.答案C，解析：A选项错误，电负性F>N>Cl, 所以NF 中N的化合价为+3价，NCl 中N 3 3 的化合价是-3价； B选项错误，HI还原性很强，会被浓硫酸氧化(可以换做用浓磷酸制HI)； C选项正确，Zn和Cd属于同一族的过渡元素，性质相似，都能与氨水反应，生成配合物； D选项错误，2SO +O 2SO 中反应物可用空气代替O ，因为空气中的其他主要成 2 2 3 2 分(主要考虑N ) 不与SO 反应，但是工业合成氨：N +3H 2NH ，反应物不能用空 2 2 2 2 3 气代替N ，因为空气中存在大量的O ，在高温高压条件下，O 与H 反应，可能发生爆 2 2 2 2 炸。 11.答案D, 解析：结合题目信息和Q只形成一个共价键，可知Q只能是F，再根据物质的 结构，可以推测出Y、M、Q 、Z、X分别为 B、N、F、Si、Cl。 A选项正确，YQ 是BF ，构型为平面正三角形，键角120°，ZX 是SiCl ，构型是空间正 3 3 4 4 四面体结构，键角109°28′，所以键角：YQ >ZX ； 3 4 B选项正确，Y原子(B原子)通过配位键，也达到8电子稳定结构； C选项正确，SiO 可以用作耐高温坩埚； 2 D选项错误，第二周期元素中，由于N原子价电子构型是2s22p3，p能级半充满，第一电 离能：F>N>O>C，所以第二周期不存在任何元素的第一电离能数值介于M与Q之间。 12.答案D，解析：通过均摊法得知该立方体晶胞中K、I、O的原子个数分别是1,1,3，所以 晶胞化学式为KIO 。 3 A选项正确，加碘盐中含有KIO ； 3 B选项正确，2处的O原子，位于侧面的面心，通过x、y、z三个方向投影，得到的坐标 1 1  是 a,a, a ；   2 2  C选项正确，KIO 3 的摩尔质量M=214g/mol，一个晶胞的体积V=(a×10-10cm)3，所以晶胞 M 214 密度  (g/cm3)； V N (a1010)3N A A 2 {#{QQABLYIEggCoAAAAAQgCAwHYCEAQkAAAAIoGAFAAMAIBCRNABAA=}#}4 4 (x3  y3)3 z3 3 3 4(x3  y3 3z3) D选项错误，该晶胞的原子空间利用率  a3 3a3 13.答案C，解析：从图示来看，A电极产生N ，应为电解池的阳极，左边浓差电池Ag(2) 2 连接电极A，做原电池的正极，NO -向丁室迁移。 3 A选项错误，阴离子交换膜允许OH-通过，A电极上的反应为2NH -6e-+6OH-=N ↑+6H O； 3 2 2 B选项错误，A极电极反应为：2NH -6e-+6OH-=N ↑+6H O，OH-从甲移到乙进行补充，但 3 2 2 反应生成了水，故乙池NaOH溶液pH会减小； C选项正确，产生1.12LH (标况) 时,转移0.1mol 电子，丙室会有0.1molAg+生成Ag单 2 质，同时有0.1molNO -从丙室移向丁室，一共减少17g； 3 D选项错误，由于浓差电池中，Ag(2)电极的Ag+浓度已经减小，若要使电池恢复到初始 状态，Ag(2)电极需发生氧化反应(活性电极)产生Ag+，则Ag(2)需要和电源正极相连，D 错误。 14.答案D, 解析：①③两条曲线平行，所以物质类型相同，则曲线②代表HA溶液，b=5.5, 结 合纵坐标的意义可知：b点时，可算出K (HA)=c(H+)=1×10-5.5, 而a=4.0，此时c(OH-)=10-10 a mol/L，此时金属阳离子浓度为1mol/L，所以曲线①的K =10-20, 同理可知，曲线③的 sp K =10-11, 而题目已知Ksp[Mg(OH) ]>Ksp[Cu(OH) ]，所以Ksp[Mg(OH) ]=10-11(对应曲线 sp 2 2 2 ③), Ksp[Cu(OH) ]=10-20(对应曲线①)，K (HA)=c(H+)=1×10-5.5(对应曲线②) 2 a A选项正确； B选项正确，当Cu2+刚好完全沉淀时，c(Cu2+)=10-5mol/L，则 K [Cu(OH) ] 1020 c(OH) sp 2  107.5mol/L c(Cu2) 105 此时c(H+)=10-6.5mol/L，即溶液pH=6.5； C选项正确：Mg(OH) +2HA=Mg2++2A-+2H O, 该反应的平衡常数 2 2 c(Mg2)c2(A) c(Mg2)c2(OH)c2(A)c2(H) K [Mg(OH) ]K2(HA) 1011(105.5)2 k   sp 2 a  106 105 c2(HA) c2(HA)K2 K2 (1014)2 w w 所以C正确； D选项错误，②③两条曲线相交时，N点的两条曲线的纵坐标相等， c(HA) K c(H) c(Mg2) ，即 sp  ， c(A) c2(OH) K a K c(H)c(OH) 1014 所以 sp   ，而K 1011,则c(OH)102.5mol/L, pH11.5 c(OH) K 105.5 sp a 所以选项D错误(也可以用数学方法分别求出两条曲线的函数方程，求出交点对应的横坐 标)。 15.(16分，除标注的地方外，其他每空2分) (1)d(1分)，3d24s2(1分) (2)3（或三）(1分)； CaSO 和SiO (2分，写化学式才给分，写对一个给1分，写了三个 4 2 的，错写一个扣1分，扣完为止，写了四种物质的不给分)。 (3)3.2≤pH<4.0(答[3.2,4)或3.2～4.0给2分，答3.2T (高温)时，以反应① 1 2 1 为主，CO 的转化率减小。 2 ②79.1(MPa)-2(没有单位、单位写错不扣分，要求保留三位有效数字) (5)①>(1分，写“大于”不给分) ②<(1分，写“小于”不给分) 解析： (2)反应②－反应①，可得：CH 4 (g)＋H 2 O(g) CO(g)＋3H 2 (g) △H 3 = △H 2 － △H=+207kJ/mol，该反应△H>0，△S>0，所以反应③在高温下自发(△G<0)； 设 CO 的 键 能 是 xkJ/mol ， 则 △H =(4×414kJ/mol+2×463kJ/mol) － 3 (x+3×436kJ/mol)=+207kJ/mol，可得x=1067。 (3)反应②的△H >0，适合高温条件，反应①的△H <0，适合于低温条件，但是温度太 2 1 低，反应速率太慢。 (4)①反应①的△H <0，反应②的△H >0，温度升高，反应①平衡向左移动，CO 的转化 1 2 2 率减小，而反应②平衡向右移动，CO 的转化率增大。在TT (高温)时，以反应①为主，CO 的转化率减小。 2 1 2 ②设初始投料为1molCO 和2molH ，T 时，CO 转化0.6mol，CH 选择性为60%，则此 2 2 1 2 4 时n(CH )=0.36mol，n(CO)=0.24mol，n(CO )=0.4mol，设此时体系中n(H O)=xmol， 4 2 2 n(H )=ymol，由于存在三个反应，运用三段式法不方便，可以利用原子守恒建立等式： 2 n(H)=2x+2y+0.36×4=4mol，n(O)=x+0.4×2+0.24=2mol，解得x=0.96mol，y=0.32mol。 2mol0.32mol H 的转化率  100%84%； 2 2mol T 时刻，n(CH )=0.36mol，n(CO)=0.24mol，n(CO )=0.4mol，n(H O)=0.96mol，n(H )=0.32mol， 1 4 2 2 2 体系中五种气体的总物质的量为2.28mol，而P =2.28MPa，所以： 总 p(CH )=0.36MPa，p(CO)=0.24MPa，p(CO )=0.4MPa，p(H O)=0.96MPa，p(H )=0.32MPa， 4 2 2 2 (0.36MPa)(0.96MPa)2 则反应①的K = 79.1(MPa)2 p (0.4MPa)(0.32MPa)4 (5)①在恒温恒容条件下， 乙和丙相对于甲的投料而言，乙增加1molCO (提高H 的平衡 2 2 转化率)，丙增加1molH (降低了H 的平衡转化率)，所以平衡时H 的转化率：乙>甲> 2 2 2 丙。 ②在绝热恒容条件下，甲从正方向投料，正反应吸热(温度越高，平衡常数越大)，导 致温度减低，正反应平衡常数减小，丁从反方向投料(放热方向)，温度升高，平衡常 数增大，所以正反应的平衡常数：甲<丁。 18(14分，除了标注之外每空2分) (1)2-溴苯丙酸(1分，2-溴-3-苯基丙酸，也给分)； 2（或两）(1分) (2)氰基、羧基(2分，答对一个给1分)； 17 (3) 5 {#{QQABLYIEggCoAAAAAQgCAwHYCEAQkAAAAIoGAFAAMAIBCRNABAA=}#}(4)36 (5) (一共4分，每一步1分，如果第一步写错就不给分) 解析： 反应①为α-卤代反应，则A是 ，再用-CN取代-Br，结合B的分 子 式 可 知 B 是 ， 再 用 SOCl 和 NH 取 代 ， 得 到 2 3 ，最后用H 还原-CN(酰胺基不与H 反应)，得到C的结构简式 2 2 是 。 (1)A中碳原子有苯环和羧基碳原子的sp2杂化以及饱和碳原子的sp3杂化，一共两种。 (2)B分子共平面问题：苯环上12个原子一定共平面， 结构中，四个原子也 共平面，而sp3杂化的饱和碳原子，最多只能与周围2个原子共平面，-OH上的H原子可 以通过单键旋转而与之共平面，所以 B 分子中，最多共平面的原子数有 17 个。 (4)观察C的结构，苯环外的不饱和度为1(只含一个不饱和键)，现要求苯环上三个位置被 取代，-CH CHO占据一个位置，剩下2个-NH 和2个碳原子，通过组合，符合条件的同 2 2 分异构有四大类： 6 {#{QQABLYIEggCoAAAAAQgCAwHYCEAQkAAAAIoGAFAAMAIBCRNABAA=}#}其中，①这三种取代基在苯环上一共有6种排布，②、③、④三种情况下，在苯环上都分别 有10种排布，所以符合条件的一共有36种同分异构体。 (5)参照题目中的合成路线，首先引入-Br(利用信息条件，反马氏规则加成)，然后取代引入-CN， 水解后增长碳链产生-COOH，从而产生酰氯，最后胺类物质取代。所以合成路线为： 7 {#{QQABLYIEggCoAAAAAQgCAwHYCEAQkAAAAIoGAFAAMAIBCRNABAA=}#}