2020 年普通高等学校招生全国统一考试 新高考全国Ⅰ
一、选择题(本题共8小题，每小题5分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)
1．设集合A＝{x|1≤x≤3}，B＝{x|2<x<4}，则A∪B等于( )
A．{x|2<x≤3} B．{x|2≤x≤3} 由点A处的纬度为北纬40°可知∠OAO
1
＝40°，
C．{x|1≤x<4} D．{x|1<x<4} 又点A处的水平面与OA垂直，晷针AC与⊙O 所在的面垂直，
1
答案 C 则晷针AC与水平面所成角为40°.
解析 A∪B＝{x|1≤x≤3}∪{x|2<x<4} 5．某中学的学生积极参加体育锻炼，其中有96%的学生喜欢足球或游泳，60%的学生喜欢足球，82%的学生喜
＝{x|1≤x<4}． 欢游泳，则该中学既喜欢足球又喜欢游泳的学生数占该校学生总数的比例是( )
2.等于( ) A．62% B．56% C．46% D．42%
A．1 B．－1 C．i D．－i 答案 C
答案 D 解析 用Venn图表示该中学喜欢足球和游泳的学生所占的比例之间的关系如图，
解析 ＝＝＝－i.
3．6名同学到甲、乙、丙三个场馆做志愿者，每名同学只去 1个场馆，甲场馆安排1名，乙场馆安排2名，丙
场馆安排3名，则不同的安排方法共有( ) 设既喜欢足球又喜欢游泳的学生占该中学学生总数的比例为x，
A．120种 B．90种 C．60种 D．30种 则(60%－x)＋(82%－x)＋x＝96%，解得x＝46%.
答案 C 6．基本再生数R 与世代间隔T是新冠肺炎的流行病学基本参数．基本再生数指一个感染者传染的平均人数，世
0
解析 先从6名同学中选1名安排到甲场馆，有C种选法，再从剩余的5名同学中选2名安排到乙场馆，有C 代间隔指相邻两代间传染所需的平均时间．在新冠肺炎疫情初始阶段，可以用指数模型：I(t)＝ert描述累计感染
病例数I(t)随时间t(单位：天)的变化规律，指数增长率r与R ，T近似满足R ＝1＋rT.有学者基于已有数据估计
种选法，最后将剩下的3名同学安排到丙场馆，有C种选法，由分步乘法计数原理知，共有C·C·C＝60(种)不同 0 0
出R＝3.28，T＝6.据此，在新冠肺炎疫情初始阶段，累计感染病例数增加1倍需要的时间约为(ln 2≈0.69)( )
的安排方法． 0
A．1.2天 B．1.8天 C．2.5天 D．3.5天
4.日晷是中国古代用来测定时间的仪器，利用与晷面垂直的晷针投射到晷面的影子来测定时间．把地球看成一
答案 B
个球(球心记为O)，地球上一点A的纬度是指OA与地球赤道所在平面所成角，点A处的水平面是指过点A且与
解析 由R＝1＋rT，R＝3.28，T＝6，
OA垂直的平面．在点A处放置一个日晷，若晷面与赤道所在平面平行，点A处的纬度为北纬40°，则晷针与点 0 0
A处的水平面所成角为( ) 得r＝＝＝0.38.
由题意，累计感染病例数增加1倍，
则I(t)＝2I(t)，
2 1
即e0.38t＝2e0.38t，
2 1
所以e0.38(t－t)＝2，
A．20° B．40° C．50° D．90° 2 1
答案 B
即0.38(t
2
－t
1
)＝ln 2，
解析 如图所示，⊙O为赤道平面，⊙O 1 为A点处的日晷面所在的平面， 所以t 2 －t 1 ＝≈≈1.8.
7．已知P是边长为2的正六边形ABCDEF内的一点，则AP·AB 的取值范围是( )
A．(－2,6) B．(－6,2) C．(－2,4) D．(－4,6)答案 A 答案 ACD
解析 如图，取A为坐标原点，AB所在直线为x轴建立平面直角坐标系， 解析 对于A，当m>n>0时，有>>0，方程化为＋＝1，表示焦点在y轴上的椭圆，故A正确．
对于B，当m＝n>0时，方程化为x2＋y2＝，表示半径为的圆，故B错误．
对于C，当m>0，n<0时，方程化为－＝1，表示焦点在x轴上的双曲线，其中a＝，b＝，渐近线方程为y＝
±x；当m<0，n>0时，方程化为－＝1，表示焦点在y轴上的双曲线，其中a＝，b＝，渐近线方程为y＝±x，故
C正确．
则A(0,0)，B(2,0)，C(3，)，F(－1，)．
对于D，当m＝0，n>0时，方程化为y＝±，表示两条平行于x轴的直线，故D正确．
设P(x，y)，则AP＝(x，y)，AB＝(2,0)，且－1<x<3.
10．如图是函数y＝sin(ωx＋φ)的部分图象，则sin(ωx＋φ)等于( )
所以AP·AB＝(x，y)·(2,0)＝2x∈(－2,6)．
8．若定义在R上的奇函数f(x)在(－∞，0)上单调递减，且f(2)＝0，则满足xf(x－1)≥0的x的取值范围是( )
A．[－1,1]∪[3，＋∞) B．[－3，－1]∪[0,1]
C．[－1,0]∪[1，＋∞) D．[－1,0]∪[1,3]
A．sin B．sin
答案 D
C．cos D．cos
解析 因为函数f(x)为定义在R上的奇函数，
答案 BC
则f(0)＝0.
解析 由图象知＝－＝，得T＝π，
又f(x)在(－∞，0)上单调递减，且f(2)＝0，
所以ω＝＝2.
画出函数f(x)的大致图象如图(1)所示，
又图象过点，
则函数f(x－1)的大致图象如图(2)所示．
由“五点法”，结合图象可得φ＋＝π，即φ＝，
所以sin(ωx＋φ)＝sin，故A错误；
由sin＝sin＝sin知B正确；
由sin＝sin＝cos知C正确；
当x≤0时，要满足xf(x－1)≥0，则f(x－1)≤0，
由sin＝cos＝cos
得－1≤x≤0.
＝－cos知D错误．
当x>0时，要满足xf(x－1)≥0，则f(x－1)≥0，
11．已知a>0，b>0，且a＋b＝1，则( )
得1≤x≤3.
A．a2＋b2≥ B．2a－b>
故满足xf(x－1)≥0的x的取值范围是[－1,0]∪[1,3]．
C．log a＋log b≥－2 D.＋≤
2 2
二、选择题(本题共4小题，每小题5分，共20分．在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求．全部选对的
答案 ABD
得5分，有选错的得0分，部分选对的得3分)
解析 因为a>0，b>0，a＋b＝1，
9．已知曲线C：mx2＋ny2＝1.( )
所以a＋b≥2，
A．若m>n>0，则C是椭圆，其焦点在y轴上
当且仅当a＝b＝时，等号成立，即有ab≤.
B．若m＝n>0，则C是圆，其半径为
对于A，a2＋b2＝(a＋b)2－2ab＝1－2ab≥1－2×＝，故A正确；
C．若mn<0，则C是双曲线，其渐近线方程为y＝±x
对于B,2a－b＝22a－1＝×22a，
D．若m＝0，n>0，则C是两条直线因为a>0，所以22a>1，即2a－b>，故B正确； ∴H(X)>H(Y)．
对于C，log a＋log b＝log ab≤log ＝－2，故C错误； 三、填空题(本题共4小题，每小题5分，共20分)
2 2 2 2
对于D，由(＋)2＝a＋b＋2＝1＋2≤2， 13．斜率为的直线过抛物线C：y2＝4x的焦点，且与C交于A，B两点，则|AB|＝________.
答案
得＋≤，故D正确．
解析 如图，由题意得，抛物线焦点为F(1,0)，
12．信息熵是信息论中的一个重要概念．设随机变量 X所有可能的取值为1,2，…，n，且P(X＝i)＝p>0(i＝
i
1,2，…，n)，＝1，定义X的信息熵H(X)＝－log p.( )
i i 2 i
A．若n＝1，则H(X)＝0
B．若n＝2，则H(X)随着p的增大而增大
i
C．若p＝(i＝1,2，…，n)，则H(X)随着n的增大而增大
i
D．若 n＝2m，随机变量 Y 所有可能的取值为 1,2，…，m，且 P(Y＝j)＝p＋p (j＝1,2，…，m)，则
j 2m＋1－j 设直线AB的方程为y＝(x－1)．
H(X)≤H(Y)
由
答案 AC
得3x2－10x＋3＝0.
解析 对于A，当n＝1时，p＝1，H(X)＝－1×log 1＝0，故A正确；
1 2
设A(x，y)，B(x，y)，
1 1 2 2
对于B，当n＝2时，有p＋p＝1，此时，若p＝或都有H(X)＝－，故B错误；
1 2 1
则x＋x＝，
1 2
对于C，当p＝(i＝1,2，…，n)时，
i
所以|AB|＝x＋x＋2＝.
1 2
H(X)＝－log ＝－n×log ＝log n.
2 2 2 14．将数列{2n－1}与{3n－2}的公共项从小到大排列得到数列{a}，则{a}的前n项和为________．
n n
显然H(X)随n的增大而增大，故C正确；
答案 3n2－2n
对于D，方法一 当n＝2m时，
解析 方法一 (观察归纳法)
H(X)＝－(plog p＋plog p＋…＋p log p ＋p log p )
1 2 1 2 2 2 2m－1 2 2m－1 2m 2 2m 数列{2n－1}的各项为1,3,5,7,9,11,13，…；
＝－[(plog p＋p log p )＋(plog p＋p log p )＋…＋(p log p ＋p log p )]，
1 2 1 2m 2 2m 2 2 2 2m－1 2 2m－1 m 2 m m＋1 2 m＋1 数列{3n－2}的各项为1,4,7,10,13，….
H(Y)＝－[(p＋p )log (p＋p )＋(p＋p )·log (p＋p )＋…＋(p ＋p )log (p ＋p )]，
1 2m 2 1 2m 2 2m－1 2 2 2m－1 m m＋1 2 m m＋1 观察归纳可知，两个数列的公共项为1,7,13，…，是首项为1，公差为6的等差数列，
由于plog p＋p log p ＝log ( · )<log [(p＋p )p· ]
则a
n
＝1＋6(n－1)＝6n－5.
1 2 1 2m 2 2m 2 2 1 2m 1
故前n项和为S＝＝
n
＝log ＝(p＋p )log (p＋p )，
2 1 2m 2 1 2m
＝3n2－2n.
同理可证plog p＋p log p <(p＋p )·log (p＋p )，
2 2 2 2m－1 2 2m－1 2 2m－1 2 2 2m－1
方法二 (引入参变量法)
…，
令b＝2n－1，c ＝3m－2，b＝c ，
n m n m
p log p ＋p log p <(p ＋p )log (p ＋p )，
m 2 m m＋1 2 m＋1 m m＋1 2 m m＋1
则2n－1＝3m－2，即3m＝2n＋1，m必为奇数．
所以H(X)>H(Y)．
令m＝2t－1，则n＝3t－2(t＝1,2,3，…)．
方法二 (特值法)
a＝b ＝c ＝6t－5，即a＝6n－5.
t 3t－2 2t－1 n
令m＝1，则n＝2，p＝，p＝.
1 2
以下同方法一．
P(Y＝1)＝1，H(Y)＝－log 1＝0，
2
15.某中学开展劳动实习，学生加工制作零件，零件的截面如图所示．O为圆孔及轮廓圆弧AB所在圆的圆心，A
H(X)＝－>0，
是圆弧AB与直线AG的切点，B是圆弧AB与直线BC的切点，四边形DEFG为矩形，BC⊥DG，垂足为C，tan∠ODC＝，BH∥DG，EF＝12 cm，DE＝2 cm，A到直线DE和EF的距离均为7 cm，圆孔半径为1 cm，则图 连接DB，DB，DP，DE，EP，EQ，
1 1 1 1
中阴影部分的面积为________ cm2. 由∠BAD＝60°，AB＝AD，知△ABD为等边三角形，
∴DB＝DB＝2，
1 1
∴△DBC 为等边三角形，
1 1 1
则DE＝且DE⊥平面BCC B，
1 1 1 1
∴E为球面截侧面BCC B 所得截面圆的圆心，
答案 4＋ 1 1
解析 如图，连接OA，过A作AP⊥EF，
设截面圆的半径为r，
则r＝＝＝.
又由题意可得EP＝EQ＝，
∴球面与侧面BCC B 的交线为以E为圆心的圆弧PQ.
1 1
又DP＝，
1
分别交EF，DG，OH于点P，Q，R.
∴BP＝＝1，
1
由题意知AP＝EP＝7，
同理C Q＝1，
1
又DE＝2，EF＝12，
∴P，Q分别为BB，CC 的中点，
1 1
所以AQ＝QG＝5，
∴∠PEQ＝，
所以∠AHO＝∠AGQ＝.
因为OA⊥AH，所以∠AOH＝，∠AOB＝. 知 的长为×＝，即交线长为.
设AR＝x，则OR＝x，RQ＝5－x. 四、解答题(本题共6小题，共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤)
因为tan∠ODC＝， 17．在①ac＝，②csin A＝3，③c＝b这三个条件中任选一个，补充在下面问题中，若问题中的三角形存在，
所以tan∠ODC＝＝， 求c的值；若问题中的三角形不存在，说明理由．
解得x＝2，则OA＝2.
问题：是否存在△ABC，它的内角A，B，C的对边分别为a，b，c，且sin A＝sin B，C＝，________？
注：如果选择多个条件分别解答，按第一个解答计分．
所以S＝S ＋S －S
扇形AOB △AOH 小半圆
解 方案一：选条件①.
＝××(2)2＋×4×2－π×12
由C＝和余弦定理得＝.
＝cm2.
由sin A＝sin B及正弦定理得a＝b.
16．已知直四棱柱ABCD－ABC D 的棱长均为2，∠BAD＝60°.以D 为球心，为半径的球面与侧面BCC B 的
1 1 1 1 1 1 1
于是＝，
交线长为________．
答案
由此可得b＝c.
解析 如图，设BC 的中点为E， 由①ac＝，解得a＝，b＝c＝1.
1 1
因此，选条件①时问题中的三角形存在，此时c＝1.
方案二：选条件②.
由C＝和余弦定理得＝.
由sin A＝sin B及正弦定理得a＝b.
球面与棱BB，CC 的交点分别为P，Q，
1 1于是＝， b ，b ，…，b 对应的区间分别为(0,64]，(0,65]，…，(0,100]，
64 65 100
由此可得b＝c，B＝C＝，A＝. 则b ＝b ＝…＝b ＝6，即有37个6.
64 65 100
由②csin A＝3，所以c＝b＝2，a＝6. 所以S ＝1×2＋2×22＋3×23＋4×24＋5×25＋6×37＝480.
100
因此，选条件②时问题中的三角形存在，此时c＝2. 19．为加强环境保护，治理空气污染，环境监测部门对某市空气质量进行调研，随机抽查了 100天空气中的
方案三：选条件③.
PM2.5和SO
2
浓度(单位：μg/m3)，得下表：
SO
由C＝和余弦定理得＝. 2
[0,50] (50,150] (150,475]
PM2.5
由sin A＝sin B及正弦定理得a＝b.
[0,35] 32 18 4
于是＝，
(35,75] 6 8 12
由此可得b＝c.
(75,115] 3 7 10
由③c＝b，与b＝c矛盾．
因此，选条件③时问题中的三角形不存在． (1)估计事件“该市一天空气中PM2.5浓度不超过75，且SO 浓度不超过150”的概率；
2
18．已知公比大于1的等比数列{a n }满足a 2 ＋a 4 ＝20，a 3 ＝8. (2)根据所给数据，完成下面的2×2列联表：
(1)求{a
n
}的通项公式；
SO 2
[0,150] (150,475]
(2)记b 为{a}在区间(0，m](m∈N*)中的项的个数，求数列{b }的前100项和S . PM2.5
m n m 100
解 (1)由于数列{a}是公比大于1的等比数列， [0,75]
n
设首项为a，公比为q， (75,115]
1
依题意有解得或(舍)
(3)根据(2)中的列联表，判断是否有99%的把握认为该市一天空气中PM2.5浓度与SO 浓度有关？
所以{a}的通项公式为a＝2n，n∈N*. 2
n n
附：K2＝，
(2)由于21＝2,22＝4,23＝8,24＝16,25＝32,26＝64，27＝128，
P(K2≥k) 0.050 0.010 0.001
所以b 对应的区间为(0,1]，则b＝0；
1 1
k 3.841 6.635 10.828
b，b 对应的区间分别为(0,2]，(0,3]，
2 3
则b＝b＝1，即有2个1；
2 3 解 (1)由表格可知，该市100天中，空气中的PM2.5浓度不超过75，且SO 浓度不超过150的天数为32＋6＋
2
b，b，b，b 对应的区间分别为
4 5 6 7
18＋8＝64，
(0,4]，(0,5]，(0,6]，(0,7]，
所以该市一天中，空气中的PM2.5浓度不超过75，且SO 浓度不超过150的概率的估计值为＝0.64.
2
则b＝b＝b＝b＝2，
4 5 6 7 (2)由所给数据，可得2×2列联表：
即有22个2；
SO
2
[0,150] (150,475]
b，b，…，b 对应的区间分别为(0,8]，(0,9]，…，(0,15]，则b＝b＝…＝b ＝3，
8 9 15 8 9 15 PM2.5
即有23个3； [0,75] 64 16
b ，b ，…，b 对应的区间分别为(0,16]，(0,17]，…，(0,31]， (75,115] 10 10
16 17 31
则b ＝b ＝…＝b ＝4，即有24个4；
16 17 31
b ，b ，…，b 对应的区间分别为(0,32]，(0,33]，…，(0,63]， (3)根据2×2列联表中的数据可得
32 33 63
则b ＝b ＝…＝b ＝5，即有25个5； K2＝
32 33 63＝ 则cos〈n，PB〉＝＝.
≈7.484>6.635， 根据直线的方向向量与平面法向量所成角的余弦值的绝对值即为直线与平面所成角的正弦值，
故有99%的把握认为该市一天空气中PM2.5浓度与SO
2
浓度有关． 所以直线PB与平面QCD所成角的正弦值等于
20.如图，四棱锥P－ABCD的底面为正方形，PD⊥底面ABCD.设平面PAD与平面PBC的交线为l. |cos〈n，PB〉|＝
＝·＝·
≤·≤·＝，
当且仅当m＝1时取等号，
(1)证明：l⊥平面PDC； 所以直线PB与平面QCD所成角的正弦值的最大值为.
(2)已知PD＝AD＝1，Q为l上的点，求PB与平面QCD所成角的正弦值的最大值． 21．已知函数f(x)＝aex－1－ln x＋ln a.
(1)证明 在正方形ABCD中，AD∥BC， (1)当a＝e时，求曲线y＝f(x)在点(1，f(1))处的切线与两坐标轴围成的三角形的面积；
因为AD⊄平面PBC，BC⊂平面PBC， (2)若f(x)≥1，求a的取值范围．
所以AD∥平面PBC， 解 f(x)的定义域为(0，＋∞)，f′(x)＝aex－1－.
又因为AD⊂平面PAD，平面PAD∩平面PBC＝l， (1)当a＝e时，f(x)＝ex－ln x＋1，f′(x)＝ex－，
所以AD∥l， 所以f(1)＝e＋1，f′(1)＝e－1，
因为在四棱锥P－ABCD中，底面ABCD是正方形， 曲线y＝f(x)在点(1，f(1))处的切线方程为y－(e＋1)＝(e－1)(x－1)，
所以AD⊥DC，所以l⊥DC， 即y＝(e－1)x＋2.
且PD⊥平面ABCD，所以AD⊥PD，所以l⊥PD， 直线y＝(e－1)x＋2在x轴，y轴上的截距分别为－，2.
因为DC∩PD＝D， 因此所求三角形的面积为.
所以l⊥平面PDC. (2)当0<a<1时，f(1)＝a＋ln a<1.
(2)解 以D为坐标原点，DA的方向为x轴正方向，如图建立空间直角坐标系D－xyz， 当a＝1时，f(x)＝ex－1－ln x，f′(x)＝ex－1－.
当x∈(0,1)时，f′(x)<0；
当x∈(1，＋∞)时，f′(x)>0.
所以当x＝1时，f(x)取得最小值，最小值为f(1)＝1，
从而f(x)≥1.
当a>1时，f(x)＝aex－1－ln x＋ln a≥ex－1－ln x≥1.
因为PD＝AD＝1，则有D(0,0,0)，C(0,1,0)，A(1,0,0)，P(0,0,1)，B(1，1,0)，
综上，a的取值范围是[1，＋∞)．
设Q(m,0,1)，
22．已知椭圆C：＋＝1(a>b>0)的离心率为，且过点A(2,1)．
则有DC＝(0,1,0)，DQ＝(m,0,1)，PB＝(1,1，－1)，
(1)求C的方程；
设平面QCD的法向量为n＝(x，y，z)，
(2)点M，N在C上，且AM⊥AN，AD⊥MN，D为垂足．证明：存在定点Q，使得|DQ|为定值．
则即
(1)解 由题设得＋＝1，＝，
令x＝1，则z＝－m，
解得a2＝6，b2＝3.
所以平面QCD的一个法向量为n＝(1,0，－m)，
所以C的方程为＋＝1.(2)证明 设M(x，y)，N(x，y)．
1 1 2 2
若直线MN与x轴不垂直，
设直线MN的方程为y＝kx＋m，代入＋＝1，
得(1＋2k2)x2＋4kmx＋2m2－6＝0.
于是x＋x＝－，xx＝.①
1 2 1 2
由AM⊥AN，得AM·AN＝0，
故(x－2)(x－2)＋(y－1)(y－1)＝0，
1 2 1 2
整理得(k2＋1)xx＋(km－k－2)(x＋x)＋(m－1)2＋4＝0.
1 2 1 2
将①代入上式，可得(k2＋1)－(km－k－2)·＋(m－1)2＋4＝0，
整理得(2k＋3m＋1)(2k＋m－1)＝0.
因为A(2,1)不在直线MN上，
所以2k＋m－1≠0，所以2k＋3m＋1＝0，k≠1.
所以直线MN的方程为y＝k－(k≠1)．
所以直线MN过点P.
若直线MN与x轴垂直，可得N(x，－y)．
1 1
由AM·AN＝0，
得(x－2)(x－2)＋(y－1)(－y－1)＝0.
1 1 1 1
又＋＝1，所以3x－8x＋4＝0.
1
解得x＝2(舍去)，x＝.
1 1
此时直线MN过点P.
令Q为AP的中点，即Q.
若D与P不重合，则由题设知AP是Rt△ADP的斜边，
故|DQ|＝|AP|＝.
若D与P重合，则|DQ|＝|AP|.
综上，存在点Q，使得|DQ|为定值．
