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2021-2022 初三物理考前模拟二
2022.06
一、单项选择题（下列各小题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意。每小题2分）
1. 下列文具中，通常情况下属于绝缘体的是
A. 铅笔芯 B. 橡皮 C. 金属小刀 D. 不锈钢尺
【答案】B
【解析】
【详解】铅笔芯的主要成分都是石墨，属于导体，金属小刀和不锈钢尺都是金属材料做成的，也是导体，
橡皮的成份是橡胶，是绝缘体。
故选B。
2. 下列能源属于可再生能源的是（ ）
A. 天然气 B. 风能 C. 石油 D. 核能
【答案】B
【解析】
【详解】核能、石油、天然气会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，都属于不可再生能源；只
有风能可以在自然界里源源不断的得到补充，是可再生能源。故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
3. 如图所示的四种现象中，由于光的折射形成的是（ ）
A. 白塔和景物在水中的倒影 B. 街角凸面镜扩
大视野
C. 用放大镜看中国地图 D. 墙上的手
影【答案】C
【解析】
【详解】A．白塔和景物在水中的倒影，是平面镜成像，水面相当于平面镜，属于光的反射现象，故A不
合题意；
B．街角处凸面镜能扩大视野，是凸面镜成像，属于光的反射现象，故B不符合题意；
C．用放大镜看中国地图，属于凸透镜成像，属于光的折射现象，故C不符合题意；
D．墙上的手影，是光的直线传播形成的，故D不符合题意。
故选C。
4. 图所示的四个实例中，为了减小压强的是（ ）
A. 大型平板车装有很多轮子 B. 压路机的碾子很
重
C. 安全锤的锤头很尖 D. 盲道上凸起的圆点
【答案】A
【解析】
【详解】A．大型平板车装有很多轮子，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强的，故A符合题
意；
B．压路机的碾子很重，是在接触面积一定时，通过增大压力来增大压强，故B不符合题意；
C．安全锤的锤头很尖，在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故C不符合题意；
D．盲道上凸起的圆点，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故D不符合题意。
故选A。
5. 如图所示的用电器中，利用电流热效应工作的是
A. 计算器 B. 电风扇C. 电暖气 D. 电视机
【答案】C
【解析】
【详解】计算器主要将电能转化为光能和声能，不是利用电流的热效应，故A不合题意．
电风扇主要将电能转化为机械能，不是利用电流的热效应，故B不符合题意．
电暖气将电能转化为内能，利用了电流的热效应，故C符合题意为答案．
电视机主要将电能转化为光能和声能，不是利用电流的热效应，故D不符合题意．
6. 某同学在松花江畔观察到的下列自然现象中，属于吸热的物态变化是
A. 早春江面上皑皑冰雪的消融
B. 初夏江面上浩浩浓雾的形成
C. 深秋江边上晶莹冰凌的生成
D. 初冬江岸上美丽雾淞的出现
【答案】A
【解析】
【分析】六种物态变化中，熔化、汽化、升华是吸热的，凝固、液化、凝华是放热的．
【详解】A、冰雪的消融是冰的熔化过程，是吸热的，符合题意；
B、雾是水蒸气的液化过程，是放热的，不符合题意；
C、深秋江边上晶莹冰凌的生成，是水的凝固，属于放热过程，不符合题意；
D、初冬江岸上美丽雾凇的出现，是江水汽化的水蒸气的凝华过程，属于放热过程，不符合题意．
故选A．
7. 下列估测最接近生活实际的是（ ）
A. 一本九年级物体课本的质量约为30g B. 教室的高度约为2m
C. 人感觉教室内舒适的温度值约为37℃ D. 完成一套眼保健操的时间约为4min
【答案】D
【解析】
【详解】A．一本九年级物体课本的质量与两个苹果的质量差不多，约为300g，故A不符合题意；
B．教室的高度约为3m，故B不符合题意；
C．人感觉教室内舒适的温度值约为 ，故C不符合题意；
D．完成一套眼保健操的时间和播放一首歌的时间差不多，约为4min，故D符合题意。故选D。
8. 如图所示的四种用具在正常使用的过程中，属于省力杠杆的是（ ）
A. 用夹子夹取盘子
B. 用扫帚扫地
C. 用筷子夹食品
D. 用起子起瓶盖
【答案】D
【解析】
【分析】判断杠杆类型的方法有三种：
①比较动力和阻力的大小，当然动力小的是省力杠杆；
②比较动力臂和阻力臂的长短，动力臂长的是省力杠杆；
③比较动力和阻力移动的距离，动力移动距离大的是省力杠杆。
【详解】A．餐盘夹在使用时，手指移动的距离小于夹口张开的距离，并且在使用时，动力臂小于阻力臂，
所以餐盘夹属于费力杠杆，故A不符合题意；
B．用扫帚扫地时，动力臂小于阻力臂，所以是费力杠杆，费力但省距离，故B不符合题意；
C．筷子在使用时，动力臂小于阻力臂，所以筷子属于费力杠杆，费力但省距离，故C不符合题意；
D．我们使用起子起瓶盖就是为了省力，并且在使用时，动力臂大于阻力臂，所以起子属于省力杠杆，故D符合题意。
故选D。
9. 如图所示为2022年北京冬奥会自由式滑雪大跳台运动项目中，中国运动员谷爱凌在空中运动的情景，
下列说法中正确的是（ ）
A. 运动员在空中上升的过程中，所受合力的方向向上
B. 运动员在空中上升的过程中，重力势能增加
C. 运动员在空中上升到最高点时，所受合力为零
D. 运动员在空中加速下落是由于受到惯性的作用
【答案】B
【解析】
【详解】A．运动员在空中上升的过程中，受到重力和空气阻力，所受的合力是向下的，故A错误；
B．运动员在空中上升的过程中，高度增加，重力势能增大，故B正确；
C．运动员在空中上升到最高点时，在竖直方向上，只受重力，所受的合力不可能为零，故C错误；
D．惯性是物体的属性，不是力，不能表述为受到惯性的作用，故D错误。
故选B。
10. 如图所示是冰壶比赛的一个场景．冰壶比赛的得分规则是：冰壶被运动员掷出之后，冰壶在冰面上滑
行的过程中，运动员不能再触碰冰壶，依据最终停在得分区的不同位置得分．关于冰壶在冰面上滑行过程
中，下列说法中正确的是
A. 冰壶被掷出之后，冰壶在冰面上滑行的速度是先增大后减小
B. 冰壶在冰面上滑行过程中，冰壶受到的合力一定不为零
C. 由于冰壶受到的阻力大于惯性，所以冰壶在冰面上滑行速度越来越小
D. 冰壶在滑行中具有动能是由于冰壶被掷出之前运动员对冰壶做了功
【答案】BD
【解析】
【分析】（1）力是改变物体运动状态的原因，即物体的运动状态发生改变；（2）物体在力的作用下保持静止或匀速直线运动状态时，即物体处于平衡状态时，其所受 的合力才是
0；
（3）惯性是物体保持原来运动状态不变的一种性质；
（4）做功的条件有两个：作用在物体上必须有力，且沿力的方向有一段距离．
【详解】A.冰壶被掷出之后，冰壶由于受到阻力的作用，所以其速度逐渐减小，故A错误；
B.由于冰壶被掷出之后，其速度逐渐减小，即不是平衡状态，故其所受的合力一定不是0，故B正确；
C.惯性是物体保持原来运动状态不变的一种性质，不是力，由于冰壶受到阻力作用，在冰面上滑行速度越
来越小，故C错误；
D.运动员在投掷冰壶时，在冰壶离开手之前，人的手对冰壶有力，且沿力的方向有一段距离，所以人对冰
壶做了功，冰壶在滑行中具有动能，故D正确．
故选BD．
11. 某学校研究性学习小组在参观给载重车称重的“地中衡”后，同学们结合所学物理知识，设计了一个
能实现给载重车称重的模拟装置，其原理图如图所示，通过由电表改装成“称重计”的指示值，可读出载
重车所受的重力。图中R 为定值电阻，R为滑动变阻器。秤的水平台面上没有重物时，滑动变阻器的滑片
0
P在a端，当秤的水平台面上放有重物时，台面向下平移并带动滑动变阻器的滑片P向b端滑动。已知滑
片P向b端移动的距离与台面上物体所受重力大小成正比。电源两端的电压保持不变，下列说法中正确的
是（ ）
A. 图中的“称重计”实质上是一个电流表
B. 载重车所受的重力越大，通过滑动变阻器的电流越大
C. 载重车所受的重力越大，“称重计”的示数越大
D. 电路中的R 完全可以用导线代替
0
【答案】C
【解析】
【详解】A．由电路图可知，电阻R 与滑动变阻器R串联，称重计并联在R两端，所以它是由电压表改装
0
而成的，故A错误；
B．由电路图可知，载重车的重力越大，滑片向下移动的距离越大，滑动变阻器R接入电路的阻值越大，
由欧姆定律可知，电路中电流越小，串联电路中电流处处相等，所以通过滑动变阻器的电流越小，故B错误；
C．载重车所受重力越大，滑动变阻器连入电路中的电阻越大，根据串联电路的分压特点可知，滑动变阻
器分担的电压越大，电压表示数越大，即“称重计”示数越大，故C正确；
D．秤的水平台面上没有重物时，滑动变阻器的滑片P在a端，如果电路中的R 用导线代替，会造成电源
0
短路，会烧坏电源，因此电路中的R 具有保护电路的作用，不能用导线代替，故D错误。故选C。
0
12. 为验证阿基米德原理，小明将电子秤放在水平桌面上并调零，然后将铝块、空桶、装水到溢水口的溢
水杯先后放到电子秤上，电子秤的示数分别为 、 、 ；再用细线系住铝块并将其缓慢浸入溢水杯
的水中，铝块始终不与溢水杯接触，如图所示，此时电子秤示数为 ；最后用电子秤测装有全部溢出水
的小桶的质量 。则下列四个选项中，判断正确的是（ ）
在
A. 铝块浸没 水中时所受浮力
B. 铝块浸没在水中时所受浮力
C. 若电子秤示数 ，则验证了阿基米德原理
D. 铝块的密度
【答案】D
【解析】
【详解】A．根据阿基米德原理 可知，铝块浸没在水中时所受浮力
故A错误；B．把浸入铝块的溢水杯看成一个整体，整体处于平衡状态，所受合力为0，则有下式
①
把浸入水中的铝块看作独立的个体，铝块受到的浮力
②
联立①、②两式可得
铝块浸没在水中时所受浮力
③
故B错误；
C．由阿基米德原理 可知，铝块受到的浮力
④
联立③、④可得
若电子秤示数满足
则验证了阿基米德原理，故C错误；
D．根据铝块受到的浮力可得铝块的体积
铝块的密度
故D正确。
故选D。
二、多项选择题（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个。共6分，每
小题2分。每小题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分）的
13. 勤思考、爱交流 小琴对电磁的知识进行了总结，并与小文进行交流，小文认为小琴总结的结论
有的正确，有的错误。小琴总结的下列结论中正确的是（ ）
A. 导体中的自由电子定向移动时一定产生磁场
B. 改变电流的方向，通电导线在磁场中的受力方向就发生改变
C. 磁场中某点的磁场方向是由放在该点的小磁针决定的
D. 电磁感应现象中产生的感应电流的方向与磁场的方向有关
【答案】AD
【解析】
【详解】A．导体中的自由电子定向移动时形成电流，导体中有电流，电流周围一定产生磁场，故A正确；
B．通电导线在磁场中受力与磁场方向和电流方向都有关系；当改变电流的方向时，同时改变磁场方向，
通电导线在磁场中的受力方向不发生改变，故B错误；
C．放在磁场中的小磁针静止时北极所指的方向就是该点的磁场方向，但是磁场中某点的磁场方向由磁场
本身决定，与该点是否放小磁针无关，故C错误；
D．电磁感应现象中产生的感应电流的方向与磁场的方向和导体切割磁感线时的运动方向有关，当改变磁
场的方向或改变导体切割磁感线方向时，感应电流的方向改变，故D正确。
故选AD。
14. 如图所示，用弹簧测力计向上拉物块A，当弹簧测力计对物块A的拉力为 时，物块A对弹簧
测力计的拉力为 ，物块A对水平地面的压力为 ，水平地面对物块A的支持力为 ．已知物
块A受到的重力为G，则下列分析中正确的是
A. 拉力 与 是一对平衡力
B. 压力 与重力 的大小相等C. 压力 与支持力 是一对相互作用力
D. 拉力 和支持力 合力的大小与重力 的大小相等
【答案】CD
【解析】
【分析】
【详解】A. 由题知,拉力F 与F 不是作用在同一物体上，因此二力不是一对平衡力，故A错误；
1 2
B. 由于测力计对物块A有向上的拉力,使物体对地面的压力减小,所以压力N 小于重力G，故B错误；
1
C. 压力N 与支持力N ，它们大小相等、方向相反、作用在一条直线上，作用在两个物体上，是一对相互
1 2
作用力，故C正确；
D. 物体A受到向上的力有拉力F 和支持力N ,受到向下的力只有重力G,物体在这三个力的作用下处于静止
1 2
状态,因此,拉力F 和支持力N 合力的大小与重力G的大小相等，故D正确．
1 2
15. 如图甲所示电路，电源两端电压保持不变， 为定值电阻， 为滑动变阻器。闭合开关S，将滑动变
阻器滑片由一端移到另一端的过程中，电路中电流表示数和电压表示数的关系如图乙所示，下列说法正确
的是（ ）
A. 当电压表示数为“零”时，电流表示数也为0A
B. 当电压表读数为2V时，变阻器阻值为5Ω
C. 电源两端电压为6V，定值电阻 阻值为10Ω
D. 滑片滑动过程中，电路总功率变化量为3W
【答案】BCD
【解析】
【详解】如图甲，定值电阻 ，滑动变阻器 串联，电流表测电路中的电流，电压表测滑动变阻器两端
的电压；
A．当电压表示数为“零”时，由乙图可知，电路中的电流为0.6A，电流表示数也为0.6A，故A错误；
B． 当电压表读数为2V时，由乙图可知，电流表示数为0.4A，此时滑动变阻器阻值为故B正确；
C．电路中的电流为0.6A时，电源电压
①
为
电流表示数 0.4A时，电源电压
②
联立①、②解得
U=6V， R=10Ω
0
电源两端电压为6V，定值电阻 阻值为10Ω，故C正确；
D．滑片滑动过程中，当滑片在最左端时电路中的电流最大，电路的功率最大，最大值为
滑片滑动过程中，当滑片在最右端时电路中的电流最小，电路的功率最小，最小值为
电路总功率变化量
故D正确。
故选BCD。
四、实验解答题
16. 如图所示，电能表的示数为___________ 。
【答案】2022.6【解析】
【详解】电能表上的示数表示电路消耗的电能，如图，读数为 。
17. 如图所示，请根据通电螺线管中的电流方向，判断通电螺线管的左端是___________极。
【答案】N
【解析】
【详解】如图，电流从螺线管右端流入，左端流出；根据安培定则，用右手握住螺线管，四指的的环绕方
向为螺线管中电流的方向，大拇指指向的一端就是螺线管的N极，即左端为螺线管的N极。
18. 如图 所示，OB是以O点为支点的杠杆，F是作用在杠杆B端的力，图中线段AB与力 F 的作用线在
同一条直线上，且OA⊥AB、AC⊥OB，则表示力 F 的力臂的线段为______（选填“OA”或“OB”或“AB”
或“AC”）
【答案】OA
【解析】
【详解】由图可知，OA是从支点到力F作用线的距离，所以，OA表示力F的力臂；
19. 小红为了测量盐水的密度，进行了如下实验：
(1)将天平放在水平台面上，将游码移到标尺的零刻线处。横梁静止时，指针指在分度盘中央刻度线的左侧，
如图甲所示。为使横梁在水平位置平衡，应将横梁右端的平衡螺母向_______端移动。
(2)将盛有适量盐水的杯子放在调节好的天平左盘内，测出杯子和盐水的总质量为128g。然后将杯中盐水的一部分倒入量筒中，如图乙所示，则量筒中盐水的体积为__cm3。
(3)再将盛有剩余盐水的杯子放在天平左盘内，改变砝码的个数和游码的位置，使天平横梁再次在水平位置
平衡，此时右盘中砝码质量和游码在标尺上的位置如图丙所示，则杯子及杯内剩余盐水的总质量为
_______g。
(4)根据上述实验数据计算盐水的密度为_______kg/m3。
【答案】 ①. 右 ②. 60 ③. 62 ④. 1.1×103
【解析】
【详解】(1)指针指在分度盘中央刻度线的左侧，根据“右偏左调，左偏右调”的天平的调节法则，应将平
衡螺母向右调节。
(2)量筒的最小分度值为2cm3，量筒读数为60cm3，即盐水体积为V =60cm3。
盐
(3)标尺每一个大格代表1g，每一个小格代表0.2g，游码对应的刻度是2g，杯子及杯内剩余盐水的总质量=
砝码的质量+游码对应的刻度=60g+2g=62g。
(4)量筒内盐水的质量
m =128g-62g=66g
盐
盐水密度
20. 小明在烈日当空的海边玩耍，发现沙子烫脚，而海水却很凉．同样受到太阳光照射，为什么会出现不
同的结果呢？小明想：是不是沙子和海水吸收相同的热量而温度升高的不同呢？于是他从海边取一些沙子
和海水带回家进行研究，做了如图所示的实验：在两个相同的烧杯中，分别装入质量、初温都相同的水和
沙子，用两个完全相同的酒精灯对其加热，并不断进行搅拌．实验数据记录如下表：
升温 所需时间 升温 所需时间 升温 所需时间
质量
沙子
水
（1）在此实验中用_____近似比较水和沙子吸热的多少．
（2）分析上表中的实验数据可知：质量相同的水和沙子，升高相同温度时，水吸收的热量______（选填“大于”或“小于”）沙子吸收的热量．
【答案】 ①. 加热时间 ②. 大于
【解析】
【分析】（1）相同的酒精灯，加热时间越长，水和沙子吸收的热量就越多；（2）根据比热容的概念和吸
收热量的计算公式Q=cm△t，实验中采用了控制变量法，控制质量相等，升高的温度相同，比热容大的
吸收的热量就多；（3）如果加热相同的时间，质量相同的水和沙子，利用吸收热量的计算公式
Q=cm△t，即可判断．
【详解】(1)实验采用相同的酒精灯对其加热，加热时间越长，沙子和水吸收的热量就多，因此实验中用吸
热时间表示水和沙子吸热的多少．
(2)因为质量相同的水和沙子，升高相同温度，水的比热容大于沙子的比热容，根据吸收热量的计算公式
Q=cm△t知，水吸收的热量大于沙子吸收的热量；
故答案为(1)加热时间;(2)大于．
21. 如图所示，小刚探究凸透镜成像的规律得出如下实验数据表，请根据数据回答。
实验次数 1 2 3 4
物距u/cm 30 20 15 5
像距v/cm 15 20 30 /
上表是他实验时记录的几组数据，根据数据回答下列问题。
（1）实验所用凸透镜的焦距 ___________cm；
（2）第4次实验时所成的像是___________；（选填选项前的字母）
A．倒立、缩小的实像 B．倒立、放大的实像 C．正立、放大的虚像
（3）第3次实验数据能够说明___________（选填选项前的字母）的成像特点；
A．照相机 B．幻灯机 C．放大镜
（4）第1次实验完成后，小华将一眼镜紧贴在凸透镜的前面，要将光屏向靠近凸透镜的方向移动，才在光
屏上再次得到清晰的像，此眼镜对光有___________作用，此眼镜为应___________（选填“近视”或“远
视”）眼镜。【答案】 ①. 10 ②. C ③. B ④. 会聚 ⑤. 远视
【解析】
【详解】（1）[1]表中第2次实验数据，物距等于像距，则物像等大，可知，此时
则焦距
即该凸镜的焦距为10cm。
（2）[2]第4次实验中物距
物距小于一倍焦距，凸透镜成正立、放大的虚像，故C符合题意，AB不符合题意。
故选C。
（3）[3]第3次实验中，物距大于一倍焦距小于二倍焦距，即
像距大于二倍焦距，即
物距小于像距，凸透镜成倒立、放大的实像，是投影仪和幻灯机的制作原理，故AC不符合题意，B符合
题意。
故选B。
（4）[4]第1次实验完成后，小华将一眼镜紧贴在凸透镜的前面，要将光屏向靠近凸透镜的方向移动，即
减小像距，才在光屏上再次得到清晰的像，说明此眼镜是对光线有会聚作用，使原来会聚成像的光线提前
会聚，要减小像距才能成清晰的像，故此眼镜为凸透镜，对光有会聚作用，应为远视眼镜。
22. 小阳为测量额定电压为2.5V的小灯泡在不同电压下的电功率及观察小灯泡的发光情况，连接了如图所
示的电路。
U/V 1.3 2.5I/A 0.20 0.28
P/W 0.7
发光情况 暗 明亮
（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应放置在___________端。（选填“左”或“右”）
（2）闭合开关后，小阳发现小灯泡不发光，移动滑动变阻器的滑片P后小灯泡逐渐变亮，请你从小灯泡
的角度分析，闭合开关时小灯泡不发光的原因：___________。
（3）小阳的实验记录如上表所示，小灯泡两端电压 V时的电功率 ___________W。
（4）利用图所示实验电路还可以进行的实验有：___________。（写出一个即可）
【答案】 ①. 右 ②. 滑动变阻器的阻值太大 ③. 0.26W ④. 测量灯泡的电阻实验
【解析】
【详解】（1）[1]闭合开关前，为了电路安全，滑动变阻器的滑片P应放置在阻值最大处，即滑片在滑动
变阻器的最右端。
（2）[2]闭合开关后，小阳发现小灯泡不发光，移动滑动变阻器的滑片P后小灯泡逐渐变亮，说明电路连
接没有问题，小灯泡不发光是因为电路中电流太小，即接入电路的电阻太大，减小滑动变阻器的电阻，电
路中电流增大，小灯泡发光，因此闭合开关时小灯泡不发光的原因是滑动变阻器的阻值太大。
（3）[3]根据小阳的实验记录数据，小灯泡两端电压 时的电流为0.2A，则灯的电功率
（4）[4]电压表测量出灯的的电压，电流表可测量灯的电流，根据 可得灯泡的电阻，利用如图所
示实验电路还可以进行的实验有：测量灯泡的电阻实验。
23. 图为我国古人运送巨木的劳动情境示意图。他们通过横杆、支架、石块等，将巨木的一端抬起，垫上
圆木，以便将其移到其他地方。请分析：
①支架下端垫有底面积较大的石块，有什么作用？
②如果他们无法将巨木抬起，请你提出至少两种有可能抬起巨木的改进方案，并简述其中的物理学原理。【答案】①见解析；②见解析
【解析】
【详解】①支架下面垫有面积较大的石块，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小对地面的压强。
②如果在现有条件下无法将巨木抬起，我们可以借助于省力杠杆把巨木抬起，如图在支架上转动的横杆就
是杠杆，在使用时动力臂大于阻力臂，根据杠杆平衡条件 可知，此杠杆为省力杠杆，可以省力；
也可以采用滑轮组，动滑轮相当于省力杠杆，可以省力。
四、科普阅读题（共4分）
24. 请阅读《制冷与生活》。
制冷与生活
制冷是通过某种方法或技术使空间内的温度在一定时间内低于环境温度的过程。从日常生活到科学领域，
都离不开制冷技术。古代，人们通过热传递的方式制冷。如在家里放置冰块，可以达到降暑的目的。现藏
于国家博物馆的青铜冰鉴，是我国战国时代就已发明的“原始冰箱”。冰鉴是一件双层的器皿，鉴内有一
缶，如图所示。夏季，鉴击之间装冰块，缶内装食物，就可起到降温的作用；冬季，鉴缶之间装热水，还
可起到保温作用。当代制冷有了新的发展，出现了各种制冷方法，广泛应用于生产生活中。
液氮制冷，已成为一种非常便捷实用的制冷技术。这项技术是利用了液氮无毒、低温、呈化学惰性等特性，
直接接触发生热交换达到制冷效果。液氮的温度能低到-196℃左右，所以制冷非常快，可以直接和生物组
织接触，就算立即冰冻也不会破坏生物活性。液氮制冷可应用于食品速冻、病变冷冻医疗、低温实验研究
等。二氧化碳制冷被应用于2022年北京冬奥会的场馆制冰上。在国家速滑馆的热力学循环系统内，冰面下
的液态二氧化碳吸热实现制冷，使水变成冰，而气态的二氧化碳再经过压缩、冷凝、膨胀等过程，又回到
液态状态循环到冰面下。采用二氧化碳制冷，可以实现冰表面温差不超过0.5℃，温差越小，冰面的硬度
就越均匀，冰面便越平整。生活中的冰箱制冷、空调制冷，也应用了类似的原理。磁制冷，是利用磁性材
料来实现制冷的新技术。磁性材料在外加磁场发生变化时，会表现出吸热、放热的特性，磁制冷就是利用
这个特性来实现制冷的。目前，该技术已应用于低温及超低温领域。随着科学技术和社会文明的进步，制冷技术将出现日新月异的变革，最终推动生产技术、科学研究的长足发展。
根据上述材料，回答下列问题：
（1）2022年我国冬奥会利用冰面下的液态二氧化碳吸热实现制冷，发生的物态变化是___________
A．汽化 B．凝华 C．升华 D．凝固
（2）结合上文内容，判断下列说法正确的是___________
A．利用液氮速冻食品时，液氮需要放热
B．往饮料中加冰块和冰鉴制冷的原理不同
C．液氮温度非常低，可以直接接触迅速制冷
D．磁制冷是利用磁性材料在外加磁场发生变化时会吸、放热的特性而实现的
（3）利用液态二氧化碳吸热制冷，使水变成冰，而气态二氧化碳变回液态时又会放出热量。如果你是冬
的
奥场馆制冷系统 设计人员，请简单写出可以实现能量回收再利用的具体措施。___________
.
【答案】 ① A ②. CD ③. 见详解
【解析】
【详解】（1）[1]冰面下的液态二氧化碳汽化吸热，使得水凝固成冰，故A符合题意。
（2）[2] A．利用液氮速冻食品时，液氮汽化吸热，故A错误。
B．往饮料中加冰块和冰鉴制冷都是熔化吸热，原理相同，故B错误。
C．液氮的温度能低到-196℃左右，可以直接接触迅速制冷，故C正确。
D．磁制冷，是利用磁性材料来实现制冷的新技术。磁性材料在外加磁场发生变化时，会表现出吸热、放
热的特性，磁制冷就是利用这个特性来实现制冷的，故D正确。
故选CD。
（3）[3]气态二氧化碳变回液态时会放出热量，这样热量可以回收再利用，满足观众席供暖、运动员生活
热水、融冰池融冰等能源需求。
五、计算题（共8分）
25. 如图所示的电路中，定值电阻R 为10Ω，电源两端电压为3V并保持不变。闭合开关S，调节滑动变阻
0
器R ，使电压表示数为2V。
P
(1)画出实物电路所对应的电路图；
(2)求R 接入电路的阻值；
P
(3)求R 的电功率。
0【答案】(1) ；(2)5Ω；(3)0.4W
【解析】
【详解】(1)按照实物图连接画电路图，如图所示
(2)闭合开关S，调节滑动变阻器R ，使电压表示数为2V，则串联电路中的电流
P
根据串联分压可知R 两端的电压
P
由 可得R 接入电路的阻值
P
(3)R 的电功率
0
答：(2) R 接入电路的阻值是5Ω；
P
(3) R 的电功率是0.4W。
0
26. 如图所示，滑轮组悬挂在水平支架上，某工人站在水平地面上，竖直向下拉动绳子自由端，使物体A以0.2m/s的速度匀速上升，提升过程中滑轮组的机械效率为90%。已知物体A重540N，该工人重500N，
两个滑轮质量相等，不计滑轮组的绳重和摩擦，计算：
（1）绳子自由端拉力的功率；
（2）地面对该工人的支持力；
（3）支架对定滑轮的拉力。
【答案】（1）120W；（2）200N；（3）960N
【解析】
【详解】解：（1）由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=2，则滑轮组的机械效率
解得
.绳子自由端移动的速度
绳子自由端拉力的功率
（2）地面对该工人的支持力
（3）不计滑轮组的绳重和摩擦，由 可得，动滑轮的重力
由两个滑轮质量相等可知，两个滑轮的重力也相等，定滑轮的重力则支架受到滑轮组的拉力
答：（1）绳子自由端拉力的功率
（2）地面对该工人的支持力300N；
（3）支架对定滑轮的拉力960N。
