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1.A
2.（1）
（2）由第（1）题结论可知：
在输送功率P一定的情况下，（1分）
输电线上能量损耗（损耗的功率P ）与输电电压U的平方成反比。（1分）
损
为了减少能量损耗，需要高压输电。（1分）
3.B.三，0.4
4. 错误 1：使用了直流电源（不能用直流电源；要使用交流电）。 （1分）
理由：直流电产生的磁场不变，不能产生电磁感应，得不到涡流。 （2分）
错误 2：盛水使用了玻璃杯（不能用玻璃杯；用金属杯）。 （1分）
理由：玻璃是绝缘体，不能产生涡流。
5. A 点，− 4.0×10−4
（2）BD
6.
7.BC
8. 甲：仅受重力，竖直上抛运动。（1分）
丙：除重力外，受到恒定的水平方向电场力，竖直方向上做竖直上抛运动。（2分）
乙：除重力外，还受到洛伦兹力；除最初外，洛伦兹力存在竖直向下的分力，所以竖直方
向分速度大于重力加速度。（2分）
所以h = h > h（2分）
3 1 2
9.（1）B
（2）粒子在电场中的加速过程，应用动能定理 Uq = mv2/2，得 v = 2×108 m/s
粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，Bqv = mv2/R，得 R = 2 m/s
10.（1）逆
（2）u = -20sin(100πt)
（3）2
（4）C
11.（1）k > 100
（2）6.67×10−3
12. 0.2，0.1
13.（1）D
v
O
t
（2）
（3）线框进入磁场的过程中感应电流的平均值为 ¯= =通过线框截面的电量 q = ¯Δt = =
代入数据得 q = 0.01 C
（4）由 F = = ma 可知，进磁场过程中的平均安培力较大，进磁场和出磁场过程的位
安
移相等，由 W = Fs 可知，进磁场过程中克服安培力做功多，因此线框进入磁场过程的发
热量大于穿出磁场过程的发热量。
14. B（Φ）随时间发生均匀变化，B（Φ）的变化率
（2）C
15. （1）（4分）
接通电源后，火箭与金属杆整体受力如图
由牛顿第二定律列式 F – Mg = Ma
代入数据 BIL− Mg = Mg （2分）
kI·IL = 2Mg
解得金属杆PQ的长度 L = （2分）
（2）（4分）
由速度-时间关系 v = at = gt （1分）
可得金属杆 MN 的感应电动势
E = BLv = kI··gt = t （2分），
0 ≤ t ≤ （1分）
（3）（4分）
为确保回路电流恒定，需满足 U – E = IR （2分）
电源输出电压
U = IR+E = IR + t，0 ≤ t ≤ （2分）
（4）（4分）
由能量守恒， （1分）
整个弹射过程电源输出的能量
W = Mgh + Mv 2 + I2Rt
0
= Mg + Mv 2 + I2R= Mv 2 + （3分）
0 0
