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专题06 功和功率 动能定理
目录
题型一 功和功率的理解和计算.......................................................................................................1
题型二 机车启动问题.......................................................................................................................4
题型三 动能定理及其应用.............................................................................................................12
题型四 功能中的图像问题.............................................................................................................22
题型一 功和功率的理解和计算
【题型解码】
1.要注意区分是恒力做功，还是变力做功，求恒力的功常用定义式．
2.变力的功根据特点可将变力的功转化为恒力的功(如大小不变、方向变化的阻力)，或用图
象法、平均值法(如弹簧弹力的功)，或用W＝Pt求解(如功率恒定的力)，或用动能定理等求
解．
【典例分析1】（2023上·福建三明·高三校联考期中）如图所示，同一高度处有4个质量相
同且可视为质点的小球，现使小球A做自由落体运动，小球B做平抛运动，小球C做竖直
上抛运动，小球D做竖直下抛运动，且小球B、C、D抛出时的初速度大小相同，不计空
气阻力。小球从释放或抛出到落地的过程中（ ）
A．重力对4个小球做的功相同
B．重力对4个小球做功的平均功率相等
C．落地前瞬间，重力对4个小球的瞬时功率大小关系为
D．重力对4个小球做功的平均功率大小关系为
【答案】AC
【详解】A．4个质量相同的小球从同一高度抛出到落地的过程中，重力做功为
故重力对4个小球做的功相同，故A正确；
BD．小球A做自由落体运动，小球B做平抛运动，小球C做竖直上抛运动，小球D做竖
直下抛运动，小球从同一高度抛出到落地，运动时间关系为
重力对4个小球做功的平均功率为可得重力对4个小球做功的平均功率大小关系为
故BD错误；
C．落地前瞬间，4个小球竖直方向有
，
，
4个小球竖直方向的速度关系为
落地前瞬间，重力对4个小球的瞬时功率
落地前瞬间，重力对4个小球的瞬时功率大小关系为
故C正确。
故选AC。
【提分秘籍】
计算功和功率时应注意的问题
(1)计算功时，要注意分析受力情况和能量转化情况，分清是恒力做功，还是变力做功，恒
力做功一般用功的公式或动能定理求解，变力做功用动能定理、转化法或图象法求解。
(2)用图象法求外力做功时应注意横轴和纵轴分别表示的物理意义，若横轴表示位移，纵轴
表示力，则可用图线与横轴围成的面积表示功，例如下图甲、乙、丙所示(丙图中图线为圆
弧)，力做的功分别为W＝Fx、W＝Fx、W＝Fx。
1 1 1 2 2 2 3 3 3
(3)计算功率时，要明确是求瞬时功率，还是平均功率，若求瞬时功率，应明确是哪一时刻
或哪个位置的瞬时功率，若求平均功率应明确是哪段时间内的平均功率；应注意区分公式
P＝和公式P＝Fvcosθ的适用范围，P＝计算的是平均功率，P＝Fvcosθ侧重于对瞬时功率
的计算。
【突破训练】
1. 图示为一辆配备了登高平台的消防车，其伸缩臂能够在短时间内将承载了3名消防员的
登高平台(人与平台的总质量为300 kg)抬升到60m高的灭火位置，此后消防员用水炮灭
火。已知水炮的出水量为 3m3/min，水离开炮口时的速度为 20m/s，水的密度为1.0×103kg/m3，g取10 m/s2。下列说法正确的是( )
A．使水炮工作的发动机的输出功率为10 kW B．使水炮工作的发动机的输出功率
为30 kW
C．伸缩臂抬升登高平台过程中所做的功为1.8×104 J D．伸缩臂抬升登高平台过程中所
做的功为1.8×105 J
【答案】 D
【解析】 水的密度为ρ＝1.0×103 kg/m3,1 min内流出水的质量：m＝ρV＝1.0×103×3 kg＝
3000 kg,1 min内水获得的重力势能：E ＝mgh＝3000×10×60 J＝1.8×106 J，1 min内水获得
p
的动能：E＝mv2＝6×105 J，使水炮工作的发动机输出功率为：P＝＝＝ W＝4×104 W，故
k
A、B错误；伸缩臂抬升登高平台过程中所做的功等于登高平台克服重力做的功：W′＝
m′gh＝300×10×60 J＝1.8×105 J，故C错误，D正确。
2．如图所示，将完全相同的四个小球 1、2、3、4分别从同一高度由静止释放或平抛(图
乙)，其中图丙是一倾角为45°的光滑斜面，图丁为光滑圆弧，不计空气阻力，则下列对四
种情况下相关物理量的比较正确的是( )
A．落地时间t＝t＝t＝t B．全程重力做功W＝W>W＝W
1 2 3 4 1 2 3 4
C．落地瞬间重力的功率P＝P＝P＝P D．全程重力做功的平均功率 ＝>>
1 2 3 4 1 2 3 4
【答案】：D
【解析】：图甲、乙中小球在竖直方向均做自由落体运动，故 t ＝t ＝，其中h为竖直高
1 2
度，对图丙，＝gtsin θ，t＝，其中θ为斜面倾角，比较图丙和图丁，由动能定理可知，两
3
小球从初始位置到水平面上同一高度处速度大小总相等，但小球 4的路程长，因此t ＝
1
tv >v ＝0，故落地瞬间重力的功
y y1 y2 y3 y4
率P＝P>P>P，选项C错误；综合分析，可知全程重力做功平均功率＝，故 ＝>>，选
1 2 3 4 1 2 3 4
项D正确．
3.（2023上·内蒙古呼和浩特·高三统考阶段练习）如图所示，半径为R的光滑大圆环固定
在竖直平面内，一质量为m的带孔小球穿过大圆环，自大圆环顶端由静止开始自由下滑。
已知重力加速度大小为g，则小球自顶端下滑到最低点的过程中（ ）A．重力做的功等于 B．重力做的功等于
C．重力做功的功率先增大后减小 D．重力做功的功率先减小后增大
【答案】AC
【详解】AB．根据重力做功的公式有
A正确，B错误；
CD．小球在下滑过程中，竖直方向的速度先增加后减小，所以重力做功的功率先增大后减
小，C正确，D错误。故选AC。
题型二 机车启动问题
【题型解码】
分析机车启动问题时，抓住两个关键，一是汽车的运动状态，即根据牛顿第二定律找出牵
引力与加速度的关系；二是抓住功率的定义式，即牵引力与速度的关系．综合以上两个关
系，即可确定汽车的运动情况．
【典例分析1】．（2023上·山东潍坊·高三统考期中）某物流站点采用如图甲所示装置运
送大物件，电动机通过跨过定滑轮的绳子与斜面上的物件相连，电动机启动后以额定功率
工作，牵引物件沿斜面上升， 时速度达最大值，物件运动的 图像如图乙所示。已知
斜面倾角为 ，物件质量为 ，物件与斜面间的动摩擦因数为 ，电动机额定功率
为 ，重力加速度大小取 ，绳子质量不计，则 内（ ）
A．物件的最大速度是 B．物体沿斜面向上运动了
C．摩擦力对物件做的功为 D．物件机械能的增量
【答案】AB
【详解】A．物件速度最大时做匀速运动，根据平衡条件，牵引力大小为则此时最大速度为
故A正确；
B． 内，根据动能定理
解得
故B正确；
C．摩擦力对物件做的功为
故C错误；
D．物件机械能的增量
故D错误。
故选AB。
【典例分析2】（2023上·四川成都·高三成都七中校考期中）某摩托车在平直的道路上由
静止启动，其运动的速度v与时间t的关系如图甲所示，图乙表示该摩托车牵引力的功率P
与时间t的关系。设摩托车在前进过程中所受阻力为车（包括驾驶员和物资）总重力的k倍，
在18s末摩托车的速度恰好达到最大。已知摩托车（包括驾驶员和物资）总质量 ，
重力加速度g取 。则下列说法正确的是（ ）
A．0到18s内摩托车一直匀加速运动
B．0到8s内，摩托车的牵引力为800N
C．
D．从静止开始加速到最大速度的过程中，摩托车前进的路程为127.5m
【答案】CD
【详解】A．v-t图像的斜率表示加速度，由图甲可知，0到8s内电动摩托车做匀加速运动，
8～18s内摩托车做加速度减小的加速运动，故A错误；C．在18s末电动摩托车的速度恰好达到最大，有
F=f
由
可得阻力为
根据题意有
故C正确；
B．0到8s内，摩托车的加速度为
由牛顿第二定律有
F-f=ma
则摩托车的牵引力为
F=ma+f=（200×1+800）N=1000N
故B错误；
D． 到 过程中，根据动能定理，有
代入数据解得
0到 位移
因此从静止开始加速到最大速度的过程中，摩托车前进的路程为
95.5m+32m=127.5m
故D正确。故选CD。
【提分秘籍】
解决机车启动问题时的分析思路
(1)明确启动方式：分清是匀加速启动还是恒定功率启动。
(2)匀加速启动过程：机车功率是不断改变的，但该过程中的最大功率是额定功率，匀加速
运动阶段的最大速度小于机车所能达到的最大速度，达到额定功率后做加速度减小的加速
运动。
匀加速过程的最大速度v(此时机车输出的功率最大)和全程的最大速度v (此时F ＝F )求
1 m 牵 阻
解方法：①求v：由F －F ＝ma，P＝F v 可得v＝。
1 牵 阻 牵 1 1
②求v ：由P＝F v ，可得v ＝。
m 阻 m m
(3)额定功率启动的过程：机车做加速度减小的加速运动，匀变速直线运动的规律不能用，
速度最大值等于，牵引力是变力，牵引力做的功可用W＝Pt计算，但不能用W＝Flcosθ计
算。
注意：无论哪种启动方式，最后达到最大速度时，均满足P＝F v ，P为机车的额定功
阻 m
率。
【突破训练】
1.（2023上·重庆渝中·高三统考期中）(多选)在汽车的设计研发中，需要测试发动机的性能。
汽车在倾角为 的长直斜坡上由静止启动，汽车的输出功率与速度的关系图像如题图，当
汽车的速度增大到 后保持最大功率不变，汽车能达到的最大速度为 。汽车的质量为
m，汽车启动过程中所受摩擦阻力大小恒为f，不计空气阻力，重力加速度大小为g。下列
说法正确的是（ ）
A．汽车发动机的最大功率为
B．当汽车的速度大小为 时，其加速度大小为
C．汽车的速度从0增大到 所用的时间为
D．在汽车的速度从0增大到 的过程中，汽车发动机做的功为
【答案】ABC
【详解】A．根据物体的平衡条件可知，当汽车的速度大小为 时，汽车所受的牵引力大
小为
因为在汽车的速度从 增大到 的过程中，汽车发动机的功率均为最大功率，所以汽车
发动机的最大功率
解得
故A正确；B．设当汽车的速度大小为 时，汽车所受的牵引力大小为 ，有
设此时汽车的加速度大小为a，根据牛顿第二定律有
解得
故B正确；
C．在汽车的速度从0增大到 的过程中，汽车做匀加速直线运动，加速时间
故C正确；
D．该过程汽车通过的位移大小
设该过程汽车发动机做的功为W，根据动能定理有
解得
故D错误。
故选ABC。
2.（2023上·山东临沂·高三统考期中）一辆汽车在平直的公路上由静止开始运动，运动过
程中先保持某一恒定加速度，后保持恒定的牵引功率，其䒨引力和速度的关系图象如图所
示。若已知汽车的质量m、牵引力 和速度 及汽车所能达到的最大速度 ，运动过程中
汽车所受阻力恒定，则汽车匀加速运动过程中牵引力做的功是（ ）
A． B． C． D．【答案】A
【详解】根据图像可得，汽车的额定功率为
汽车的阻力为
汽车匀加速阶段的加速度为
匀加速阶段的位移为
汽车匀加速运动过程中牵引力做为
综上所述，联立解得
故选A。
3．（2023上·重庆渝中·高三重庆巴蜀中学校考阶段练习）甲、乙两辆汽车都以恒定功率在
平直路面上启动，v—t图像如图所示，甲车功率是乙车功率的2倍，两辆汽车行驶时所受
阻力恒定，则甲、乙两车所受阻力大小之比为（ ）
A．3：8 B．8：3
C．3：2 D．2：3
【答案】B
【详解】汽车乙恒定功率启动，速度增大，则牵引力减小，汽车先做加速度减小得变加速
直线运动，当牵引力与阻力平衡时，加速度为0，汽车达到最大速度，之后做匀速直线运
动，则有
，
其中
根据图像可知，甲乙两车最大速度之比为3:4，则可解得甲、乙两车所受阻力大小之比为
8:3。故选B。
4.（2023上·安徽合肥·高三校联考期中）如图所示，为轿车中的手动变速杆，若保持发动
机输出功率不变，将变速杆推至不同挡位，可获得不同的运行速度，从“1”—“5”挡速度增
大，R是倒车挡，某型号轿车发动机的额定功率为60kW，在水平路面上行驶的最大速度可
达180km/h，假设该轿车在水平路面上行驶时所受阻力恒定，则该轿车（ ）
A．以最大牵引力爬坡，变速杆应推至“1”挡
B．该车在水平路面上行驶时所受阻力大小为900N
C．以额定功率在水平路面上以最大速度行驶时，其牵引力为1200N
D．改变输出功率，以54km/h的速度在同一水平路面上匀速行驶时，发动机的输出功率为
35kW
【答案】AC
【详解】A．由功率的公式有
当车的功率不变时，其速度越小，其牵引力越大，所以当以最大牵引力爬坡时，变速杆应
推至“1”档，故A项正确；
BC．当车的牵引力等于车所受的阻力时，其达到最大速度，有
解得
故B错误，C正确；
D．车匀速行驶，所以此时牵引力等于阻力，即
根据功率公式有
解得
故D项错误。
故选AC。
5．（2023上·全国·高三统考阶段练习）某同学在倾角为30°的斜面上对电动玩具车的性能
进行测试，让玩具车以恒定功率由静止开始沿斜面向上运动。在某次测试中，该同学利用传感器记录了玩具车运动过程中的速度，加速度，时间等数据，并作出其加速度a和速度
的倒数 的图像如图所示，已知玩具车的质量为300g，从静止出发至达到最大速度所经历
的时间为1.5s。下列说法中正确的是（ ）
A．玩具车的最大速度是10km/h
B．当玩具车的速度为4m/s时，加速度等于12m/s2
C．斜面对玩具车的阻力是2.4N
D．1.5s内玩具车行驶的距离是8.75m
【答案】BD
【详解】A．当小车的加速度为零时，其速度达到最大，由图可知
所以
故A错误；
C．根据牛顿第二定律有
整理可得
结合图线可得
所以
，
故C错误；
B．当速度为4m/s时，有
故B正确；
D．在1.5s内，根据动能定理有解得
故D正确。
故选BD。
题型三 动能定理及其应用
【题型解码】
1.要对研究对象受力分析并分析各力做功情况；分析物体运动过程，明确对哪个过程应用
动能定理．
2.列动能定理方程要规范，注意各功的正负号问题．
【典例分析1】（2023上·广东·高三校联考阶段练习）小孩静止坐在悬挂在竖直位置的秋
千上，大人用水平拉力F把坐在秋千上的小孩缓慢拉到细线与竖直方向成θ角的位置，模
型简化如图所示。已知小孩和秋千的质量为m，摆点与秋千和小孩的重心距离为L，重力
加速度为g，忽略空气阻力的作用，则在此过程中，拉力F做的功为（ ）
A．FLcosθ B．FLsinθ
C．FL(1-cosθ) D．mgL(1-cosθ)
【答案】D
【详解】在小孩和秋千缓慢上升过程中，拉力F为变力，过程中拉力做正功，重力做负功，
缓慢运动可认为过程中动能变化量为零，由
得
D正确。
故选D。
【典例分析2】（2023上·湖北武汉·高三华中师大一附中校考期中）如图所示，质量为1kg
的木块（视为质点）被水平向左的力F压在竖直墙壁上，其压力F=kx（k为常数，x为木块
位移），木块从离地面高度5m处静止释放，到达地面时速度恰减为0。若木块与墙面之间
的动摩擦因数0.2，重力加速度大小为 ，则（ ）A．k=4
B．k=20
C．木块下滑过程中，在x=1.25m处速度最大，且最大值为5m/s
D．木块下滑过程中，在x=2.50m处速度最大，且最大值为10m/s
【答案】B
【详解】AB．弹力随位移均匀变化，根据动能定理
得
A错误，B正确；
CD．当重力与摩擦力相等时，木块加速度为0，速度最大，即
得
根据动能定理
得
CD错误。
故选B。
【典例分析2】．（2023上·河南鹤壁·高三校考期中）质量为m的物体以初速度v 沿水平
0
面向左开始运动，起始点A与一轻弹簧O端相距s，如图所示。已知物体与水平面间的动
摩擦因数为μ，物体与弹簧相碰后，弹簧的最大压缩量为x，则从开始碰撞到弹簧被压缩至
最短，物体克服弹簧弹力所做的功为（重力加速度大小为g）（ ）
A． B．C． D．
【答案】A
【详解】根据功的定义式可知物体克服摩擦力做功为
由动能定理可得
联立可得物体克服弹簧弹力所做的功为
故选A。
【提分秘籍】
应用动能定理解题的“四步三注意两适用”
(1)应用动能定理解题的四个步骤
①确定研究对象及其运动过程；
②分析受力情况和各力的做功情况；
③明确物体初末状态的动能；
④由动能定理列方程求解。
(2)应用动能定理解题应注意的三个问题
①动能定理往往用于单个物体的运动过程，由于不牵扯加速度及时间，比动力学研究方法
要简捷。
②动能定理表达式是一个标量式，在某个方向上应用动能定理是没有依据的。
③物体在某个运动过程中包含有几个运动性质不同的小过程(如加速、减速的过程)，此时
可以分段考虑，也可以对全过程考虑，但若能对整个过程利用动能定理列式，则可使问题
简化。
(3)动能定理适用的两种情况
①既适用于直线运动，也适用于曲线运动；
②既适用于恒力做功，也适用于变力做功。
【突破训练】
1.（2023上·北京西城·高三北京师大附中校考阶段练习）关于做自由落体运动的物体，下
列说法正确的是（ ）
A．动能E 随时间t变化的快慢 随时间均匀增大
k
B．速度v随时间t变化的快慢 随时间均匀增大
C．重力势能E 随位移x变化的快慢 随时间均匀减小
pD．机械能E随位移x变化的快慢 随时间均匀减小
【答案】A
【详解】A．物体做自由落体运动，任意时刻的速度
则可得任意时刻的动能
由此可得动能E 随时间t变化的快慢
k
则可知动能E 随时间t变化的快慢 随时间均匀增大，故A正确；
k
B．自由落体运动速度v随时间t变化的快慢
则可知速度v随时间t变化的快慢 为重力加速度g，恒定不变，故B错误；
C．根据重力势能变化与重力做功关系可得
可得
可知重力势能E 随位移x变化的快慢 保持不变，故C错误；
p
D．做自由落体运动的物体，机械能守恒，因此
故D错误。
故选A。
2.（2023上·江西鹰潭·高三统考期中）如图，光滑的水平地面上有一原长为 的轻质弹簧，
其左端固定在竖直墙壁上，与弹簧右端相距一定距离处固定一倾角为 、长为l的坡道，与
物块间的动摩擦因数为 ，坡道底端与水平地面平滑连接。一质量为m的物块（可视为质
点）从坡道上的某一点由静止滑下，当物块第一次由坡道底端返回坡道的中点时速度恰好
减为0，弹簧始终在弹性限度内，并保持水平，重力加速度为g，下列说法正确的是
（ ）A．物块在坡道上运动时的加速度大小总是相等的
B．物块释放点距离坡道顶点的距离为
C．弹簧最大的弹性势能为
D．物块从开始运动至第一次在坡道上速度为0，其位移大小为
【答案】CD
【详解】A．物块下滑时的加速度大小为
上滑时的加速度大小为
故A错误；
B．设小物体下滑的初始位置距离坡道底端的距离为 ，由能量守恒可得
解得
物块释放点距离坡道顶点的距离为
故B错误；
C．物块从开始运动至将弹簧压缩到最短的过程中，由能量守恒有
解得弹簧最大的弹性势能
故C正确；
D．物块从开始运动至第一次在坡道上速度为0的位移大小为故D正确。
故选CD。
3.（2023上·北京顺义·高三北京市顺义区第一中学校考阶段练习）在某星球表面将一轻弹
簧竖直固定在水平面上，把质量为m的小球P（可视为质点）从弹簧上端由静止释放，小
球沿竖直方向向下运动，小球的加速度a与弹簧压缩量x间的关系如图所示，其中 和
为已知量。下列说法中不正确的是（ ）
A．小球向下运动至速度为零时所受弹簧弹力大小为
B．弹簧劲度系数为
C．小球向下运动过程中的最大动能为
D．当弹簧压缩量为 时，弹簧的弹性势能为
【答案】A
【详解】A．设该星球的重力加速度为 ，小球刚放到弹簧上时，满足 ，只受星球吸
引力的作用，由图知 ，方向竖直向下；当弹簧的压缩量为 时，小球的加速度为
0，此时弹簧的弹力为
之后小球继续向下运动直至速度为0，弹簧的压缩量继续增大，可知当小球的速度为0时，
弹簧的弹力 ，故A错误，符合题意；
B．设竖直向下为正方向，故对小球受力分析可知
故小球运动的加速度大小为
当 时， ，可得
故B正确，不符合题意；C．由图可知，当弹簧的压缩量为 时，小球的加速度为0，此时小球的速度最大，动能最
大；由动能定理可得
故C正确，不符合题意；
D．当弹簧的压缩量为 时，弹簧的弹性势能为
故D正确，不符合题意。
故选A。
4.（2023上·安徽亳州·高三蒙城第一中学校联考期中）如图所示，与水平面夹角θ=30°的斜
面和圆轨道相切于B点，且固定于竖直平面内。质量为m的小球从斜面上的A点由静止释
放，经B点后沿圆轨道运动，通过最高点C后落在斜面上与圆心O等高的D点。不计所有
摩擦，重力加速度为g。（ ）
A．小球在C点对轨道压力大小为3mg
B．小球对圆轨道最低点的压力为7mg
C．若沿斜面上移A点再静止释放，小球在斜面落点处重力功率增大
D．若调整A点在斜面上的位置，使小球恰能过C，则小球在飞行中将经过CD连线的中点
【答案】BD
【详解】A.小球过 C点做平抛运动，水平位移
竖直位移
在C点，有
解得故A 错；
B.设最低点的速度为 v，由最低点到C点动能定理
在最底点点，有
解得
故B正确；
C.上移A则仍可过C点，但vt增大，落到斜面上位置上移，平抛的竖直位移减小，时间减
小，竖直速度减小，小球在斜面落点处重力功率减小。故C错误；
D.如图连接CD，设中点为 E，过E作EF 平行于OD，交 CO于F 点，由几何知识可得
由题可知小球恰能过C 点做平抛运动则
当水平位移x=R=vct时，可算得此时竖直位移
故 D正确。
故选BD。
5.（2023上·山东潍坊·高三统考期中）如图甲所示，一轻质弹簧左端固定在竖直墙壁上，
右端与质量为 的小物体 栓接，紧靠着 的右端放置质量为 的小物体
均静止，弹簧处于原长状态。现对 施加水平向左的恒力 ，使 和 一起向左运动，当
两者速度为零时撤去 最终均停止运动。以初始时 静止的位置为坐标原点，向左
为正方向，从 开始向左运动到撤去 前瞬间， 的加速度 随位移 变化的图像如图乙
所示。已知 两物体与地面间的动摩擦因数均为0.5，重力加速度大小取 。
下列说法正确的是（ ）A． 做的功为 B．弹簧的劲度系数为
C． 的最大速度为 D． 最终停在 处
【答案】BD
【详解】AB．开始时对AB整体，由牛顿第二定律
由图像可知
解得
k=2.25N/cm=225N/m
力F做功
选项A错误，B正确；
C．PQ一起向左运动时两者的最大速度
向右运动时，当
时速度最大，此时
x=1cm
1
由能量关系
解得则 的最大速度为 ，选项C错误；
D．两滑块回到原来位置时由能量关系
此后Q与P分离，则由
解得
s=0.04m
即 最终停在 处，选项D正确。
故选BD。
题型四 功能中的图像问题
【典例分析】（2023上·河南·高三校联考阶段练习）将一苹果竖直向上抛出，若不计空气
阻力，以竖直向上为正方向，则下列说法正确的是（ ）
A．图甲可以表示苹果的位移一时间图像
B．图乙可以表示苹果的速度一时间图像
C．图丙可以表示苹果的动能一位移图像
D．图丁可以表示苹果在竖直上升过程中的重力势能一位移图像
【答案】D
【详解】A．根据位移时间关系
可知苹果的位移一时间图像为开口向下的抛物线，故A错误；
B．根据速度时间关系
可知苹果的速度一时间图像初速度大于零，斜率为负，故B错误；
C．根据动能定理
可得可知苹果的动能一位移图像随着位移增大减小，故C错误；
D．根据 可知苹果在竖直上升过程中的重力势能一位移图像为正比例函数，故D
正确。
故选D。
【典例分析2】（2023上·重庆渝中·高三统考期中）如一质量为 的物体在水平拉力的作
用下，由静止开始在水平地面上沿x轴运动，出发点为x轴零点，拉力做的功W与物体坐
标x的关系如题图所示，物体与水平地面间的动摩擦因数为0.2，重力加速度大小取 。
下列说法正确的是（ ）
A．在 时，拉力的功率为
B．在 时，物体的动能为
C．从 之后，物体将做匀减速直线运动
D．从 到 过程中，物体克服摩擦力做的功为
【答案】AD
【详解】A．由于拉力在水平方向，则拉力做的功为
可看出 图像的斜率代表拉力F，知在 时拉力 。物体运动到 过程，
根据动能定理有
解得物体的速度为
则此时拉力的功率
故A正确；
B．物体运动到 过程，根据动能定理有
此时物体的动能为故B错误；
C．根据 图像可知， 的过程中拉力 ， 的过程中拉力 ，
由于物体受到的摩擦力恒为
所以从 之后
物体将做匀速直线运动，C错误；
D．从 运动到 ，物体克服摩擦力做的功为
故D正确。
故选AD。
【典例分析3】（2023上·广东江门·高三校联考阶段练习）如图所示，小滑块以一定的初
速度从粗糙斜面底端沿斜面上滑至最高点后，又沿斜面下滑返回底端，该过程中小滑块运
动的路程为2L，所用的时间为 。用x表示小滑块运动的路程，t表示小滑块运动的时间，
表示小滑块的重力势能（以初始位置所在平面为零势能面）， 表示小滑块的动能，下
列图像可能正确的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】AD
【详解】A．设斜面的倾角为α，小滑块上滑过程中重力势能的表达式为
下滑过程故A正确；
B．因为上滑和下滑过程，小滑块的加速度不同，因此上滑和下滑过程的时间不相等，因
此最大重力势能不可能在 时，故B错误；
D．小滑块上滑过程有
可得
可见 与 成一次函数关系；
下滑过程有
可得
可见 与x成一次函数关系，但上滑过程图像的斜率较大，且由于摩擦原因返回底端时的
末速度较小，D正确；
C．由于滑块在斜面上的速率v与时间t具有线性关系，故动能 与时间t成二次函数关系，
C错误。
故选AD。
【提分秘籍】
1.解决物理图象问题的基本步骤
(1)观察题目给出的图象，弄清纵坐标、横坐标所对应的物理量及图线所表示的物理意义．
(2)根据物理规律推导出纵坐标与横坐标所对应的物理量间的函数关系式．
(3)将推导出的物理规律与数学上与之相对应的标准函数关系式相对比，找出图线的斜率、
截距、图线的交点、图线下方的面积所对应的物理意义，根据对应关系列式解答问题．
2.四类图象所围“面积”的含义【突破训练】
1.（2023上·山东枣庄·高三统考期中）一足够长的光滑斜面固定在水平面上，质量为 的
小物块在平行斜面向上的拉力F作用下，以一定初速度从斜面底端沿斜面向上运动，经过
时间t物块沿斜面上滑了 。小物块在F作用下沿斜面上滑过程中动能和重力势能随位
移的变化关系如图线Ⅰ和Ⅱ所示。设物块在斜面底端的重力势能为零，重力加速度g取
。则（ ）
A．斜面的倾角为
B．力F的大小为
C．小物块上滑 所需时间
D．若t时刻撤去拉力F，物块继续沿斜面上滑
【答案】AD
【详解】A．根据
得
所以斜面倾角为
故A正确；
B．根据动能定理
得
故B错误；
C．根据
得初速度为
物块向上运动的加速度为沿斜面上滑了 ，有
解得
（负值舍掉）
故C错误；
D．若经过t后撤去拉力 ，小物块的机械能不变，此后重力势能增加、动能减小；根据图
像可知，t时刻的机械能为
根据机械能守恒定律可得
解得上升的最大距离为
物块继续沿斜面上滑 ，故D正确。
故选AD。
2．（2023下·云南保山·高三统考期中）质量为1kg的质点在竖直面内斜向下做曲线运动，
它在竖直方向的速度图像如图甲所示，在水平方向的位移图像如图乙所示。g取10m/s²。
则（ ）
A．2s时刻，质点速度大小是5m/s B．2s时刻，质点速度大小是 m/s
C．前2s内质点的重力势能减少了60J D．前2s内质点的机械能减少了9J
【答案】AC
【详解】AB．2s时刻竖直方向的速度
2s时刻水平方向的速度
2s时刻，质点速度大小是故A正确，B错误；
C． 图像的面积表示位移，前2s内质点下落的高度
前2s内质点的重力势能减少了
故C正确；
D．前2s内质点动能的增加量
前2s内质点的机械能减少
故D错误。故选AC。
3.（2023·全国·高三专题练习）在无风天气里，毽子受到的空气阻力大小与其下落的速度大
小成正比。一毽子从高处由静止竖直下落至地面过程中，位移大小为x、速度大小为v、加
速度大小为a，重力势能为 、动能为 、下落时间为t。取地面为零势能面，则下列图
像正确的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】B
【详解】A．毽子下落过程中，受空气阻力逐渐变大，则加速度逐渐减小，最后加速度可
能减小为零，即速度先增大后不变，则 图像的斜率先增加后不变，选项A错误；
B．根据牛顿第二定律
则
选项B正确；
C．重力势能则 为线性关系，选项C错误；
D．动能
因加速度随时间逐渐减小（非线性），则动能与时间一定不是线性关系，选项D错误。
故选B。
4.（2023上·辽宁大连·高三大连八中校考阶段练习）从地面竖直向上抛出一物体，其机械
能E 等于动能E 与重力势能E 之和。取地面为重力势能零点，该物体的E 和E 随它离
总 k p 总 p
开地面的高度h的变化如图所示。重力加速度取10m/s2。由图中数据可得（ ）
A．物体的质量为0.5kg
B．h=0时，物体的速率为20m/s
C．h=2m时，物体的动能E=40J
k
D．从地面至h=4m，物体的动能减少100J
【答案】D
【详解】A．物体的重力势能为
根据图像有
解得
故A错误；
B．h=0时，物体的重力势能为0，则有
结合上述解得
故B错误
C．根据图像可知，机械能的函数式为则，h=2m时，物体的机械能为
根据图像可知，h=2m时，物体的重力势能为60J，则h=2m时，物体的动能为
90J-60J=30J
故C错误；
D．初始时刻，物体动能为100J，根据图像可知h=4m时，物体的动能为
80J-80J=0
则从地面至h=4m，物体的动能减少100J。故D正确。
故选D。
5.（2023上·湖北武汉·高三华中师大一附中校考期中）某景区的彩虹滑梯如图所示，由两
段倾角不同的直轨道（第一段倾角较大）组成，同种材料制成的粗糙斜面AB和BC高度相
同，以底端C所在水平直线为x轴，顶端A在x轴上的投影O为原点建立坐标系。一游客
静止开始从顶端A下滑到底端，若规定x轴所在的水平面为零势能面，则物体在两段斜面
上运动过程中动能Eₖ、重力势能 机械能E、产生的热量Q随物体在x轴上投影位置坐标
x的变化关系图像中正确的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】C
【详解】A．根据动能定理由于第一段斜面倾角大于第二段。可知，则E-x图像的斜率先大后小，A错误；
k
B．重力势能为
则E-x图像斜率大小等于 ，由于第一段斜面倾角大于第二段，则图像的斜率先大
p
后小，B正确；
C．产生的热量Q为
Q-x图像为正比例关系，C正确；
D．机械能为
图线斜率不变，D错误。
故选C。
6.（2023上·宁夏银川·高三银川二中校考阶段练习）一质量为1kg的物体在水平拉力的作用
下，由静止开始在水平地面上沿x轴运动，出发点为x轴零点，拉力做的功W与物体坐标
x的关系如图所示。物体与水平地面间的动摩擦因数为0.4，重力加速度大小取 。下
列说法正确的是（ ）
A．在 时，拉力的功率为12W
B．在 时，物体的动能为2J
C．从 运动到 ，物体克服摩擦力做的功为8J
D．从 运动到 的过程中，物体的最大速度为
【答案】A
【详解】由于拉力在水平方向，则拉力做的功为
则图线的斜率代表拉力 。
AB．在物体运动的过程中根据动能定理有则在 时，代入对应坐标解得速度
此时拉力
则此时拉力的功率
在 时，代入对应数据解得物体的动能为
故A正确，B错误；
C．从 运动到 ，物体克服摩擦力做的功为
故C错误；
D．根据 图像可知在 的过程中拉力为 ， 的过程中拉力为 ，由于物
体受到的摩擦力恒为
则物体在 处速度最大，且根据B选项分析可知此处动能为 ，则此时最大速度为
故D错误。
故选A。
