文档内容
第42讲 重点实验：测量金属丝的电阻率
目录
01、考情透视，目标导
航
02、知识导图，思维引航.............................................................................................1
03、考点突破，考法探究.............................................................................................1
知识点一、理清原理与操作.........................................................................................2
知识点二、掌握数据处理方法.....................................................................................2
知识点三、注意实验细节.............................................................................................2
知识点四、做好误差分析.............................................................................................3
知识点五、实验关键重点解读.....................................................................................3
考向一.电表的选择与接法............................................................................................3
考向二.不同形状导体电阻率的测量............................................................................7
04、真题练习，命题洞见...........................................................................................10
2024·江西·高考物理第12题
考情 2024·山东·高考物理第12题
分析 2024·湖南·高考物理第12题
2024·江苏·高考物理第12题
复习
目标1.熟悉“导体电阻率的测量”的基本原理及注意事项。
目标
目标2.掌握测金属丝电阻率的电路图、数据处理及误差分析。知识点一、理清原理与操作
原理装
置图
(1)测量直径：用螺旋测微器在金属导线三个不同位置各测一次直径(要估读)。
(2)电路连接：连接好伏安法测电阻的实验电路。
操作
(3)测量长度：用毫米刻度尺测金属导线接入电路的有效长度3次(要估读)。
要领
(4)测量U、I：改变滑动变阻器滑片的位置，读出几组相应电流表、电压表的示
数。知识点二、掌握数据处理方法
1．求R 的两种方法
x
计算法 用R＝分别算出各次的数值，再取平均值
x
图像法 画出U-I图像，U-I图像的斜率等于R
x
2．计算电阻率
将记录的数据U、I、l、d的值代入电阻率计算式ρ＝R＝。
x
知识点三、注意实验细节
1．先测直径，再连电路：为了方便，测量直径时应在金属导线连入电路之前测量。
2．电流表外接法：本实验中被测金属导线的阻值较小，故采用电流表外接法。
3．电流控制：电流不宜过大，通电时间不宜过长，以免金属导线温度过高，导致电阻率在实验过程中变
大。
知识点四、做好误差分析
1．偶然误差：金属导线的直径测量、长度测量、电流表和电压表的读数等会带来偶然误差。
2．系统误差：(1)采用伏安法测量金属导线的电阻时，由于采用的是电流表外接法，测量值小于真实值，
使电阻率的测量值偏小。
(2)由于金属导线通电后会发热升温，使金属导线的电阻率变大，造成测量误差。
知识点五、实验关键重点解读
本实验要求考生能根据实验原理以及所给实验器材，合理选择电流表、电压表和滑动变阻器。在选择实验
器材时应按照仪表类型、精确度、仪表内阻、量程等方面，既全面又有所侧重地进行选择。高考还注重考
查考生对本实验的迁移创新能力，要求善于用教材中实验的原理、方法和技巧处理新问题。
考向一.电表的选择与接法
思路一：根据电路中的最大电流来选择
电流表的选择
电表的 思路二：根据用电器的额定电流来选择
选择 思路一：根据被测电阻上的最大电压来选择
电压表的选择
思路二：根据电源电动势来选择
电表的 电流表和电压表选定以后，可根据和的大小关系判断应采用电流表内接法还是
接法 外接法
1．在“测定金属丝的电阻率”的实验中，某小组选择了一根粗细均匀、阻值约为5 Ω 的金属丝进行了测
量。(1)在测量了金属丝的长度L之后，小井同学用螺旋测微器测量金属丝的直径，测量结果如图1所示，金属
丝的直径d＝________mm。
(2)现有电源(电动势E为3.0 V，内阻不计)、开关和导线若干，以及下列器材：
A．电流表(量程0～3 A，内阻约0.05 Ω)
B．电流表(量程0～0.6 A，内阻约0.2 Ω)
C．电压表(量程0～3 V，内阻约3 kΩ)
D．滑动变阻器(0～10 Ω，额定电流2 A)
E．滑动变阻器(0～100 Ω，额定电流1 A)
为减小误差，且便于操作，在实验中电流表应选________，滑动变阻器应选________。(均选填器材前的字
母)
(3)实验过程中，该同学依次记录了电流表和电压表的测量数据，如下表所示：
实验次数 1 2 3 4 5 6 7
U/V 0.10 0.30 0.70 1.00 1.50 1.80 2.30
I/A 0.02 0.06 0.14 0.18 0.28 0.34 0.42
根据选取的器材和表格中的数据可知：该同学在实验中采用的是________。
A．分压电路、电流表内接
B．分压电路、电流表外接
C．限流电路、电流表内接
D．限流电路、电流表外接
(4)该同学根据自己采用的方法进行实验，若闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片至某一位置，读出电压表
示数U、电流表示数I，则该金属丝电阻率的测量值ρ＝________(用L、d、U和I表示)。
(5)考虑到电表的内阻可能对实验产生系统误差，小平同学按照如图 2所示电路，保持电压表左端接线位置
不变，先将电压表接在b点，读出两表的示数分别为U 、I ，然后将电压表改接
1 1
在a点，读出两表的示数分别为U 、I 。他认为：电阻R 的值可以用U 和I 的比
2 2 x 2 1
值来求，这样可以消除电表内阻带来的测量误差。请问你是否同意他的想法，并
说明理由__________________________________
________________________________________________________________________ 。
【答案】：(1)0.460 (2)B D (3)B (4) (5)见解析
【解析】：(1)由题图1可知，金属丝的直径为d＝0 mm＋46.0×0.01 mm＝0.460 mm。
(2)由于待测电阻阻值约为5 Ω，则最大电流约为I ＝＝0.6 A，电流表应选B；为减小误差，且便于操作，
m
滑动变阻器应选阻值较小的，即选择D。
(3)由表格中的数据可知，电流表和电压表的读数都是从零开始调节，则滑动变阻器采用分压接法，由于待测电阻较小，电流表采用外接法。故选B。
(4)根据电阻定律可得R＝ρ，根据欧姆定律可得R＝，又S＝，解得ρ＝。
x x
(5)不同意，U 和I 是在两个不同的电路中的测量值，不存在同时的对应关系，所以不能消除电表内阻带来
2 1
的测量误差。
2．在“测量金属丝的电阻率”的实验中，某同学选择一根粗细均匀、阻值约为5 Ω的金属丝进行测量。
(1)先测量金属丝的长度，再用螺旋测微器测量其直径，结果如图1所示，则直径为D＝________mm。
(2)现有电源(电动势E为3.0 V，内阻不计)、开关和导线若干，以及下列器材：
A．电流表(量程0～0.6 A，内阻约0.2 Ω)
B．电压表(量程0～3 V，内阻约3 kΩ)
C．滑动变阻器(0～5 Ω，额定电流2 A)
D．滑动变阻器(0～200 Ω，额定电流1 A)
为减小误差，且电压调节范围尽量大，滑动变阻器应选________(填器材前的字母)。
(3)补充完成图2中实验器材间的连接。
(4)关于上述实验，下列说法正确的是________。
A．多次测量金属丝直径并求平均值可以减小系统误差
B．用电压—电流图像处理实验数据求金属丝电阻可以减小偶然误差
C．电压表分流会导致电阻测量值偏小
D．电流表分压会导致电阻测量值偏大
(5)电导率σ是电阻率ρ的倒数，常用单位是(Ω·cm)－1。电导率是反映水质的一项重要指标。
某种饮用水的电导率约为1.0×10－3(Ω·cm)－1。将该饮用水灌入一个高约12 cm、容积约240
mL的薄壁塑料瓶(如图3所示)，瓶的两端用两个略小于瓶底面积的固定金属圆片电极密封。
能否采用图2中的实验器材较为精确地测量该饮用水的电导率并说明原因。
【答案】：(1)0.671(或0.672) (2)C (3)见解析图(4)BC (5)不能，原因见解析
【解析】：(1)根据题意，由题图1可知，金属丝的直径为D＝0.5 mm＋17.1×0.01 mm＝0.671 mm。
(2)为减小误差，且电压调节范围尽量大，滑动变阻器采用分压接法，且选阻值较小的。故选C。
(3)待测电阻约为5 Ω，电压表内阻远大于待测电阻，故电流表采用外接法，滑动变阻器采用分压接法，故
补充完成连接图如图所示。(4)用螺旋测微器多次测量金属丝直径并取平均值可以减小偶然误差，故 A错误；用电压—电流图像处理实
验数据求金属丝电阻可以减小偶然误差，故B正确；只考虑电表内阻引起的误差，本实验采用电流表外接
法，误差来源于电压表分流，会导致电流的测量值较大，则电阻测量值偏小，故C正确，D错误。
(5)由电阻定律和公式σ＝，可得塑料瓶中装满该饮用水后的电阻为R＝·＝600 Ω
当用题图2中的装置进行检测时，电路中最大电流为I＝＝0.005 A
几乎无法使电流表指针发生偏转，因此不能用题图2中的实验装置完成精确测量。
3.某同学欲测量一阻值大约为10 Ω、粗细均匀的金属线的电阻率。实验室除游标卡尺，螺旋测微器、导线
和开关外，还有以下器材可供选择：
A.电源(电动势E＝6.0 V，内阻约1 Ω)
B.电压表V(量程为0～6 V，内阻约8 kΩ)
C.电流表A(量程0～0.6 A，内阻约0.2 Ω)
1
D.电流表A(量程0～3 A，内阻约0.05 Ω)
2
E.滑动变阻器R(最大阻值5 Ω，额定电流2 A)
0
(1)用游标卡尺测得该材料的长度如图甲所示，读数为L＝________mm；用螺旋测微器测得该材料的直径
如图乙所示，读数为D＝________mm。
(2)测量金属线的电阻时，为了便于调节及测量尽可能准确，实验中电流表应选________(填所选仪器前的
字母符号)；选择合适的实验器材，在图丙方框内把实验原理图补充完整，把器材符号标在电路图上。
(3)设测得金属线的电阻为 R，金属线的长度为 L，金属线的直径为 D，可得金属线的电阻率为 ρ＝
________(用R、L、D三个物理量表示)。
【答案】 (1)60.20 0.732 (2)C 见解析图所示 (3)
【解析】 (1)题中所示游标卡尺分度值为0.05 mm，读数为60 mm＋4×0.05 mm＝60.20 mm
螺旋测微器的分度值为0.01 mm，读数为D＝0.5 mm＋23.2×0.01 mm＝0.732 mm。
(2)待测电阻的最大电流I ＝＝0.6 A，因此电流表选择A，即选C
max 1滑动变阻器阻值较小，用分压式接法，比较待测电阻与电压表内阻和电流表内阻，可以得到
R<
R是小电阻，电流表采用外接法，电路图如图所示。
(3)根据电阻定律R＝ρ＝ρ
解得ρ＝。
考向2.不同形状导体电阻率的测量
在测量导体的电阻率实验时，常常会遇到不同形状的导体，比如薄膜、圆柱体、导电液体等，针对这
些特殊形状的导体要注意电阻定律表达式中的l、S的测量及不同实验的创新测量方法。
1．一根细长均匀、内芯为绝缘材料的金属管线样品，横截面外缘为正方形，如图甲所示。此金属管线样
品长约30 cm、电阻约10 Ω，已知这种金属的电阻率为ρ，因管芯绝缘材料截面形状不规则，无法直接测
量其横截面积。请你设计一个测量管芯截面积S的电学实验方案，现有如下器材可选：
A．毫米刻度尺
B．螺旋测微器
C．电流表A(量程0～600 mA，内阻约为1.0 Ω)
1
D．电流表A(量程0～3 A，内阻约为0.1 Ω)
2
E．电压表V(量程0～3 V，内阻约为6 kΩ)
F．滑动变阻器R(2 kΩ，允许通过的最大电流0.5 A)
1
G．滑动变阻器R(10 Ω，允许通过的最大电流2 A)
2
H．蓄电池E(电动势为6 V，内阻约为0.05 Ω)
I．开关一个、带夹子的导线若干
(1)上述器材中，应该选用的电流表是______，滑动变阻器是_______(均填写器材前字母代号)。
(2)若某次用螺旋测微器测得样品截面外缘正方形边长如图乙所示，则其值为________ mm。
(3)要求尽可能测出多组数据，则在图丙、丁、戊、己中应选择的电路图是________。(4)若样品截面外缘正方形边长为a、样品长为L、电流表示数为I、电压表示数为U，则计算内芯截面积的
表达式为S＝________。
【答案】 (1)C G (2)0.730 (3)丙 (4)a2－
【解析】 (1)由题意可知，电源电动势为6 V，电压表量程0～3 V，而由于待测电阻约为10 Ω，则电流最
大为I＝＝0.3 A，故不能选用量程为0～3 A的电流表，故电流表选A ，即C；由题意可知，为获得更多的
1
数据，电路应采用分压接法，故滑动变阻器选电阻较小的，即G。
(2)由题图乙所示的螺旋测微器可知，固定刻度读数为 0.5 mm，可动刻度读数为 23.0×0.01 mm＝0.230
mm，螺旋测微器的读数为0.5 mm＋0.230 mm＝0.730 mm。
(3)由于电压表内阻远大于金属管线的电阻，电流表应采用外接法；为测得多组实验数据，滑动变阻器应采
用分压式接法，故选择电路图丙。
(4)根据欧姆定律有R＝，根据电阻定律有R＝ρ，故截面积为S ＝，故金属管线内芯截面积的表达式为S
x x 0
＝a2－。
2．某兴趣小组测定某种由带状卷成圆盘状的导电物质的电阻率，如图甲所示。
(1)他们先用螺旋测微器测出单层带的厚度为d，这种物质表面镀了一层绝缘介质，其厚度不计，用游标卡
尺测出带的宽度L、圆盘内径D 和外径D ，其中单层带厚度d远小于(D －D)。宽度L的读数如图乙所示，
1 2 2 1
则宽度L＝__________mm。
(2)然后用伏安法测这根带的电阻，在带的两端引出两个接线柱，先用欧姆表粗测其电阻约为 500 Ω，再将
其接入测量电路。在实验室里他们找到了以下实验器材：
A．电源E(电动势为4 V，内阻约为0.5 Ω)
B．电压表V(量程为15 V，内阻约为5 000 Ω)
C．电流表A(量程为300 mA，内阻约为2 Ω)
1
D．电流表A(量程为250 mA，内阻为2 Ω)
2E．滑动变阻器R(总阻值为10 Ω)
1
F．滑动变阻器R(总阻值为100 Ω)
2
G．定值电阻R＝10 Ω
0
H．开关和导线若干
①要更好地调节和较为精确地测定其电阻，则以上不必要的器材有________(填器材前面的序号)。
②在方框内画出实验电路图并标出所用器材符号。
③若测出的电阻为R，则其电阻率为ρ＝________(用d、D、D、L、R表示)。
1 2
【答案】：(1)9.9 (2)①BF ②见解析图 ③
【解析】：(1)由题图乙可知，宽度L＝9 mm＋9×0.1 mm＝9.9 mm。
(2)①由于电源电动势为4 V，而电压表的量程为15 V太大，不利于读数；滑动变阻器R 总阻值为100 Ω偏
2
大，不利于调节，产生误差较大。所以不需要的器材为B、F。
②将电流表A 与定值电阻R 串联改装成电压表，并将电流表A 外接，从而减小测量电流和电压的误差，
2 0 1
同时采用滑动变阻器分压式接法，如图所示
③若测出的电阻为R，则根据电阻定律可以得到：R＝ρ整理可以得到：ρ＝。
1．（2024·江西·高考真题）某小组欲设计一种电热水器防触电装置，其原理是：当电热管漏电时，利用自
来水自身的电阻，可使漏电电流降至人体安全电流以下．为此，需先测量水的电阻率，再进行合理设计。
（1）如图（a）所示，在绝缘长方体容器左右两侧安装可移动的薄金属板电极，将自来水倒入其中，测得
水的截面宽 和高 。（2）现有实验器材：电流表（量程 ,内阻 ）、电压表（量程 或 ,内阻未知）、直
流电源 、滑动变阻器、开关和导线．请在图（a）中画线完成电路实物连接 。
（3）连接好电路，测量 的水在不同长度l时的电阻值 。将水温升到 ，重复测量。绘出 和
水的 图，分别如图（b）中甲、乙所示。
（4）若 图线的斜率为k，则水的电阻率表达 （用k、d、h表示）。实验结果表明，
温度 （填“高”或“低”）的水更容易导电。
（5）测出电阻率后，拟将一段塑料水管安装于热水器出水口作为防触电装置。为保证出水量不变，选用
内直径为 的水管。若人体的安全电流为 ，热水器出水温度最高为 ，忽略其他电
阻的影响（相当于热水器 的工作电压直接加在水管两端），则该水管的长度至少应设计为
m。（保留两位有效数字）【答案】 高 0.46
【详解】（2）[1]电源电动势为 ，故电压表量程选择 ；由于电流表的内阻已知，故采用电流表内接
时，可以消除系统误差，故电流表采用内接法，实物图如下：
（4）[2]根据电阻定律
故可得
得
[3]电阻率越小更容易导电，根据图像可知 的水的电阻率更小，故可知温度高的水更容易导电。
（5）[4]根据前面分析可知 的水的电阻率为
故当选用内直径为 的水管。若人体的安全电流为 ，接入电压 时，
得解得水管的长度至少应设计为
2．（2024·山东·高考真题）某学习小组对两种型号铅笔芯的电阻率进行测量。实验器材如下：
学生电源（输出电压0~16V）
滑动变阻器（最大阻值10Ω，额定电流2A）；
电压表V（量程3V，内阻未知）；
电流表A（量程3A，内阻未知）；
待测铅笔芯R（X型号、Y型号）；
游标卡尺，螺旋测微器，开关S，单刀双掷开关K，导线若干。
回答以下问题：
(1)使用螺旋测微器测量铅笔芯直径，某次测量结果如图甲所示，该读数为 mm；
(2)把待测铅笔芯接入图乙所示电路，闭合开关S后，将滑动变阻器滑片由最右端向左调节到合适位置，将
单刀双掷开关K分别掷到1、2端，观察到电压表示数变化比电流表示数变化更明显，则测量铅笔芯电阻
时应将K掷到 （填“1”或“2”）端；
(3)正确连接电路，得到Y型号铅笔芯I-U图像如图丙所示，求得电阻R = Ω（保留3位有效数字）；
Y
采用同样方法得到X型号铅笔芯的电阻为1.70Ω；
(4)使用游标卡尺测得X、Y型号铅笔芯的长度分别为40.68mm、60.78mm，使用螺旋测微器测得X、Y型
号铅笔芯直径近似相等，则X型号铅笔芯的电阻率 （填“大于”或“小于”）Y型号铅笔芯的电阻
率。
【答案】(1)2.450(2)1
(3)1.91
(4)大于
【详解】（1）根据螺旋测微器的读数规则可知，其读数为
（2）由于电压表示数变化更明显，说明电流表分压较多，因此电流表应采用外接法，即测量铅笔芯电阻
时应将K掷到1端；
（3）根据图丙的I-U图像，结合欧姆定律有
（4）根据电阻定律
可得
两种材料的横截面积近似相等，分别代入数据可知
3．（2024·湖南·高考真题）某实验小组要探究一金属丝的阻值随气压变化的规律，搭建了如图（a）所示
的装置。电阻测量原理如图（b）所示，E是电源，V为电压表，A为电流表。
（1）保持玻璃管内压强为1个标准大气压，电流表示数为100mA，电压表量程为3V，表盘如图（c）所
示，示数为 V，此时金属丝阻值的测量值R为 Ω（保留3位有效数字）；
（2）打开抽气泵，降低玻璃管内气压p，保持电流I不变，读出电压表示数U，计算出对应的金属丝阻值；
（3）根据测量数据绘制R—p关系图线，如图（d）所示；
（4）如果玻璃管内气压是0.5个标准大气压，保持电流为100mA，电压表指针应该在图（c）指针位置的
侧（填“左”或“右”）；
（5）若电压表是非理想电压表，则金属丝电阻的测量值 真实值（填“大于”“小于”或“等
于”）。
【答案】 1.23 12.3 右侧 小于
【详解】（1）[1]电压表量程为0—3V，分度值为0.1V，则电压表读数需估读一位，读数为1.23V，[2]根
据欧姆定律可知，金属丝的测量值（4）[3]根据图（d）可知气压越小电阻越大，再根据
U = IR
可知压强p减小，则电阻R增大，故电压增大，电压表的指针位置应该在题图（c）中指针位置的右侧。
（5）[4]电流表采用外接法会导致电压表分流，即
，
即I 偏大，故R < R 。
测 测 真
4．（2024·江苏·高考真题）某同学在实验室测定金属块的电阻率，电路如图1所示，除被测金属块（图
2）外，还有如下实验器材可供选择：
A．直流电源：电动势约为3V，内阻可忽略不计；
B．电流表 ：量程 ，内阻约为1Ω；
C．电流表 ：量程 ，内阻约为4Ω；
D．电压表V：量程0~3V，内阻约为3kΩ；
E.滑动变阻器 :0~10Ω；
F.滑动变阻器 :0~50Ω；
G.开关、导线等
(1)用多电电表欧姆档粗测金属块电阻，测得A、B端电阻 ，测C、D端电阻时的示数如图3所示，
则 。(2)测C、D端电阻时滑动变阻器应选 （填实验器材前字母序号）
(3)实物连线如图4所示，其中4个区域，连错的部分是 。
(4)连通电路时，滑动变阻阻滑片应置于最 端（选填“左”或“右”）。
(5)实验中测量A、B间电阻时选用电流表 ，测量A、B间电阻时选用电流表 ，经过一系列测量后得到
金属块的电阻率 和 。
1.02 1.06
小明认为A、B间测得的电阻计算电阻率更准确，因为测量A、B间电阻时所用的电流表 的内阻更小，
你认为小明的说法是否正确，说明你的理由 。
【答案】(1)330
(2)F
(3)②
(4)右
(5)错误；理由见解析【详解】（1）由图可得，多用电表欧姆当选用“×100”倍率，则C、D端电阻
；
（2）由图1可得，滑动变阻器采用限流式接入电路，为了多次测量时电压表、电流表数据有明显变化，应
该接入阻值和C、D端电阻接近的滑动变阻器 ，即选F。
（3）电压表测量金属块和电流表两端的电阻，连接错误的区域是②区域，目前电压表测量电流表两端的
电压，应将电压表的左边接线柱（+接线柱）连接到电阻的左端；
（4）接通开关前，滑动变阻阻滑片应放在阻值最大的最右端位置；
（5）金属块A、B间的电阻约为4Ω，若用内阻约为4Ω的微安表测量，其误差要比内阻约为1Ω电流表测
量较大,测量值的相对误差约为 ；测量金属块C、D间约330Ω电阻,测量值得相对误差约为
,误差更小，测得的电阻计算电阻率更准确，则小明的说法错误。
5．（2023·广东·高考真题）某兴趣小组设计了测量盐水电导率的实验。所用器材有：电源 （电动势恒定，
内阻可忽略）；毫安表mA（量程 ，内阻可忽略）；电阻 （阻值 ）、 （阻值 ）、
（阻值 ）和 （阻值 ）；开关 和 ；装有耐腐蚀电极板和温度计的有机玻璃样品池；导线若
干。请完成下列实验操作和计算。
（1）电路连接
图（a）为实验原理图．在图（b）的实物图中，已正确连接了部分电路，只有 一端的导线还未连接，该
导线应接到 的 （填“左”或“右”）端接线柱
（2）盐水电导率和温度的测量
①测量并记录样品池内壁的长宽高．在样品池中注满待测盐水
②闭合开关 ， 开关 ，毫安表的示数为 ，记录此时毫安表的示数；计算得到流过样品
池的电流 为
③ 开关 ，毫安表的示数为 ，记录此时毫安表的示数；计算得到流过样品池的电流 为
④断开开关 ，测量并记录盐水的温度
（3）根据上述数据，计算得到样品池两电极板间待测盐水的电阻为 ，进而可求得该温度时待测盐水的电导率。
【答案】 右 断开 40.0 闭合 60.0 100
【详解】（1）[1]根据图（a）为电路可知， 一端的导线应接到 的右端接线柱；
（2）②[2][3]闭合开关 ，断开开关 ，毫安表的示数为 ， 则通过电阻 的电流为
根据电路构造可知，流过样品池的电流为
③[4][5]闭合开关 ，毫安表的示数为 ，则流过 的电流为
流过样品池的电流 为
（3）[6]设待测盐水的电阻为 ，根据闭合电路欧姆定律，开关 断开时
开关 闭合时
代入数据解得
6．（2023·北京·高考真题）采用图1所示的电路图来测量金属丝 的电阻率。
（1）实验时，闭合开关S前，滑动变阻器的滑片P应处在 （填“M”或“N”）端。
（2）按照图1连接实物图，如图2所示。闭合开关前检查电路时，发现有一根导线接错，该导线为
（填“a”“b”或“c”）。若闭合开关，该错误连接会带来的问题有 。【答案】 M b 移动滑片时，电压表和电流表的示数为0
【详解】（1）[1]实验时，闭合开关S前，为保护电路，滑动变阻器滑片P应处在最大阻值处，滑动变阻
器的滑片P应处在M端。
（2）[2][3]滑动变阻器采用分压式接法，滑动变阻器下端两接线柱与电源相连，故b导线接错；该错误带
来的问题是移动滑片的过程中电压表和电流表的示数为0。
7．（2023·辽宁·高考真题）导电漆是将金属粉末添加于特定树脂原料中制作而成的能导电的喷涂油漆。现
有一根用导电漆制成的截面为正方形的细长样品（固态），某同学欲测量其电阻率，设计了如图（a）所
示的电路图，实验步骤如下：
a．测得样品截面的边长a = 0.20cm；
b．将平行排列的四根金属探针甲、乙、丙、丁与样品接触，其中甲、乙、丁位置固定，丙可在乙、丁间
左右移动；
c．将丙调节至某位置，测量丙和某探针之间的距离L；
d．闭合开关S，调节电阻箱R的阻值，使电流表示数I = 0.40A，读出相应的电压表示数U，断开开关
S；
e．改变丙的位置，重复步骤c、d，测量多组L和U，作出U—L图像如图（b）所示，得到直线的斜率k。
回答下列问题：
（1）L是丙到 （填“甲”“乙”或“丁”）的距离；
（2）写出电阻率的表达式ρ = （用k、a、I表示）；
（3）根据图像计算出该样品的电阻率ρ = Ω∙m（保留两位有效数字）。【答案】 乙 6.5 × 10－5
【详解】（1）[1]由于电压表测量的是乙、丙之间的电压，则L是丙到乙的距离。
（2）[2]根据电阻定律有
再根据欧姆定律有
联立有
则
（3）[3]根据图像可知
k = 6.5V/m
则根据（2）代入数据有
ρ = 6.5 × 10－5Ω∙m
8．（2023·全国·高考真题）一学生小组测量某金属丝（阻值约十几欧姆）的电阻率。现有实验器材：螺旋
测微器、米尺、电源E、电压表（内阻非常大）、定值电阻 （阻值 ）、滑动变阻器R、待测金属
丝、单刀双掷开关K、开关S、导线若干。图（a）是学生设计的实验电路原理图。完成下列填空：
（1）实验时，先将滑动变阻器R接入电路的电阻调至最大，闭合S
（2）将K与1端相连，适当减小滑动变阻器R接入电路的电阻，此时电压表读数记为 ，然后将K与2
端相连，此时电压表读数记为 。由此得到流过待测金属丝的电流I= ，金属丝的电阻 。
（结果均用 、 、 表示）
（3）继续微调R，重复（2）的测量过程，得到多组测量数据，如下表所示：
（ ） 0.57 0.71 0.85 1.14 1.43（
0.97 1.21 1.45 1.94 2.43
）
（4）利用上述数据，得到金属丝的电阻 。
（5）用米尺测得金属丝长度 。用螺旋测微器测量金属丝不同位置的直径，某次测量的示数如
图（b）所示，该读数为 mm。多次测量后，得到直径的平均值恰好与d相等。
（6）由以上数据可得，待测金属丝所用材料的电阻率 。（保留2位有效数字）
【答案】 0.150/0.151/0.149 5.0
【详解】（1）[1]根据题意可知， 两端的电压为
则流过 即流过待测金属丝的电流
[2]金属丝的电阻
联立可得
（5）[3]螺旋测微器的读数为
（6）[4]根据电阻定律
又
代入数据联立解得
