安徽省江南十校2024-2025学年高一上学期12月份分科诊断考试物理答案_2025年01月试卷_0112安徽省江南十校2024-2025学年高一上学期12月份分科诊断考试

江南十校高一物理段考参考答案： 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D C D D B C C A ACD BC 1．D 【详解】当物体的大小、形状对所研究的问题没有影响或者影响很小，可以忽略不计时，物 体可看成质点，所以研究跳水运动员的入水动作、研究体操运动员的空中转体姿态、研究网 球运动员发球时的动作不能将运动员看成质点，而研究公路自行车运动员的平均速度时可将 运动员看成质点。 故选D。 2．C 【详解】A．物体的重力是由于地球对物体的吸引而产生的，但不能说重力就是地球对物体 的吸引力，它只是引力的一部分，它的方向总是竖直向下，故A错误； B．重力、弹力、摩擦力是按力的性质命名的，动力、阻力是按力的效果命名的，故B错误； C．正压力增大，静摩擦力有可能保持不变，例如用手握住瓶子时，手的握力变大了，静摩 擦力仍然等于瓶子的重力；正压力增大，摩擦力可能增大，例如放在倾斜粗糙桌面上滑动的 物体，正压力增大，则摩擦力增大，故C正确； D．压力与重力不是同一个力，故D错误。 故选C。 3．D 【详解】A．物体的惯性只由质量决定，与物体的速度无关，故A错误； B．球被打飞回去，是因为力是改变物体运动状态的原因，故B错误； C．若球拍没有击打球，由于球仍受重力作用，所以球不会保持原来的运动状态不变，故C 错误； D．球拍对球的弹力，是因为球拍发生弹性形变而产生的，故D正确。 故选D。 4．D 【详解】A．下面一张答题卡有相对上面一张答题卡向左运动或向左运动的趋势，因此后一 张答题卡受到前一张答题卡的摩擦力向右，故 A错误； B．第5张纸与第6张纸之间的摩擦力为静摩擦力，从第2张纸到第5张纸水平方向受摩擦 力合力为零，则第5张纸与第6张纸之间的摩擦力大小等于第1张纸对第2张纸的摩擦力， 答案第1页，共2页根据公式F F ，可得大小为Fmg ，故B错误； f N 2 C．最后一张答题卡相对摩擦片有向右运动的趋势，受到摩擦片的摩擦力向左，故 C错误； D．对最后剩两张答题卡时，进行分析： F (Fmg)  1 2 1 2 所以 (Fmg) (F2mg)  2 3 3 2 只剩一张答题卡时， F (Fmg)  1 3 1 3 所以D正确。 故选D。 5．B 【详解】该同学站在A点时，重力产生两个作用效果力F 、F ，如图所示 1 2 设F 、F ，与竖直方向夹角为，则有 1 2 mg F F  1 2 2cos 在B点F 分解，如图所示 1 则水平推力为 1 F F sin mgtan 1 2 由几何关系得 L tan 2h 联立并代入数据可得 答案第1页，共2页mgL F  840N 4h 故选B。 6．C 【详解】AB．当t=t时，物体具有向右的速度，而加速度此时刚变为向左，所以物体先向 1 右做匀减速直线运动，速度减为零后再向左做匀加速直线运动，根据位移公式可知当t=t 1 时，物体距离出发点 1 x at2 2 1 1 但此时物体距离出发点并不是最远，故AB错误； C．由题意，对于物体从出发点离开后再次回到出发点的整个过程，根据位移公式有 1 1 at2+vt  at2 0 2 1 1 2 2 2 2 其中 vat 1 1 t 2t 2 1 解得 5 a  a 2 4 1 故C正确； D．物体回到出发点时的速度大小为 3 3 v atat  at  v 1 1 2 2 2 1 1 2 故D错误。 故选C。 7．C 【详解】A．未加力F时，物块匀速下滑，受力平衡，物块受到重力、支持力和摩擦力的作 用，由平衡条件得 mgsin30°＝μmgcos30° 解得物块与斜面间的动摩擦因数 3 μ＝ 3 物块匀速下滑过程中，整体水平方向受力平衡，则地面对斜面的摩擦力为0，若α＝0°，对 答案第1页，共2页物块施加一个水平方向的力，物块下滑过程中对斜面的压力和滑动摩擦力成比例增加，即物 块对斜面的作用力方向没有变，则地面对斜面的摩擦力仍为0，A错误； B．若α＝60°，即对物体施加一个垂直于斜面方向的力F，物块下滑过程中，对斜面的压力 增加F、摩擦力增加μF，如图所示 根据几何关系可知 F tanθ＝ F 故此时物块对斜面的作用力方向仍向下，地面对斜面的摩擦力为0，B错误； C．若α＝90°，即对物块施加一个竖直向下的力F，相当于重力增大为mg＋F，则有 (mg＋F)sinθ＝μ(mg＋F)cosθ 物块仍匀速下滑，C正确； D．若F推着物块沿斜面匀速上滑，设F与斜面夹角γ，根据平衡条件得 Fcosγ＝mgsinθ＋μ(mgcosθ＋Fsinγ) 解得 mgsinmgcos mgsinmgcos F＝ ＝ cossin 12 sin 当θ－r＝90°时，F取最小值，所以 mgsinmgcos 3 F ＝ ＝mgsin2θ＝ mg min 12 2 故D错误。 故选C。 8．A 【详解】由图像可知，av，则有 akv 有 v x k t t 表明 答案第1页，共2页vx 进而可知 1 v  v v 0 3 0 0  x x 0 解得 2 x x 3 0 故选A。 9．ACD 【详解】A．采用逆向思维，可认为动车反向做初速度为零的匀加速直线运动，设加速度大 小为a，站在2号候车线处的旅客发现1号车厢经过他所用的时间为t，动车停下时该旅客 刚好在2号车厢门口，动车所走位移大小为d，故有 1 d at2 2 动车从开始经过5号候车线处的旅客到停止运动，所走的位移大小为4d，则有 1 4d at2 2 5 解得 t 2t 5 故A正确； B．动车从开始经过5号候车线处的旅客到停止运动，平均速度为 4d 2d v  2t t 故B错误； C．设动车号车厢头部经过5号候车线处的旅客时的速度为v ，从动车号车厢头部经过5号 5 候车线到停止，可得 v 0 2d v 5  2 t 解得 4d v  5 t 故C正确； 答案第1页，共2页D．动车从开始经过3号候车线处的旅客到停止运动，所走的位移大小为2d，则有 1 2d at2 2 3 解得 t  2t 5 故动车1号车厢经过3号候车线处的旅客所用的时间为 tt t( 2 1)t 3 故D正确。 故选ACD。 10．BC 【详解】AB．设圆弧的半径为R，橡皮筋的劲度系数为k，由题意可知，小球静止在M点， 由平衡条件可得 k2Rmg 解得 mg k 2R 如图所示，60 则有 NP2Rcos2Rcos60 R 可知在P点橡皮筋弹力大小为 1 F kR mg0.5mg T 2 此时拉力F 等于mg与弹簧弹力F 的合力，大小为 T 3 F mgcos30 mg 2 答案第1页，共2页故A错误，B正确； CD．小球沿圆弧运动，小球与N的连线与竖直方向之间的夹角为α时，小球受力如图所示， 此时橡皮筋的伸长量则有 x2Rcos 橡皮筋的弹力 Fkxmgcos 对小球，此时拉力F与水平方向的夹角为β， 在水平方向 FcosFsin 在竖直方向 FcosFsinmg 联立解得  F mgsin 可知小球在M向N运动中拉力F的方向始终与橡皮筋垂直，且随α角的增大，F逐渐增大， 故C正确，D错误。 故选BC。 11．(1)频闪仪闪光频率等于水滴滴落的频率（3分） (2) 9.72m/s2（3分） (3)空气阻力对水滴的运动产生影响/水滴滴落的频率不恒定对实验产生影响（3分） 【详解】（1）当频闪仪闪光频率等于水滴滴落的频率时，才能看到空中有一串仿佛固定不 动的水滴； （2）利用逐差法测得当地重力加速度 x x g 810 68 9.72m/s2 4T2 答案第1页，共2页（3）该实验存在系统误差的原因可能有空气阻力、水滴滴落的频率发生变化。 12．(1)B（3分） (2)F（3分） (3)A（3分） 【详解】（1）本实验的原理是用一个力产生的作用效果与两个力产生的作用相同来进行等 效替代。 故选B。 （2）用一个弹簧秤拉橡皮筋时，力一定沿橡皮条AO方向，图中可以看出，F表示一个力， F表示的是用平行四边形定则作出的两个力的合力，所以一定沿橡皮条AO方向的是F。 （3）对O点进行受力分析，F 与F 的合力与F 等大反向，如图 2 3 1 根据几何关系可知 F F F 1 2 3 故选A。 13．(1)25m/s；12.5m/s2 (2)会追尾 【详解】（1）汽车行驶的速度 x 50 v  m/s25m/s（3分） t 2 刹车的最大加速度大小 v2 252 a  m/s2 12.5m/s2 （3分） 2s 225 （2）当汽车与货车共速时，从踩下刹车经过的时间t，可知 v atv （2分） 0 货 解得 答案第1页，共2页t=1.6s（1分） 此时两车间距为 1 sxv (tt t)v [v(tt)vt at2]（2分） 货 1 2 0 0 1 2 0 2 代入数据可知 s1m，可知汽车已经与货车追尾。（1分） 14．(1)0.005m，0.005m (2)0.04m 【详解】（1）由图乙可知，弹簧的原长为10cm，弹簧的劲度系数为 F 10 k  N/m 200N/m （2分） x 5102 初始时，弹簧2处于伸长状态，对C有 m gkx （1分） C 2 对B有 m gkx kx（1分） B 2 1 联立解得 x x 0.005m （2分） 1 2 弹簧1处于压缩状态； （2）物体A刚要离地时，对A有 m gkx（2分） A 1 所以 x0.015m（1分） 1 弹簧1处于伸长状态，对B有 m gkxkx（2分） B 1 2 解得 x 0.025m （1分） 2 所以物体C向下移动的距离为 答案第1页，共2页x(x x)(x x) 0.04m （2分） 2 2 1 1 15．(1)28N，6N (2)2kg (3)0.404m 【详解】（1）对球受力分析，如图 则 F mgtan（1分） 2 对球、正方体整体受力分析，正方体所受支持力 F 支 mMg（1分） 由牛顿第三定律可知正方体对地面的压力大小 F N F 支 mMg（1分） 正方体所受地面的摩擦力 F F f 2 由牛顿第三定律可知正方体对地面的摩擦力大小 F' F （1分） f f 联立可解得 F 28N ，F' 6N （1分） N f （2）当正方体的右侧面BC到墙壁之间的距离为0.36m时， 0.360.2 sin 0.8 0.2 53o（1分） 答案第1页，共2页正方体恰好不滑动时 F F fm N 即 mgtanmMg（2分） 解得 m1.2kg （1分） （3）要使球、正方体整体都能静止 F F 2 fm 即 mgtanmMg（1分） 则 mM tan （1分） m 故所求条件应满足 tan 临界条件 tanα μ（1分） 此时 dRRsin（1分） 联立解得 5 5 d m （1分） 25 答案第1页，共2页请在各题目的答题区域内作答，超出答题区域的答案无效 请在各题目的答题区域内作答，超出答题区域的答案无效 续(13) 15. 物理答题卡 姓名： 姓名： 贴 条 形 码 区 考号： 考号： 1．答题前务必认真核准条形码上的姓名、考号，并将本人姓名、座位号填写在相应位置，在答题 注 卡背面左上角填写姓名和座位号后两位。 意 2．答选择题时，须使用2B铅贴笔填条涂形，码如需区改动，务必擦净。答非选择题时，须使用0.5毫米的 黑色墨水签字笔书写，字体工整、笔迹清晰。严格按题号所指示的答题区域作答，超出答题区 事 域书写的答案无效；在试题卷、草稿纸上答题无效。保持卡面清洁，不折叠、不破损。 项 3．考生未按上述要求填写、答题，影响评分质量，后果自负。 此栏考生禁填 缺考标记 缺考考生由监考员贴条形码，用2B铅笔填涂左边的缺考标记， 并在姓名栏填写“缺考”字样。 选择题 （用2B铅笔填涂） 正确填涂样例： 14. 单项选择题 (1)[A][B][C][D] (4)[A][B][C][D] (7)[A][B][C][D] (2)[A][B][C][D] (5)[A][B][C][D] (8)[A][B][C][D] (3)[A][B][C][D] (6)[A][B][C][D] 多项选择题 (9)[A][B][C][D] (10)[A][B][C][D] 非选择题 （用0.5毫米的黑色墨水签字笔书写） 11.(1) (2) (3) 12.(1) (2) (3) 13. 请在各题目的答题区域内作答，超出答题区域的答案无效 请在各题目的答题区域内作答，超出答题区域的答案无效 请在各题目的答题区域内作答，超出答题区域的答案无效 物理 第 1 页 共 1 页考生请勿在此区域答题 物理 第 2 页 共 1 页