文档文本内容
2025 学年第二学期教学质量监测试卷答案高二物理
一、选择题Ⅰ（本题共 10小题，每小题 3分，共 30分。在每小题给出的四个选项中，只有
一个是符合题目要求的）
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 C D A A C D B B C B
二、选择题Ⅱ（本题共 3小题，每小题 4分，共 12分。在每小题给出的四个选项中，至少有
一个选项是符合题目要求的，漏选得 2分，不选、错选均不得分）
题号 11 12 13
答案 AC BD AD
三、实验题（Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三题共 14分）
14-I．（1）A（1分） （2）C（1分）
（3）12.80 mm（1分） 5.5×10−7m（2分） （4）B（2分）
14-II．（1）AC（2分） （2）如下图（2分） （3）B（1分）
14-Ⅲ．AD（2分）
四、计算题（本题共 4小题，共 44分）
15．（8分）（1）增大 减小 2分，每空各1分
气体进行等压变化，体积增大，温度升高，气体分子热运动平均速率增大；压强不变，分子单次撞击的平
均作用力增大，因此单位时间撞击单位面积的分子数减小。
h S ( h +d ) S
（2）等压变化，根据盖吕萨克定律： 0 = 0 2分
T T
0
解得：T =330K 1分
（3）设容器中气压为P：mg+PS = PS ，得：P =1.01×105 Pa 1分
0
此过程中气体对外做功：W =−pΔhS =−40.4J 1分（做功正负号弄错不扣分）
学科网（北京）股份有限公司根据热力学第一定律：ΔU =W +Q=99.6J 1分
气体内能增加99.6 J
16．（11分）（1）图示位置磁通量为零，电动势及电流均为最大值
由：E = NBSω 2分
得：E =200V 1分
（2）由右手定则可得图示位置感应电流是从右向左 1分
E
此时电流大小：I = =2A 2分
R+r
I
（3）电流的有效值：I = = 2A 1分
有
2
1 T
转过90°过程时间为周期的 ，这段时间内电阻R上的热量：Q= I 2R 1分
有
4 4
得：Q=2.7J 1分
ΔΦ
（4）方法一、此过程中通过R的电量：q = N 1分
R+r
T 2 T 2 T
方法二、线圈磁通量从零至最大的 内，电流平均值为最大值的 倍：q = I ⋅ = I⋅
4 π 4 π 4
得：q =0.02C 1分
1
17．（12分）（1）滑块从A静止释放到B过程，由动能定理：m gR= mv2 1分
2 2 B
解得：v =2m/s
B
v2
滑块过B点时，根据牛顿第二定律可得：F −m g =m B 1分
2 2 R
解得：F =30N
由牛顿第三定律，滑块对轨道的压力：F =30 N，方向竖直向下 1分
N
（2）如图，小球在平衡位置受力平衡：m g =kx 1分
1 0
学科网（北京）股份有限公司得：x =10cm，可知平衡位置在原长位置下方10cm处
0
因此小球的振幅：A= x +Δx=20cm 1分
0
方法一、小球在平衡位置达到最大速度，以平衡位置为重力势能零点，根据能量守恒，初位置重力势能与
弹性势能之和等于平衡位置动能与弹性势能之和：
1 1 1
m gA+ k ( Δx )2 = mv 2 + kx 2 1分
1 2 2 1 m 2 0
得：v =2m/s 1分
m
方法二、弹簧振子合力即回复力：F =kx′，其中x′为小球小球相对于平衡位置的位移
合
1 1
从最高点到平衡位置合外力做的功为图示三角形面积： kA2 = mv 2，
2 2 1 m
得：v =2m/s
m
k
方法三、简谐运动最大速度：v = Aω，其中：ω= ，得：v =2m/s
m m m
1
（3）从最高点到第一次回到原长的过程：最大位移至位移10cm
1
所用时间：t = T 1分
6
m
该弹簧振子振动的周期：T =2π 1 =( 0.2π ) s 1分
k
1
得：t = πs 1分
30
学科网（北京）股份有限公司 1
（4）滑块要在最低点击中小球，滑块做平抛运动的时间：t = n+ T ，（n=0,1,2）
0 2
小球平抛运动的水平位移：d =vt =
( 0.4n+0.2 ) π
m，（n=0,1,2）
0
1
由 gt2 ≤h，故n=0，1
2
得d =vt =
( 0.4n+0.2 ) π
m，（n=0,1）
0
d =0.2πm或d =0.6πm 2分（写出表达式2分，或两个答案各一分）
1 1
18．（13分）（1）根据动能定理：eU = mv2 − mv2 2分
2 2 1
得：2v ≤v≤ 5v 1分
0 0
（2）方法一、如图，电子打到探测板上的位移：y =2Rcosθ
v2 mv
电子运动的半径：evB =m ，得：R=
1 R eB
1
mvcosθ mv
可得：y =2 =2 x
eB eB
1 1
方法二、根据正则动量：∑ev B ⋅Δt =∑mΔv
y 1 x
整理得：eB y =2mv
1 x
mv
可得：y =2 x
eB
1
mv
根据y =2 x ，电子在y方向上位移与x方向分速度v 成正比
eB x
1
学科网（北京）股份有限公司2m⋅ 5v mv
沿x方向入射，速度为 5v 的电子位移最大：y = 0 =2 5 0 1分
0 max eB eB
1 1
2m⋅ 3v mv
与x轴成30°入射，速度为2v 的电子位移最小：y = 0 =2 3 0 1分
0 min eB eB
1 1
( )mv
因此：d = y − y = 2 5−2 3 0 1分
max min eB
1
mv
（3）由y =2 x 可知，能到达Q得电子x方向分速度：v =2v
eB x 0
1
v
电子速度与x方向速度得关系为：v= x ，可知θ越大，到达Q的电子速度越大 1分
cosθ
4 3
当θ=30°时，速度最大值：v = v 1分
max 3 0
4 3
因为 v > 5v ，θ=30°的电子均无法达到Q，到达Q点最大速度的是一个θ<30°，且速度为 5v
3 0 0 0
的电子，可得最大速度：v = 5v 2分
Q 0
（4）由Q进入B 的电子向左做等距螺旋运动，所有电子在x方向上分速度均为2v
2 0
2πm
所有电子做螺旋运动的周期：T = 1分
eB
2
2πm 4πmv
可知所有电子的螺距均相同：l =v ⋅T =2v ⋅ = 0
x 0 eB eB
2 2
因此电子向左运动的距离等于螺距的整数倍nl时，所有电子都会汇聚在轴线上的同一点，实现磁聚焦，
4πmv
由此可得筒长最小值为1个螺距：L=v ⋅T = 0 2分
x eB
2
学科网（北京）股份有限公司
