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解密11 基因的分离与自由组合定律
考点热度 ★★★★★
1.玉米植株产生的配子种类及比例为YR∶Yr∶yR∶yr=1∶i∶1∶1,则该植株自交后代中基
因型为YyRR 个体占1/8。(2021·浙江6 月选考,T3)( √ )
2.植物的羽裂叶和全缘叶是一对相对性状,用全缘叶的甲给另一全缘叶植株授粉,子代全缘叶
∶羽裂叶=3∶1,则甲为杂合子。(2019·全国卷Ⅱ,T5)( √ )
3.组合定律的实质是等位基因分离的同时,非等位基因自由组合。
( × )
分析:自由组合定律的实质是等位基因分离的同时,非同源染色体上的非等位基因自由组合。
4.相对性状的两个亲本杂交,子代只有一种性状,则亲本均为纯合子。( √ )
5.相对性状的遗传实验中,要满足子二代符合3∶1,需要显性基因对于隐性基因为完全显性。
( √ )
6.测交子代表现型及比例能直接真实地反映出F1配子种类及比例,但无法推测被测个体产生
配子的数量。
( √ )
7.状态下,基因型为AA 和aa 的豌豆植株混合种植,子一代中出现基因型为AA、Aa、aa 的
个体。
( × )
分析:豌豆属于自花传粉、闭花受粉的植物,子一代中不会出现Aa 基因型个体。
8.合子的细胞中,位于一对同源染色体上的等位基因具有一定的独立性。
( √ )
9.的自由组合是指受精时,不同基因型的精子和卵细胞随机组合。( × )
分析:基因的自由组合是指非同源染色体上的非等位基因自由组合。
10.为AaBb 的个体测交﹐后代表现型的比例为3∶1 或1∶2∶1,则该遗传遵循基因的自由
组合定律。
( √ )
易混1
A:纯合子自交后代都是纯合子,杂合子自交后代都是杂合子。
(×)
B:遗传因子组成相同的个体为纯合子, 遗传因子组成不同的个体为杂合子。
(√ )
易混2
A:孟德尔一对相对性状杂交实验中F1 产生两种配子的比例为1∶1,此比例为
雌、雄配子的数量比。
(×)
B:F1测交后代比例为1∶1,说明F1产生的配子种类比例为1∶1。(√)
易混3
A:受精时,雌雄配子的结合是随机的。
(√)
B:自由组合是在减数第一次分裂后期,非等位基因自由组合。
(×)
易混4
A:若某个体自交后代性状分离比为3∶1,则说明此性状受一对等位基因控制。
1
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(×)
B:某性状受一对等位基因控制,则杂合子自交后代会出现性状分离,比值为
3∶1。
(√)
1.图解孟德尔遗传规律与假说-演绎法:
2.图解性状分离比出现异常的原因:
(1)一对相对性状的杂合子自交:
类型
子代情况
显性纯合致死
2 ∶
1
隐性纯合致死
全为显性
不完全显性
1∶2∶1
显性花粉致死
1 ∶
1
隐性花粉致死
全为显性
2
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(2)两对相对性状的异常分离比:
①自由组合定律的异常分离比:
aa 或bb 成对存在时表现同一性状
9 ∶
3 ∶
4
单显性表现同一性状
9 ∶
6 ∶
1
双显性和一种单显性表现同一性状
12∶3∶1
单显性和双隐性表现同一性状
9∶7
有显性基因就表现出同一性状
15∶1
②基因完全连锁现象:
图
1
图
2
【典例分析】(2021·全国乙卷)某种二倍体植物的n 个不同性状由n 对独立遗传的基因控制
(杂合子表现显性性状)。已知植株A 的n 对基因均杂合。理论上,下列说法错误的是( )
A.植株A 的测交子代会出现2n种不同表现型的个体
B.n 越大,植株A 测交子代中不同表现型个体数目彼此之间的差异越大
C.植株A 测交子代中n 对基因均杂合的个体数和纯合子的个体数相等
D.n≥2 时,植株A 的测交子代中杂合子的个体数多于纯合子的个体数
【信息提取与转化】
关键信息
转化成解题突破口
n 对独立遗传的基因控制
n 对独立遗传的基因的遗传遵循自由组合定律
关键信息
转化成解题突破口
测交
在符合自由组合定律的情况下,基因型为AaBbCcDd……的植株
A 测交。测交后代表现型:2×2×2……=2n; 测交后代基因
型:2×2×2……=2n;纯合的个体数:1/2×1/2×1/2……=(1/2)n;杂合的
个体数为1-(1/2)n
【答案】B
【解析】本题主要考查遗传规律的应用。植株A 测交即AaBbCc……×aabbcc……,子代表现
型为2×2×2×……,即2n,A 正确;无论n 多大,植株A 测交子代中不同表现型比例都为
(1∶1)×(1∶1)×(1∶1)×……,即1∶1∶1……,B 错误;植株A 测交子代中n 对基因均杂合的概
率为(1/2)n,纯合的概率也为(1/2)n,C 正确;植株A 测交,子代纯合的概率为(1/2)n,杂合的概率为
3
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1-(1/2)n,当n≥2 时,1-(1/2)n>(1/2)n,即杂合子的个体数多于纯合子,D 正确。
【真题探究1】（2022·全国甲卷·高考真题）某种自花传粉植物的等位基因A/a 和B/b 位于
非同源染色体上。A/a 控制花粉育性，含A 的花粉可育；含a 的花粉50%可育、50%不育。
B/b 控制花色，红花对白花为显性。若基因型为AaBb 的亲本进行自交，则下列叙述错误的
是（ ）
A．子一代中红花植株数是白花植株数的3 倍
B．子一代中基因型为aabb 的个体所占比例是1/12
C．亲本产生的可育雄配子数是不育雄配子数的3 倍
D．亲本产生的含B 的可育雄配子数与含b 的可育雄配子数相等
【答案】B
【解析】
【分析】
分析题意可知：A、a 和B、b 基因位于非同源染色体上，独立遗传，遵循自由组合定律。
【详解】
A、分析题意可知，两对等位基因独立遗传，故含a 的花粉育性不影响B 和b 基因的遗传，
所以Bb 自交，子一代中红花植株B_：白花植株bb=3：1，A 正确；
B、基因型为AaBb 的亲本产生的雌配子种类和比例为AB:Ab:aB:ab=1:1:1:1，由于含a 的花
粉50%可育，故雄配子种类及比例为AB:Ab:aB:ab=2:2:1:1，所以子一代中基因型为aabb 的
个体所占比例为1/4×1/6=1/24，B 错误；
C、由于含a 的花粉50%可育，50%不可育，故亲本产生的可育雄配子是A+1/2a，不育雄
配子为1/2a，由于Aa 个体产生的A：a=1:1，故亲本产生的可育雄配子数是不育雄配子的
三倍，C 正确；
D、两对等位基因独立遗传，所以Bb 自交，亲本产生的含B 的雄配子数和含b 的雄配子数
相等，D 正确。
故选B。
【真题探究2】（2022·山东·高考真题）野生型拟南芥的叶片是光滑形边缘，研究影响其叶
片形状的基因时，发现了6 个不同的隐性突变，每个隐性突变只涉及1 个基因。这些突变
都能使拟南芥的叶片表现为锯齿状边缘。利用上述突变培育成6 个不同纯合突变体①~⑥，
每个突变体只有1 种隐性突变。不考虑其他突变，根据表中的杂交实验结果，下列推断错
误的是（ ）
杂交组
合
子代叶片边缘
①×②
光滑形
①×③
锯齿状
4
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①×④
锯齿状
①×⑤
光滑形
②×⑥
锯齿状
A．②和③杂交，子代叶片边缘为光滑形
B．③和④杂交，子代叶片边缘为锯齿状
C．②和⑤杂交，子代叶片边缘为光滑形
D．④和⑤杂交，子代叶片边缘为光滑形
【答案】C
【解析】
【分析】
6 个不同的突变体均为隐性纯合，可能是同一基因突变形成的，也可能是不同基因突变形
成的。
【详解】
AB、①×③、①×④的子代全为锯齿状，说明①与③④应是同一基因突变而来，因此②和③
杂交，子代叶片边缘为光滑形，③和④杂交，子代叶片边缘为锯齿状，AB 正确；
C、①×②、①×⑤的子代叶片边缘为全为光滑形，说明①与②、①与⑤是分别由不同基因
发生隐性突变导致，但②与⑤可能是同一基因突变形成的，也可能是不同基因突变形成的；
若为前者，则②和⑤杂交，子代叶片边缘为锯齿状，若为后者，子代叶片边缘为光滑形，
C 错误；
D、①与②是由不同基因发生隐性突变导致，①与④应是同一基因突变而来，②×⑥的子代
叶片边缘为全为锯齿状，说明②⑥是同一基因突变形成的，则④与⑥是不同基因突变形成
的，④和⑥杂交，子代叶片边缘为光滑形，D 正确。
故选C。
【真题探究3】（2022·山东·高考真题）家蝇Y 染色体由于某种影响断成两段，含s 基因的
小片段移接到常染色体获得XY'个体，不含s 基因的大片段丢失。含s 基因的家蝇发育为雄
性，只含一条X 染色体的雌蝇胚胎致死，其他均可存活且繁殖力相同。M、m 是控制家蝇
体色的基因，灰色基因M 对黑色基因m 为完全显性。如图所示的两亲本杂交获得F1，从F1
开始逐代随机交配获得Fn。不考虑交换和其他突变，关于F1至Fn，下列说法错误的是（
）
5
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A．所有个体均可由体色判断性别
B．各代均无基因型为MM 的个体
C．雄性个体中XY'所占比例逐代降低
D．雌性个体所占比例逐代降低
【答案】D
【解析】
【分析】
含s 基因的家蝇发育为雄性，据图可知，s 基因位于M 基因所在的常染色体上，常染色体
与性染色体之间的遗传遵循自由组合定律。
【详解】
A、含有M 的个体同时含有s 基因，即雄性个体均表现为灰色，雌性个体不会含有M，只
含有m，故表现为黑色，因此所有个体均可由体色判断性别，A 正确；
B、含有Ms基因的个体表现为雄性，基因型为MsMs的个体需要亲本均含有Ms基因，而两
个雄性个体不能杂交，B 正确；
C、亲本雌性个体产生的配子为mX，雄性亲本产生的配子为XMs、Ms0、Xm、m0，子一
代中只含一条X 染色体的雌蝇胚胎致死，雄性个体为1/3XXY’（XXMsm）、
1/3XY’（XMsm），雌蝇个体为1/3XXmm，把性染色体和常染色体分开考虑，只考虑性染
色体，子一代雄性个体产生的配子种类及比例为3/4X、1/40，雌性个体产生的配子含有
X，子二代中3/4XX、1/4X0；只考虑常染色体，子二代中1/2Msm、1/2mm，1/8mmX0 致
死，XXmm 表现为雌性，所占比例为3/7，雄性个体3/7XXY’（XXMsm）、
1/7XY’（XMsm），即雄性个体中XY'所占比例由1/2 降到1/4，逐代降低，雌性个体所占
比例由1/3 变为3/7，逐代升高，C 正确，D 错误。
故选D。
【真题探究4】（2022 年6 月·浙江·高考真题）番茄的紫茎对绿茎为完全显性。欲判断一株
紫茎番茄是否为纯合子，下列方法不可行的是（ ）
A．让该紫茎番茄自交
B．与绿茎番茄杂交
C．与纯合紫茎番茄杂交
D．与杂合紫茎番茄杂交
【答案】C
【解析】
【分析】
常用的鉴别方法：（1）鉴别一只动物是否为纯合子，可用测交法；（2）鉴别一棵植物是
否为纯合子，可用测交法和自交法，其中自交法最简便；（3）鉴别一对相对性状的显性和
隐性，可用杂交法和自交法（只能用于植物）；（4）提高优良品种的纯度，常用自交法；
（5）检验杂种F1 的基因型采用测交法。设相关基因型为A、a，据此分析作答。
【详解】
A、 紫茎为显性，令其自交，若为纯合子，则子代全为紫茎，若为杂合子，子代发生性状
分离，会出现绿茎， A 不符合题意；
6
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B、 可通过与绿茎纯合子（aa）杂交来鉴定，如果后代都是紫茎，则是纯合子；如果后代
有紫茎也有绿茎，则是杂合子，B 不符合题意；
C、 与紫茎纯合子（AA）杂交后代都是紫茎，故不能通过与紫茎纯合子杂交进行鉴定，C
符合题意；
D、 能通过与紫茎杂合子杂交（Aa）来鉴定，如果后代都是紫茎，则是纯合子；如果后代
有紫茎也有绿茎，则是杂合子，D 不符合题意。
故选C。
【真题探究5】（2022 年1 月·浙江·高考真题）孟德尔杂交试验成功的重要因素之一是选择
了严格自花受粉的豌豆作为材料。自然条件下豌豆大多数是纯合子，主要原因是（
）
A．杂合子豌豆的繁殖能力低
B．豌豆的基因突变具有可逆性
C．豌豆的性状大多数是隐性性状
D．豌豆连续自交，杂合子比例逐渐减小
【答案】D
【解析】
【分析】
连续自交可以提高纯合子的纯合度。
【详解】
孟德尔杂交试验选择了严格自花授粉的豌豆作为材料，而连续自交可以提高纯合子的纯合
度，因此，自然条件下豌豆经过连续数代严格自花授粉后，大多数都是纯合子，D 正确。
故选D。
【点睛】
本题考查基因分离定律的实质，要求考生识记基因分离定律的实质及应用，掌握杂合子连
续自交后代的情况，再结合所学的知识准确答题。
【真题探究6】（2022·山东·高考真题改编）性花二倍体植物的花色由3 对等位基因控制，
其中基因A 控制紫色，a 无控制色素合成的功能。基因B 控制红色，b 控制蓝色。基因1 不
影响上述2 对基因的功能，但i 纯合的个体为白色花。所有基因型的植株都能正常生长和
繁殖，基因型为A_B_I_和A_bbI_的个体分别表现紫红色花和靛蓝色花。现有该植物的3
个不同纯种品系甲、乙、丙，它们的花色分别为靛蓝色、白色和红色。不考虑突变，根据
表中杂交结果，下列推断错误的是（ ）
杂交组
合
F1 表型
F2 表型及比例
甲×乙
紫红色
紫红色∶靛蓝色∶白色=9∶3∶4
乙×丙
紫红色
紫红色∶红色∶白色=9∶3∶4
A．让只含隐性基因的植株与F2测交，可确定F2中各植株控制花色性状的基因型
7
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B．让表中所有F2的紫红色植株都自交一代，白花植株在全体子代中的比例为1/6
C．若某植株自交子代中白花植株占比为1/4，则该植株可能的基因型最多有9 种
D．若甲与丙杂交所得F1自交，则F2表型比例为9 紫红色∶3 靛蓝色∶3 红色∶1 蓝色
【答案】A
【解析】
【分析】
题意分析，基因型为A_B_I_和A_bbI_的个体分别表现紫红色花和靛蓝色花，基因型为
aaB_I_表现为红色，_____ii 表现为白色。杂交组合一中F2的性状分离比为紫红色∶靛蓝色
∶白色=9∶3∶4，为9∶3∶3∶1 的变式，说明相关的两对等位基因的遗传符合基因自由组
合定律，同理根据乙、丙杂交结果，也说明相关的等位基因的遗传符合基因自由组合定律。
根据F2中性状表现确定亲本甲、乙和丙的基因型依次为AAbbII、AABBii，aaBBII。
【详解】
A、当植株是白花时候，其基因型为____ii，与只含隐性基因的植株与F2测交仍然是白花，
无法鉴别它的具体的基因型，A 错误；
B、甲×乙杂交组合中F2的紫红色植株基因型为AABbIi：AABBIi：AABbII：AABBII=4：
2：2：1。乙×丙杂交组合中F2的紫红色植株基因型为AaBBIi：AABBIi：AaBBII：
AABBII=4：2：2：1。其中II：Ii=1：2 所以白花植株在全体子代中的比例为2/3×1/4=1/6，
B 正确；
C、若某植株自交子代中白花植株占比为1/4，则亲本为（____Ii），则该植株可能的基因
型最多有9 种（3×3），C 正确；
D、甲与丙杂交所得F1 的基因型为AaBbII，其自交的子一代的表现型比为紫红色
（A_B_II）：靛蓝色花（A_bbII）：红色（aaB_II）：蓝色（aabbII]）=9:3:3:1，D 正确。
故选A
【真题探究7】（2022 甲卷·全国·高考真题）玉米是我国重要的粮食作物。玉米通常是雌
雄同株异花植物（顶端长雄花序，叶腋长雌花序），但也有的是雌雄异株植物。玉米的性
别受两对独立遗传的等位基因控制，雌花花序由显性基因B 控制，雄花花序由显性基因T
控制，基因型bbtt 个体为雌株。现有甲（雌雄同株）、乙（雌株）、丙（雌株）、丁（雄
株）4 种纯合体玉米植株。回答下列问题。
(1)若以甲为母本、丁为父本进行杂交育种，需进行人工传粉，具体做法是_____________。
(2)乙和丁杂交，F1全部表现为雌雄同株；F1自交，F2中雌株所占比例为_____________，F2
中雄株的基因型是_____________；在F2的雌株中，与丙基因型相同的植株所占比例是
_____________。
(3)已知玉米籽粒的糯和非糯是由1 对等位基因控制的相对性状。为了确定这对相对性状的
显隐性，某研究人员将糯玉米纯合体与非糯玉米纯合体（两种玉米均为雌雄同株）间行种
植进行实验，果穗成熟后依据果穗上籽粒的性状，可判断糯与非糯的显隐性。若糯是显性，
则实验结果是_____________；若非糯是显性，则实验结果是_____________。
【答案】(1)对母本甲的雌花花序进行套袋，待雌蕊成熟时，采集丁的成熟花粉，撒在甲的
8
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雌蕊柱头上，再套上纸袋。
(2) 1/4 bbTT、bbTt 1/4
(3) 糯性植株上全为糯性籽粒，非糯植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒 非糯性
植株上只有非糯籽粒，糯性植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒
【解析】
【分析】
雌花花序由显性基因B 控制，雄花花序由显性基因T 控制，基因型bbtt 个体为雌株、甲
（雌雄同株）、乙（雌株）、丙（雌株）、丁（雄株），可推断出甲的基因型为BBTT，
乙、丙基因型可能为BBtt 或bbtt，丁的基因型为bbTT。
(1)杂交育种的原理是基因重组，若甲为母本，丁为父本杂交，因为甲为雌雄同株异花植物，
所以在花粉未成熟时需对甲植株雌花花序套袋隔离，等丁的花粉成熟后再通过人工授粉把
丁的花粉传到甲的雌蕊柱头后，再套袋隔离。
(2)根据分析及题干信息“乙和丁杂交，F1全部表现为雌雄同株”，可知乙基因型为BBtt，
丁的基因型为bbTT，F1基因型为BbTt，F1自交F2基因型及比例为9B＿T＿（雌雄同株）：
3B＿tt（雌株）：3bbT＿（雄株）：1bbtt（雌株），故F2中雌株所占比例为1/4，雄株的基
因型为bbTT、bbTt，雌株中与丙基因型相同的比例为1/4。
(3)假设糯和非糯这对相对性状受A/a 基因控制，因为两种玉米均为雌雄同株植物，间行种
植时，既有自交又有杂交。若糯性为显性，基因型为AA，非糯基因型为aa，则糯性植株
无论自交还是杂交，糯性植株上全为糯性籽粒，非糯植株杂交子代为糯性籽粒，自交子代
为非糯籽粒，所以非糯植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒。同理，非糯为显性时，非糯性
植株上只有非糯籽粒，糯性植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒。
【真题探究8】（2022·全国乙卷·高考真题）某种植物的花色有白、红和紫三种，花的颜色
由花瓣中色素决定，色素的合成途径是：白色
红色
紫色。其中酶1 的合成由基因A
控制，酶2 的合成由基因B 控制，基因A 和基因B 位于非同源染色体上、回答下列问题。
(1)现有紫花植株（基因型为AaBb）与红花杂合体植株杂交，子代植株表现型及其比例为
______；子代中红花植株的基因型是______；子代白花植株中纯合体占的比例为______。
(2)已知白花纯合体的基因型有2 种。现有1 株白花纯合体植株甲，若要通过杂交实验（要
求选用1 种纯合体亲本与植株甲只进行1 次杂交）来确定其基因型，请写出选用的亲本基
因型、预期实验结果和结论。
【答案】(1) 白色：红色：紫色=2：3：3 AAbb、Aabb 1/2
(2)选用的亲本基因型为：AAbb；预期的实验结果及结论：若子代花色全为红花，则待测
白花纯合体基因型为aabb；若子代花色全为紫花，则待测白花纯合体基因型为aaBB
【解析】
【分析】根据题意，Aa 和Bb 两对基因遵循自由组合定律，A_B_表现为紫花，A_bb 表现
为红花，aa_ _表现为白花。
(1)紫花植株（AaBb）与红花杂合体（Aabb）杂交，子代可产生6 种基因型及比例为AABb
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（紫花）：AaBb（紫花）：aaBb（白花）：AAbb（红花）：Aabb（红花）：aabb（白
花）=1:2:1:1:2:1。故子代植株表现型及比例为白色：红色：紫色=2：3：3；子代中红花植
株的基因型有2 种：AAbb、Aabb；子代白花植株中纯合体(aabb)占的比例为1/2。
(2)白花纯合体的基因型有aaBB 和aabb 两种。要检测白花纯合体植株甲的基因型，可选用
AAbb 植株与之杂交，若基因型为aaBB 则实验结果为：aaBB×AAbb→AaBb（全为紫花）；
若基因型为aabb 则实验结果为：aabb×AAbb→Aabb（全为红花）。这样就可以根据子代的
表现型将白花纯合体的基因型推出。
【真题探究9】（2022 年1 月·浙江·高考真题）果蝇的正常眼和星眼受等位基因A、a 控制，
正常翅和小翅受等位基因B、b 控制其中1 对基因位于常染色体上。为进一步研究遗传机制，
以纯合个体为材料进行了杂交实验，各组合重复多次，结果如下表。
杂交组合
P
F1
♀
♂
♀
♂
甲
星眼正常翅
正常眼小翅
星眼正常翅
星眼正常翅
乙
正常眼小翅
星眼正常翅
星眼正常翅
星眼小翅
丙
正常眼小翅
正常眼正常翅
正常眼正常
翅
正常眼小翅
回答下列问题：
(1)综合考虑A、a 和B、b 两对基因，它们的遗传符合孟德尔遗传定律中的__________。组
合甲中母本的基因型为__________。果蝇的发育过程包括受精卵、幼虫、蛹和成虫四个阶
段。杂交实验中，为避免影响实验结果的统计，在子代处于蛹期时将亲本__________。
(2)若组合乙F1的雌雄个体随机交配获得F2，则F2中星眼小翅雌果蝇占____________。果蝇
的性染色体数目异常可影响性别，如XYY 或XO 为雄性，XXY 为雌性。若发现组合甲F1
中有1 只非整倍体星眼小翅雄果蝇，原因是母本产生了不含__________的配子。
(3)若有一个由星眼正常翅雌、雄果蝇和正常眼小翅雌、雄果蝇组成的群体，群体中个体均
为纯合子。该群体中的雌雄果蝇为亲本，随机交配产生F1，F1中正常眼小翅雌果蝇占
21/200、星眼小翅雄果蝇占49/200，则可推知亲本雄果蝇中星眼正常翅占__________。
(4)写出以组合丙F1的雌雄果蝇为亲本杂交的遗传图解。____________。
【答案】(1) 自由组合定律 AAXBXB 移除
(2) 3/16 X 染色体
(3)7/10
10
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(4)
【解析】
【分析】分析题意可知，甲、乙组中星眼与正常眼杂交，子代全为星眼，说明星眼为显性，
且性别与形状无关，A、a 基因位于常染色体上；甲组中雌性正常翅与雄性小翅杂交，子代
全为正常翅，乙组中雌性小翅与雄性正常翅杂交，子代中雌性为正常翅，雄性为小翅，说
明该性状与性别相关联，位于X 染色体上，且正常翅为显性。
(1)结合分析可知，A、a 位于常染色体，而B、b 位于X 染色体，两对基因分别位于两对同
源染色体，它们的遗传遵循自由组合定律；组合甲中母本为星眼正常翅，均为显性性状，
且为纯合子，故基因型为AAXBXB；杂交实验中，为避免影响实验结果的统计，在子代处
于蛹期时将亲本移除。
(2)组合乙为♀正常眼小翅（aaXbXb）×♂星眼正常翅（AAXBY），F1基因型为AaXBXb、
AaXbY，F1的雌雄个体随机交配获得F2，则F2中星眼（A-）小翅雌果蝇（XbXb）占
3/4×1/4=3/16；组合甲基因型为AAXBXB、aaXbY，F1基因型应为AaXBXb、AaXBY，若发现
组合甲F1中有1 只非整倍体星眼小翅雄果蝇，则该个体基因型可能为AaXbO。原因是母本
产生了不含X 染色体的配子。
(3)设亲本星眼正常翅雄果蝇在亲本雄果蝇中占比为m，则正常眼小翅雄果蝇在雄果蝇中占
比为（1-m）。同理设亲本雌果蝇中正常眼小翅在雌果蝇中占比为n,则星眼正常翅雌果蝇
占比为（1-n）。由题意可知，子代正常眼小翅雌果蝇占21/200，即为
aaXbXb,1/2×aaXbXb×aaXbY=1/2（1-m）n=21/200，星眼小翅雄果蝇占49/200，即为
AaXbY=1/2×AAXBY×aaXbXb=1/2mn=49/200。可算出n=7/10,1-m=3/10,则m=7/10，即亲本星
眼正常翅雄果蝇在亲本雄果蝇中占比为7/10。
(4)组合丙的双亲基因型为aaXbXb×aaXBY，F1基因型为aaXBXb、aaXbY，F1的雌雄果蝇为亲
本杂交的遗传图解为：
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。
【点睛】本题考查学生理解基因分离定律和自由组合定律的实质和使用条件，学会根据子
代表现型比例推测亲本基因型及性状偏离比出现的原因，并能结合题意分析作答。
【真题探究10】（2022 年6 月·浙江·高考真题）某种昆虫野生型为黑体圆翅，现有3 个纯
合突变品系，分别为黑体锯翅、灰体圆翅和黄体圆翅。其中体色由复等位基因A1/A2/A3控
制，翅形由等位基因B/b 控制。为研究突变及其遗传机理，用纯合突变品系和野生型进行
了基因测序与杂交实验。回答下列问题：
(1)基因测序结果表明，3 个突变品系与野生型相比，均只有1 个基因位点发生了突变，并
且与野生型对应的基因相比，基因长度相等。因此，其基因突变最可能是由基因中碱基对
发生___________导致。
(2)研究体色遗传机制的杂交实验，结果如表1 所示：
表1
杂交组
合
P
F1
F2
♀
♂
♀
♂
♀
♂
Ⅰ
黑体
黄
体
黄体
黄体
3 黄体：1 黑体
3 黄体：1 黑体
Ⅱ
灰体
黑
体
灰体
灰体
3 灰体：1 黑体
3 灰体：1 黑体
Ⅲ
灰体
黄
体
灰体
灰体
3 灰体：1 黄体
3 灰体：1 黄体
注：表中亲代所有个体均为圆翅纯合子。
根据实验结果推测，控制体色的基因A1（黑体）、A2（灰体）和A3（黄体）的显隐性关系
为___________（显性对隐性用“>”表示），体色基因的遗传遵循___________定律。
(3)研究体色与翅形遗传关系的杂交实验，结果如表2 所示：
表2
杂交
组合
P
F1
F2
♀
♂
♀
♂
♀
♂
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Ⅳ
灰体
圆翅
黑体
锯翅
灰体
圆翅
灰体
圆翅
6 灰体圆翅：2 黑体圆翅
3 灰体圆翅：1 黑体圆
翅：3 灰体锯翅：1 黑体
锯翅
Ⅴ
黑体
锯翅
灰体
圆翅
灰体
圆翅
灰体
锯翅
3 灰体圆翅：1 黑体圆
翅：3 灰体锯翅：1 黑体
锯翅
3 灰体圆翅：1 黑体圆
翅：3 灰体锯翅：1 黑体
锯翅
根据实验结果推测，锯翅性状的遗传方式是___________，判断的依据是___________。
(4)若选择杂交Ⅲ的F2中所有灰体圆翅雄虫和杂交Ⅴ的F2中所有灰体圆翅雌虫随机交配，理
论上子代表现型有___________种，其中所占比例为2/9 的表现型有哪几种？___________。
(5)用遗传图解表示黑体锯翅雌虫与杂交Ⅲ的F1中灰体圆翅雄虫的杂交过程。
【答案】(1)替换
(2) A2＞A3＞A1 分离
(3) 伴X 染色体隐性遗传 杂交V 的母本为锯翅，父本为圆翅，F1的雌虫全为圆
翅，雄虫全为锯翅
(4) 6 灰体圆翅雄虫和灰体锯翅雄虫
(5)
【解析】
【分析】
根据题干信息可知，控制体色的A1/ A2/ A3是复等位基因，符合基因的分离定律，并且由表
1 的F1和F2雌雄个体表现型一致，可知控制体色的基因位于常染色体上。只看翅型，从表
2 的组合V，F1的雌虫全为圆翅，雄虫全为锯翅，性状与性别相关联，可知控制翅型的基
因位于X 染色体上，所以控制体色和控制翅型的基因符合基因的自由组合定律。
(1)
由题干信息可知，突变的基因 “与野生型对应的基因相比长度相等”，基因突变有碱基的
增添、缺失和替换三种类型，突变后基因长度相等，可判定是碱基的替换导致。
(2)
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由杂交组合Ⅰ的F1可知，黄体（A3）对黑体（A1）为显性；由杂交组合Ⅱ可知，灰体
（A2）对黑体（A1）为显性，由杂交组合Ⅲ可知，灰体（A2）对黄体（A3）为显性，所以
三者的显隐性关系为黄体对黑体为显性，灰体对黄体对黑体为显性，即A2＞A3＞A1，由题
意可知三个体色基因为复等位基因，根据等位基因概念“位于同源染色体上控制相对性状
的基因”可知，体色基因遵循基因分离定律。
(3)
分析杂交组合V，母本为锯翅，父本为圆翅，F1的雌虫全为圆翅，雄虫全为锯翅，性状与
性别相关联，可知控制锯翅的基因是隐性基因，并且在X 染色体上，所以锯翅性状的遗传
方式是伴X 染色体隐性遗传。
(4)
表1 中亲代所有个体均为圆翅纯合子，杂交组合Ⅲ的亲本为灰体（基因型A2A2）和黄体
（基因型A3A3），F1的灰体基因型为A2A3，雌雄个体相互交配，子代基因型是A2A2（灰
体）：A2A3（灰体）：A3A3（黄体）=1：2：1，所以杂交组合Ⅲ中F2的灰体圆翅雄虫基因
型为1/3 A2A2XBY 和2/3 A2A3XBY；杂交组合Ⅴ中，只看体色这对相对性状，因为F1只有一
种表现型，故亲本为A1A1 A2A2，F1基因型为A1A2，雌雄个体相互交配，F2基因型为A1A1
（黑体）：A1A2（灰体）：A2A2（灰体）=1：2：1；只看杂交组合Ⅴ中关于翅型的性状，
亲本为XbXbXBY，F1基因型为XBXb，XbY，F1雌雄个体相互交配，F2的圆翅雌虫的基因型
为XBXb，所以杂交组合Ⅴ的F2的灰体圆翅雌虫基因型为1/3 A2A2XBXb，2/3 A1A2 XBXb。控
制体色和翅型的基因分别位于常染色体和X 染色体，符合自由组合定律，可先按分离定律
分别计算，再相乘，所以杂交组合Ⅲ中F2的灰体圆翅雄虫和杂交组合Ⅴ的F2的灰体圆翅雌
虫随机交配，只看体色，A2A2、A2A3和A2A2、 A1A2随机交配，雄配子是1/3A3、2/3A2，
雌配子是1/3A1、2/3A2，子代基因型为4/9 A2A2（灰体）、2/9 A2A3（灰体）、2/9 A1A2
（灰体）、1/9 A1A3（黄体），可以出现灰体（占8/9）和黄体（占1/9）2 种体色；只看翅
型，XBY 与XBXb杂交，子代基因型为1/4XBXB、1/4XBXb、1/4XBY、1/4XbY，雌性只有圆
翅1 种表现型，雄性有圆翅和锯翅2 种表现型，所以子代的表现型共有2×3=6 种。根据前
面所计算的子代表现型，2/9=8/9（灰体）×1/4（圆翅雄虫或锯翅雄虫），故所占比例为2/9
的表现型有灰体圆翅雄虫和灰体锯翅雄虫。
(5)
黑体锯翅雌虫的基因型为A1A1XbXb，由（4）解析可知，杂交组合Ⅲ的F1灰体雄虫基因型
为A2A3，所以灰体圆翅雄虫的基因型为A2A3XBY，二者杂交的遗传图解如下：
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