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2026 年高考一轮复习检测卷（三）
高三物理
（考试时间：90 分钟 试卷满分：100 分）
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮
擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项
是符合题目要求的。
1.（2025·河北省部分高中高三二模）发现中子的人工核反应方程为
，由如图所示的
比结合能图可知
的比结合能约为6.5MeV、
的比结合能约为7.1MeV、
的比结合能约为
7.7MeV，则该反应释放的核能约为（ ）
A. 13.6MeV
B. 5.9MeV
C. 86.9MeV
D. 5.5MeV
【答案】D
【解析】
该核反应过程释放的能量约为
，D 项正确。
2. 竖直平面内有一L 型光滑细杆，杆上套有相同的小球A、B。现让杆绕过底部O 点所在的竖直轴匀速转
动，两小球A、B 在杆上稳定时，其相对位置关系可能正确的是（ ）
1
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A.
B.
C.
D.
【答案】D
【解析】
【详解】AB．设杆与竖直方向的夹角为α，小球距离O 点的高度为h，根据牛顿第二定律得
解得
两个小球的角速度ω 相同，α 越小h 越大， AB 错误；
CD．根据牛顿第二定律得
解得
两个小球的角速度ω 相同，α 越小运动半径r 越大，所以A 球的运动半径比B 球的运动半径大， C 错误，
D 正确。
故选D。
3.(2025·江苏省宿迁市高三三模）如图所示，在光滑绝缘水平面上，三个完全相同带正电的小球A、B、
C，通过不可伸长的绝缘细线a、b、c 连接成正三角形，小球均处于静止状态，细线被拉直。剪断细线a，
小球开始运动。则（ ）
2
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A. 剪断a 前，a 中张力大于B、C 间的库仑力
B. 剪断a 瞬间，细线b、c 中张力均变大
C. 三个球运动至一直线时，整个系统电势能最大
D. 球A 经过B、C 初始位置连线中点时的速度最大
【答案】B
【解析】 由受力分析可知，剪断
前，
中的张力等于
、
间的库仑力，
中的张力等于
、
间的库
仑力，A 项错误；剪断
瞬间，对B 分析，受A 对B 的斥力、C 对B 的斥力以及细线c 的拉力，则此时c
的拉力
同理可知b 中张力也变大，即剪断a 瞬间，细线b、c 中张力均变大，B 项正确；系统初始时静止，剪断后
开始运动，动能增加，电势能减小，所以电势能最大时是初始静止状态，C 项错误；当三个小球在同一直
线上时，动能最大，电势能最小，但此时B、C 小球已经离开了初始位置，D 项错误
4.（2025·安徽省淮北市、淮南市高三二模）“天宫课堂”中，航天员演示了微重力环境下的神奇现象，液体
呈球状，往其中央注入空气，可以在液体内部形成一个同心球形气泡。液体球和同心球形气泡可简化为空
心透明球壳模型，图示为该球壳截面图，O 为球壳的球心。若液体球壳内表面的P 点有一个点光源，可发
出两种不同频率的单色光a 和b。当图中
时，a 光恰好不能从液体球壳的外表面射出，b 光射出的
折射角
。已知真空中的光速为c。则（ ）
3
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A. a 光在液体中折射率为
B. b 光在液体中传播的速度为
C. 分别用a、b 光在同一装置上做双缝干涉实验，a 光产生的条纹间距大于b 光
D. b 光照射到某金属表面能发生光电效应现象，a 光照射到该金属表面也一定能发生光电效应现象
【答案】D
【解析】 根据题意可知a 光恰好不能从液体球壳的外表面射出，则有
解得
，A 错误；对b 光根据折射率，有
解得
，在液体中传播的速度为
，B 项错误；因为a 光的折射率大于b 光的折射率，
a 光的频率大于b 光的频率，所以a 光的波长小于b 光的波长，根据双缝干涉条纹间距公式
可知分别用a、b 光在同一装置上做双缝干涉实验，a 光产生的条纹间距小于b 光，C 项错误；因为a 光的
折射率大于b 光的折射率，a 光的频率大于b 光的频率，所以b 光照射到某金属表面能发生光电效应现象，
a 光照射到该金属表面也一定能发生光电效应现象，故D 项正确。
5.（2025·湖北省武汉市高三四月调研考试）2025 年3 月21 日，在自由式滑雪和单板滑雪世锦赛男子单板
滑雪坡面障碍技巧决赛中，中国选手苏翊鸣获得银牌。如图所示，某次训练中，运动员从左侧高坡的
点
滑下，再从斜坡上的
点，以
的初速度沿与斜坡成
方向飞出，在空中完成规定动作后落在
斜坡上的
点。不计空气阻力，重力加速度大小
，下列说法正确的是（ ）
4
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A. 在研究运动员空中姿态时可将其视为质点
B. 运动员在空中飞行时，相同时间内速度变化量不同
C. 运动员在空中飞行的时间为
D. 运动员落到
点时的速度方向与
方向垂直
【答案】D
【解析】 在研究运动员空中姿态时，运动员的大小和形状不能忽略，因此不能将其视为质点，A 项错误；
运动员在空中飞行时，仅受重力作用，加速度为重力加速度，则相同时间内速度变化量
可见相
同时间内速度变化量相同，B 项错误；由题意可知，将运动的运动情况分解，如图所示
从B 点到离斜面最远点过程中，运动员在垂直斜面方向上有
又
，联立代入数据可得
由对称性可知，运动员在空中飞行的时间为
C 项错误；运动员落到
点时的垂直斜面方向的速度
沿斜面方向的速度
5
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运动员落到
点时的速度与斜面的夹角
所以运动员落到
点时的速度与斜面的夹角为30°，而初速度
与斜面的夹角为60°，所以速度方向与
方向垂直，D 项正确。
6. 如图甲所示，小型交流发电机的输出端与含理想变压器的电路相连，两磁极N、S 间的磁场可视为水平
方向的匀强磁场，线圈绕垂直于磁场的水平轴
沿逆时针方向匀速转动，从图示位置开始计时，穿过线
圈的磁通量随时间的变化关系图像如图乙所示。已知原、副线圈匝数比为
，原线圈上定值电阻
的阻
值为
，副线圈上定值电阻
的阻值为
，滑动变阻器
的阻值范围
，发电机线圈匝数为
10 匝，其电阻忽略不计，电表均为理想交流电表。下列说法正确的是（ ）
A. 若
时，电压表的示数为
B.
接入电路的阻值为
时，变压器输出功率最大
C.
接入电路的阻值增大时，电流表示数增大
D. 保持
滑片位置不变，由于
电阻部分短路，其电阻变小，则电压表示数变小
【答案】B
【解析】
【详解】A．交流发电机的电动势最大值为
6
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交流发电机的电动势有效值为
将变压器与副线圈负载看成一个等效电阻，则有
若
时，则原线圈电流为
副线圈电流为
副线圈电压为
可知电压表的示数为
，故A 错误；
B．变压器输出功率等于等效电阻的功率，则有
可知当
时，即
解得
变压器输出功率最大，故B 正确；
C．
接入电路的阻值增大时，根据
可知原线圈电流减小，即电流表示数减小，故C 错误；
D．保持
滑片位置不变，由于
电阻部分短路，其电阻变小，可知等效电阻分到的电压增大，即原线
圈输入电压
增大，副线圈输出电压
增大，则电压表示数变大，故D 错误。
7
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故选B。
二、选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共20 分。在每小题给出的四个选项中，有多项符
合题目要求。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。
7.（2025·广东省佛山市顺德区二模）如图（a）所示，
时，一列简谐横波从质点O（坐标原点）沿x
轴正方向传播，实线和虚线分别为
时刻和
时刻的波形图，其中
，P，Q 分别是平衡位置为
和
的两质点。图（b）为质点O 的振动图像，下列说法正确的是（ ）
A. 从
到
时间内，质点Q 通过的路程是1.6m
B.
时刻Q 的速度达到最大
C. 质点Q 的振动比质点P 滞后0.075s
D.
到
内，P、Q 运动的路程相等
【答案】AC
【解析】 根据波动图像可知波长为
，根据振动图可知周期
则波速为
波从原点传播到Q 点用时
所以Q 点振动的时间
质点Q 通过的路程为
，、A 项正确；
结合图（a）虚线可知
时刻Q 处在波峰，其速度为零，最小，B 错误；质点Q 比质点P 的振动滞后
8
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，C 项正确。由题图可知
时刻质点Q 在平衡位置沿y 轴正方向振动，
到
时间内，Q 运动的路程可能是
时刻P 振动方向沿y 轴负方向，速度越来越大，在
时间内的平均速度比Q 大，路程大于振幅A，故P
的路程为
故P、Q 路程不相等。D 项错误。
8. 如图所示，粗细均匀的光滑直杆AB、BC 固定在竖直面内，AB 杆水平，两杆夹角为37°，质量均为m 的
小球a、b 分别套在AB、BC 杆上，两球用长为L 的细线连接，锁定两球，细线刚好伸直且与BC 杆垂直，
重力加速度为g，sin37°=0.6，不计球的大小，同时解除两球的锁定，则在小球a 向右运动过程中，下列说
法正确的是（ ）
A. 解除锁定的一瞬间，小球b 的加速度大小为0.8g
B. 小球b 向下运动过程中机械能一直减小
C. 当小球a 运动到最右端时，小球b 运动到最低点
D. 小球a 运动过程中最大速度大小为
【答案】BD
【解析】
【详解】A．解除锁定的一瞬间，小球b 的加速度大小为
，故A 错误；
B．当细线与AB 垂直时，小球a 的速度最大，这时小球b 到达最低点，此过程小球a 的机械能一直增大，
则小球b 的机械能一直减小，故B 正确；
C．当小球a 运动到最右端时，速度为零，根据系统机械能守恒可知，小球b 刚好回到最初位置，故C 错
误；
9
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D．当小球a 速度最大时，小球b 下降的高度
此时小球b 的速度为零，根据系统机械能守恒可得
联立解得小球a 的最大速度为
，故D 正确。
故选BD。
9.（2025·贵州省黔南州高三三模）反如图所示，在平面直角坐标系xOy 所处空间，存在正交的电场和磁场，
电场强度大小为E，方向沿y 轴负方向；磁感应强度大小为B，方向垂直坐标平面向里；其中A 点的坐标
为
。一带电粒子从O 点以
的速度入射，恰好沿x 轴正方向做直线运动；若撤去磁场，则粒子经过
A 点。不计粒子的重力，下列说法正确的是（ ）
A.
、E、B 满足
B. 粒子的比荷
C. 若撤去电场，带电粒子做圆周运动的半径为L
D. 若带电粒子从O 点由静止释放，运动轨迹离x 轴的最大距离为L
【答案】ABD
【解析】 带电粒子能沿x 轴做直线运动，则
解得
，A 项正确；撤去磁场后，从O 点射入的带电粒子做类平抛运动，
10
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，
，
解得
，B 项正确；撤去电场，带电粒子将做匀速圆周运动，
由洛伦兹力提供向心力可得
解得
，C 项错误；如图所示
带电粒子的运动可以分解为速度大小均为
的沿x 轴正方向的匀速直线运动和xOy 平面内沿逆时针方向运
动的匀速圆周运动，所以离x 轴最远的距离为
，D 项正确
10.（2025·浙江省湖州市等三地高三三模）如图所示，真空中有一平行板电容器，两极板分别由金属A
和金属B（其极限波长分别为
和
）制成，板的面积均为S，板间距离为d。现用波长为
的激光持续照射两板内表面，稳定后，则（ ）
A. A 板带正电，B 板带负电
B. 仅d 增大，电容器带电荷量将减小
C. 撤去激光，d 增大，板间电场强度将变小
D. 若改用波长为
的激光照射，则产生的光电子运动的最远距离离B 板为
【答案】BD
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【解析】 因波长
，由
可知，
和
，即入射光的频率大于金属B 的极限
频率而能发生光电效应，A 板不能发生光电效应，则B 板失去电子带正电，A 板得到电子带负电，A 项错
误；电容器达到稳定时动能最大的光电子刚好不能到达A 板，此时的电压最大，由
可知，最大电压恒为
；仅d 增大，由
可知电容器的电容
变小，由
可知电容器带电
荷量将减小，B 项正确；撤去激光，电容器的电荷量
不变，d 增大，由
可知，板
间电场强度将不变，C 项错误若改用波长为
的激光照射，光电子的最大动能为
设光电子从B 板减速的位移为
，由动能定理有
结合
联立解得
即光电子运动的最远距离离B 板为
，D 项正确
三、非选择题：本题共5 小题，共56 分。
11. （5 分）图甲为验证牛顿第二定律的实验装置示意图，图中砝码和小桶的质量为m，打点计时器所接
电源的频率为50Hz。某小组同学保持木块质量M 不变，探究加速度a 与合力F 的关系。某次实验的纸带
如图乙所示，每5 个点取一个计数点，则木块的加速度a=_________m/s2。但该组同学由于疏忽没有平衡摩
擦力f（带滑轮的长木板水平），得到a-F 图象如图丙所示。则木块与木板间的动摩擦因数
12
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μ=___________，图象后段出现弯曲的原因是_____________________。（g=10m/s2，计算结果均保留2 位
小数）
【答案】 ①. 0.42 ②. 0.1 ③. 不再满足砝码桶和砝码总质量
【解析】[1]木块的加速度
[2]该组同学由于疏忽没有平衡摩擦力f（带滑轮的长木板水平），则
可得
由a-F 图象可得
解得木块与木板间的动摩擦因数
μ=0.1
[3]当满足砝码桶和砝码总质量远小于木块的质量时可认为砝码桶和砝码总重力近似等于木块的牵引力，则
当砝码和小桶的质量不断增加，不再满足砝码桶和砝码总质量
时，木块的牵引力与砝码和小桶的
总重力出现偏差，则使得图象后段出现弯曲。
12. （10 分）（2025·.湖南省长沙市湖南师范大学附属中学高三一模） 为测定某种材料的电阻率，设计如
下实验：图（乙）为测量原理电路图，R1、R2是由长度相同、表面涂有绝缘膜（厚度不计）的电阻丝并排
紧密绕制在同一根圆柱形绝缘陶瓷棒上的螺旋电阻（图甲），R1材料电阻率为ρ，R2由待测材料制成，R0
为滑动变阻器，V1、V2为已知量程的电压表。请回答下列问题：
13
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（1）在闭合开关前，滑动变阻器滑片应滑到__________（选填“左端”或“右端”）。
（2）测得R1的螺旋长度为l1，R2的螺旋长度为l2，两电阻的匝数相同，则制成电阻R1与R2的电阻丝的横
截面之比为__________。
（3）某次测量中V1、V2表的示数分别为U1、U2，则待测电阻丝的电阻率__________（用U1、U2、l1、
l2、ρ 表示）。
（4）考虑V1、V2表的内阻对实验误差的影响，在电路中加了一个灵敏电流计G（图丙）来判断。闭合开
关，灵敏电流计中有从a 向b 的微小电流，则（3）中测量结果相对于真实值__________（选填“偏大”、
“不变”或“偏小”）。
【答案】（1）左端 （2）
（3）
（4）偏小
解析 （1）在闭合开关前，应将滑动变阻器全部接入电路，保证电路接通时电路电流最小，电路安全，
故滑到左端。
（2）根据题意可得
，
而S 与直径的平方成正比，故横截面积之比为
。
（3）根据欧姆定律
，可知，
根据电阻定律
联立可得待测材料电阻率为
（4）由a 向b 的微小电流可得
，由此可知，测量结果相对于真实值偏小
（10 分）（2025·广东省佛山市顺德区二模）如图所示，在锅炉外壁紧贴着导热性能良好且右壁开孔与大
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气相通的气缸，气缸右壁内侧装有压力传感器，用于监控锅炉外壁的温度、锅炉未工作时，活塞与锅炉外
壁距离为0.3m、与传感器距离为0.2m，活塞左侧封闭温度为300K、压强为105Pa 的空气，此时压力传感
器的示数为0。已知大气压强为105Pa，活塞横截面积为10-2m2，不计活塞与气缸壁的摩擦，锅炉工作时温
度缓慢升高。
（1）当锅炉的温度为T1时，活塞刚好接触压力传感器，求T1；
（2）锅炉外壁温度T 从300K 逐渐增大，求压力传感器示数F 与T 的关系式；
（3）活塞从气缸图示位置移动到最右侧刚接触到压力传感器的过程中，气体吸收了300J 的热量，求该过
程中气体内能变化多少？
【答案】（1）500K （2）当T≤500K 时，F=0，当T＞500K 时，
（3）增加了100J
解析（1）当锅炉的温度为升高时，气体做等圧变化，根据盖吕萨克定律可得
代入数据解得
（2））由以上分析可知，当温度小于等于500K 时，压力传感器示数
当温度大于500K 时，气体体积不变，根据查理定律可得
解得
活塞对压力传感器的作用力为
（3）根据热力学第一定律
，
解得
即气体内能增加了100J
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14.（13 分）（2025·安徽省滁州市高三二模）如图1 所示，两条间距为
、电阻不计的光滑平行金属轨道
固定在水平面上，轨道右侧与光滑绝缘斜面的底部平滑连接，斜面倾角为
，水平轨道处于竖直向上的匀
强磁场中，磁感应强度大小为
。将长度均为
的金属棒P、Q 放在轨道上，两棒均与轨道垂直，Q 棒到
斜面底部的距离为
。现给P 棒一定的初速度
，在Q 棒第一次到达斜面底端之前，两棒的速度—时间图
像如图2 所示，已知P 棒的质量为
，两棒电阻均为
，重力加速度为
，整个过程两棒未相碰，P 棒始
终在水平轨道上，Q 棒未冲出斜面，求：
（1）Q 棒第一次到达水平轨道右端时的加速度大小；
（2）Q 棒从开始运动至第一次到达水平轨道右端所用
时间；
（3）P 棒做减速运动的总位移大小和Q 棒在斜面上运动的总时间。
【答案】（1）
（2）
（3）
解析 （1）在Q 棒第一次到达斜面底端之前，由动量守恒定律得
解得
对Q 棒，根据牛顿第二定律
又有
，
，
综合得
又有
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解得
（2）在Q 棒第一次到达斜面底端之前，对Q 棒，由动量定理有
解得
解得
由动量守恒定律有
所以
。
将
代入得
（3）由题意知，
棒最终停在斜面底部，整个过程对
得
解得
又有
解得
对
系统整个过程
解得
15. (18 分）（2025·安徽省淮北市、淮南市高三二模）如图所示，水平长直轨道上方存在一个竖直向下的
匀强电场，电场强度大小
。O 点左侧轨道粗糙，右侧轨道光滑。在O 点右侧放置一个质
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量
，带有四分之一光滑圆弧轨道的绝缘槽，圆弧半径
，圆弧槽的末端与水平轨道相切
于O 点。在O 左侧
处有一个质量
，电荷量
的带负电的小物块（可视为质
点），小物块受到大小
，与水平方向成37°的推力作用，由静止开始向右运动，到达O 点时撤去
力F，此时，小物块速度
。不计空气阻力，以水平轨道所在平面为零势能面，重力加速度g 取
，
，
。求：
（1）小物块与O 点左侧轨道间动摩擦因数；
（2）小物块电势能的最小值；
（3）小物块第一次离开圆弧槽到再一次进入圆弧槽过程中，圆弧槽运动的位移大小。
【答案】（1）
（2）
（3）
解析 （1）方法1：小物块在O 点右侧做匀加速直线运动，依据动能定理有
因为
联立解得
方法2：小物块在O 点右侧做匀加速直线运动，有
依据牛顿第二定律有
因为
，
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联立解得
（2）方法1：设小物块第一次离开圆弧槽时水平速度为
，竖直速度为
，小物块和圆弧槽组成系统，
水平方向动量守恒，故
依据能量守恒有
联立解得
小物块第一次离开圆弧槽后，竖直方向做初速度方向向上，大小为
的匀变速直线运动，加速度方向向下，
设大小为a，依据牛顿第二定律
解得
小物块第一次离开圆弧槽后上升的最大高度
小物块电势能变化量为
故小物块电势能的最小值
方法2：小物块第一次离开圆弧槽后上升到最大高度时，小物块与圆弧槽速度相等
设此时速度为
，小物块和圆弧槽组成系统，水平方向动量守恒，故
依据能量守恒有
解得
小物块电势能变化量为
故小物块电势能的最小值
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（3）方法1：小物块第一次离开圆弧槽和再一次进入圆弧槽过程，小物块和圆弧槽在水平方向均做速度为
的匀速直线运动，此过程历时为t
故圆弧槽此过程运动位移
方法2：设小物块第一次离开圆弧槽时水平速度为
，竖直速度为
，小物块和圆弧槽组成系统，水平方
向动量守恒，故
依据能量守恒有
解得
小物块第一次离开圆弧槽后，竖直方向做初速度方向向上，大小为
的匀变速直线运动，
加速度方向向下，设大小为a，依据牛顿第二定律
解得
小物块第一次离开圆弧槽和再一次进入圆弧槽过程，小物块和圆弧槽在水平方向均做速度为
的匀速直线
运动，此过程历时为
故圆弧槽此过程运动位移
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