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2012年辽宁省大连市中考物理试卷
一、选择题（本题共14小题，每小题2分，共28分）注意：第1～11题中，每题只有一个选项
正确；注意：第12～14题中，每题至少有两个选项正确．
1．（2分）（2012•大连）手拨动琴弦，发出悦耳的声音，发声的物体是（ ）
A．手指B．琴弦 C．弦柱 D．空气
2．（2分）（2012•大连）下列光现象中，是由于光的反射形成的是（ ）
A．在岸上看到水中的“鱼”
B．用放大镜看到放大的“字”
C．路灯下人在地面上的“影子”
D．在平面镜前看到镜中的“自己”
3．（2分）（2012•大连）下列做法中，符合安全用电要求的是（ ）
A．雷雨天在大树下避雨
B．用湿抹布擦正在发光的灯泡
C．发生触电事故时，先切断电源
D．使用试电笔时，手接触金属笔尖
4．（2分）（2012•大连）下列做法中，能减小摩擦的是（ ）
A．饮料瓶盖上刻有条形花纹 B．在汽车轮胎上装防滑链
C．往冰雪路面上撒煤渣 D．往门轴中加润滑油
5．（2分）（2012•大连）下列温度中，约在36～37℃之间的是（ ）
A．人的正常体温B．标准大气压下沸水的温度
C．冰箱冷藏室的温度 D．人感觉舒适的环境的温度
6．（2分）（2012•大连）下列光路图中，正确表示了光从空气进入水中的是（ ）
A． B． C． D．
7．（2分）（2012•大连）静止在水平桌面上的书，受到的平衡力是（ ）
A．书的重力和书对桌子的压力
B．书对桌子的压力和桌子的重力
C．书的重力和桌子对书的支持力
D．书对桌子的压力和桌子对书的支持力
8．（2分）（2012•大连）如图所示，垂直于金属导轨放置的导体棒ab置于蹄形磁铁的磁场中，
闭合开关后，导体棒ab沿导轨运动．根据这个实验的原理，可以制成（ ）
第1页（共20页）A．发电机 B．电动机 C．电磁铁 D．电磁继电器
9．（2分）（2012•大连）如图所示的电路中，闭合开关，灯泡L不发光，电流表无示数，电压表
有示数．若电路中只有一处故障，则可能是（ ）
A．灯泡L短路 B．灯泡L断路 C．电阻R短路 D．电阻R断路
10．（2分）（2012•大连）小明在探究“水降温时温度与时间的关系”的实验中，记录的实验数
据如下表．根据表中信息可得出“水降温时温度随时间增加降低得越来越慢”的结论，则从
表中提取的能得出该结论的信息是（ ）
时间t/min 0 2 4 6 8 10
温度t/℃ 60 53 48 45 43 42
A．温度与时间成反比
B．时间变化，温度也变化
C．时间逐渐增加，温度逐渐降低
D．时间的增加量相等，温度的降低量越来越小
11．（2分）（2012•大连）如图所示，把铁块放在空容器中，沿容器壁缓慢向容器中加水至虚线
处．加水过程中，铁块受到浮力．则在加水的全过程中，容器底对铁块的支持力F与时间t的
关系图象是（ ）
A． B． C． D．
12．（2分）（2012•大连）如图是四冲程汽油机做功冲程的示意图．汽油燃烧产生高温高压的气
体推动活塞向下运动．在活塞向下运动的过程中，汽缸内气体的（ ）
A．内能减少B．温度降低
C．密度增大 D．分子热运动加快
第2页（共20页）13．（2分）（2012•大连）如图所示，水平桌面上的圆台形容器内有一块冰．当这块冰全部融化
成水后，下列说法正确的是（ ）
A．桌面受到的压力不变
B．桌面受到的压强变大
C．容器底的内表面受到的压力变大
D．容器底的内表面受到的压强变小
14．（2分）（2012•大连）如图所示，电源电压保持不变．闭合开关，当滑动变阻器的滑片P从a
向b滑动的过程中，设灯泡工作时的电阻不变．下列说法正确的是（ ）
A．L 灯逐渐变亮
1
B．L 灯逐渐变暗
2
C．电流表的示数变小
D．滑动变阻器两端的电压逐渐变大
二、填空题（本题共10小题，15～22题每题2分，23、24题每题3分，共22分）
15．（2分）（2012•大连）小明站在地面上投掷实心球，实心球在空中运动时，以实心球为参照
物，小明是 的；若实心球在运动时所受的力都消失，实心球将做
运动．
16．（2分）（2012•大连）光在真空中的传播速度约为 m/s；真空中，电磁波的频
率越小，波长越 ．
17．（2分）（2012•大连）阳光下看到一朵花是红色的，是因为这朵花反射 光；透
过蓝色的玻璃看这朵花，则这朵花呈现 色．
18．（2分）（2012•大连）R 、R 的电阻分别为5Ω和10Ω，把它们串联在电路中．则R 和R 两
1 2 1 2
端的电压之比是 ；通过R 、R 的电流之比是 ．
1 2
19．（2分）（2012•大连）白炽灯用久后灯丝变细．灯丝变细是 现象（填物态变化
名称）；灯丝变细，电阻变 ．
20．（2分）（2012•大连）半导体的导电性能介于导体与 体之间；我国西部正大力
开发和使用风力发电，风能是 再生能源（选填“可”或“不可”）．
21．（2分）（2012•大连）跳伞运动员在空中匀速下降的过程中，运动员的动能 ，
重力势能 ．
22．（2分）（2012•大连）在“比较水和煤油的吸热能力”的实验中，可以通过控制水和煤油的
质量相同、吸收的热量相同，比较它们 的多少，从而比较它们的吸热能力；实验
中，用 间接反映吸收的热量．
第3页（共20页）23．（3分）（2012•大连）请在图中连接家庭电路的电路图．要求：L 灯、L 灯并联，开关S控制
1 2
两盏灯．
24．（3分）（2012•大连）图中是活塞式抽水机的示意图．其手柄相当于一个杠杆，O是支点．
请画出阻力F 对支点O的力臂l ；并画出在a点施加的最小动力F 的示意图．
2 2 1
三、计算题（本题共3小题，共18分）
25．（6分）（2012•大连）用煤气灶烧水时，把2kg的水从25℃加热到75℃，燃烧了0.03m3的
煤气．设煤气完全燃烧．水的比热容为4.2×103J（/ kg•℃），煤气的热值约为4.0×107J/m3．试
求：
（1）水吸收的热量是多少？
（2）煤气灶烧水时的效率是多少？
26．（6分）（2012•大连）某坦克重力为4×105N，履带的着地面积为5m2．若坦克以20m/s的速
度在平直的路面上匀速行驶10min，发动机的输出功率为900kW．试求：
（1）坦克静止在水平路面时，对路面的压强是多少？
（2）匀速行驶10min，坦克发动机所做的功是多少？
（3）匀速行驶时，坦克发动机的牵引力是多少？
27．（6分）（2012•大连）图是某电吹风的简化电路图．M是电动机，R是发热电阻，S是选择开
关．S接B、C时吹冷风，接C、D时吹热风．吹冷风时，通过电动机的电流是0.2A；吹热风时，
R的电功率是440W．电源电压是220V．试求：
（1）吹冷风时，5min内电流所做的功是多少？
（2）吹热风时，R的电阻是多少？
（3）吹热风时，干路的电流是多少？
第4页（共20页）四、简答题（本题共2小题，每小题3分，共6分）
28．（3分）（2012•大连）将无盖的饮料瓶底部剪掉，做成一个大“漏斗”．把乒乓球放入“漏
斗”中，用电吹风在“漏斗”上方沿水平方向吹风，如图所示．发现乒乓球向上运动．请解释
这个现象．
29．（3分）（2012•大连）从冰箱冷冻室拿出的冻鱼，放在一盆冷水中，过一段时间将鱼从水中
拿出，发现鱼的表面出现了一层较厚的冰．剥开这层冰，发现鱼已经完全“解冻”．请分析说
明鱼表面这层较厚的冰是如何形成的．（“解冻”过程中，鱼的温度始终低于0℃）
五、综合题（本题共3小题，共16分）
30．（5分）（2012•大连）某同学在探究“浮力的大小与液体的密度和物体排开液体的体积是
否有关”的实验中，记录的实验数据如下表．
液体的密 浮
度 物体的重 力
实验次 排开液体的体积 测力计的示数F/N（在液体
ρ/ 力 F
数 V/cm3 中）
103kg•m﹣ G/N 浮/
3 N
0.4
1 0.8 50 0.70 0.30
0
0.5
2 1.0 50 0.70 0.20
0
0.6
3 1.2 50 0.70 0.10
0
0.6
4 1.0 60 0.84 0.20
0
5 1.0 70 0.98 ① ②
（1）第5次实验，物体在液体中时弹簧测力计的示数如图11所示，则表格中的①、②两处的
数据应为：① ② ．
（2）第 、 、 三次实验，是探究浮力的大小与液体的密
度是否有关．
（3）实验中，两个实验探究共用的一组数据是第 次实验数据．
（4）根据实验数据，得出的探究结论是： ．
第5页（共20页）31．（5分）（2012•大连）小明在探究“凸透镜成实像时像距与物距的关系”的实验中，所用的
实验器材有：光具座、凸透镜、光屏和蜡烛等．
（1）将蜡烛、凸透镜和光屏放在光具座上，点燃蜡烛，调整凸透镜和光屏的高度，使烛焰、凸
透镜和光屏的中心大致在同一 上．
（2）该实验应使凸透镜成实像，那么凸透镜成实像的条件是：物距 焦距．
（3）记录的实验数据如下表．请在方格纸上画出像距与物距的关系图象．
物距u/cm 14 16 18 20 22 24 26
像距v/cm 35 27 22 20 18 17 16
（4）小明得出探究结论后，又用上述器材做了一个实验．把蜡烛放在光具座上的0刻线处，凸
透镜放在15cm刻线上，如图所示．移动光屏在a位置找到像；蜡烛和光屏不动，只移动凸透
镜，当凸透镜向某一方向移动到b位置时，在光屏上又看到像．结合所画图象，请你对实验中
可能出现的现象作出合理的判断 ．（至少有一个选项正确，将正确选项的字母
填在横线上）
A、光屏上第一次的像是倒立、放大的 B、a位置在44～46cm刻线之间
C、光屏上第二次的像是倒立、缩小的 D、b位置在19～21cm刻线之间
32．（6分）（2012•大连）小明在探究“小灯泡发光时的亮度与电功率的关系”的实验中，所用
的电源电压是4V，小灯泡的额定电压是2.5V，小灯泡两端允许加的最大电压为额定电压的
1.2倍．
（1）请将图的实验电路连接完整．
（2）小明连接的电路中，电流表接的是大量程，滑动变阻器的滑片滑到了阻值最大端．在检查
电路连接正确后，小明又进行了实验操作，并根据观察到的实验现象将电流表从大量程改为
小量程．则他进行了怎样的实验操作？观察到什么实验现象？
实验操作： ．实验现象： ．
（3）实验中，观察到小灯泡开始发光时，电压表的示数是0.5V．关于电压测量点的选择有如
下三种方案．
甲：1.0V 2.0V 3.0V
乙：1.0V 2.5V 4.0V
丙：0.5V 1.0V 1.5V 2.0V 2.5V 3.0V
第6页（共20页）应该选用 方案．
（4）小刚在做该实验时，用数量和规格均满足实验要求的定值电阻代替了滑动变阻器．请分
析说明用定值电阻代替滑动变阻器做实验的两点不足．
1、 ；
2、 ．
第7页（共20页）2012 年辽宁省大连市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共14小题，每小题2分，共28分）注意：第1～11题中，每题只有一个选项
正确；注意：第12～14题中，每题至少有两个选项正确．
1．（2分）
【考点】声音的产生．
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【分析】解答本题要知道：声音是由于物体的振动产生的，发声的物体叫声源．
【解答】解：手拨琴弦，琴弦由于振动而产生声音，所以声源是琴弦．
故选B．
【点评】本题考查了声音的产生，关键是搞清楚在发声时，是哪个物体在振动是一道基础题．
2．（2分）
【考点】光的反射．
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【分析】①光的折射是指光线从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向发生改变的现
象，比如透镜成像、水变浅了、水中的筷子折断了等；
②光的反射是指光线在传播的过程中遇到障碍物被反射出去的现象，比如平面镜成像；
③要掌握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播
形成的．
【解答】解：A、在岸上看到水中的“鱼”由于水面下的鱼反射的光进入空气时反生折射，折
射角大于入射角而造成的．所以属于光的折射，故本选项不符合题意．
B、凸透镜成像是根据光的折射原理制成的，而放大镜是凸透镜的一种应用，因此通过放大镜
看到放大的物体，属于光的折射现象；故本选项不符合题意．
C、地上之所以有影子，是因为光是沿直线传播的，当身体挡住了光线时，由于光线不能绕过
身体，所以被身体所挡住的一块区域所接受到的光亮便减少，在地上形成了一块黑暗的与身
体形状相同的影子，故本选项不符合题意．
D、在平面镜前看到镜中的“自己”是平面镜成像现象，属于光的反射，故本选项符合题意．
故选D．
【点评】光的反射、折射及光的直线传播在生活中有着很多的现象，要在生活中注意观察，并
能用所学物理知识进行解释．
3．（2分）
【考点】安全用电原则．
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【分析】（1）雷雨时，特别要小心的是，一定不能到高耸的物体（如旗杆、大树、烟囱、电杆等）
下站立，这些地方最容易遭遇雷电袭击；
（2）水是导体，潮湿的物体接触带电体会发触电现象．
（3）当触电事故发生时，首先切断电源，防止再次发生触电．
（4）掌握测电笔的正确使用方法，手一定接触笔尾金属体，一定不要接触笔尖金属体．
【解答】解：A、在户外遇到雷雨天气，为了避免遭雷击，就不能在大树下避雨，不在湖里游泳．
不合题意．
B、湿抹布擦灯泡时，水属于导体，有可能使电流通过水传到人体上，使人体触电，十分危险．
不合题意．
C、触电事故发生时，我们身边有很多的导体，避免间接接触火线再次发生触电事故，所以第
一时间要切断电源．符合题意．
第8页（共20页）D、使用测电笔时，手接触笔尾金属体，笔尖接触被测导线；手接触金属笔尖，会触电．不合题
意．
故选C．
【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，安全用电的原则：不接触低压带电体，
不靠近高压带电体．值得注意的是：本来不带电的物体带了电；本来不导电的物体导电了．
4．（2分）
【考点】增大或减小摩擦的方法．
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【分析】摩擦力大小的影响因素：压力和接触面粗糙程度．压力一定时，接触面越粗糙，摩擦力
越大；接触面粗糙程度一定时，压力越大，摩擦力越大．
增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度．
减小摩擦力的方法：减小压力，减小接触面的粗糙程度，使接触面脱离，用滚动代替滑动．
【解答】解：A、饮料瓶盖上刻有条形花纹，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩
擦，不符合题意；
B、在汽车轮胎上装防滑链，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，不符合题
意；
C、冬天，在结冰的马路上撒一些煤渣，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，
以方便路人的行走，不符合题意；
D、往门轴中滴一些油，使接触面脱离，减小摩擦，骑车就会感觉轻松一些，符合题意；
故选D．
【点评】此类现象在我们的日常生活中随处可见，学习中要注意理论联系实际，用所学物理知
识对生活中的物理现象作出解释，这样才能做到举一反三，活学活用．
5．（2分）
【考点】温度．
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【分析】估测法是通过自己在生产和生活中的了解，结合物理概念、规律、物理常数和常识对
物理量的数值、数量级进行快速做出合理估测的方法．
【解答】解：A、人的正常体温为37℃，正确，符合题意．
B、标准大气压下沸水的温度为100℃，错误，不合题意．
C、冰箱冷藏室的温度为10℃以下，错误，不合题意．
D、人感觉舒适的环境的温度为25℃，错误，不合题意．
故选A．
【点评】考查估测能力，需要在平时的学习与生活中多积累，将物理知识与社会生活联系起来．
6．（2分）
【考点】作光的折射光路图．
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【分析】根据光的折射规律分析，折射光线、入射光线、法线在同一平面内，折射光线和入射光
线分居法线的两侧，且当光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角，当光从水中斜射入空
气中时，折射角大于入射角．
【解答】解：A、光从空气斜射入水中时，折射光线向法线方向偏折，折射角小于入射角，折射
光线与入射光线分居法线的两侧，符合折射规律，故本选项正确；
B、光从空气斜射入水中时，折射光线向法线方向偏折，折射角小于入射角，而图中折射角大
于入射角了，不符合折射规律，故本选项错误．
C、光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，而C中光的传播方向不变，
显然是错误的；
D、折射光线与入射光线分居法线的两侧，而图中两条光线在同侧，故本选项错误；
故选A．
第9页（共20页）【点评】本题主要考查光的折射规律，要认清入射角和折射角，入射光线和折射光线，这是解
答此题的关键．
7．（2分）
【考点】平衡力的辨别．
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【分析】平衡力的条件：作用在同一个物体上，作用在同一条直线上，大小相等，方向相反，分
析是否是平衡力要从这四个条件入手，缺一不可．
【解答】解：A、书受到的重力和书对桌面的压力，这两个力方向相同，都竖直向下，并且不作
用在同一物体上，所以不是平衡力；
B、书对桌子的压力和桌子的重力，这两个力尽管作用在同一物体上，但方向相同，都竖直向
下，所以不是平衡力；
C、书的重力和桌子对书的支持力，这两个力满足了二力平衡的四个条件：等大、反向、共线、
作用在同一物体上．所以是一对平衡力；
D、书对桌子的压力和桌子对书的支持力，是一对作用力与反作用力，这两个力不作用在同一
物体上，所以不是平衡力．
故选C．
【点评】此题主要考查学生对平衡力的辨别，学习中特别要注意平衡力和相互作用力的区别：
是否作用于同一物体．
8．（2分）
【考点】直流电动机的原理．
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【分析】通电导体在磁场中受力，受力方向与磁场方向和电流方向两个因素有关，根据这一原
理人们制成的电动机．
【解答】解：电动机的原理是通电导体在磁场中受力，发电机的原理是电磁感应现象；电磁铁
和电磁继电器是电流的磁效应．
故选B．
【点评】本题是一道关于电动机原理的习题，能够通过实验现象找出电动机的制作原理是本
题的解题关键所在．
9．（2分）
【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．
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【分析】闭合开关，灯泡不亮，故障有二：断路或短路．电流表无示数，说明灯泡不可能短路．
【解答】解：
A、如果灯泡短路，电路电阻较小，电流较大，电流表示数较大．此选项不符合题意；
B、如果灯泡断路，电流表断路无示数，电压表串联在电路中，示数为电源电压．此选项符合
题意；
C、如果滑动变阻器短路，灯泡是通路会发光，电流表示数较大．此选项不符合题意；
D、如果滑动变阻器断路，整个电路断路，灯泡不亮，电流表、电压表都无示数．此选项不符合
题意．
故选B．
【点评】电路故障问题是中考物理考查的热点，也是难点，一般题目设计的都是一处故障，原
因只有两个：短路或开路．
10．（2分）
【考点】热传递．
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【分析】分析表格数据可知：随着时间的变化，温度变化越来越慢，说明温度越高，散热越快，
即在相同时间内温度越高，降温越快；温度越低，降温越慢．
第10页（共20页）【解答】解：从表中可以看出，在相同时间内，开始温度降低得幅度大，后来降低的温度变慢．
故随着时间的增加量相等，温度的降低量越来越小．
故选D．
【点评】本题是一道实验探究题，通过对水降温过程的探究，要求学生掌握对图象的分析能力，
题目新颖，很好地考查了学生的素质．
11．（2分）
【考点】阿基米德原理；力的合成与应用；物体的浮沉条件及其应用．
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【分析】（1）在加水的过程中，在铁块浸没水中之前，排开水的体积变大，由阿基米德原理知
道受到的浮力增大；在铁块浸没水中之后，排开水的体积不变，由阿基米德原理知道受到的
浮力不变，可见铁块受到的浮力是先变大、后不变；
（2）容器底对铁块的支持力等于铁块的重力减去浮力，铁块重力不变，据此分析容器底对铁
块的支持力的变化情况．
【解答】解：
（1）在铁块浸没水中之前，V排 变大，因为F浮=ρ水V排g，所以铁块受到的浮力变大；
在铁块浸没水中之后，V排 不变，因为F浮=ρ水V排g，所以铁块受到的浮力不变；可见铁块受
到的浮力是先变大、后不变；
（2）∵F支=G﹣F浮 ，F浮 先变大、后不变；
∴F支 先变小、后不变；
图C说明容器底对铁块的支持力F随时间的增大，先变小、后不变，所以图C符合支持力的
变化规律，
故选C．
【点评】本题考查了学生对阿基米德原理、力的合成的掌握和运用，能确定在加水的全过程中
铁块排开水的体积变化是本题的关键．
文字叙述：在加入水之前，铁块是放在容器内的，所以此时容器对铁块的支持力是最大的．随
着随着铁块排开水的体积变大，水对铁块的浮力逐渐增大，而容器对铁块的支持力逐渐减小．
当铁块完全浸没在水中的时候，铁块排开水的体积不变，因而浮力也不会继续增大，容器对
铁块的支持力也不会继续减小．
12．（2分）
【考点】内燃机的四个冲程．
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【分析】解答此类题注意总结规律，在内燃机的四个冲程中，进气阀和排气阀均关闭的只有压
缩冲程和做功冲程，而在压缩冲程中活塞向上运动，做功冲程中活塞向下运动；
内燃机的四个冲程中有两个冲程发生能量转化，一是压缩冲程中机械能转化为内能；二是做
功冲程中内能转化为机械能．
【解答】解：两个气阀关闭，活塞向下运动，是做功冲程，内燃机的做功冲程是将内能转化为机
械能，故气体的内能减少、温度降低，分子热运动减慢；气体质量不变，体积变大，故气体分子
的密度减少；
故答案为：AB．
【点评】解决此题要结合内燃机的做功冲程原理进行分析解答，知道做功冲程中的能量转化．
13．（2分）
【考点】压力及重力与压力的区别；压强大小比较．
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【分析】①固体能够传递压力，水平桌面受到的压力等于容器及容器内物体的总重力；固体压
强的大小用公式P= 比较；
②液体对容器底的压力不一定等于液体的重力，压力大小与容器的形状有关；在受力面积一
定时，不同状态的物体对容器底的压强用公式P= 比较．
第11页（共20页）【解答】解：
A、容器重力不变，冰熔化成水重力也不变，容器和水对桌面的压力等于容器重和水重之和．
所以桌面受到的压力不变．此选项正确，符合题意；
B、容器与桌面的接触面积一定，因为压力不变，所以由公式P= 知，压强也不变．此选项错误，
不符合题意；
C、容器上口大，下口小，冰熔化成水后，压力有一部分作用在容器壁上，因此底部受到的压
力减小．此选项错误，不符合题意；
D、冰熔化前后，与容器底的接触面积不变，由C知，压力减小，根据公式P= 得：压强减小．此
选项正确，符合题意．
故选：A、D．
【点评】上口大、下口小的容器，液体对容器底的压力小于所装液体重；上口小、下口大的容器，
液体对容器底的压力大于所装液体重；圆柱形、长方体或正方体直壁容器，液体对容器底的
压力等于所装液体重．
14．（2分）
【考点】欧姆定律的应用；并联电路的电压规律；滑动变阻器的使用；电阻的串联；电功率的计
算．
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【分析】①从图可知，灯泡L 与滑动变阻器串联后再与灯泡L 并联，电流表测量的是干路中
2 1
的总电流．首先利用并联电路电压的特点判断出滑动变阻器的滑片P从a向b滑动的过程中，
灯泡L 所在支路和灯泡L 所在支路两端电压的变化，再利用公式P= 判断出灯泡L 电功率
1 2 1
的变化，从而可以判断出灯泡L 亮度的变化．判断��A是否符合题意．
1
②首先判断出滑动变阻器的滑片P从a向b滑动的过程中，滑动变阻器连入电路中电阻的变
化，利用串联电路电阻的特点判断出此支路电阻的变化，再利用公式I= 判断出灯泡L 所在
2
支路电流的变化，最后再利用公式P=I2R判断出灯泡L 电功率的变化，从而可以判断出灯泡
2
L 亮度的变化．判断出B是否符合题意．
2
③已判断出灯泡L 两端电压的变化，可利用公式I= 判断出灯泡L 所在支路电流的变化，再
1 1
利用并联电路电流的特点，判断出电路中总电流的变化．判断出C是否符合题意．
④已判断出灯泡L 所在支路两端电压的变化，而灯泡L 与滑动变阻器串联，可利用串联电
2 2
路电压的特点判断出滑动变阻器两端电压的变化．判断出D是否符合题意．
【解答】解：
①从图可知，灯泡L 与滑动变阻器串联后再与灯泡L 并联，电流表测量的是干路中的总电
2 1
流，
∴滑动变阻器的滑片P从a向b滑动的过程中，灯泡L 所在支路和灯泡L 所在支路两端的
1 2
电压不变，始终等于电源电压，
而灯泡工作时的电阻不变，
∴由公式P= 可知，灯泡L 的实际功率不变，则灯泡L 的亮度不变．所以A不符合题意．
1 1
②滑动变阻器的滑片P从a向b滑动的过程中，滑动变阻器连入电路中的电阻变大，由串联
电路电阻的特点可知，灯泡L 所在支路的电阻变大，而电源电压不变，
2
∴由公式I= 可知灯泡L 所在支路的电流变小，而电源电压不变，
2
∴由公式P=I2R可知灯泡L 的实际功率变小，则灯泡L 的亮度变暗．所以B符合题意．
2 2
③灯泡L 两端的电压不变，则由公式I= 可知，灯泡L 所在支路的电流不变，而灯泡L 所在
1 1 2
支路的电流变小，
由并联电路电流的特点可知，此时电路中的总电流变小．所以C符合题意．
④∵灯泡L 所在支路两端的电压不变，
2
第12页（共20页）而灯泡L 与滑动变阻器串联，而在串联电路中导体的电阻越大导体分担的电压越大，由于滑
2
动变阻器的滑片P从a向b滑动的过程中，滑动变阻器连入电路中的电阻变大，
∴滑动变阻器两端的电压变大．所以D符合题意．
故选BCD．
【点评】本题考查欧姆定律和滑动变阻器的使用，分析的前提是先搞清楚电路的连接情况，然
后再根据欧姆定律进行判断．关键明白电路的连接情况和滑动变阻器移动过程中电路的变
化情况，要记住串、并联电路的特点．
二、填空题（本题共10小题，15～22题每题2分，23、24题每题3分，共22分）
15．（2分）
【考点】运动和静止的相对性．
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【分析】（1）解答此题的关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是
否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的．
（2）一个静止的物体，当它所受外力完全消失时，不受力的作用，它将会原来的静止状态；
一个运动的物体，当它所受外力消失时，不受力的作用，它将会保持撤销力的作用时的速度
大小和方向，保持匀速直线运动状态．
【解答】解：（1）以实心球为参照物，小明与实心球之间的位置发生了变化，所以小明是运动
的；
（2）根据牛顿第一定律可知，正在运动的物体，如果它受到的所有外力同时消失，就是说该物
体受力为零，所以该物体将做匀速直线运动．
故答案为：运动；匀速直线．
【点评】牛顿第一定律是描述物体在不受外力作用时，由于具有惯性而表现出来的一种运动
规律．实际上不受任何外力的物体是没有的，但不能否定其正确性，因为我们总可以找到在
某一个方向上不受力或某一个方向上受力为零的情况，这种情况就是牛顿第一定律所说的
“没有受到力的作用”．
16．（2分）
【考点】光的传播速度与光年；波速、波长和频率的关系．
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【分析】光在真空中的传播速度是3×108m/s，根据公式C=λf可知，电磁波速度一定，频率越
小，波长越长．
【解答】解：光在真空中的传播速度是3×108m/s，因为真空中不同波长的电磁波的速度是一
样的，都是3×108m/s，根据公式C=λf可知，电磁波速度一定，频率越小，波长越长．
故答案为：3×108；长．
【点评】本题考查了光的传播速度及电磁波波长与频率的关系，属于基本内容，比较简单．
17．（2分）
【考点】物体的颜色．
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【分析】不透明物体的颜色是由它反射的色光决定的；透明物体的颜色由透过的光的颜色决
定，其它颜色被吸收．
【解答】解：太阳光照在红色花朵上，其他颜色的光都被吸收了，只有红光被反射，所以呈现红
色．
蓝色的玻璃只能透过蓝光，其它色光被吸收了，透过蓝色的玻璃看这朵花，呈现黑色．
故答案为：红；黑．
【点评】本题考查物体的颜色，要注意不透明的物体只能反射与它颜色相同的色光，吸收其他
色光；白色物体能反射所有色光，黑色物体吸收所有色光．
18．（2分）
【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律．
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第13页（共20页）【分析】先根据串联电路电流特点求出通过电阻R 、R 的电流之比，再利用公式U=IR求出电
1 2
压之比．
【解答】解：
因为两电阻串联，所以通过两电阻的电流相等，即电流之比为1：1，
由欧姆定律U=IR得：U =IR ，U =IR ，
1 1 2 2
即电压之比为： = = = ．
故答案为：1：2；1：1．
【点评】本题考查了求电阻的电流之比与电压之比，熟练掌握串联电路的特点及欧姆定律是
正确解题的关键．
19．（2分）
【考点】生活中的升华现象；影响电阻大小的因素．
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【分析】解决此题的关键是掌握：①导体的长度、材料相同时，横截面积越大，电阻越小；②物
质由固态直接变成气态叫做升华．
【解答】解：白炽灯用久后灯丝变细．灯丝变细是由固态直接变成气态，是升华现象；钨丝因升
华变细，横截面积变小，导致灯丝电阻变大．
故答案为：升华；大．
【点评】此题结合实际问题考查了影响电阻大小的因素和物态变化的升华现象，生活中处处
有物理知识，需要同学们留心观察．
20．（2分）
【考点】半导体的特点；能源的分类．
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【分析】（1）根据导电性的不同，材料可分为导体，半导体，绝缘体三大类，容易导电的物体叫
导体，不容易导电的物体叫绝缘体，导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体．
（2）可再生能源是能在短时间内形成的能源，可再生资源特点是不污染环境；取之不尽用之
不竭．
【解答】解：（1）半导体的导电性能介于导体和绝缘体之间；
（2）风能是可以在自然界源源不断得到的能源，属于可再生能源．
故答案为：绝缘；可．
【点评】本题主要考查学生对半导体和可再生能源特点的理解和掌握．是中考热点．
21．（2分）
【考点】动能和势能的大小变化．
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【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大．
（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度．质量越大，高度越高，重力势能越大．
【解答】解：跳伞运动员在空中匀速下降的过程中，速度不变，所以动能不变，高度减小，所以
重力势能减少．
故答案为：不变；减少．
【点评】本题考查了动能和重力势能的概念及影响其大小的因素，属于基本内容．在判断动能
和重力势能的大小时，要注意看影响动能和重力势能大小的因素怎么变化．
22．（2分）
【考点】比热容的概念．
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【分析】解决此题要知道：（1）比较不同物质的吸热能力，有两种方法：质量相同，同一热源加
热相同的时间，（即吸收热量相同）看温度的变化值，温度变化越小说明吸热能力越强；质量
相同，加热到相同的温度，比较加热的时间，时间越长说明吸热能力强．
（2）实验中加热时间越长，表明物体吸收的热量越多，反之，则吸热越少；
第14页（共20页）【解答】解：（1）水和煤油的质量相同，吸收的热量相同，可以根据公式c=Q/m△t来判断吸热
能力的大小，△t越小，比热容越大，说明吸热能力越强；
（2）实验中，用同一热源给物体加热，其吸热的多少是通过加热时间反映出来的，加热时间越
长，物体吸收的热量越多；
故答案为：升高温度；加热时间．
【点评】此题考查的是比较不同物质吸热能力的方法，是一道基础题．
23．（3分）
【考点】家庭电路的连接．
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【分析】（1）家庭电路中各用电器之间是并联的，开关同时控制两盏灯，开关要接在干路上．
（2）电灯的接法：火线首先进开关，再入灯泡．
【解答】解：两盏灯是并联的，两盏灯有一个开关控制，开关接在干路上；火线首先过开关再入
灯泡．如图所示
【点评】本题主要考查灯泡与开关的接法，利用好条件开关同时控制两盏灯﹣﹣﹣开关要接
在干路上，知道火线首先过开关再入灯泡．
24．（3分）
【考点】力臂的画法；力的示意图．
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【分析】根据杠杆平衡的条件，F ×L =F ×L ，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使
1 1 2 2
所用的动力最小，必须使动力臂最长．而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用点这两
点所得到的线段最长，据此可解决此题．
【解答】解：过O点作阻力F的垂线，即为阻力F 对支点O的力臂L ；
2 2
动力最小，即动力臂最长，阻力的方向已标出，所以动力的方向应该向下，连接支点O与a点，
过a点作Oa的垂线就得到在a点施加的最小动力F ，如下图所示．
1
【点评】根据杠杆的平衡条件，要使杠杆上的力最小，必须使该力的力臂最大，而力臂最大时
力的作用点一般离杠杆的支点最远，所以在杠杆上找到离杠杆支点最远的点即力的作用点，
这两点的连线就是最长的力臂，过力的作用点作垂线就是最小的力．
三、计算题（本题共3小题，共18分）
25．（6分）
【考点】热量的计算；能量利用效率．
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【分析】（1）已知水的比热容、质量和初温度、末温度，利用Q=cm△t可以得到吸收的热量；
（2）已知煤气的热值和体积，可以得到煤气完全燃烧放出的热量；水吸收的热量与煤气完全
燃烧放出的热量之比就是煤气灶的效率．
第15页（共20页）【解答】解：
（1）水吸收的热量：
Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（75℃﹣25℃）=4.2×105J；
（2）煤气完全燃烧放出的热量：
Q放=qV=4.0×107J/m3×0.03m3=1.2×106J
煤气灶的效率：
η= = =35%．
答：（1）水吸收的热量为4.2×105J；
（2）煤气灶烧水的效率为35%．
【点评】在分析效率问题时，先要明确利用设备或机械的目的（加热物体、克服重力、克服摩
擦）以确定有用功（有用能量），然后明确燃料或动力提供的能量或做的功，这就是总能量（或
总功）．
26．（6分）
【考点】压强的大小及其计算；功的计算；功率计算公式的应用．
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【分析】（1）知道坦克在水平面上，则对地面的压力等于自身的重力，又知道履带的着地面积，
可利用公式P= 计算出坦克对路面的压强．
（2）知道发动机的输出功率和工作时间，可利用公式W=Pt计算出坦克发动机所做的功．
（3）知道发动机的输出功率和行驶速度，可利用公式P= = =Fv计算出牵引力的大小．
【解答】解：
（1）∵坦克在水平面上，
∴坦克对地面的压力为：F=G=4×105N，
而S=5m2，
∴坦克对路面的压强为：P= = =8×104Pa．
（2）∵P=900kW=9×105W，t=10min=600s，
∴坦克发动机所做的功为：W=Pt=9×105W×600s=5.4×108J．
（3）∵P=Fv，而v=20m/s，
∴行驶过程中受到的牵引力为：F牵= = =45000N．
答：（1）坦克静止在水平路面时，对路面的压强是8×104Pa．
（2）匀速行驶10min，坦克发动机所做的功是5.4×108J．
（3）匀速行驶时，坦克发动机的牵引力是45000N．
【点评】本题考查压强、功、牵引力的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，要知道在水平面
上物体对地面的压力等于物体自身的重力，解题过程中还要注意单位的换算．
27．（6分）（
【考点】功的计算；欧姆定律的应用；电功的计算；电功率的计算．
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【分析】（1）S接B、C时，电路中只有电动机工作，已知通过的电流，根据W=UIt求出5min
内电流所做的功；
（2）已知吹热风时R的电功率，根据R= 求出R的阻值；
（3）吹热风时，电动机和电阻R并联，根据欧姆定律求出通过R的电流，根据并联电路的电流
特点求出干路的电流．
【解答】解：（1）S接B、C时，电路中只有电动机工作，且I =0.2A，
M
5min内电流所做的功：
W=UIt=220V×0.2A×5×60s=1.32×104J；
（2）吹热风时，R的电阻：
R= = =110Ω；
第16页（共20页）（3）吹热风时，电动机和电阻R并联，且I =0.2A，
M
通过R的电流：
I = = =2A，
R
干路的电流：
I=I +I =0.2A+2A=2.2A．
M R
答：（1）吹冷风时，5min内电流所做的功是1.32×104J；
（2）吹热风时，R的电阻是110Ω；
（3）吹热风时，干路的电流是2.2A．
【点评】本题考查了电功、电阻、电流的计算，关键是公式及其变形式的灵活运用，要注意吹热
风时电动机和电热丝并联且独立工作、互不影响．
四、简答题（本题共2小题，每小题3分，共6分）
28．（3分）
【考点】流体压强与流速的关系．
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【分析】流体的流速越大的位置，压强越小．把乒乓球放入“漏斗”中，乒乓球受到向上和向
下的压强相等，吹风时，空气的流速增大、压强减小，比较乒乓球上面和下面受到的压强，来
解释出现的现象．
【解答】解：当用电吹风在漏斗上方吹风时，“漏斗”上方空气流速大于“漏斗”内空气流速，
上方压强小于下方压强，“漏斗”内空气向上运动，“漏斗”内空气压强减小”，乒乓球下
面的压强不变，乒乓球受到向上的压强大于向下的压强，乒乓球在压力差的作用下被托起向
上运动．
【点评】掌握流体压强跟流速的关系，能利用流体压强知识解释有关的现象，考查学生应用物
理知识解决实际问题的能力．
29．（3分）
【考点】凝固与凝固放热特点．
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【分析】物质由液态变成固态是凝固．
晶体熔化条件：温度达到熔点，要继续吸热．
晶体凝固条件：温度达到凝固点，要不断放热．
【解答】答：从冰箱冷冻室的冻鱼温度（远）低于0℃，放到水中后水放热降温，鱼吸热升温；与
鱼接触的水温度达到0℃时，鱼的温度仍低于0℃，水放热凝固成冰；鱼继续吸热升温，与鱼
接触的冰放热降温，与冰接触的水放热凝固，如此往复，直至鱼完全解冻，冰达到最厚．
【点评】此题重点考查了晶体熔化和凝固的条件；只有两个条件同时都具备时，晶体才能熔化
或凝固．
五、综合题（本题共3小题，共16分）
30．（5分）
【考点】探究浮力大小的实验．
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【分析】（1）读取弹簧测力计示数时，先要明确所选择的量程，读数时视线与刻度盘垂直；已
知物重和受到的拉力，利用F浮=G﹣F得出物体受到的浮力；
（2）要研究浮力大小与密度的关系，必须使物体排开液体的体积相同，液体密度不同；
（3）分别明确探究浮力与液体密度的关系采用的实验序号和探究浮力与排开液体体积的关
系采用的实验序号，就能确定共用的一组数据；
（4）实验结论应该在明确实验目的和对实验数据进行综合分析的基础上得出．
【解答】解：
（1）弹簧测力计的示数为F=0.28N，所以物体受到的浮力为F浮=G﹣F=0.98N﹣
0.28N=0.70N；
第17页（共20页）（2）比较实验数据知，在1、2、3组中，物体排开液体的体积相同，液体的密度不同，物体受到
的浮力不同．所以此三组探究的是浮力与液体密度的关系；
（3）1、2、3组探究的是浮力与液体密度的关系，2、4、5组探究的是浮力与排开液体体积的关
系．所以共用的一组数据是第二组；
（4）实验的目的是探究“浮力的大小与液体的密度和物体排开液体的体积是否有关”，实验
结论是：物体受到浮力的大小与液体的密度和物体排开液体的体积大小有关．
故答案为：
（1）0.28；0.70；
（2）1、2、3；
（3）2；
（4）物体受到浮力的大小与液体的密度和物体排开液体的体积大小有关．
【点评】探究物体所受浮力的影响因素，采用的是控制变量法：研究浮力与液体密度关系时，
保持排开液体的体积一定，改变液体密度；研究浮力与排开液体体积关系时，保持液体密度
一定，改变物体排开液体的体积．
31．（5分）
【考点】凸透镜成像规律及其探究实验．
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【分析】（1）调整凸透镜、光屏、烛焰的中心大致在同一高度上，这样做的目的是使物体的像
能够成在光屏的中心．
（2）由凸透镜成像的三种情况：U＞2f，成倒立、缩小的实像．2f＞U＞f，成倒立、放大的实像．
U＜f，成正立、放大的虚像，可得出结论．
（3）在坐标上找到每组像距、物距对应的点，然后用线连点即可．
（4）根据（3）中的物距为20cm和像距为20cm，可得出此透镜的焦距f=10cm，再结合所画图
象即可做出选择．
【解答】解：（1）当物体通过凸透镜成实像时，成的像要用光屏来承接，所以要调整凸透镜、光
屏、烛焰的中心大致在同一高度上，以保证物体的像能够成在光屏的中心．
故答案为：高度．
（2）由凸透镜成像的三种情况：U＞2f，成倒立、缩小的实像．2f＞U＞f，成倒立、放大的实像．
U＜f，成正立、放大的虚像．可知当物距大于焦距时，凸透镜成实像．
故答案为：大于．
（3）找出每组数据对应的点，然后用平滑的线把点连起来，如图所示
（4）A、由（3）可知，此透镜的焦距f=10cm，当把蜡烛放在光具座上的0刻线处，凸透镜放在
15cm刻线上，即2f＞u＞f，成倒立放大的实像；故A正确
第18页（共20页）B、此时v＞2f，即a的位置v＞20cm，所以取中间值u=15时，v=30～32再加上15即为：45～
47cm刻线之间，故B正确；
C、当蜡烛和光屏不动，只移动凸透镜，当凸透镜向某一方向移动到b位置时，在光屏上又看
到像，说明此时物距和像距之和不变，以设想将蜡烛和光屏互换位置，则物距处于u＞2f，凸
透镜成倒立、缩小的实像，此时2f＞v＞f，像的位置在10cm～20cm之间，故C正确；
D、由图象可知，当凸透镜向某一方向移动到b位置时，在光屏上又看到像．此时像的位置在
16cm～35cm之间，而题目中指出光屏的位置不变，所以b位置在19～21cm刻线之间时，光
屏上是看不到像的．故D错误．
故选ABC．
【点评】此题主要考查凸透镜成像实验，此题的难点在（4）根据图象对实验中可能出现的现象
作出合理的判断，要对凸透镜成像规律中的物距和像距熟练掌握才行．
32．（6分）
【考点】探究用电器的电功率实验．
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【分析】（1）根据实验中电压表所测的最大电压确定电压表的量程，灯泡与滑动变阻器串联
接入电路，电压表并联在灯泡两端，连线时注意滑动变阻器的接法；
（2）电流表选择的量程过大，电流表指针偏转角度太小，读数误差较大；调节滑动变阻器滑片，
电流表指针变化范围小，不便于读数；
（3）灯泡两端电压是0.5V时灯泡开始发光，灯泡正常工作电压是2.5V×1.2=3V，要探究“小
灯泡发光时的亮度与电功率的关系”，可以再稍增大灯两端的电压，取小于额定电压、等于
额定电压、大于额定电压三个电压，实际功率将小于额电功率、等于额电功率、大于额电功率，
进行分析比较，据此选择实验方案；
（4）用定值电阻代替滑动变阻器进行实验，实验时要不断地更换电阻，不断地拆接电路，操作
麻烦，另一方面，用定值电阻代替滑动变阻器，电流电流不能连续变化，灯泡亮度不能连续变
化，灯泡功率变化时，不易比较灯泡亮度变化情况．
【解答】解：（1）灯泡两端所允许加的最大电压是
2.5V×1.2=3V，因此电压表可选择3V量程，灯泡与滑动变阻器串联接入电路，电压表并联在
灯泡两端，电路图如图所示；
（2）实验中电流表选择大量程0～3A，灯泡两端允许加得最大电压为3V，一般情况下，额定
电压为2.5V的小灯泡电阻约为10Ω，电路的最大电流约为I= = =0.3A＜0.6A，0～3A量程
太大，闭合开关后，电流表指针偏转角度太小，不便于读数，读数误差较大，另一方面，移动滑
动变阻器滑片时电流表指针变化范围很小不便于读数，不便于进行多次测量；
（3）要探究“小灯泡发光时的亮度与电功率的关系”，可以再稍增大灯两端的电压，取小于
额定电压、等于额定电压、大于额定电压几个电压，实际功率将小于额电功率、等于额电功率、
大于额电功率；甲方案没有在额定电压下；乙方案4V会烧坏灯；不可取，综合分析可知，应选
用丙方案；
（4）小刚在做该实验时，用数量和规格均满足实验要求的定值电阻代替了滑动变阻器，小刚
的做法存在以下不足：
实验操作不方便，不易比较灯泡亮度变化情况；
故答案为：
（1）如图所示；
（2）闭合开关，将滑动变阻器滑片从阻值最大端缓慢向阻值最小端滑动，观察电压表和电流
表示数；
电压表示数为3V时，电流表示数不大于0.6A．
（3）丙；
第19页（共20页）（4）操作麻烦，改变小灯泡功率时，要更换不同的定值电阻，连续三次电阻；
不易比较亮度，比较亮度时，要经过更换电阻的过程，时间间隔长．
【点评】本题考查了连接实物图、实验操作分析、实验测量方案的选择、实验方案优劣分析等
问题；
实验中选择实验器材时，实验器材的规格与量程选择要恰当，电表量程不能太大，量程太大，
不易读数，读数误差较大，量程太小，容易烧坏电表．
第20页（共20页）
