文档内容
高二下学期 3 月份物理月考试卷
满分:100 分，考试时间:75 分钟
本试卷分为第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共 100 分。
第Ⅰ卷（选择题共 42 分）
一、选择题（本题共 10 小题，共 46 分，1-7 为单选题每小题 4 分，。8-10 为多
选题，每题 6 分，全部选对得 6 分，选对但不全得 3 分，错选得 0 分）
1．在 2020 年特殊的经济形势下，“新基建”的七大产业担负起了国家经济发展的重大使命，
“5G”产业是其中一项。到 2024 年 4 月，5G 用户的占比已超 5 成。时至今日，5G 网络建设
仍在持续推进中。“5G”手机通过电磁波与基站之间进行信息传递，以下有关说法中不正确的
是（ ）
A．“隔墙有耳”是波的衍射现象，5G 同样具有“穿墙”性能
B．“5G”比“4G”传递信息更快，是因为它所使用的电磁波的波速更快
C．电磁波既能传递信息也能传递能量
D．先进的“5G”手机，使用过程中也会发热，是因为工作过程中部分电能转化为内能
2．如图所示，在竖直面内的正方形四个顶点处分别放置四根通电直导线 A、B、C、D，A、
B 中电流方向垂直纸面向外，C、D 中电流方向垂直纸面向里，每根通电直导线在对角线交
点 O 处产生的磁感应强度大小均为 ，现在 O 处放置一根长为 L 的通电直导线，电流大小
为 I、方向垂直于纸面向里，则该直导线所受的安培力大小和方向分别为（ ）
A． ，竖直向上
B． ，竖直向上
C． ，竖直向下
D． ，竖直向下
3．利用光的干涉可以检查工件表面的平整度，其装置如图甲所示，将一块标准平板玻璃 a
放置在待检测平板玻璃 b 之上，在一端夹入两张纸片，从而在两片玻璃表面之间形成一个劈
形空气薄膜，当用激光垂直入射后，从上往下看到的干涉条纹如图乙所示。以下说法正确的
是（ ）
A．抽去一张纸片，相邻亮条纹间距变大
B．图乙条纹弯曲处对应着待检测平板玻璃有凹陷
C．干涉条纹是由 a、b 两玻璃板上表面反射的光叠加产生的
D．换用白光垂直照射，干涉条纹消失
4．如图所示，平行板电容器通过导线与二极管、直流电源相连，P 是极板间一固定点。下
列说法正确的是（ ）
A．M 板上移少许，两板间电势差不变，P 点电势不变
B．N 板上移少许，两板间电场强度增大，P 点电势降低
C．M 板左移少许，两板间电势差增大，P 点电势不变
D．两板间插入介电常数更大的电介质，两板间电场强度增大
5．如图，竖直平面内有平行于该平面的匀强电场，一带电小球由 M 点斜向上抛出，速度大小为 v、方向与水平面成 角，经过时间 t 到达 N 点，速度大小仍为 v、方向水平向右。已
知小球运动轨迹在该竖直平面内，重力加速度大小为 g， 。下列说法正确的是（ ）
A. 电场强度方向水平向右
B．小球受电场力大小为重力的
C．从 M 到 N 的过程，电场力做功为
D．从 M 到 N 的过程，小球的电势能先减少后增大
6．图中 OBCD 为半圆柱体玻璃的横截面，OD 为直径，一束由 b 光和 c 光组成的复色光沿
AO 方向从真空射入玻璃，b 光、c 光分别从 B、C 点射出。设玻璃对 b 光的折射率为 ，b
光由 O 到 B 的传播时间为 ，玻璃对 c 光的折射率为 ，c 光由 O 到 C 的传播时间为 。
则下列说法正确的是（ ）
A. 小于 B． 等于
C． 小于 D． 等于
7．如图甲所示的电路中，定值电阻 。白炽灯泡 的伏安特性曲线如图乙所示。电源
电动势 ，内阻不计。当开关 S 断开时，灯泡消耗的实际电功率为 ，则开关闭
合后，灯泡消耗的实际功率约为（ ）
A. B．
C． D．
8．某静电场在 x 轴上各点的电势 随坐标 x 的分布图像如图。x 轴上 A、O、B 三点的电势
值分别为 、 、 ，电场强度沿 x 轴方向的分量大小分别为 、 、 ，电子在 A
、O、B 三点的电势能分别为 、 、 。下列判断正确的是（ ）
A. B．
C． D．
9．一列沿 x 轴传播的简谐横波在 t = 0 时刻的波形图如图所示，此时 P 点偏离平衡位置的位
移大小是振幅的二分之一。已知该波的波速 v = 8 m/s，则此后 P 点第二次达到平衡位置的
时间可能是（ ）
A. B．
试卷第 1 页，共 3 页C． D．
10．如图所示，在滑动变阻器的滑片 P 向下端滑动过程中，理想电压表 V、V 的示数变化
1 2
量的绝对值分别为ΔU、ΔU，理想电流表 A、A、A 示数变化量的绝对值分别为ΔI、ΔI，
1 2 1 2 3 1 2
ΔI，下列说法正确的是（ ）
3
A．电压表 V 示数减小，电流表 A 示数增大
1 1
B．电压表 V 示数与电流表 A 示数的比值减小
2 3
C．
D．
二、实验题（共 16 分）
11（8 分）．在“测量玻璃折射率”的实验中，某同学使用平行玻璃砖，操作正确后得到了图 1
所示的实验光路图及相关角度。
(1)如果有多块宽度大小不同的平行玻璃砖可供选择，为了减小误差，应选择宽度 （选
填“大”或者“小”）的玻璃砖进行实验；
(2)操作过程中为得到更好的实验效果，下列操作中正确的是______；
A．入射角应选择尽量小些
B．大头针插在纸面上时可以不与纸面垂直
C．大头针 P 和 P 及 P 和 P 之间的距离适当大些
1 2 3 4
D．改变入射角的大小，多做几次实验
(3)此玻璃砖的折射率计算式为 （用图中的 表示）；
(4)若该同学画玻璃砖的界面时，不小心将两界面 、 间距画得比玻璃砖实际宽度大些，
如图 2 所示，则他所测得的折射率 （选填“偏大”“偏小”或者“不变”）。
12（8 分）．如图为某同学设计具有“×100”和“×1k”两种倍率简易欧姆表的电路，现可提供的
器材如下：
A．干电池（电动势 E=1.5V，内阻不计）
B．电流计 G（量程 0~100μA，内阻为 450Ω）
C．定值电阻 R（阻值为 50Ω）
0
D．滑动变阻器 R（阻值范围为 0~15kΩ）
E.开关 S，红、黑表笔各一支，导线若干
选择以上器材组装电路，欧姆表表盘的中央刻度值为 15，请回答下列问题：
(1)表笔 A 应为 （填“红”或“黑”）表笔；
(2)开关 S 闭合时，对应的挡位为 （填“×100”和“×1k”）；
(3)断开开关 S，欧姆调零后，在两表笔间接入待测电阻 R，发现电流计 G 指针恰好指到 30μA
x
处，则可知待测电阻 R= Ω；
x
(4)若该欧姆表使用一段时间后，电源的电动势变小，内阻变大，但仍能欧调零，按正确操
试卷第 1 页，共 3 页作再测上述 R 的阻值，其测量结果与原结果相比将 （填“偏大”“偏小”或“不变”）。
x
三、解答题（共 38 分）
13（10 分）．如图，一半径为 、圆心为 O 的圆形黑色薄纸片漂浮静止在某种液体的表面上，
O 点正下方液体中 A 点处有一单色点光源。光源发出的一条与水平方向夹角为 的光线
AB 经过纸片的边缘 B 点射入空气中，其折射光线与水平方向的夹角为 。已知光在真空
中的传播速度大小为 。
(1)求该液体的折射率及光在液体中的传播速度大小；
(2)若此光源发出的光都不能射出液面，求该光源向上移动的最小距离。
14（12 分）．如图所示，固定电阻 ， ，滑动变阻器总电阻
。调节滑动变阻器滑片，将滑动变阻器滑片置于正中间，再接通 S 后，
电压表读数为 6V，这时电路的总功率为 36W。
（1）求出固定电阻 的阻值。
（2）求 S 断开后，滑动变阻器 的功率
15（16 分）．如图所示，半圆形轨道的直径 与水平面垂直，轨道的最低点 Q 与右侧光滑
的台阶相切，台阶右侧紧靠着表面与台阶齐平的足够长的长木板 C，C 的右端与弹性挡板 D
的距离 。台阶上的两个小铁块 A、B 之间有一被压缩的微型弹簧（弹簧与铁块不固
定），某时刻，将压缩的微型弹簧释放，使 A、B 瞬间分离。释放后，铁块 A 恰好沿半圆形
轨道运动到轨道最高点 P，铁块 A 到最高点后被取走。铁块 B 滑上木板 C 的上表面，一段
时间后 C 与 D 相撞。已知 B、C 接触面间的动摩擦因数 ，其余摩擦均不计，C 与 D
在碰撞过程中没有机械能损失，半圆形轨道的半径 ，木板 C 的质量 ，铁
块 A、B 与木板 C 的质量之比是 ，重力加速度大小取 。
(1)求铁块 B 滑上木板 C 时的速度 的大小；
(2)求 C 与 D 第一次相撞前，B、C 系统摩擦产生的热量 Q；
(3)若 C 右端与 D 的距离 x 可以改变，要求 C 与 D 碰撞两次，求
试卷第 1 页，共 3 页x 应满足的条件。
试卷第 1 页，共 3 页高二下学期第一次月考物理
《 》参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 B C A B C D A ABD AB ABD
1．B
2．C
【详解】每根通电直导线在 O 处产生的磁感应强度均为 ，
由安培定则知，合磁场方向为水平向右，由左手定则知，安培力方向竖直向下，故选 C。
3．A
【详解】A．光线在空气膜的上、下表面发生反射，并发生干涉，从而形成干涉条纹，
当抽去一张纸片， 变小 增大，相邻亮条纹间距变大，故 A 正确；
B．同一级条纹对应的空气薄膜厚度相等，则图乙条纹弯曲处对应着待检测平板玻璃有凸起，
故 B 错误；
C．干涉条纹是由 a 玻璃板下表面和 b 玻璃板上表面反射的光叠加产生的，故 C 错误；
D．换用白光垂直照射，仍能发生光的干涉现象，此时应该出现彩色条纹，故 D 错误。
4．B
【详解】A．M 板上移少许，板间距 增大，根据 可知，电容器的电容 减小，
若电势差 不变，根据 可知 减小，由于二极管的存在， 不能减小，所以 不
变，两板间电势差 增大，根据 ， ， 可得
所以两板间电场强度 不变，由于 板接地，所以
P 点与 板间距离不变，所以 P 点电势不变，A 错误；
B．N 板上移少许，板间距 减小，根据 可知，电容器的电容 增大，若电势
差 不变，根据 可知 增大，由于二极管的存在， 可以增大，所以 不变，
根据 可知两板间电场强度 增大，由于 板接地，所以 板电势不变， 根据
且 P 点与 板间距离不变，所以 P 点电势降低，B 正确；
C．M 板左移少许，两板间正对面积减小，根据可知，电容器的电容 减小，若电势差 不变，根据
可知 减小，由于二极管的存在， 不能减小，所以 不变，两板间电势差 增大，根据
， ， 可得 可知两板间电场强度 增大，由于 板
接地，所以 P 点与 板间距离不变，所以 P 点电势增大，C 错误；
D．两板间插入介电常数更大的电介质， 增大，根据 可知，电容器的电容
增大，若电势差 不变，根据 可知 增大，由于二极管的存在， 可以增大，所
以两板间电势差 不变，根据 可知两板间电场强度 不变，D 错误；故选 B。
5．C
【详解】AB．分析可知带电小球在电场中做匀变速曲线运动，以 M 点为坐标原点，水平向
右为 轴正方向，竖直向上为 轴正方向，竖直方向的加速度
水平方向的加速度 设电场力为 ，其水平方向的分力
其竖直方向的分力为 ，则 得 故电场力大
小 ，方向 得 ，即电场力与 正方向成
斜向上，因小球带电性质未知，故不能判断电场强度方向，故 AB 错误；
C．从 M 到 N 的过程，竖直方向的高度 ，设电场力做功为 ，由动能定理得
，解得 ，故 C 正确；
D．由 AB 选项分析可知，电场力与 正方向成 斜向上，M 点电场力和速度方向垂直，
从 M 到 N 的过程，电场力与速度方向为锐角，故电场力一直做正功，电势能减小.
6．D
【详解】AB．如图
根据折射定律可知 由于 ，所以 大于 ，
CD．光在玻璃中传播的时间 代入得可知时间与光在玻璃中的折射角大小无关，所以 等于 ，
7．A
【详解】当开关 S 断开时，灯泡消耗的实际电功率为 ，即电压电流的乘积为 24W，根
据乙图可知，电压为 ，电流为 ，根据闭合电路欧姆定律
解得 据题意，定值电阻 ，故
开关闭合后，电源和 、 构成一个新电源，此新电源电动势和内阻分
别为
此新电源短路电流为 图中画出此新电源的 图像，图像与白炽灯泡的伏安
特性曲线交点即为灯泡的电压电流，分别为 ， 灯泡消耗的实际功率
8．ABD
【详解】A．根据 可知
B．根据图像切线斜率的大小等于电场强度沿 x 轴方向的分量大小，则知
C．电子带负电，根据电势能公式 分析得知
D．由图知，OA 间电势差大于 OB 间电势差，即有 电子带负电，则根据电
势能公式 得
9．AB
【详解】由波形图可知λ = 4 m，由 解得
假设波沿 x 轴正方向传播，则 P 点此时沿 y 轴负方向振动，又 P 点偏离平衡位置的位移大
小是振幅的二分之一，故 P 点第一次到平衡位置的时间为 ，故 P 点从开始到第二次达
到平衡位置的时间为
假设波沿 x 轴负方向传播，则 P 点此时沿 y 轴正方向振动，故 P 点第一次到平衡位置的时
间为 故 P 点从开始到第二次达到平衡位置的时间为10．ABD
【详解】A．滑片下移，则滑动变阻器的阻值减小，电路中的总电阻减小，电路中的总电流
变大，即电流表 A 示数增大，由闭合电路欧姆定律可知，路端电压减小，即电压表 V 示
1 1
数减小，故 A 正确；
B．电压表 V 示数与电流表 A 示数的比值为滑动变阻器的阻值，故电压表 V 示数与电流
2 3 2
表 A 示数的比值减小，故 B 正确；
3
C．由串并联结构可知 电流表 A 示数增大，R 两端电压增大，
1 1
又因为路端电压减小，故 R 两端电压变小，通过 R 的电流减小，即电流表 A 的示数减小，
2 2 2
又因为干路电流增大，所以电流表 A 的示数增大，故有
3
D．由闭合电路欧姆定律可知 故 D 正确。
11．(1)大 (2)CD (3) (4)偏小
【详解】（1）为了减小实验的误差，应选用宽度较大的玻璃砖来测量。
（2）A．为了减小测量的相对误差，选择的入射角应尽量大些，故 A 错误；
B．为了准确确定入射光线和折射光线，大头针应垂直地插在纸面上，故 B 错误；
C．为了减小角度引起的误差，大头针 P 和 P 及 P 和 P 之间的距离适当大些时，故 C 正
1 2 3 4
确；
D．改变入射角的大小，多做几次实验，能更好的得到实验结论，故 D 正确。
（3）此玻璃砖的折射率计算式为
（4）作出光路图，如图所示实线是真实的光路图，虚线是玻璃砖宽度画大后的光路图，
由图看出，在这种情况测得的入射角不受影响，但测得的折射角比真实的折射角偏大，
根据折射定律 可知，测得的折射率偏小。
12．(1)黑 (2)×100 (3)3.5×104 (4)偏大
【详解】（1）红表笔与电池负极相连，因此表笔 A 为黑表笔；
（2）当开关闭合时，欧姆调零时干路电流较大，欧姆表的内阻比较小，根据欧姆表的内阻
等于欧姆刻线中央刻度值与倍率的乘积，可知对应的挡位为“×100”；
（3）断开开关 S 进行欧姆调零后，欧姆表的内阻为
根据闭合电路欧姆定律有 可得（4）断开开关 S，欧姆调零后有 测量 Rx 时有
则电动势 E 减小，电路电流减小，欧姆表示数变大，即 Rx 的测量值偏大。
13．(1) ， (2)
【详解】（1）设液体的折射率为 ，光在 B 点的入射角和折射角分别为 、 ，则
根据 解得
（2）设光源向上移动的距离为 ，光源发出的光都不能射出液面，说明光在 B 点处恰好发
生全反射，设临界角为 ，有 由几何关系可得
联立解得
14．（1）S 闭合，滑片在正中间时，R 与 并联后与 串联，再与 R 并联、再与 R
1 3 4
串联，R 与 并联后的电阻
1
并联后与 串联后的总电阻 根据并联电路电压特点可知
所以干路电流
所以此部分电功率 所以
即 得
（2）由 得
当开关 S 断开后，R 与 并联后再与 串联，再与 R 串联，此时电路的总电阻
1 4
所以此时干路电流 R 右半边电功率
2
R 与 R 左半边并联后电流等于干路电流 1A，即
1 2
根据并联电路电流分流原理 所以
所以 R 左半边功率 故
215．(1)6m/s (2) (3)
【详解】（1）铁块 A、B 与木板 C 的质量之比
设铁块 A、B 与木板 C 的质量分别为 3m、2m、m。铁块 A、B 弹开过程，动量守恒，有
铁块 A 弹开后恰好过半圆形轨道最高点 P，则由牛顿第二定律有
铁块 A 弹开后，一直运动到半圆形轨道最高点 P，根据机械能守恒定律有
解得
（2）B 与 C 组成的系统动量守恒，设共同速度为 ，以向右为正方向，由动量守恒定律得
解得 设此过程 C 的位移大小为 ，由动能定理得
解得
则 B 与 C 共速后滑板才与 D 碰撞，对 B、C 系统，由能量守恒定律得
解得系统产生的热量
（3）设 C 与 D 第一次碰撞前瞬间，B 与 C 的速度大小分别是 、 ，系统动量守恒，以向
右为正方向，由动量守恒定律得 设 C 与 D 第二次碰撞前瞬间，B 与 C
的速度大小分别为 、 ，由动量守恒定律得
若要碰撞两次，需要满足 ，
根据 C 往返运动的对称性可知 对 C 由动能定理得
解得 或 综上所述 x 应满足的条件是
