文档内容
绝密★启用前
2016 年普通高等学校招生全国统一考试
物 理
注意事项：
1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证
号填写在答题卡上。
2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡
皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
第Ⅰ卷
一、单项选择题：本题共6小题，每小题3分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．在地面上方某点将一小球以一定的初速度沿水平方向抛出，不计空气阻力，则小球在随后的运动中，
A．速度和加速度的方向都在不断变化
B．速度与加速度方向之间的夹角一直减小
C．在相等的时间间隔内，速率的改变量相等
D．在相等的时间间隔内，动能的改变量相等
【答案】B
【学科网考点定位】平抛运动、动能定理
【名师点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合加速度公式和动能
第1页 | 共17页定理公式灵活求解即可。
2．如图，在水平桌面上放置一斜面体P，两长方体物块a和b叠放在P的斜面上，整个系统处于静止状态。
若将a和b、b与P、P与桌面之间摩擦力的大小分别用f 、f 和f 表示。则
1 2 3
A．f =0，f ≠0，f ≠0 B．f ≠0，f =0，f =0
1 2 3 1 2 3
C．f ≠0，f ≠0，f =0 D．f ≠0，f ≠0，f ≠0
1 2 3 1 2 3 [来源:学,科,网]
【答案】C
【学科网考点定位】共点力的平衡、整体法、隔离法
【名师点睛】“整体隔离法”是力学中的重要方法，一定要熟练掌握，注意对于由多个物体组成的系统，不
涉及内力时优先考虑以整体为研究对象。
3．如图，光滑圆轨道固定在竖直面内，一质量为m的小球沿轨道做完整的圆周运动。已知小球在最低点时
对轨道的压力大小为N ，在高点时对轨道的压力大小为N 。重力加速度大小为g，则N –N 的值为
1 2 1 2
A．3mg B．4mg C．5mg D．6mg
【答案】D
【解析】设小球在最低点时速度为 v ，在最高点时速度为 v ，根据牛顿第二定律有，在最低点：
1 2
mv2 mv2 mv2 mv2
N –mg= 1 ，在最高点：N +mg= 2 ；从最高点到最低点，根据动能定理有mg·2R= 1 – 2 ，联立
1 2
R R 2 2
可得：N –N =6mg，故选项D正确。
1 2
【学科网考点定位】牛顿第二定律、动能定理
【名师点睛】解决本题的关键知道向心力的来源，知道最高点的临界情况，通过动能定理和牛顿第二定律
进行求解。
4．如图，一圆形金属环与两固定的平行长直导线在同一竖直平面内，环的圆心与两导线距离相等，环的直
第2页 | 共17页径小于两导线间距。两导线中通有大小相等、方向向下的恒定电流。若
A．金属环向上运动，则环上的感应电流方向为顺时针方向
B．金属环向下运动，则环上的感应电流方向为顺时针方向
C．金属环向左侧直导线靠近，则环上的感应电流方向为逆时针方向
[来源:学科网]
D．金属环向右侧直导线靠近，则环上的感应电流方向为逆时针方向
【答案】D
【学科网考点定位】楞次定律
【名师点睛】解决本题的关键会用安培定则判断电流周围磁场的方向，以及学会根据楞次定律来确定感应
电流的方向。
5．沿固定斜面下滑的物体受到与斜面平行向上的拉力F的作用，其下滑的速度–时间图线如图所示。已知
物体与斜面之间的动摩擦因数为常数，在0~5 s、5~10 s、10~15 s内F的大小分别为F 、F 和F ，则
1 2 3 [来源:学_
科_网Z_X_X_K]
A．F F
1 2 2 3
C．F >F D．F =F
1 3 1 3
【答案】A
【解析】由 v–t 图象可知，0~5 s 内加速度 a =0.2 m/s2，沿斜面向下，根据牛顿第二定律有 mgsin
1
θ–f–F =ma ，F =mgsin θ–f–0.2m；5~10 s内加速度a =0，根据牛顿第二定律有mgsin θ–f–F =ma ，F =mgsin
1 1 1 2 2 2 2
θ–f；10~15 s 内加速度 a =–0.2 m/s2，沿斜面向上，根据牛顿第二定律有 mgsin θ–f–F =ma ，F =mgsin
3 3 3 3
第3页 | 共17页θ–f+0.2m。故可得：F >F >F ，选项A正确。
3 2 1
【学科网考点定位】v-t图像，牛顿第二定律
【名师点睛】本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的基本运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，
基础题。
6．如图，平行板电容器两极板的间距为d，极板与水平面成45°角，上极板带正电。一电荷量为q（q>0）
的粒子在电容器中靠近下极板处，以初动能E 竖直向上射出。不计重力，极板尺寸足够大。若粒子能
k0
打到上极板，则两极板间电场强度的最大值为
E E 2E 2E
A． k0 B． k0 C． k0 D． k0
4qd 2qd 2qd qd
【答案】B
【学科网考点定位】带电粒子在电场中的运动、运动合成与分解
【名师点睛】本题关键是明确粒子的受力情况和运动情况，然后根据类平抛运动的分位移公式和动能定理
处理，要明确当电场强度最大时，是粒子的速度平行与上极板，而不是零。
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求
的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7．通过观测冥王星的卫星，可以推算出冥王星的质量。假设卫星绕冥王星做匀速圆周运动，除了引力常量
外，至少还需要两个物理量才能计算出冥王星的质量。这两个物理量可以是
A．卫星的速度和角速度 B．卫星的质量和轨道半径
C．卫星的质量和角速度 D．卫星的运行周期和轨道半径
【答案】AD
第4页 | 共17页v GMm v2
【解析】根据线速度和角速度可以求出半径r = ，根据万有引力提供向心力则有 =m ，整理可
w r2 r
v3
得M = ，故选项A正确；由于卫星的质量m可约掉，故选项BC错误；若知道卫星的运行周期和轨道
Gw
GMm 2π 4π2r3
半径，则 =m( )2r，整理得M = ，故选项D正确。学科&网
r2 T GT2
【学科网考点定位】万有引力定律的应用
【名师点睛】解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一理论，知道线速度、角速度、周期、向心加速
度与轨道半径的关系。
8．如图（a）所示，扬声器中有一线圈处于磁场中，当音频电流信号通过线圈时，线圈带动纸盆振动，发
出声音。俯视图（b）表示处于辐射状磁场中的线圈（线圈平面即纸面），磁场方向如图中箭头所示。在
图（b）中
A．当电流沿顺时针方向时，线圈所受安培力的方向垂直于纸面向里
B．当电流沿顺时针方向时，线圈所受安培力的方向垂直于纸面向外
C．当电流沿逆时针方向时，线圈所受安培力的方向垂直于纸面向里
D．当电流沿逆时针方向时，线圈所受安培力的方向垂直于纸面向外
【答案】BC
【学科网考点定位】安培力
【名师点睛】解决本题的关键掌握安培力方向的判定，明确安培力产生的条件，熟练应用左手定则判断安
培力的方向。
9．图（a）所示，理想变压器的原、副线圈的匝数比为4:1，R 为阻值随温度升高而减小的热敏电阻，R 为
T 1
定值电阻，电压表和电流表均为理想交流电表。原线圈所接电压u随时间t按正弦规律变化，如图（b）
第5页 | 共17页所示。下列说法正确的是
A．变压器输入、输出功率之比为4:1
B．变压器原、副线圈中的电流强度之比为1:4
C．u随t变化的规律为u=51sin(50πt)（国际单位制）
[来源:学_科_网Z_X_X_K]
D．若热敏电阻R 的温度升高，则电压表的示数不变，电流表的示数变大
T
【答案】BD
【学科网考点定位】变压器的构造和原理
【名师点睛】根据图象准确找出已知量，是对学生认图的基本要求，准确掌握理想变压器的特点及电压、
电流比与匝数比的关系，是解决本题的关键。
10．如图，一带正电的点电荷固定于O点，两虚线圆均以O为圆心，两实线分别为带电粒子M和N先后
在电场中运动的轨迹，a、b、c、d、e为轨迹和虚线圆的交点。不计重力。下列说法说法正确的是
A．M带负电荷，N带正电荷
B．M在b点的动能小于它在a点的动能
C．N在d点的电势能等于它在e点的电势能
D．N在从c点运动到d点的过程中克服电场力做功
第6页 | 共17页【答案】ABC
【学科网考点定位】等势面、电势能
【名师点睛】本题是轨迹问题，首先要根据弯曲的方向判断出带电粒子所受电场力方向，确定是排斥力还
是吸引力。由动能定理分析动能和电势能的变化是常用的思路。
第Ⅱ卷
本卷包括必考题和选考题两部分。第11~14题为必考题，每个试题考生都必须作答。第15~17题为选
考题，考生根据要求作答。
三、实验题：本题共2小题，第11题6分，第12题9分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写
出演算过程。
11．某同学利用图（a）所示的实验装置探究物块速度随时间的变化。物块放在桌面上，细绳的一端与物块
相连，另一端跨过滑轮挂上钩码。打点计时器固定在桌面左端，所用交流电源频率为50 Hz。纸带穿过
打点计时器连接在物块上。启动打点计时器，释放物块，物块在钩码的作用下拖着纸带运动。打点计
时器打出的纸带如图（b）所示（图中相邻两点间有4个点未画出）。
根据实验数据分析，该同学认为物块的运动为匀加速运动。回答下列问题：
（1）在打点计时器打出B点时，物块的速度大小为_______m/s。在打出D点时，物块的速度大小为
_______m/s；（保留两位有效数字）
（2）物块的加速度大小为_______m/s2。（保留两位有效数字）
【答案】（1）0.56 0.96 （2）2.0
【解析】（1）根据匀变速直线运动的中间时刻的速度等于该过程的平均速度，可知
x 4.61+6.59 x 8.61+10.61
v = AC = ×10–2 m/s=0.56 m/s，v = CE = ×10–2 m/s=0.96 m/s；
B B
2T 0.2 2T 0.2
第7页 | 共17页x -x 10.61+8.61-6.59-4.61
（2）由逐差法可得加速度a= CE AC = ×10–2 m/s2=2.0 m/s2。学科&网
[来源:学科网]
4T2 4´0.12
【学科网考点定位】探究小车速度随时间变化的规律
【名师点睛】根据匀变速直线运动中中间时刻的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上小车的
瞬时速度大小，然后在速度公式求加速度即可。
12．某同学改装和校准电压表的电路图如图所示，图中虚线框内是电压表的改装电路。
（1）已知表头G满偏电流为100 μA，表头上标记的内阻值为900 Ω。R 、R 和R 是定值电阻。利用
1 2 3
R 和表头构成1 mA的电流表，然后再将其改装为两个量程的电压表。若使用a、b两个接线柱，
1
电压表的量程为1 V；若使用a、c两个接线柱，电压表的量程为3 V。则根据题给条件，定值电
阻的阻值应选R =_______Ω，R =_______Ω，R =_______Ω。
1 2 3
（2）用量程为3 V，内阻为2 500 Ω的标准电压表 对改装表3 V挡的不同刻度进行校准。所用电池
的电动势E为5 V；滑动变阻器R有两种规格，最大阻值分别为50 Ω和5 kΩ。为方便实验中调
节电压，图中R应选用最大阻值为______Ω的滑动变阻器。
（3）校准时，在闭合开关S前，滑动变阻器的滑动端P应靠近_______（填“M”或“N”）端。
（4）若由于表头G上标记的内阻值不准，造成改装后电压表的读数比标准电压表的读数偏小，则表头
G内阻的真实值_______（填“大于”或“小于”）900 Ω。
【答案】（1）100 910 2 000 （2）50 （3）M （4）大于
第8页 | 共17页【学科网考点定位】把电流表改装成电压表
【名师点睛】本题考查了求电阻阻值、实验器材的选择、电路故障分析，知道电流表的改装原理、分析清
楚电路结构、应用串并联电路特点与欧姆定律即可正确解题。
四、计算题：本题共2小题，第13题9分，第14题14分。把解答写在答题卡中指定的答题处，要求写出
必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13．水平地面上有质量分别为m和4m的物A和B，两者与地面的动摩擦因数均为μ。细绳的一端固定，另
一端跨过轻质动滑轮与A相连，动滑轮与B相连，如图所示。初始时，绳出于水平拉直状态。若物块A
在水平向右的恒力F作用下向右移动了距离s，重力加速度大小为g。求：
（1）物块B克服摩擦力所做的功；
（2）物块A、B的加速度大小。
F -3mmg F -3mmg
【答案】（1）2μmgs (2)
[来源:学科网]
2m 4m
第9页 | 共17页【学科网考点定位】牛顿第二定律、功、匀变速直线运动
【名师点睛】采用整体法和隔离法对物体进行受力分析，抓住两物体之间的内在联系，绳中张力大小相等、
加速度大小相等，根据牛顿第二定律列式求解即可。解决本题的关键还是抓住联系力和运动的桥梁加速度。
14．如图，A、C两点分别位于x轴和y轴上，∠OCA=30°，OA的长度为L。在△OCA区域内有垂直于xOy
平面向里的匀强磁场。质量为m、电荷量为q的带正电粒子，以平行于y轴的方向从OA边射入磁场。
已知粒子从某点射入时，恰好垂直于OC边射出磁场，且粒子在磁场中运动的时间为t 。不计重力。
0
（1）求磁场的磁感应强度的大小；
（2）若粒子先后从两不同点以相同的速度射入磁场，恰好从OC边上的同一点射出磁场，求该粒子这
两次在磁场中运动的时间之和；
5
（3）若粒子从某点射入磁场后，其运动轨迹与AC边相切，且在磁场内运动的时间为 t ，求粒子此
3 0
次入射速度的大小。
πm 3πL
【答案】（1） （2）2t （3）
2qt 0 7t
0 0
第10页 | 共17页【学科网考点定位】带电粒子在磁场中的运动
【名师点睛】对于带电粒子在磁场中运动类型，要画出轨迹，善于运用几何知识帮助分析和求解，这是轨
迹问题的解题关键。
五、选考题：请考生从第15~17题中任选二题作答。如果多做，则按所做的第一、二题计分。
第11页 | 共17页15．[选修3-3]（12分）
（1）（4分）一定量的理想气体从状态M可以经历过程1或者过程2到达状态N，其p–V图象如图所
示。在过程1中，气体始终与外界无热量交换；在过程2中，气体先经历等容变化再经历等压变
化。对于这两个过程，下列说法正确的是_______。（填入正确答案标号。选对1个得2分，选对2
个得3分，选对3个得4分；有选错的得0分）
A．气体经历过程1，其温度降低
B．气体经历过程1，其内能减小
C．气体在过程2中一直对外放热
D．气体在过程2中一直对外做功
E．气体经历过程1的内能改变量与经历过程2的相同
[来源:学科网ZXXK]
【答案】ABE
[来源:学科网ZXXK]
【学科网考点定位】气体的等容变化和等压变化、热力学第一定律、气体的等温变化
【名师点睛】本题考查了判断气体吸热与放热情况、气体内能如何变化，分析清楚图示图象、由理想气体
状态方程与热力学第一定律即可正确解题。
（2）（8分）如图，密闭汽缸两侧与一 U 形管的两端相连，汽缸壁导热；U 形管内盛有密度为
ρ=7.5×102 kg/m3的液体。一活塞将汽缸分成左、右两个气室，开始时，左气室的体积是右气室的
体积的一半，气体的压强均为p =4.5×103 Pa。外界温度保持不变。缓慢向右拉活塞使U形管两侧
0
液面的高度差h=40 cm，求此时左、右两气室的体积之比。取重力加速度大小g=10 m/s2，U形管
中气体的体积和活塞拉杆的体积忽略不计。
第12页 | 共17页【答案】1:1
【解析】设初始状态时汽缸左气室的体积为V ，右气室的体积为V ；当活塞至汽缸中某位置时，左、右
01 02
气室的压强分别为p 、p ，体积分别为V 、V ，由玻意耳定律得
1 2 1 2
p V =p V ①
0 01 1 1
p V =p V ②
0 02 2 2
依题意有V +V =V +V ③
01 02 1 2
由力的平衡条件有p –p =ρgh④
2 1
联立①②③④式，并代入题给数据得2V2 +3V V -9V2 =0⑤
1 01 1 01
3
由此解得V = V （另一解不合题意，舍去）⑥
1 2 01
由③⑥式和题给条件得V :V =1:1⑦. 学科&网
1 2
【学科网考点定位】理想气体的状态方程、封闭气体压强
[来源:学,科,网Z,X,X,K]
【名师点睛】本题考查了求气体体积，应用玻意耳定律即可正确解题，求出气体的压强是正确解题的关键。
16．[选修3-4]（12分）
（1）（4分）下列说法正确的是________。（填入正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得3分，
选对3个得4分；有选错的得0分）
A．在同一地点，单摆做简谐振动的周期的平方与其摆长成正比
B．弹簧振子做简谐振动时，振动系统的势能与动能之和保持不变
C．在同一地点，当摆长不变时，摆球质量越大，单摆做简谐振动的周期越小
D．系统做稳定的受迫振动时，系统振动的频率等于周期性驱动力的频率
E．已知弹簧振子初始时刻的位置及其振动周期，就可知振子在任意时刻运动速度的方向
【答案】ABD
第13页 | 共17页【学科网考点定位】简谐运动、受迫振动
【名师点睛】本题关键抓住简谐运动的周期性，分析时间与周期的关系分析振子的位移变化，要掌握加速
度与位移的关系，根据计时开始时刻的加速度及方向解题。
（2）(8分)如图，半径为R的半球形玻璃体置于水平桌面上，半球的上表面水平，球面与桌面相切于A
点。一细束单色光经球心O从空气中摄入玻璃体内（入射面即纸面），入射角为45°，出射光线
R
射在桌面上B点处。测得AB之间的距离为 。现将入射光束在纸面内向左平移，求射入玻璃体
2
的光线在球面上恰好发生全反射时，光束在上表面的入射点到O点的距离。不考虑光线在玻璃体
内的多次反射。
2
【答案】 R
2
第14页 | 共17页【学科网考点定位】折射定律、全反射
【名师点睛】本题是简单的几何光学问题，其基础是作出光路图，根据几何知识确定入射角与折射角，根
据折射定律求解。
17．[选修3-5]（12分）
（1）（4分）下列说法正确的是________。（填入正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得3分，
选对3个得4分；有选错的得0分）
A．爱因斯坦在光的粒子性的基础上，建立了光电效应方程
B．康普顿效应表明光子只具有能量，不具有动量
C．玻尔的原子理论成功地解释了氢原子光谱的实验规律
D．卢瑟福根据α粒子散射实验提出了原子的核式结构模型
E．德布罗意指出微观粒子的动量越大，其对应的波长就越长
第15页 | 共17页【答案】ACD
【学科网考点定位】光电效应、康普顿效应、波尔的原子理论、核式结构模型、德布罗意波
【名师点睛】本题考查了光电效应、康普顿效应、波尔的原子理论、核式结构模型、德布罗意波等基础知
识点，难度不大，关键要熟悉教材。
（2）（8分）如图，物块A通过一不可伸长的轻绳悬挂在天花板下，初始时静止；从发射器（图中未画
出）射出的物块B沿水平方向与A相撞，碰撞后两者粘连在一起运动；碰撞前B的速度的大小v
及碰撞后A和B一起上升的高度h均可由传感器（图中未画出）测得。某同学以h为纵坐标，v2
为横坐标，利用实验数据作直线拟合，求得该直线的斜率为k=1.92 ×10-3 s2/m。已知物块A和B的
质量分别为m =0.400 kg和m =0.100 kg，重力加速度大小g=9.80 m/s2。
A B
（i）若碰撞时间极短且忽略空气阻力，求h–v2直线斜率的理论值k ；
0
k-k
（ii）求k值的相对误差δ（δ= 0 ×100%，结果保留1位有效数字）。
k
0
【答案】（i）2.04×10–3 s2/m （ii）6%
[来源:Z§xx§k.Com]
第16页 | 共17页【学科网考点定位】动量守恒定律、机械能守恒定律
【名师点睛】本题考查动量守恒定律的应用，要注意正确选择研究对象，并分析系统是否满足动量守恒以
及机械能守恒，然后才能列式求解。
第17页 | 共17页
