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第 42 讲 实际工业生产中图像问题分类突破
复习目标 1.加深外因对化学反应速率和化学平衡影响的理解。2.认识化学反应速率和化学
平衡的综合调控在生活、生产和科学研究领域中的重要作用。3.能正确解答实际工业生产中
有关图像的问题。
1．控制反应条件的目的
(1)促进有利的化学反应：通过控制反应条件，可以加快化学反应速率，提高反应物的转化
率，从而促进有利的化学反应进行。
(2)抑制有害的化学反应：通过控制反应条件，也可以减缓化学反应速率，减少甚至消除有
害物质的产生或控制副反应的发生，从而抑制有害的化学反应继续进行。
2．控制反应条件的基本措施
(1)控制化学反应速率的措施
通过改变反应体系的温度、溶液的浓度、气体的压强(或浓度)、固体的表面积以及使用催化
剂等途径调控反应速率。
(2)提高转化率的措施
通过改变可逆反应体系的温度、溶液的浓度、气体的压强(或浓度)等改变可逆反应的限度，
从而提高转化率。
3．化工生产适宜条件选择的一般原则
条件 原则
从化学反应速率分析 既不能过快，又不能太慢
既要注意外界条件对速率和平衡影响的一致性，又要
从化学平衡移动分析
注意对二者影响的矛盾性
增加易得廉价原料，提高难得高价原料的利用率，从
从原料的利用率分析
而降低生产成本
从实际生产能力分析 如设备承受高温、高压能力等
从催化剂的使用活性分析 注意催化剂的活性对温度的限制
4.平衡类问题需考虑的几个方面
(1)原料的来源、除杂，尤其考虑杂质对平衡的影响。
(2)原料的循环利用。
(3)产物的污染处理。
(4)产物的酸碱性对反应的影响。
(5)气体产物的压强对平衡造成的影响。
(6)改变外界条件对多平衡体系的影响。一、投料比、转化率相关图像
1.在保持体系总压为105 Pa的条件下进行反应：SO ＋OSO ，原料气中SO 和O 的物质
2 2 3 2 2
的量之比m[m＝]不同时，SO 的平衡转化率与温度(t)的关系如图所示：
2
(1)图中m 、m 、m 的大小顺序为________。反应的化学平衡常数K 表达式为________(用
1 2 3 p
平衡分压代替平衡浓度表示)。
(2)图中A点原料气的成分：n(SO )＝10 mol，n(O )＝24.4 mol，n(N )＝70 mol，达平衡时
2 2 2
SO 的分压p(SO )为________ Pa(分压＝总压×物质的量分数)。
2 2
答案 (1)m>m>m K ＝
1 2 3 p
(2)1 200
解析 (1)在同温同压下，增加二氧化硫的量，会使原料气中SO 和O 的物质的量之比m变
2 2
大，m越大，平衡转化率α(SO )越小。
2
(2)A点二氧化硫的平衡转化率为88%，可进行如下计算：
SO (g) ＋ O(g) SO (g)
2 2 3
起始/mol 10 24.4 0
变化/mol 10×88% ×10×88% 10×88%
平衡/mol 10×12% 24.4－5×88% 10×88%
平衡时，混合气体总量为10×12%＋(24.4－5×88%)＋10×88%＋70＝100 mol。达平衡时
SO 的分压p(SO )＝×105＝1 200 Pa。
2 2
2．采用一种新型的催化剂(主要成分是Cu—Mn合金)，利用CO和H 制备二甲醚(DME)。
2
主反应：2CO(g)＋4H(g)CHOCH (g)＋HO(g)
2 3 3 2
副反应：CO(g)＋HO(g)CO(g)＋H(g)
2 2 2
CO(g)＋2H(g)CHOH(g)
2 3
测得反应体系中各物质的产率或转化率与催化剂的关系如图所示。则催化剂中约为________时最有利于二甲醚的合成。
答案 2.0
解析 由图可知当催化剂中约为2.0时，CO的转化率最大，生成的二甲醚最多。
二、选择最佳反应条件
3．汽车尾气是雾霾形成的原因之一。研究氮氧化物的处理方法可有效减少雾霾的形成，可
采用氧化还原法脱硝：
4NO(g)＋4NH (g)＋O(g)4N(g)＋6HO(g) ΔH<0
3 2 2 2
根据下图判断提高脱硝效率的最佳条件是______________________________；氨氮比一定时，
在400 ℃时，脱硝效率最大，其可能的原因是_____________________________________。
答案 氨氮物质的量之比为1，温度为400 ℃
在400 ℃时催化剂的活性最好，催化效率最高，同时400 ℃温度较高，反应速率快
三、解释曲线发生某种变化的原因
4．汽车使用乙醇汽油并不能减少NO 的排放，某研究小组在实验室以耐高温试剂 Ag－
x
ZSW－5催化，测得NO转化为N 的转化率随温度变化情况如下图所示。
2
(1)在＝1条件下，最佳温度应控制在______左右。(2)若不使用CO，温度超过775 K，发现NO的分解率降低，其可能的原因为______。
(3)用平衡移动原理解释为什么加入CO后NO转化为N 的转化率增大：__________。
2
答案 (1)870 K(860～880 K范围内都可以)
(2)该反应放热，升高温度，反应向逆反应方向进行
(3)加入的CO会与NO的分解产物O 发生反应，促进NO分解平衡向生成N 的方向移动，
2 2
导致NO的转化率增大
5．下图是在一定时间内，使用不同催化剂Mn和Cr在不同温度下对应的脱氮率，由图可知
工业使用的最佳催化剂为________、相应温度为________；使用Mn作催化剂时，脱氮率b
～a段呈现如图变化的可能原因是___________________________________________。
答案 Mn 200 ℃左右 b～a段，开始温度较低，催化剂活性较低，脱氮反应速率较慢，
反应还没达到化学平衡，随着温度升高反应速率变大，一定时间参与反应的氮氧化物变多，
导致脱氮率逐渐增大
1．[2021·全国甲卷，28(2)]二氧化碳催化加氢制甲醇，有利于减少温室气体二氧化碳。其总
反应可表示为CO(g)＋3H(g)CHOH(g)＋HO(g) ΔH＝－49 kJ·mol－1。回答下列问题：
2 2 3 2
合成总反应在起始物＝3时，在不同条件下达到平衡，设体系中甲醇的物质的量分数为
x(CHOH)，在t＝250 ℃下的x(CHOH)～p、在p＝5×105 Pa下的x(CHOH)～t如图所示。
3 3 3
① 用 各 物 质 的 平 衡 分 压 表 示 总 反 应 的 平 衡 常 数 ， 表 达 式 K ＝
p
__________________________；
②图中对应等压过程的曲线是__________，判断的理由是_____________________________；
③当x(CHOH)＝0.10时，CO 的平衡转化率α＝________，反应条件可能为______________
3 2
或________________。答案 ① ②b 总反应ΔH<0，升高温度时平衡向逆反应方向移动，甲醇的物质的量分数
变小 ③33.3% 5×105 Pa，210 ℃ 9×105 Pa,250 ℃
解析 ③设起始n(CO)＝1 mol，n(H )＝3 mol，则
2 2
3H(g)＋CO(g)===CHOH(g)＋HO(g)
2 2 3 2
起始/mol 3 1 0 0
转化/mol 3x x x x
平衡/mol 3－3x 1－x x x
当平衡时，若 x(CHOH)＝0.10，＝0.10，解得 x＝ ，平衡时 CO 的转化率 α＝
3 2
×100%≈33.3%；由图可知，满足平衡时x(CHOH)＝0.10的条件有：5×105Pa，210 ℃或
3
9×105Pa,250 ℃。
2．(2020·全国卷Ⅲ，28)二氧化碳催化加氢合成乙烯是综合利用CO 的热点研究领域。回答
2
下列问题：
(1)CO 催化加氢生成乙烯和水的反应中，产物的物质的量之比 n(C H)∶n(H O)＝
2 2 4 2
________。
当反应达到平衡时，若增大压强，则n(C H)________(填“变大”“变小”或“不变”)。
2 4
(2)理论计算表明，原料初始组成n(CO)∶n(H )＝1∶3，在体系压强为0.1 MPa，反应达到平
2 2
衡时，四种组分的物质的量分数x随温度T的变化如图所示。
图中，表示C H、CO 变化的曲线分别是______、________。CO 催化加氢合成C H 反应的
2 4 2 2 2 4
ΔH________0(填“大于”或“小于”)。
(3)根据图中点A(440 K,0.39)，计算该温度时反应的平衡常数K ＝________(MPa)－3(列出计
p
算式。以分压表示，分压＝总压×物质的量分数)。
(4)二氧化碳催化加氢合成乙烯反应往往伴随副反应，生成 C H 、C H 、C H 等低碳烃。一
3 6 3 8 4 8
定温度和压强条件下，为了提高反应速率和乙烯选择性，应当__________________。
答案 (1)1∶4 变大
(2)d c 小于
(3)×
(4)选择合适催化剂等
解析 (1)CO 催化加氢生成乙烯和水的化学方程式为 2CO(g)＋6H(g)C H(g)＋
2 2 2 2 44HO(g)，产物的物质的量之比n(C H)∶n(H O)＝1∶4，该反应是气体体积减小的反应，增
2 2 4 2
大压强平衡右移，则n(C H)变大。
2 4
(2)由平衡图像知，390 K时四种组分的物质的量分数之比满足1∶3的是c曲线和a曲线，物
质的量分数之比满足1∶4的是d曲线和b曲线，结合反应方程式和原始投料 n(CO)∶n(H )
2 2
＝1∶3可得，曲线c表示CO，曲线a表示H，曲线d表示C H，曲线b表示HO；由图像
2 2 2 4 2
的变化趋势可知，升高温度，曲线a、c增大，曲线b、d减小，说明平衡左移，所以正反应
放热，ΔH＜0。
(3)起始投料比 n(CO)∶n(H )＝1∶3，平衡时总压为 0.1 MPa，结合反应方程式可知
2 2
p(CO)∶p(H )＝1∶3，p(C H)∶p(H O)＝1∶4，由图像可知 p(H )＝p(H O)＝0.1 ×0.39
2 2 2 4 2 2 2
MPa，所以p(CO)＝×0.39 MPa，p(C H)＝ ×0.39 MPa。
2 2 4
2CO(g)＋ 6H(g) C H(g)＋ 4HO(g)
2 2 2 4 2
平衡时压强/MPa ×0.39 0.1 ×0.39 ×0.39 0.1 ×0.39
该温度下的平衡常数K ＝＝(MPa)－3＝×
p
(MPa)－3。
(4)在一定温度和压强下，为了提高反应速率和乙烯的选择性，减少副反应的发生，应当选
择合适催化剂等。
3．[2020·天津，16(3)(4)]用H 还原CO 可以在一定条件下合成CHOH(不考虑副反应)
2 2 3
CO(g)＋3H(g)CHOH(g)＋HO(g) ΔH
2 2 3 2
(3)某温度下，恒容密闭容器中，CO 和H 的起始浓度分别为a mol·L－1和3a mol·L－1，反应
2 2
平 衡 时 ， CHOH 的 产 率 为 b ， 该 温 度 下 反 应 平 衡 常 数 的 值 为
3
____________________________。
(4)恒压下，CO 和H 的起始物质的量之比为1∶3时，该反应在无分子筛膜时甲醇的平衡产
2 2
率和有分子筛膜时甲醇的产率随温度的变化如图所示，其中分子筛膜能选择性分离出HO。
2
①甲醇平衡产率随温度升高而降低的原因为______________________________________。
②P点甲醇产率高于T点的原因为______________________________________________。
③根据上图，在此条件下采用该分子筛膜时的最佳反应温度为____________ ℃。
答案 (3)
(4)①该反应为放热反应，温度升高，平衡逆向移动(或平衡常数减小) ②分子筛膜从反应
体系中不断分离出HO，有利于反应正向进行，甲醇产率升高 ③210
2
解析 (3)恒温恒容条件下进行反应，平衡时，CHOH的产率为b，则反应物转化率为b，按
3“三段式”法计算：
CO(g)＋3H(g)CHOH(g)＋HO(g)
2 2 3 2
起始/mol·L－1) a 3a 0 0
转化/mol·L－1 ab 3ab ab ab
平衡/mol·L－1 a(1－b) 3a(1－b) ab ab
则该温度下反应平衡常数K＝＝。
(4)①图中有分子筛膜时，P点甲醇产率最大，达到平衡状态，P点后甲醇的产率降低，其原
因是合成甲醇的反应为放热反应，升高温度，平衡逆向移动，甲醇产率降低。②P点有分子
筛膜，T点无分子筛膜，而分子筛膜能选择性分离出HO，使平衡正向移动，提高甲醇的产
2
率。③由题图2可知，当有分子筛膜，温度为210 ℃时，甲醇产率最大，故该分子筛膜的
最佳反应温度为210 ℃
课时精练
1．以二氧化钛表面覆盖Cu Al O 为催化剂，可以将CO 和CH 直接转化成乙酸。在不同温
2 2 4 2 4
度下催化剂的催化效率与乙酸的生成速率如图所示。下列说法错误的是( )
A．250 ℃时，催化剂的活性最大
B．250～300 ℃时，温度升高而乙酸的生成速率降低的原因是催化剂的催化效率降低
C．300～400 ℃时，乙酸的生成速率升高的原因是催化剂效率增大
D．300～400 ℃时，乙酸的生成速率升高的原因是温度升高
答案 C
解析 由图可知，250 ℃时，催化剂的活性最大，A项正确；250～300 ℃时，温度升高而
乙酸的生成速率降低的原因是温度超过250 ℃时，催化剂的催化效率降低，B项正确；300
～400 ℃时， 乙酸的生成速率升高的原因是温度升高，C项错误、D项正确。
2．在一定条件下探究二甲醚的制备反应为2CO(g)＋4H(g)CHOCH (g)＋HO(g) ΔH，
2 3 3 2
测定结果如图所示。下列判断错误的是( )A．该反应的ΔH<0
B．该反应伴随有副反应的发生
C．工业选择的较适宜温度为280～290 ℃
D．加入催化剂可以提高CHOCH 的产率
3 3
答案 D
解析 由题图知，随着温度升高，CO的转化率降低，平衡逆向移动，则该反应是放热反应，
ΔH<0，A项正确；从图中可知，CO的转化率降低的同时，CHOCH 的产率在不同温度下
3 3
差别较大，即说明该反应伴随有副反应的发生，B项正确；在280～290 ℃之间，CHOCH
3 3
的产率很高，则工业选择的较适宜温度为280～290 ℃，C项正确；加入催化剂可以改变反
应达到平衡的时间，但不能提高CHOCH 的产率，D项错误。
3 3
3．向密闭容器中充入物质的量浓度均为0.1 mol·L－1的CH 和CO ，在一定条件下发生反应：
4 2
CH(g)＋CO(g)2CO(g)＋2H(g)，测得CH 的平衡转化率与温度及压强的关系如图所示。
4 2 2 4
下列说法不正确的是( )
A．随着温度升高，该反应的平衡常数减小
B．1 100 ℃、p 条件下，该反应在10 min时达到平衡点X，则v(CO)＝0.008 mol·L－1·min－
4 2
1
C．p、p、p、p 大小的顺序为p0
1 2
B．增大压强有利于加快合成CHOH反应的速率
3
C．生产过程中，温度越高越有利于提高CHOH 的产率
3
D．合成CHOH反应的平衡常数表达式是K＝
3
答案 C
解析 根据图示，升高温度，CHOH的产率降低，CO(g)＋3H(g)CHOH (g)＋HO(g)平
3 2 2 3 2
衡向逆反应方向移动，ΔH<0，升高温度，CO 的产率增大，CO(g)＋H(g)CO(g)＋
1 2 2
HO(g)平衡向正反应方向移动，ΔH>0，A项正确；由图像可知，温度越高CHOH的产率
2 2 3
越低，C项错误。
5．(NH )SO 氧化是氨法脱硫的重要过程。某小组在其他条件不变时，分别研究了一段时间
4 2 3
内温度和(NH )SO 初始浓度对空气氧化(NH )SO 速率的影响，结果如图。下列说法不正确
4 2 3 4 2 3
的是( )
A．60 ℃之前，氧化速率增大与温度升高化学反应速率加快有关
B．60 ℃之后，氧化速率降低可能与O 的溶解度下降及(NH )SO 受热易分解有关
2 4 2 3
C．(NH )SO 初始浓度增大到一定程度，氧化速率变化不大，与SO水解程度增大有关
4 2 3
D．(NH )SO 初始浓度增大到一定程度，氧化速率变化不大，可能与O 的溶解速率有关
4 2 3 2
答案 C
解析 温度越高，氧化速率越快，60 ℃之前，氧化速率增大与温度升高化学反应速率加快
有关，故A正确；温度升高后，O 的溶解度下降及(NH )SO 受热易分解，均使反应物浓度
2 4 2 3降低，反应速率降低，故B正确；SO水解不影响溶液中＋4价硫的总浓度，故C错误；当
亚硫酸铵的浓度增大到一定程度后，亚硫酸根离子被氧化的速率大于氧气的溶解速率，因氧
气的溶解速率较小导致亚硫酸根离子的氧化速率变化不大，故D正确。
6.一定条件下，CO(g)＋3H(g)HO(g)＋CHOH(g) ΔH＝－53.7 kJ·mol－1；向2 L恒容恒
2 2 2 3
温密闭容器中充入1 mol CO 和2.8 mol H 发生反应，图中过程Ⅰ、Ⅱ是在两种不同催化剂
2 2
作用下建立平衡的过程中CO 的转化率[α(CO)]随时间(t)的变化曲线。下列说法不正确的是(
2 2
)
A．m点：v正 >v逆
B．活化能：过程Ⅱ>过程Ⅰ
C．n点时该反应的平衡常数K＝50
D．过程Ⅰ，t 时刻改变的反应条件可能是升高温度
2
答案 C
解析 m点CO 的转化率不是最大，反应向正反应方向进行，因此 v >v ，A项正确；过
2 正 逆
程Ⅰ首先达到平衡状态，说明反应速率快，因此活化能：过程Ⅱ>过程Ⅰ，B项正确；n点
时CO 的转化率是80%，可列“三段式”：
2
CO(g)＋3H(g)HO(g)＋CHOH(g)
2 2 2 3
起始/mol·L－1 0.5 1.4 0 0
转化/mol·L－1 0.4 1.2 0.4 0.4
平衡/mol·L－1 0.1 0.2 0.4 0.4
所以该反应的平衡常数K＝＝200，C项错误；过程Ⅰ，t 时刻CO 的转化率降低，说明反应
2 2
向逆反应方向进行，由于正反应放热，因此改变的反应条件可能是升高温度，D项正确。
7．已知反应：CO(g)＋3H(g)CH(g)＋HO(g)。起始以物质的量之比为1∶1充入反应物，
2 4 2
不同压强条件下，H 的平衡转化率随温度的变化情况如图所示(M、N点标记为 )。下列有
2
关说法正确的是( )
A．上述反应的ΔH<0B．N点时的反应速率一定比M点的快
C．降低温度，H 的转化率可达到100%
2
D．工业上用此法制取甲烷应采用更高的压强
答案 A
解析 根据图像，随着温度的升高，H 的平衡转化率降低，说明平衡向逆反应方向移动，
2
正反应为放热反应，ΔH<0，A项正确；此反应是可逆反应，不能完全进行到底，C项错误；
控制合适的温度和压强，既能保证反应速率较快，也能保证 H 有较高的转化率，采用更高
2
的压强对设备的要求更高，增加经济成本，D项错误。
8．(2022·厦门模拟)一定条件下合成乙烯：6H(g)＋2CO(g)CH==CH(g)＋4HO(g)。已
2 2 2 2 2
知温度对CO 的平衡转化率和催化剂催化效率的影响如图。下列说法正确的是( )
2
A．M点的正反应速率v正 大于N点的逆反应速率v逆
B．若投料比n(H )∶n(CO)＝4∶1，则图中M点乙烯的体积分数为5.88%
2 2
C．250 ℃，催化剂对CO 平衡转化率的影响最大
2
D．当温度高于250 ℃，升高温度，平衡逆向移动导致催化剂的催化效率降低
答案 B
解析 化学反应速率随温度的升高而加快，由图可得，催化剂的催化效率在温度高于 250
℃时随温度的升高而降低，所以M点的正反应速率v 有可能小于N点的逆反应速率v ，
正 逆
故A项错误；设开始投料n(H )为4 mol，则n(CO)为1 mol，在M点平衡时二氧化碳的转化
2 2
率为50%，列三段式得：
6H(g)＋2CO(g)CH==CH(g)＋4HO(g)
2 2 2 2 2
开始/mol 4 1 0 0
转化/mol 1.5 0.5 0.25 1
平衡/mol 2.5 0.5 0.25 1
所以乙烯的体积分数为×100%≈5.88%，故B项正确；催化剂不影响平衡转化率，只影响化
学反应速率，故C项错误；根据图像，当温度高于250 ℃，升高温度，二氧化碳的平衡转
化率降低，则说明平衡逆向移动，但催化剂与化学平衡没有关系，并不是平衡逆向移动导致
催化剂的催化效率降低，故D项错误。
9．Ⅰ.某压强下工业合成氨生产过程中，N 与H 按体积比为1∶3投料时，反应混合物中氨
2 2
的体积分数随温度的变化曲线如图甲所示，其中一条是经过一定时间反应后的曲线，另一条是平衡时的曲线。
(1)图甲中表示该反应的平衡曲线的是________(填“Ⅰ”或“Ⅱ”)；由图甲中曲线变化趋势
可推知工业合成氨的反应是______(填“吸热”或“放热”)反应。
(2)图甲中a点，容器内气体n(N
2
)∶n(NH
3
)＝________，图甲中b点，v正 ________(填“＞”
“＝”或“＜”)v逆 。
Ⅱ.以工业合成氨为原料，进一步合成尿素的反应原理为2NH (g)＋CO(g)CO(NH)(l)＋
3 2 2 2
HO(g)。
2
工业生产时，需要原料气带有水蒸气，图乙中曲线Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ表示在不同水碳比[]时，CO
2
的平衡转化率与氨碳比[]之间的关系。
(1)写出该反应的化学平衡常数表达式：_______________________________________。
(2)曲线Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ对应的水碳比最大的是________，判断依据是_______________。
(3)测得B点氨气的平衡转化率为40%，则x＝______________________________。
1
答案 Ⅰ.(1)Ⅰ 放热 (2)1∶4 ＞
Ⅱ.(1)K＝
(2)Ⅲ 当氨碳比相同时，水碳比越大，CO 的平衡转化率越小 (3)3
2
解析 Ⅰ.(1)曲线Ⅱ表示随着反应的进行，NH 的体积分数逐渐增大，但反应达到平衡状态
3
后继续升温，NH 的体积分数减小，这表明平衡后升高温度，平衡逆向移动，故合成氨是放
3
热反应，则曲线Ⅰ表示该反应平衡时的曲线。(2)设反应前N、H 的物质的量分别为1 mol、
2 2
3 mol，a点时消耗N 的物质的量为x mol，列三段式：
2
N＋ 3H 2NH
2 2 3
起始/mol 1 3 0
转化/mol x 3x 2x
平衡/mol 1－x 3－3x 2x
×100%＝50%，解得x＝，此时n(N )∶n(NH )＝(1－)∶＝1∶4，由图甲知，b点后NH 的体
2 3 3
积分数仍在增大，说明反应仍在向正反应方向进行，此时v ＞v 。Ⅱ.(3)B点二氧化碳的
正 逆
平衡转化率为60%，氨气的平衡转化率是40%，设NH 、CO 的起始物质的量分别为 n
3 2 1
mol、n mol，则n mol×40%×＝n mol×60%，解得＝3，即x＝3。
2 1 2 1
10．回收利用硫和氮的氧化物是保护环境的重要举措。
(1)在模拟回收硫的实验中，向某恒容密闭容器中通入 2.8 mol CO和1 mol SO 气体，反应在
2不同条件下进行，反应体系总压强随时间的变化如图所示。
①与实验a相比，实验c改变的实验条件可能是______________。
②请利用体积分数计算该条件下实验b的平衡常数K＝________(列出计算式即可)。(注：某
物质的体积分数＝)
(2)用NH 消除NO污染的反应原理为4NH (g)＋6NO(g)5N(g)＋6HO(l) ΔH＝
3 3 2 2
－1 807.98 kJ·mol－1。不同温度条件下，NH 与NO的物质的量之比分别为4∶1、3∶1、
3
1∶3，得到NO脱除率曲线如图所示。
①曲线a中NH 的起始浓度为4×10－5mol·L－1，从A点到B点经过1 s，该时间段内NO的
3
脱除速率为______mg·L－1·s－1。
②不论以何种比例混合，温度超过900 ℃，NO脱除率骤然下降，除了在高温条件下氮气与
氧气发生反应生成NO，可能的原因还有(一条即可)__________________________________。
③曲线b对应的NH 与NO的物质的量之比是________，其理由是_____________。
3
答案 (1)①升高温度 ②
(2)①6×10－2(或0.06)
②该反应的正反应是放热反应，升高温度，平衡向逆反应方向移动
③3∶1 NH 与NO的物质的量之比越大，NO的脱除率越大
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解析 (1)①实验a、c开始均通入2.8 mol CO和1 mol SO ，容器的容积相同，而起始时c的
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压强大于a，物质的量与体积一定，压强与温度呈正比关系，故实验 c改变的实验条件可能
是升高温度。
②设消耗二氧化硫的物质的量为x mol，
2CO(g)＋SO (g)2CO(g)＋S(s)
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起始/mol 2.8 1 0变化/mol 2x x 2x
平衡/mol 2.8－2x 1－x 2x
＝，x＝0.95，CO、SO 、CO 的体积分数分别为、、，K＝。
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(2)①曲线a中NH 的起始浓度为4×10－5mol·L－1，即NO的起始浓度为1×10－5 mol·L－1，
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从A点到B点经过1 s，NO的脱除率从55%上升到75%，则该段时间内NO的脱除量为Δc
＝1×
10－5 mol·L－1×(75%－55%)＝2×10－6mol·L－1，所以该段时间内NO的脱除速率为＝2×10－
6mol·L－1·s－1，NO的相对分子质量为30，即脱除速率为6×10－2 mg·
L－1·s－1。③根据勒夏特列原理，NH 与NO的物质的量之比越大，NH 的量越多，促使平衡
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向正反应方向移动，NO的脱除率越大，再根据图像，可推得曲线b对应的NH 与NO的物
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质的量之比为3∶1。
