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专题 13 有机化学基础
(考试时间：75分钟 试卷满分：100分)
一、选择题(本题共15小题，每小题3分，共45分。每小题只有一项是符合题目要求的)
1．某有机化合物的结构简式为 ，它可与下列物质反应，得到分子式为
C HONa的钠盐，这种物质是( )
8 7 4
A．NaOH B．NaSO C．NaCl D．NaHCO
2 4 3
【答案】D
【解析】酚羟基和羧基都有酸性，都能与氢氧化钠溶液反应，而醇羟基不能。醇羟基和酚羟基均不与
碳酸氢钠反应，只有羧基与碳酸氢钠反应，故该化合物只有与碳酸氢钠反应才能得到分子式为 C HONa
8 7 4
的钠盐。
2．N-苯基苯甲酰胺 广泛应用于药物，可由苯甲酸 与苯胺 反应
制得，由于原料活性低，可采用硅胶催化、微波加热的方式，微波直接作用于分子，促进活性部位断裂，
可降低反应温度。取得粗产品后经过洗涤-重结晶等，最终得到精制的成品。
已知：
水 乙醇 乙醚
苯甲酸 微溶 易溶 易溶
苯胺 易溶 易溶 易溶
N-苯基苯甲酰胺 不溶 易溶于热乙醇，冷却后易于结晶析出 微溶
下列说法不正确的是( )
A．反应时断键位置为C-O键和N-H键 B．洗涤粗产品用水比用乙醚效果更好
C．产物可选用乙醇作为溶剂进行重结晶提纯 D．硅胶吸水，能使反应进行更完全
【答案】B
【解析】A项，反应时羧基提供羟基，氨基提供氢原子，因此断键位置为C-O键和N-H键，A正确；
B项，根据物质的溶解性可知反应物易溶在乙醚中，而生成物微溶于乙醚，所以洗涤粗产品用乙醚效果更
好，B错误；C项， N-苯基苯甲酰胺易溶于热乙醇，冷却后易于结晶析出，所以产物可选用乙醇作为溶剂
进行重结晶提纯，C正确；D项，由于反应中有水生成，硅胶吸水，所以能使反应进行更完全，D正确，故选B。
3．有一种合成香料玫瑰呋喃的物质，其结构简式如图所示(已知： 具有芳香性，与苯的性
质相似)。下列说法正确的是( )
A．该物质既能使溴水褪色，又能使酸性高锰酸钾溶液褪色
B．在浓硫酸的作用下，该物质能生成六元环的酯类物质
C．该物质既能与酸发生取代反应，又能与醇发生取代反应
D．等物质的量的该物质最多消耗Na与H 的物质的量之比为2∶1
2
【答案】C
【解析】A项，根据“ 与苯的性质相似”可知分子中不含碳碳双键，不能使溴水褪色，A
错误；B项，两个分子可形成八元环的酯类物质，B错误；C项，含有羟基，能与酸发生取代(酯化)反应，
含有羧基能与醇发生取代(酯化)反应，故C正确；D项，1mol该物质最多消耗Na与H 的物质的量分别为
2
2mol，2mol，故D错误；故选C。
4．某有机物在抗真菌和抑制组胺活性物质释放等方面有广泛应用，其结构如图。下列说法不正确的
是( )
A．该物质能与FeCl 发生显色反应
3
B．该分子中共平面的碳原子最多有15个
C．该物质与H 完全加成后的产物中含5个手性碳原子
2
D．1mol该物质与足量溴水反应，最多可消耗3molBr
2
【答案】C【解析】A项，该有机物结构中存在酚羟基，能与FeCl 发生显色反应，故A正确；B项，如图所示
3
，两个苯环各确定一个平面，一个碳碳双键确定一个平面，可以通过旋转碳碳单键使其
共面，所以该分子中共平面的碳原子最多有15个，故B正确；C项，该物质与H 完全加成后的产物是
2
，含有4个手性碳原子，故C错误；D项，1mol该物质与足量溴水反应，酚羟基的邻位
和对位可以发生取代反应，碳碳双键可以发生加成反应，所以最多可消耗3molBr ，故D正确；故选C。
2
5．M是一种常见药物中间体，结构简式如下图所示，下列有关说法错误的是( )
A．M的分子式为C H O
11 18 5
B．M可以发生加成反应、氧化反应、取代反应
C．M环上的一氯取代物有6种(不考虑立体异构)
D．1 mol M最多可以与3 mol NaOH反应
【答案】D
【解析】A项，C、H、O原子个数依次是11、18、5，分子式为C H O，故A正确；B项，具有羧
11 18 5
酸、醇和烯烃的性质，碳碳双键能发生加成反应、氧化反应，醇羟基和羧基能发生取代反应，故B正确；
C项，环上含有6种氢原子，环上的一氯代物有6种，故C正确；D项，羧基和NaOH以1：1反应，醇羟
基和NaOH不反应，分子中含有1个羧基，所以1molM最多消耗1molNaOH，故D错误；故选D。
6．如图所示是一种新型的生物催化剂TPA-OH，能对多种废弃塑料包装实现完全解聚。下列叙述正确
的是( )A．TPA-OH中所有原子一定共平面
B．0.1molTPA-OH与足量NaHCO 溶液反应能生成4.48LCO
3 2
C．TPA-OH能和乙二醇发生缩聚反应
D．1molTPA-OH都能与5molH 发生加成反应
2
【答案】C
【解析】A项，TPA-OH分子中含有羟基，单键可以旋转，不一定所有原子共平面，故A错误；B项，
TPA-OH分子中含有2个羧基，0.1molTPA-OH与足量NaHCO 溶液反应能生成0.2mol二氧化碳，没有明确
3
是否为标准状况，体积不一定是4.48L，故B错误；C项，TPA-OH分子中含有2个羧基，所以能和乙二醇
发生缩聚反应，故C正确；D项，苯环能与氢气发生加成反应，1molTPA-OH都能与3molH 发生加成反应，
2
故D错误；故选C。
7．我国科学家成功利用CO 人工合成淀粉，使淀粉生产方式从农业种植转为工业制造成为可能，其
2
原理如下所示。下列说法错误的是( )
A．甲醇可用于燃料电池的正极反应物 B．淀粉可用于制备葡萄糖
C．该过程有利于实现“碳达峰，碳中和” D．二羟基丙酮属于有机物
【答案】A
【解析】在电催化作用下，二氧化碳在正极被还原成甲醇，随后甲醇在甲醇酶的作用下转化为二羟基
丙酮，随后经代谢转化为直链淀粉，经淀粉分支酶作用下转化为支链淀粉。A项，甲醇属于有机化合物，
能被氧化释放能量，可用于燃料电池的负极活性物质，故A错误；B项，淀粉水解可以产生葡萄糖，淀粉
可用于制备葡萄糖，故B正确；C项，该过程将二氧化碳转化为淀粉，可以减少碳排放，有利于实现“碳达峰，碳中和”，故C正确；D项，二羟基丙酮是含碳的化合物，属于有机物，故D正确；故选A。
8．莫那匹韦(EIDD—2801)对流感病毒(Influenza)、冠状病毒(Coronavirus)、呼吸道合胞病毒(RSV)及埃
博拉(Ebola)病毒都有优良的抗病毒活性，莫那匹韦在人体内迅速转化为其活性形式EIDD—1931，转化过
程如图所示，下列说法正确的是( )
A．EIDD—1931的分子式为C H ON
8 11 6 3
B．EIDD—2801分子中所有的碳原子可能共面
C．该转化反应属于取代反应，其另一种产物为(CH)CHCOOH
3 2
D．EIDD—2801和EIDD—1931均能使酸性KCr O 溶液变为无色
2 2 7
【答案】C
【解析】A项，由题干EIDD—1931的结构简式可知，其分子式为C H NO，A错误；B项，由题干
9 13 3 6
EIDD—2801的结构简式可知，其分子中五元环上的碳原子均为sp3杂化，以及异丙酸酯基上有一个碳原子
连有2个甲基，故分子中不可能所有的碳原子共面，B错误；C项，根据质量守恒和题干转化信息可知，
该转化反应属于取代反应，其另一种产物为(CH)CHCOOH，C正确；D项，由题干EIDD—2801和EIDD
3 2
—1931的结构简式可知，两物质分子中均含有碳碳双键，均能被酸性KCr O 氧化，但不能使酸性KCr O
2 2 7 2 2 7
溶液变为无色，而是转化为含Cr3+溶液的绿色溶液，D错误；故选C。
9．有机化合物Ⅲ具有较强的抗氧化性，合成Ⅲ的反应如下。下列有关说法错误的是( )
A．该反应属于取代反应
B．有机物Ⅲ的分子式为C H ON
16 21 4
C．有机物Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ均能与NaOH溶液、H、溴水发生发应
2
D．有机物Ⅰ的所有原子可能共面【答案】C
【解析】A项，对比有机物I、II、III的结构简式可知，该反应属于取代反应，A正确；B项，根据有
机物III的结构简式知，III的分子式为C H ON，B正确；C项，有机物I中含酚羟基和羧基，有机物II
16 21 4
中含有酯基，有机物III中含酚羟基、酰胺基和酯基，三者都能与NaOH溶液反应，有机物I、III中含碳碳
双键，两者都能与H、溴水反应，有机物II不能与H 发生反应，C错误；D项，有机物I中所有碳原子都
2 2
采取sp2杂化，与苯环碳原子直接相连的原子和苯环碳原子、与碳碳双键碳原子直接相连的原子和碳碳双
键碳原子、与羧基碳原子直接相连的原子和羧基碳原子一定共平面，结合单键可旋转，有机物I的所有原
子可能共面，D正确；故选C。
10．一种合成中间体Z可通过如下转化得到。
下列有关X、Y、Z的说法正确的是( )
A．1mol X中含有2mol碳氧π键 B．X、Y均能与银氨溶液反应
C．X分子中所有原子一定在同一平面 D．Z与足量 加成后的产物分子中含3个手性碳原子
【答案】D
【解析】A项，双键中含有1个π键，则由结构简式可知，1mol X中含有1mol碳氧π键，故A错误；
B项，由结构简式可知，Y分子中不含有醛基，不能与银氨溶液反应，故B错误；C项，苯环和醛基为平
面结构，由于单键可以旋转，所以X分子中所有原子可能在同一平面，故C错误；D项，由结构简式可知，
一定条件下Z分子与足量氢气发生加成反应生成 ， 分子中含有3个连有不同
原子或原子团的手性碳原子，故D正确；故选D。
11．有机化合物X转化为Y的关系如下图所示。下列说法不正确的是( )A．化合物X、Y中sp3杂化碳原子数相等
B．能用酸性高锰酸钾溶液鉴别X、Y
C．化合物Y存在顺反异构体
D．Y与足量HBr反应生成的有机化合物中含有手性碳原子
【答案】B
【解析】A项，由结构简式可知，化合物X、Y分子中都含有2个sp3杂化的饱和碳原子，故A正确；
B项，由结构简式可知，化合物X、Y分子中都含有能使酸性高锰酸钾溶液褪色的醛基，则不能用酸性高
锰酸钾溶液鉴别X、Y，故B错误；C项，由结构简式可知，化合物Y分子中碳碳双键的两个碳原子连有
的原子或原子团不同，存在顺反异构体，故C正确；D项，由结构简式可知，化合物Y分子与足量溴化氢
发生加成反应生成 或 ， 和
分子中都含有1个连有不同原子或原子团的手性碳原子，故D正确；故选B。
12．羟醛缩合的关键在于攫取 ，使其转化成 离去，其反应机理如图所示：
下列说法不正确的是( )
A．该反应可用碱作催化剂
B．两分子苯甲醛可发生羟醛缩合反应
C．乙醛中-CH 的C-H的极性强于丙酮中-CH 的C-H的极性
3 3
D．CH-CH=CH-CHO中存在单双键交替的结构体系，稳定性增加
3
【答案】B
【解析】A项，该反应步骤中生成了氢离子，用碱作催化剂有利于反应正向进行，提高产率，A正确；
B项，苯甲醛中与醛基相连的碳上没有氢原子，不能发生羟醛缩合反应，B错误；C项，乙醛中的醛基的
极性大于丙酮中的羰基，对碳氢共用电子对的吸引力更强，因此乙醛中-CH 的C-H的极性强于丙酮中-CH
3 3
的C-H的极性，C正确；D项，CH-CH=CH-CHO中存在单双键交替的结构体系，单双键交替存在，分子
3
轨道线性组成形成一组能量低的成键轨道和能量高的反键轨道，电子填充在成键轨道上所以稳定，D正确；
故选B。13．乙醛可发生如下转化，下列说法不正确的是( )
A．乙醛分子中最多5个原子共面
B．X与NaOH的乙醇溶液共热可生成HOCH CHO
2
C．乙醛→Y的反应类型为氧化反应
D．Z的结构简式为CHCH(OH)CH CHO
3 2
【答案】B
【解析】A项，乙醛分子中含有碳氧双键，与碳氧双键直接相连的原子共平面，则乙醛分子中最多5
个原子共平面，A正确；B项，X为BrCHCHO，X与NaOH的水溶液共热发生取代反应生成
2
HOCH CHO，B错误；C项，乙醛→Y为乙醛氧化为乙酸，反应类型为氧化反应，C正确；D项，Z的结
2
构简式由两分子乙醛发生加成反应得到，故乙的结构简式为CHCH(OH)CH CHO，D正确； 故选B。
3 2
14．一种高分子化合物W的合成路线如图(图中 表示链延长)：
下列说法不正确的是( )
A．化合物Y中最多18个原子共平面 B．化合物Z的核磁共振氢谱有3组峰
C．高分子化合物W具有网状结构 D．X、Y、Z通过缩聚反应合成高分子化合物W
【答案】B
【解析】A项，苯环和双键为共面结构，结合单键可旋转特点可知，化合物Y中最多18个原子共平
面，A正确；B项，对比X、Y、W可知化合物Z中氢原子种类不止3种，B错误；C项，高分子化合物W
为通过缩聚反应生成的高分子化合物，，具有网状结构，C正确；D项，结合高分子化合物W结构可知为
缩聚反应合成高分子化合物，D正确；故选B。
15．高分子树脂X的合成路线如下。下列说法不正确的是( )
A．高分子X中存在氢键 B．甲的结构简式为CH=CHCOOH
2
C．①的反应中有水生成 D．高分子X水解可得到乙
【答案】D
【解析】CH=CHCN与HO、H+加热条件下反应生成甲为CH=CHCOOH，根据高分子X的结构简式，
2 2 2
乙的分子式可知，乙的结构简式为 ，甲与乙发生加聚反应生成高分子X。A项，根据高分
子X的结构简式可知，其内部存在-NH-结构，存在氢键，A正确；B项，甲的结构简式为
CH=CHCOOH，B正确；C项，反应①为2个 与HCHO反应生成 ，根据
2
原子守恒可知，该反应中有水生成，C正确；D项，甲和乙发生加聚反应生成高分子X，而不是缩聚反应，
因此高分子X水解无法得到乙，D错误；故选D。
二、非选择题(本题包括4小题，共55分)
16．(12分)．金花清感颗粒是世界上首个针对HINI流感治行的中药，其主要成分之为金银花，金银花
中抗菌杀毒的有效成分为“绿原酸G”，以下为某兴趣小组设计的绿原酸合成路线：已知：
R COCl+R OH→R COOR (其他产物略)
1 2 1 2
回答下列问题：
(1) 的化学名称为_______。
(2)A→B的反应类型为_______。
(3)C的结构简式为_______。D中含氧官能团的名称为_______。
(4)写出D→E的第(1)步反应的化学反应方程式_______。
(5)E→F反应的目的_______。
(6)有机物C的同分异构体有多种，其中满足以下条件：
a.有六元碳环；
b.有3个-Cl，且同一个C上只连1个氯原子；
c.能与NaHCO 溶液反应；
3
d.核磁共振氢谱有4组峰，且峰值面积之比为4：2：2：1的结构简式为_______(写出一种即可)。
【答案】(1)1，2-二氯乙烯 (2)加成反应
(3) 羧基
(4) +5NaOH +3NaCl+NaBr+H O
2
(5)保护羟基(或使特定位置的羟基发生反应)(6) 或
【解析】利用题给信息，A( )与 发生反应生成B为 ，B与CO、HO反应
2
生成C，由D的结构简式 ，结合C的分子式，可逆推出C为 。(1)
为二氯代乙烯，化学名称为1，2-二氯乙烯；(2)A( )与 反应，生成B(
)，反应类型为加成反应；(3)由分析可知，C的结构简式为 ，D为
，则含氧官能团的名称为羧基；(4)D( )→E( )的第(1)
步，生成的产物为 ，反应的化学反应方程式： +5NaOH+3NaCl+NaBr+H O；(5)E( )→F( )，后面又转化为-OH，
2
反应的目的：保护羟基(或使特定位置的羟基发生反应)；(6)有机物C为 ，同分异构体满
足以下条件：a.有六元碳环；b.有3个-Cl，且同一个C上只连1个氯原子；c.能与NaHCO 溶液反应；d.核
3
磁共振氢谱有4组峰，且峰值面积之比为4：2：2：1。则六元环中连有3个-Cl，1个-COOH，且分子结构
对称，其结构简式为 或 。
17．(17分)中枢神经兴奋剂芬坎法明的合成路线如下：
已知：i.RCHO+R′CH NO +H O(R、R′表示烃基或氢)
2 2 2
ii.
请回答：
(1)A属于芳香烃，名称是_______。(2)J中所含官能团是_______。
(3)C→D的化学方程式是_______。
(4)E具有反式结构，其结构简式是_______。
(5)H是五元环状化合物，写出G→H的化学方程式_______。
(6)有机物M是B的同系物，相对分子质量比B大28，M分子的苯环上有两个取代基。符合M的结构
有_______种，其中峰面积比是6：1：2：2的M的结构简式为_______。
(7)1mol 转化为 ，同时生成HO，理论上需要H 的物质的量是_____
2 2
mol。
(8)J→芬坎法明的转化过程中，写出J→X的化学方程式_______。
【答案】(1)甲苯 (2)氨基
(3)2 +O 2 +2H O
2 2
(4)
(5) +2NaOH +2NaBr+2H O
2
(6) 15 (7)4(8) +CH CHO
3
【解析】A与Cl 发生侧链上的取代反应生成B，则A为 ，B为 ，C为 ，D
2
为 ，E为 ；由I的结构简式及E的结构简式，参照信息ii，可得出H为 ，F
为 ，G为 。(1) A为 ，名称是甲苯；(2)J为 ，所含官能团是
氨基；(3)在Cu的催化作用下，C( )被O 氧化为D( )，化学方程式是：2 +O
2 2
2 +2H O；(4)E为 ，具有反式结构，其结构简式是 ；(5)
2
H是 ，则G( )发生消去反应，生成H( )等，化学方程式：
+2NaOH +2NaBr+2H O；(6)B为 ，有机物M是B的同系物，相对分子质量比B大
228，M分子的苯环上有两个取代基，则两个取代基分别为-Cl、-C H(正丙基、异丙基)，或-CHCl、-
3 7 2
CHCH，或-CHCHCl、-CH，或-CH(Cl)CH 、-CH，且两取代基可分别处于苯环的邻、间、对位，从而
2 3 2 2 3 3 3
得出可能结构分别有6种、3种、3种、3种，则符合M的结构有15种，其中峰面积比是6：1：2：2的M
的结构简式为 ；(7)1个碳碳双键需要消耗1个H，1个-NO 需要消耗3个H，则1mol
2 2 2
转化为 ，同时生成HO，理论上需要H 的物质的量是4 mol；(8)J→芬坎
2 2
法明的转化过程中，生成X的结构简式为 ，则J→X的化学方程式为
+CH CHO 。
3
18．(14分)2-氨-3-氯苯甲酸是重要的医药中间体，其制备流程如图：回答下列相关问题：
(1) 的名称是_______。
(2)反应①化学方程式为_______。
(3)A的分子式为C HNO ，写出其结构简式_______，反应④的反应类型为_______。
7 7 2
(4)事实证明上述流程的目标产物的产率很低，据此，研究人员提出将步骤⑤设计为以下三步，产率有
了一定提高。
请从步骤⑤产率低的原因进行推测，上述过程能提高产率的原因可能是_______。
(5)化合物B与 互为同系物，相对分子质量比 多14，且符合以下条件的
芳香族化合物B的同分异构体有_______种。
①苯环上取代基数目少于4②能发生银镜反应
③与FeCl 溶液发生显色反应④红外光谱显示有—NO
3 2
(6)以 为主要原料，设计合成路线，用最少的步骤制备含肽键的聚合物_______。
【答案】(1)邻硝基甲苯(2-硝基甲苯)
(2) +HNO +H O
3 2
(3) 取代反应
(4)利用磺酸基(-SO H)占位，减少5号位上H原子的取代
3
(5)23
(6)
【解析】甲苯发生邻位的硝化反应，甲基再被氧化为羧基，硝基发生还原反应生成氨基，A为
，再发生取代反应，再羧基的间位取代氯原子，最后酸化得到2-氨-3-氯苯甲酸即
。(1) 的母体为甲苯，取代基为硝基，其名称为邻硝基甲苯；(2)反应①是与浓硝酸在浓硫酸、加热条件下发生取代反应生成 ，反应方程式为 +HNO
3
+H O；(3)A的分子式为C HNO ，对比A前后有机物结构简式，可知
2 7 7 2
中硝基转化为氨基生成A，A中氨基与 发生取代反应，推知A的结构简
式为 ，反应④的反应类型为取代反应；(4)对比转化中反应⑤、图2中转化，可知图2中磺
酸基进行占位，防止酰胺基对位的氢原子被取代，提高产率；(5)化合物B与 互为同系物，
相对分子质量比 多14，则B多1个CH 原子团，符合以下条件的芳香族化合物B的同分异
2
构体：①苯环上取代基数目少于4；②能发生银镜反应，说明含有醛基；③与FeCl 溶液发生显色反应，说
3
明含有酚羟基；④红外光谱显示有-NO ，苯环可以有2个取代基，其中一个为-OH，另一个为-
2
CH(NO)CHO，2个取代基有邻、间、对3种位置关系；苯环有3个取代基为-OH、-CHO、-CHNO 或者
2 2 2
为-OH、-CHCHO、-NO ，2个不同的取代基有邻、间、对3种位置关系，对应的第三取代基分别有4种、
2 24种、2中位置，故符合条件的同分异构体共有3+(4+4+2)×2=23种；(6) 发生缩聚反应生成
， 酸性条件下水解生成 ，合成路线为
。
19．(14分)化合物H用于防治壳针孢属引起的病害。其合成路线如图：
已知：①Me表示甲基，Et表示乙基；
②Hofmann重排反应：RCONH R→N=C=O(X代表卤素原子)
2
③狄尔斯一阿尔德反应(Diels-Alder反应 )
请回答下列问题：
(1)A的名称为____(按系统命名法命名)，C中含氧官能团的名称____。
(2)G→H先后进行的反应类型有____、____，选择在KCO 条件的原因是____。
2 3
(3)写出C→D反应的化学方程式____。(4)D的芳香族同分异构体中，同时满足下列条件的有____种，
①苯环上有两个取代基(不含其它环状结构)；且有一个为—NH ；
2
②有酯基且能发生银镜反应
写出一种核磁共振氢谱中峰面积比2：2：2：3：1：1的结构简式____。
(5)根据上述信息，写出以 和 为原料合成 的路线(其它试剂任选)。
____
【答案】(1) 3—硝基—1，2—二甲基苯 醚键
(2)加成反应 消去反应 中和HBr，有利于提高G的转化率
(3) + +2
(4) 24 或
(5)
【解析】由有机物的转化关系可知，在CBrCl 、NaOMe作用下 与甲醇发生取代反应生成
3， 一定条件下发生还原反应生成 ，在EtN作用下
3
与 反应生成 ，一定条件下 与NaN 反应生成
3
， 在碳酸钾作用下与(CH)SO 发生取代反应生成 ，
3 2 4
与溴化氢发生取代反应生成 ， 与
在碳酸钾作用下先发生加成反应，再发生消去反应生成
。(1)由结构简式可知，A的名称为3—硝基—1，2—二甲基苯，C的官能团为醚键；(2)由分析可知，G→H先后进行的反应为 与 在碳酸钾作
用下先发生加成反应，再发生消去反应生成 ，其中碳酸钾的作用是与消
去反应生成的溴化氢反应，生成物浓度减小，平衡向正反应方向移动，有利于提高G的转化率；(3)由分析
可知，C→D的反应为在EtN作用下 与 反应生成 和
3
，反应的化学方程式为 + +2
；(4)D的芳香族同分异构体苯环上有两个取代基(不含其它环状结构)，且有一个为氨基，有酯
基且能发生银镜反应说明同分异构体的官能团为氨基、甲酸酯基和碳碳双键，同分异构体可以视作丙烯分子中的氢原子被甲酸酯基和 或甲酸酯基和 或甲酸酯基和 取代所得结构，甲酸酯基和
取代丙烯分子中的氢原子可得到8种结构、甲酸酯基和 取代丙烯分子中的氢原子可得到8种
结构、甲酸酯基和 取代丙烯分子中的氢原子可得到8种结构，共有24种，其中核磁共振氢谱
中峰面积比2：2：2：3：1：1的结构简式为 、 ；(5)由题给信息可知，信息，写出以
和 为原料合成 的合成步骤为 与 发生狄尔
斯一阿尔德反应生成 ，在镍做催化剂作用下， 与氢气发生加成反应生成 ， 在NaOX作用下发生Hofmann重排反应生成
，一定条件下 与NaN 反应生成 ，合成路线为
3
。
