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微专题 2 基本初等函数、函数与方程
[考情分析] 1.基本初等函数的图象与性质是高考考查的重点，利用函数性质比较大小、解不等式是常见
题型.2.函数零点的个数判断及参数范围是常考题型，常以压轴题的形式出现.3.函数模型及应用是近几年高
考的热点，通常考查指数函数、对数函数模型.
考点一 基本初等函数的运算、图象与性质
指数函数y=ax(a>0，且a≠1)与对数函数y=log x(a>0，且a≠1)互为反函数，其图象关于y=x对称，它们的图
a
象和性质分0<a<1，a>1两种情况，着重关注两种函数图象的异同.
( 1)
例1 (1)(2024·深圳模拟)已知a>0，且a≠1，则函数y=log x+ 的图象一定经过( )
a a
A.一、二象限 B.一、三象限
C.二、四象限 D.三、四象限
答案 D
1
解析 当x=0时，y=log =-1，
aa
则当0<a<1时，函数图象过二、三、四象限；
当a>1时，函数图象过一、三、四象限，
( 1)
所以函数y=log x+ 的图象一定经过三、四象限.
a a
(2)(2024·成都模拟)已知函数f(x)=2ax2-x+1的值域为M.若(1，+∞) M，则实数a的取值范围是( )
( 1] ⊆
A. -∞，
4
[ 1]
B. 0，
4
( 1] [1 )
C. -∞，- ∪ ，+∞
4 4[1 )
D. ，+∞
4
答案 B
解析 当a=0时，f(x)=2-x+1∈(0，+∞)，符合题意；
当a≠0时，因为函数f(x)=2ax2-x+1的值域为M，且满足(1，+∞)
M，
由指数函数的单调性可知，二次函数y=ax2-x+1的最小值y
min
≤ ⊆0，
4a-1 1
当a>0时，依题意有y=ax2-x+1的最小值 ≤0，即0<a≤ ；
4a 4
当a<0时，不符合题意.
1
综上，0≤a≤ .
4
[规律方法] (1)指数函数、对数函数的图象与性质受底数a的影响，解决与指数函数、对数函数有关的问
题时，首先要看底数a的取值范围.
(2)基本初等函数的图象和性质是统一的，在解题中可相互转化.
跟踪演练1 (1)(2024·湖北宜荆荆随恩模拟)已知函数f(x)=log (ax-2)在[1，+∞)上单调递增，则a的取值
5
范围是( )
A.(1，+∞) B.[ln 2，+∞)
C.(2，+∞) D.[2，+∞)
答案 C
解析 若f(x)=log (ax-2)在[1，+∞)上单调递增，
5
则必然在x=1处有定义，所以a1-2>0，即a>2.
若a>2，则当x≥1时，ax-2≥a-2>0，所以f(x)在[1，+∞)上有定义，
再由a>2知ax-2在R上单调递增，所以f(x)在[1，+∞)上单调递增，故a的取值范围是(2，+∞).
1 1 5
(2)(2024·全国甲卷)已知a>1，且 - =- ，则a= .
log a log 4 2
8 a
答案 64
1 1
解析 由题知a>1，则log a>0， -
2 log a log 4
8 a
3 1 5
= - log a=- ，
log a 2 2 2
2
整理得(log a)2-5log a-6=0，
2 2
则log a=-1(舍去)或log a=6，
2 2
所以log a=6=log 26，
2 2
故a=26=64.
考点二 函数的零点判断函数零点个数的方法
(1)利用函数零点存在定理判断.
(2)代数法：求方程f(x)=0的实数根.
(3)几何法：对于不易求根的方程，将它与函数y=f(x)的图象联系起来，利用函数的性质找出零点或利用两
个函数图象的交点求解.在利用函数性质时，可用求导的方法判断函数的单调性.
考向1 函数零点个数的判断
( π) π
例2 (2023·全国甲卷)函数y=f(x)的图象由函数y=cos 2x+ 的图象向左平移 个单位长度得到，则
6 6
1 1
y=f(x)的图象与直线y= x- 的交点个数为( )
2 2
A.1 B.2
C.3 D.4
答案 C
( π) π [ ( π) π] ( π)
解析 因为y=cos 2x+ 向左平移 个单位长度所得函数为y=cos 2 x+ + =cos 2x+ =-sin 2x，
6 6 6 6 2
所以f(x)=-sin 2x，
1 1 ( 1)
而y= x- 显然过 0，- 与(1，0)两点，
2 2 2
1 1
作出y=f(x)与y= x- 的大致图象如图所示，
2 2
3π 3π 7π
考虑2x=- ，2x= ，2x= ，
2 2 2
3π 3π 7π 1 1
即x=- ，x= ，x= 处f(x)与y= x- 的大小关系，
4 4 4 2 2
3π ( 3π) ( 3π)
当x=- 时，f - =-sin - =-1，
4 4 2
1 ( 3π) 1 3π+4
y= × - - =- <-1；
2 4 2 8
3π (3π) 3π
当x= 时，f =-sin =1，
4 4 2
1 3π 1 3π-4
y= × - = <1；
2 4 2 87π (7π) 7π
当x= 时，f =-sin =1，
4 4 2
1 7π 1 7π-4
y= × - = >1.
2 4 2 8
1 1
所以由图可知，f(x)的图象与直线y= x- 的交点个数为3.
2 2
考向2 求参数的值或范围
( x )
例3 (2024·榆林模拟)已知函数f(x)=(x2-4x+m) 43-m-1 恰有3个零点，则m的取值范围是
.
答案 (-1，0)∪(0，3)∪(3，4)
( x )
解析 令f(x)=(x2-4x+m) 43-m-1 =0，
得m=-x2+4x或
x
m= 43-1.
x
令g(x)=-x2+4x，h(x)= 43-1，作出两函数的大致图象，如图所示，
这两个函数图象的交点为(0，0)，(3，3)，因为g(x) =4，h(x)>-1，
max
所以由图可知m的取值范围是(-1，0)∪(0，3)∪(3，4).
[规律方法] 利用函数零点的情况求参数值(或取值范围)的三种方法
跟踪演练2 (1)(2024·新课标全国Ⅱ)设函数f(x)=a(x+1)2-1，g(x)=cos x+2ax.当x∈(-1，1)时，曲线y=f(x)
和y=g(x)恰有一个交点，则a等于( )
1
A.-1 B.
2
C.1 D.2
答案 D
解析 方法一 令f(x)=g(x)，
即a(x+1)2-1=cos x+2ax，可得ax2+a-1=cos x，
令F(x)=ax2+a-1，G(x)=cos x，
原题意等价于当x∈(-1，1)时，
曲线y=F(x)与y=G(x)恰有一个交点，
注意到F(x)，G(x)均为偶函数，
可知该交点只能在y轴上，
可得F(0)=G(0)，
即a-1=1，解得a=2，
若a=2，令F(x)=G(x)，
可得2x2+1-cos x=0，
因为x∈(-1，1)，则2x2≥0，1-cos x≥0，
当且仅当x=0时，等号成立，
可得2x2+1-cos x≥0，
当且仅当x=0时，等号成立，
则方程2x2+1-cos x=0有且仅有一个实根0，
即曲线y=F(x)与y=G(x)恰有一个交点，
所以a=2符合题意.
方法二 令h(x)=f(x)-g(x)=ax2+a-1-cos x，x∈(-1，1)，
原题意等价于h(x)有且仅有一个零点，
因为h(-x)=a(-x)2+a-1-cos(-x)
=ax2+a-1-cos x=h(x)，
则h(x)为偶函数，
根据偶函数的对称性可知h(x)的零点只能为0，
即h(0)=a-2=0，解得a=2，
若a=2，则h(x)=2x2+1-cos x，x∈(-1，1)，
又因为2x2≥0，1-cos x≥0，
当且仅当x=0时，等号成立，
可得h(x)≥0，当且仅当x=0时，等号成立，
即h(x)有且仅有一个零点0，
所以a=2符合题意.
(2)(2024·茂名模拟)若f(x)为R上的偶函数，且f(x)=f(4-x)，当x∈[0，2]时，f(x)=2x-1，则函数g(x)=3|sin
πx|-f(x)在区间[-1，5]内的所有零点的和是( )
A.20 B.18C.16 D.14
答案 A
解析 若f(x)为R上的偶函数，则f(-x)=f(x)，且f(x)=f(4-x)，
则f(-x)=f(4-x)，f(x)的周期T=4，
当x∈[0，2]时，f(x)=2x-1，
(1) x
则当x∈[-2，0)时，f(x)= -1，即可画出函数f(x)的图象；
2
函数y=3sin πx的周期是2，最大值为3，把函数y=3sin πx在x轴下方的图象翻折到x轴上方，即可得到
y=3|sin πx|的图象.
由图可知y=f(x)与y=3|sin πx|的图象在区间[-1，5]内一共有10个交点，
且这10个交点的横坐标关于直线x=2对称，
所以g(x)在区间[-1，5]内的所有零点的和是20.
考点三 函数模型及其应用
例4 (1)(2024·重庆模拟)物理学家本·福特提出的定律：在b进制的大量随机数据中，以n开头的数出
n+1
现的概率为P (n)=log ，应用此定律可以检测某些经济数据、选举数据是否存在造假或错误.根据
b b n
此定律，在十进制的大量随机数据中，以1开头的数出现的概率大约是以9开头的数出现的概率的
倍(参考数据：lg 2≈0.301，lg 3≈0.477)( )
A.5.5 B.6
C.6.5 D.7
答案 C
解析 由题意，以n开头的数出现的概率为
n+1
P (n)=log ，可得P (1)=lg 2，
b b n 10
10
P (9)=lg =lg 10-lg 9=1-2lg 3，
10 9
P (1) lg2
10
所以 = ≈6.5.
P (9) 1-2lg3
10
(2)(2024·德阳模拟)如今我国物流行业蓬勃发展，极大地促进了社会经济发展和资源整合.已知某类果蔬
的保鲜时间y(单位：小时)与储藏温度x(单位：℃)满足函数关系：y=eax+b(a，b为常数)，若该果蔬在7
℃的保鲜时间为288小时，在21 ℃的保鲜时间为32小时，且该果蔬所需物流时间为4天，则物流过程
中果蔬的储藏温度(假设物流过程中恒温)最高不能超过( )
A.14 ℃ B.15 ℃C.13 ℃ D.16 ℃
答案 A
{e7a+b=288,
解析 依题意，
e21a+b=32,
1 1
则e14a= ，即e7a= ，显然a<0，
9 3
设物流过程中果蔬的储藏温度为t ℃，
于是eat+b≥96=3e21a+b=e-7a·e21a+b=e14a+b，
解得at+b≥14a+b，因此t≤14，
所以物流过程中果蔬的储藏温度最高不能超过14 ℃.
[易错提醒] 构建函数模型解决实际问题的失分点
(1)不能选择相应变量得到函数模型.
(2)构建的函数模型有误.
(3)忽视函数模型中变量的实际意义.
跟踪演练3 在一个空房间中大声讲话会产生回音，这个现象叫做“混响”.用声强来度量声音的强弱，
t
假设讲话瞬间发出声音的声强为W
0
，则经过t秒后这段声音的声强变为W(t)=W
0e
-
τ，
其中τ是一个常
数.把混响时间T 定义为声音的声强衰减到原来的10-6所需的时间，则T 约为(参考数据：ln 2≈0.7，ln
R R
5≈1.6)( )
A.6.7τ B.8.3τ
C.13.8τ D.14.8τ
答案 C
T T
解析 由题意，W(T R )=10-6W 0 ，即 e - τ R =10-6，等号两边同时取自然对数得ln e - τ R =ln 10-6，
T
即- R=-6ln 10，
τ
所以T =τ×6ln 10=τ×6×(ln 2+ln 5)≈13.8τ.
R
专题强化练
(分值：83分)
一、单项选择题(每小题5分，共40分)
1.若幂函数y=f(x)的图象经过点(2，√2)，则f(16)等于( )
A.√2 B.21
C.4 D.
2
答案 C
解析 设幂函数y=f(x)=xα，因为f(x)的图象经过点(2，√2)，
1
所以2α=√2，解得α= ，
2
1 1
所以f(x)= x2， 所以f(16)=1 62=4.
{2x+2-x,x≤2,
2.(2024·湖北新高考协作体模拟)已知函数f(x)= 则f(log 12)等于( )
f(x-1),x>2, 2
10 13
A. B.
3 3
35 37
C. D.
6 6
答案 A
解析 f(log 12)=f(log 12-1)=f(log 6)=f(log 6-1)=f(log 3)
2 2 2 2 2
1 1 10
=2log 2 3+ =3+ = .
2log 2 3 3 3
2
3.函数f(x)=2x- -a的一个零点在区间(1，2)内，则实数a的取值范围是( )
x
A.(1，3) B.(1，2)
C.(0，3) D.(0，2)
答案 C
2
解析 由题，显然函数f(x)=2x- -a的图象在区间(1，2)内连续，因为f(x)的一个零点在区间(1，2)内，所以
x
f(1)f(2)<0，即(2-2-a)(4-1-a)<0，解得0<a<3.
4.(2024·绵阳模拟)已知函数y=xa，y=bx，y=logx在同一平面直角坐标系中的大致图象如图所示，则( )
c
g
A.lo 1c<ba<sin b
2
g
B.lo 1c<sin b<ba
2
g
C.sin b<ba<lo 1c
2
g
D.sin b<lo 1c<ba
2答案 B
解析 因为y=xa的图象过点(1，1)，故由图象可得a<0，
又y=bx的图象过点(0，1)，故由图象可得0<b<1，
又y=logx的图象过点(1，0)，故由图象可得c>1.
c
g g
故lo 1c<lo 11=0，
2 2
0<sin b<1，ba>b0=1，
g
故lo 1c<sin b<ba.
2
5.2024年中国载人航天工程将统筹推进空间站应用与发展和载人月球探测两大任务，其中，中国空间站应
用与发展阶段各项工作正按计划稳步推进.若空间站运行周期的平方与其圆轨道半径的立方成正比，当空间
站运行周期增加1倍时，其圆轨道半径增加的倍数大约是(参考数据：ln 2≈0.693，e0.462≈1.587)( )
A.1.587 B.1.442
C.0.587 D.0.442
答案 C
解析 空间站运行周期的平方与其圆轨道半径的立方成正比，设空间站运行周期为T，其圆轨道半径为
R，则T2=kR3(k>0)，当空间站运行周期增加1倍时，设此时半径为R ，则(2T)2=kR3，
1 1
(R ) 3
两式相比得4= 1 ，
R
(R ) 3 R 2ln2
即ln 4=ln 1 ，ln 1= ≈0.462，
R R 3
R
故
1≈e0.462≈1.587，
R
故圆轨道半径增加的倍数大约是1.587-1=0.587.
{x2-2x+3,x>0,
6.(2024·温州模拟)已知函数f(x)= 则关于x的方程f(x)=ax+2的根的个数不可能是( )
2x,x≤0,
A.0 B.1
C.2 D.3
答案 C
解析 作出函数y=f(x)的图象，如图所示，将原问题转化为直线y=ax+2(过定点(0，2))与函数y=f(x)的图象
交点的个数，由图可知，当a=0时，直线y=2与函数y=f(x)的图象只有一个交点；当a<0时，直线y=ax+2
与函数y=f(x)的图象没有交点；当a>0时，直线y=ax+2与函数y=f(x)的图象有三个交点，所以直线y=ax+2
与函数y=f(x)的图象不可能有两个交点.3
7.(2024·广州模拟)已知a= ，3b=5，5c=8，则( )
2
A.a<b<c B.a<c<b
C.c<b<a D.b<c<a
答案 C
解析 由题意得b=log 5，c=log 8，
3 5
3 3
因为a=
2
=log 332=log
3
√27>log
3
5=b，所以a>b，
(lg5) 2
b lg5 lg5 (lg5) 2 4(lg5) 2 (lg25) 2
因为 = × = >(lg3+lg8) 2= = >1，所以b>c，故a>b>c.
c lg3 lg8 lg3×lg8 (lg24) 2 (lg24) 2
2
8.(2024·新课标全国Ⅱ)设函数f(x)=(x+a)ln(x+b).若f(x)≥0，则a2+b2的最小值为( )
1 1
A. B.
8 4
1
C. D.1
2
答案 C
解析 方法一 由题意可知，f(x)的定义域为(-b，+∞)，
令x+a=0，解得x=-a；
令ln(x+b)=0，解得x=1-b，
若-a≤-b，当x∈(-b，1-b)时，
可知x+a>0，ln(x+b)<0，
此时f(x)<0，不符合题意；
若-b<-a<1-b，当x∈(-a，1-b)时，
可知x+a>0，ln(x+b)<0，
此时f(x)<0，不符合题意；
若-a=1-b，当x∈(-b，1-b)时，
可知x+a<0，ln(x+b)<0，此时f(x)>0；
当x∈[1-b，+∞)时，
可知x+a≥0，ln(x+b)≥0，
此时f(x)≥0，可知-a=1-b，符合题意；
若-a>1-b，当x∈(1-b，-a)时，
可知x+a<0，ln(x+b)>0，
此时f(x)<0，不符合题意，
综上所述，-a=1-b，即b=a+1，
则a2+b2=a2+(a+1)2
( 1) 2 1 1
=2 a+ + ≥ ，
2 2 2
1 1
当且仅当a=- ，b= 时，等号成立，
2 2
1
所以a2+b2的最小值为 .
2
方法二 由题意可知，f(x)的定义域为(-b，+∞)，
令x+a=0，解得x=-a；
令ln(x+b)=0，解得x=1-b，
则当x∈(-b，1-b)时，ln(x+b)<0，
若f(x)≥0，则x+a≤0，所以1-b+a≤0；
当x∈(1-b，+∞)时，ln(x+b)>0，
若f(x)≥0，则x+a≥0，所以1-b+a≥0；
故1-b+a=0，即b=a+1，
则a2+b2=a2+(a+1)2
( 1) 2 1 1
=2 a+ + ≥ ，
2 2 2
1 1
当且仅当a=- ，b= 时，等号成立，
2 2
1
所以a2+b2的最小值为 .
2
二、多项选择题(每小题6分，共18分)
9.(2024·重庆南开中学统考)若log b<0，则函数f(x)=ax+b与g(x)=log (a-x)在同一坐标系内的大致图象可能是
a b
( )答案 BC
解析 因为log b<0=log 1，
a a
所以当0<a<1时，得b>1，
所以y=ax在定义域上单调递减，且f(x)=ax+b>b>1，当x趋近于+∞时，f(x)趋近于b，
函数g(x)=log (a-x)的定义域为(-∞，a)，
b
且由简单函数μ(x)=a-x，g(μ)=log μ复合而成，
b
由复合函数的单调性可知g(x)=log (a-x)在定义域上单调递减，
b
且当x趋近于a时，g(x)趋近于-∞，故B正确，D错误；
当a>1时，得0<b<1，
所以y=ax在定义域上单调递增，且f(x)=ax+b>b，
当x趋近于-∞时，f(x)=ax+b无限趋近于b<1，
此时g(x)=log (a-x)在(-∞，a)上单调递增，
b
且当x趋近于a时，g(x)趋近于+∞，故C正确，A错误.
10.已知c>0，且2a=3b=5c，则( )
A.a>b>c
B.ac<b2
1 1 1
C. + >
a b c
D.若a+c=ac，则b=log 10
3
答案 ACD
解析 设2a=3b=5c=k，因为c>0，所以k>1.
对于A，易知a>b>c，选项A正确.
对于C，因为a=log k，b=log k，c=log k，
2 3 5
1 1 1
所以 =log2， =log3， =log5，
a k b k c k
1 1 1
于是 + =log2+log3=log6>log5= ，选项C正确.
a b k k k k c
1 1
对于D，若a+c=ac，则 + =1，即log2+log5=log10=1，则k=10.
a c k k k
则b=log 10，选项D正确.
32 2
对于B，取k=3，则b2=1，由3log 2=log 8<2，知log 2< ，由3log 3=log 27>2知，log 3> ，
3 3 3 3 5 5 5 3
所以log 2<log 3，即log 2·log 5<1，
3 5 3 3
1 1
0< =log 2·log 5<1= ，
ac 3 3 b2
此时ac>b2，选项B错误.
11.(2024·河北省“五个一”名校联盟联考)已知函数f(x)=ex+2x-2，g(x)=2ln x+x-2的零点分别为x ，x ，则(
1 2
)
A.2x
1
+x
2
=2 B.x
1
x
2
=ex 1+ln x
2
4
C.x +x > D.2x x <√e
1 2 3 1 2
答案 ACD
解析 对于A，由题知ex 1+2x -2=0，2ln x +x -2=0，
1 2 2
所以ex 1+2x =2ln x +x =2，即ex 1+2ln ex 1=2ln x +x =2，
1 2 2 2 2
所以ex 1=x ，故2x +x =2x +ex 1=2，故A正确；
2 1 2 1
1
对于B，由f(x)=0，g(x)=0得ex=-2x+2，ln x=- x+1，
2
1
故函数y=ex与y=-2x+2的图象交点的横坐标和y=ln x与y=- x+1的图象交点的横坐标即为函数f(x)和g(x)的
2
零点x ，x ，
1 2
1
如图，由图象性质可知0<x < ，1<x <2，
1 2 2
又由A得ex 1=x ，故x =ln x ，
2 1 2
所以x x =x ex 1<ex 1<ex 1+x =ex 1+ln x ，故B错误；
1 2 1 1 2
对于C，由2ln x +x =2，x =ln x 以及1<x <2得，
2 2 1 2 2
2ln x +2x 1 3 4
x +x =ln x +x = 2 2=1+ x > > ，故C正确；
1 2 2 2 2 2 2 2 3
1
对于D，由A，B得ex 1=x ，0<x < ，2x =2-ex 1<1，
2 1 2 1
所以2x x =2x ex 1=(2-ex 1)ex 1<ex 1<√e，故D正确.
1 2 1
三、填空题(每小题5分，共15分)12.(2024·开封模拟)已知alog 4=1，则2-a= .
9
1
答案
3
1
解析 由alog 4=1可得4a=9，即(2a)2=9，2a=3，故2-a= .
9 3
13.(2024·广州联考)假设甲和乙刚开始的“日能力值”相同，之后甲通过学习，“日能力值”都在前一天的
基础上进步2%，而乙疏于学习，“日能力值”都在前一天的基础上退步1%.那么，大约需要经过
天，甲的“日能力值”是乙的20倍.(参考数据：lg 102≈2.008 6，lg 99≈1.995 6，lg 2≈0.301 0)
答案 100
解析 令甲和乙刚开始的“日能力值”为1，n天后，甲、乙的“日能力值”分别(1+2%)n，(1-1%)n，
(1+2%) n (102) n
依题意， =20，即 =20，
(1-1%) n 99
102
两边取对数得nlg =lg 20，
99
1+lg2 1+0.301 0
因此n= ≈ ≈100，
lg102-lg99 2.008 6-1.995 6
所以大约需要经过100天，甲的“日能力值”是乙的20倍.
x
(√3)
14.(2024·咸阳模拟)已知函数f(x)为偶函数，满足f(x-3)=f(x+1)，且当-2≤x≤0时，f(x)= -2，若关于x
3
的方程f(x)-2log (3x+1)=0有两个实数解，则a的值为 .
a
1
答案 49或
169
解析 由f(x-3)=f(x+1)可得f(x)=f(x+4)，
x
(√3)
所以f(x)是以4为周期的周期函数，又f(x)为偶函数，且f(x)= -2(-2≤x≤0)，故可作出函数f(x)的图象
3
如图所示，
若关于x的方程f(x)-2log (3x+1)=0有两个实数解，
a
则y=f(x)与y=2log (3x+1)的图象有两个交点，
a
当a>1时，y=2log (3x+1)的图象过点A(2，1)，所以1=2log (3×2+1)，解得a=49；
a a
当0<a<1时，y=2log (3x+1)的图象过点B(4，-1)，
a
1
所以-1=2log (3×4+1)，解得a= ，
a 1691
综上所述，a的值为49或 .
169
每小题5分，共10分
15.[泰勒展开式]苏格兰数学家科林·麦克劳林(Colin Maclaurin)研究出了著名的Maclaurin级数展开式，受到
x2 x3 x4 xn
了世界上顶尖数学家的广泛认可，下面是麦克劳林建立的其中一个公式：ln(1+x)=x- + - +…+(-1)n-1
2 3 4 n
9√3 (√3) n
+…，试根据此公式估计下面代数式2√3+ +…+(-1)n-1 +…(n≥5)的近似值为(参考数据：√3≈1.732
5 n
1，ln 2.732 1≈1.005，ln 3.732 1≈1.317)( )
A.2.322 B.4.785
C.4.755 D.1.005
答案 C
x2 x3 x4 xn
解析 将x=√3代入ln(1+x)=x- + - +…+(-1)n-1 +…，
2 3 4 n
(√3) 2 (√3) 3 (√3) 4 (√3) 5 (√3) n
得ln(1+√3)=√3- + - + +…+(-1)n-1 +…
2 3 4 5 n
3 3√3 9 9√3 (√3) n
=√3- + - + +…+(-1)n-1 +…
2 3 4 5 n
15 9√3 (√3) n
=- +2√3+ +…+(-1)n-1 +…
4 5 n
≈ln 2.732 1≈1.005，
9√3 (√3) n
所以2√3+ +…+(-1)n-1 +…≈4.755.
5 n
16.(2024·忻州统考)已知函数f(x)=(x2-6x+m)(ex-3+e3-x-n)的四个零点是以0为首项的等差数列，则m+n=
.
1 1
答案 e+ 或8+e3+
e e3
解析 因为f(x)=(x2-6x+m)(ex-3+e3-x-n)=[(x-3)2+m-9](ex-3+e3-x-n)，
所以f(6-x)=[(3-x)2+m-9](e3-x+ex-3-n)=f(x)，所以f(x)的图象关于直线x=3对称，
令f(x)=0得x2-6x+m=0或ex-3+e3-x-n=0，
由题意这两个方程各有两个不相等的实数根，且四个根是以0为首项的等差数列，
①若0为x2-6x+m=0的一个根，则另一个根为6，则m=0，
6-0
又f(x)的图象关于直线x=3对称，且四个根是以0为首项的等差数列，所以等差数列的公差为 =2，
3
所以ex-3+e3-x-n=0的两根为2，4，所以e2-3+e3-2-n=0，1 1
所以n=e+ ，所以m+n=e+ ；
e e
1
②若0为ex-3+e3-x-n=0的一个根，则另一个根为6，则e-3+e3-n=0，即n=e3+ ，
e3
6-0
又f(x)的图象关于直线x=3对称，且四个根是以0为首项的等差数列，所以等差数列的公差为 =2，
3
1
所以x2-6x+m=0的两根为2，4，所以m=2×4=8，所以m+n=8+e3+ .
e3
1 1
综上，m+n=e+ 或m+n=8+e3+ .
e e3
