文档内容
高考对光的知识的考查主要以选择题、实验题和计算题为主，试题的难度
考情
中等。高考对电磁波的考查以识记和理解为主，题型多以选择题形式出
分析
现，试题难度不大。
1．光的折射定律(Ⅱ) 1．考查对光的折射定律的理解
2．折射率(Ⅰ) 与应用。
3.全反射、光导纤维(Ⅰ) 2．考查全反射现象及其分析。
4.光的干涉、衍射和偏振现象 3．考查光的干涉条件，干涉条
(Ⅰ) 纹的分析以及对衍射、偏振等
重要 5．电磁波的产生(Ⅰ) 考点 现象的理解。
考点 6．电磁波的发射、传播和接收 解读 4．考查折射率、波长的测量。
(Ⅰ) 5．考查对麦克斯韦的两个基本
7．电磁波谱(Ⅰ)
假设和电磁波概念的理解。
实验十四：测量玻璃的折射率 6．理解电磁波谱的组成以及各
实验十五：用双缝干涉实验测 波段电磁波的性质、传播特点
量光的波长 与用途。
第 1 讲 光的折射、全反射
知识点 光的折射定律 Ⅱ
折射率 Ⅰ1.光的反射现象与折射现象一般来说，光从第1种介质射到该介质与第2种介质的分界面时，一部分光会
返回到第1种介质，这个现象叫作光的反射；另一部分光会 进入第 2 种介质 ，这个
现象叫作光的折射(如图所示)。
2．折射定律
(1)内容：折射光线与入射光线、法线处在同一平面内，折射光线与入射光线分
别位于法线的两侧；入射角的正弦与折射角的正弦成正比。
(2)表达式：＝n ，式中n 是比例常数。
12 12
(3)在光的折射现象中，光路是可逆的。
3．折射率
(1)定义：光从真空射入某种介质发生折射时，入射角的正弦与折射角的正弦
之比，叫作这种介质的绝对折射率，简称折射率，用符号n表示。
(2)物理意义：折射率仅反映介质的光学特性，折射率大，说明光线以相同入射
角从真空斜射入该介质时偏折的角度大，反之偏折的角度小。
(3)定义式：n＝，不能说n与sinθ 成正比、与sinθ 成反比，对于确定的某种介
1 2
质而言，入射角的正弦与折射角的正弦成正比。折射率由介质本身的光学性质和
光的频率决定。
(4)光在不同介质中的传播速度不同；某种介质的折射率，等于光在真空中的
传播速度c与光在这种介质中的传播速度v之比，即n＝。由于v ＝，故
C错误；若玻璃半圆柱逆时针旋转α(α<60°)，入射角变小，则红光不可能发生全反
射，即OA不会消失，反射光线OB逆时针旋转2α，故D错误。
光的色散遵循的规律
颜色 红橙黄绿青蓝紫
频率 低→高
折射时的偏折程度 小→大
通过棱镜的偏折角 小→大
同一介质中的折射率 小→大
同一介质中的速度 大→小
波长 大→小
全反射临界角 大→小
[变式3] (2021·八省联考湖南卷)如图，泳池底部半球形玻璃罩半径为r，内为空气，其球心处有一个点光源S。S发射的光通过罩内空气穿过厚度不计的玻璃罩，
进入水中，最后有部分光线折射出水面，在水面形成圆形光斑。
(1)水深h＝2 m，水对光的折射率取，计算光斑的直径d；
(2)若光源发出的是白光，考虑到色散，问出射水面的光斑边缘颜色为红色还
是紫色，并说明理由。
答案 (1)4.5 m (2)红光 理由见解析
解析 (1)从S点发出的光线射向球形玻璃罩边缘时垂直于界面，则沿半球形
玻璃罩半径方向射向水中，然后射到空气和水的分界面。光线恰能在水面发生全
反射时，射向水面的入射角C满足sinC＝，
则光斑直径为d＝2htanC，
解得d＝＝ m＝ m≈4.5 m。
(2)因为在同一种均匀介质中红光的折射率最小，则红光的全反射临界角最大
则出射水面的光斑边缘颜色为红色。
1．(2020·山东高考)双缝干涉实验装置的截面图如图所示。光源S到S 、S 的距
1 2
离相等，O点为S 、S 连线中垂线与光屏的交点。光源S发出的波长为λ的光，经S
1 2 1
出射后垂直穿过玻璃片传播到O点，经S 出射后直接传播到O点，由S 到O点与
2 1
由S 到O点，光传播的时间差为Δt。玻璃片厚度为10λ，玻璃对该波长光的折射率
2
为1.5，空气中光速为c，不计光在玻璃片内的反射。以下判断正确的是( )A．Δt＝ B.Δt＝
C．Δt＝ D.Δt＝
答案 A
解析 该波长的光在玻璃中的传播速度为v＝＝，可知时间差Δt＝－＝，故选
A。
2. (2020·浙江7月选考)如图所示，圆心为O、半径为R的半圆形玻璃砖置于水
平桌面上，光线从P点垂直界面入射后，恰好在玻璃砖圆形表面发生全反射；当入
射角θ＝60°时，光线从玻璃砖圆形表面出射后恰好与入射光平行。已知真空中的
光速为c，则( )
A．玻璃砖的折射率为1.5
B．OP之间的距离为R
C．光在玻璃砖内的传播速度为c
D．光从玻璃到空气的临界角为30°
答案 C
解析 因为光线穿过上、下表面平行的玻璃砖后传播方向与入射光线平行，故
当光线从半圆形玻璃砖的P点以入射角θ＝60°入射时，将会从半圆形玻璃砖的轴
线与圆形表面的交点处射出玻璃砖。作出两种情况下的光路图，如图所示。设OP
＝x，因为光线从P点垂直界面入射后恰好在A处发生全反射，故有sinC＝＝；当
光线在P点以入射角θ＝60°入射时，根据折射定律有n＝，由几何关系知∠BPA＝
∠OBP，sin∠OBP＝，联立可得n＝，x＝R，故A、B错误。由v＝，可得v＝c，故C正
确。由于sinC＝＝，所以光从玻璃到空气的临界角不是30°，故D错误。
3．(2018·全国卷Ⅰ) 如图，△ABC为一玻璃三棱镜的横截面，∠A＝30°。一束红
光垂直AB边射入，从AC边上的D点射出，其折射角为60°，则玻璃对红光的折射率为________。若改用蓝光沿同一路径入射，则光线在 D 点射出时的折射角
________(填“小于”“等于”或“大于”)60°。
答案 大于
解析 由光路可逆性，根据题述和图示可知，i＝60°，r＝30°，由折射定律，玻
璃对红光的折射率n＝＝。若改用蓝光沿同一路径入射，由于玻璃对蓝光的折射率
大于玻璃对红光的折射率，则光线在D点射出时的折射角大于60°。
4．(2020·江苏高考)我国的光纤通信技术处于世界领先水平。光纤内芯(内层玻
璃)的折射率比外套(外层玻璃)的________(选填“大”或“小”)。某种光纤的内
芯在空气中全反射的临界角为43°，则该内芯的折射率为________。(取sin43°＝
0.68，cos43°＝0.73，结果保留2位有效数字)
答案 大 1.5
解析 光从光纤内芯射向外套时会发生全反射，故光纤内芯的折射率比外套
的大。根据sinC＝可知，该内芯的折射率为n＝＝≈1.5。
5．(2020·全国卷Ⅱ) 直角棱镜的折射率n＝1.5，其横截面如图所示，图中∠C＝
90°，∠A＝30°。截面内一细束与BC边平行的光线，从棱镜AB边上的D点射入，经
折射后射到BC边上。
(1)光线在BC边上是否会发生全反射？说明理由；
(2)不考虑多次反射，求从AC边射出的光线与最初的入射光线夹角的正弦值。
答案 (1)见解析 (2)
解析 (1)如图，设光线在D点的入射角为i，折射角为r。折射光线射到BC边
上的E点。设光线在E点的入射角为θ，由几何关系，有θ＝90°－(30°－r)>60° ①
根据题给数据得
sinθ>sin60°>sinC＝ ②
即θ大于全反射临界角C，因此光线在BC边上的E点会发生全反射。
(2)设光线在AC边上的F点射出棱镜，光线在F点的入射角为i′，折射角为
r′，由几何关系、反射定律及折射定律，有
i＝30° ③
i′＝90°－θ ④
sini＝nsinr ⑤
nsini′＝sinr′ ⑥
联立①③④⑤⑥式并代入题给数据，得
sinr′＝ ⑦
由几何关系，r′即从AC边射出的光线与最初的入射光线的夹角。
6．(2020·全国卷Ⅲ)如图，一折射率为的材料制作的三棱镜，其横截面为直角三
角形ABC，∠A＝90°，∠B＝30°。一束平行光平行于BC边从AB边射入棱镜，不计
光线在棱镜内的多次反射，求AC边与BC边上有光出射区域的长度的比值。
答案 2
解析 如图a所示，设从D点入射的光线经折射后恰好射向C点，光在AB边
上的入射角为θ ，折射角为θ ，由折射定律有
1 2
sinθ ＝nsinθ ①
1 2
设从DB范围入射的光折射后在BC边上的入射角为θ′，由几何关系有θ′＝30°＋θ ②
2
由①②式并代入题给数据得
θ ＝30°，θ′＝60° ③
2
nsinθ′>1 ④
所以，从DB范围入射的光折射后在BC边上发生全反射，反射光线垂直射到
AC边，AC边上全部有光射出。
设从AD范围入射的光折射后在AC边上的入射角为θ″，如图b所示。
由几何关系有
θ″＝90°－θ ⑤
2
由③⑤式和已知条件可知
θ″＝60°，nsinθ″>1 ⑥
即从AD范围入射的光折射后在AC边上发生全反射，反射光线垂直射到BC
边上。设从A点入射的光从BC边上的F点射出，则BC边上有光线射出的区域为
CF，由几何关系得
CF＝AC·sin30° ⑦
AC边与BC边上有光出射区域的长度的比值为
＝2。 ⑧
7．(2019·全国卷Ⅲ)如图，直角三角形ABC为一棱镜的横截面，∠A＝90°，∠B＝
30°。一束光线平行于底边BC射到AB边上并进入棱镜，然后垂直于AC边射出。
(1)求棱镜的折射率；
(2)保持AB边上的入射点不变，逐渐减小入射角，直到BC边上恰好有光线射
出。求此时AB边上入射角的正弦。
答案 (1) (2)解析 (1)光路图及相关量如图所示。
光束在AB边上折射，由折射定律得＝n ①
式中n是棱镜的折射率。由几何关系可知α＋β＝60°②
由几何关系和反射定律得β＝β′＝∠B ③
联立①②③式，并代入i＝60°得
n＝ ④
(2)设改变后的入射角为i′，折射角为α′，由折射定律得
＝n ⑤
依题意，光束在BC边上的入射角为全反射的临界角θ ，且
c
sinθ ＝ ⑥
c
由几何关系得θ ＝α′＋30° ⑦
c
由④⑤⑥⑦式得此时AB边上入射角的正弦为
sini′＝。
8．(2019·全国卷Ⅰ) 如图，一艘帆船静止在湖面上，帆船的竖直桅杆顶端高出
水面3 m。距水面4 m的湖底P点发出的激光束，从水面出射后恰好照射到桅杆顶
端，该出射光束与竖直方向的夹角为53°(取sin53°＝0.8)。已知水的折射率为。
(1)求桅杆到P点的水平距离；
(2)船向左行驶一段距离后停止，调整由P点发出的激光束方向，当其与竖直
方向夹角为45°时，从水面射出后仍照射在桅杆顶端，求船行驶的距离。
答案 (1)7 m (2)5.5 m
解析 (1)设光束从水面射出的点到桅杆的水平距离为x ，到P点的水平距离
1
为x ；桅杆高度为h ，P点处水深为h ；激光束在水中与竖直方向的夹角为θ。由几
2 1 2何关系有＝tan53° ①
＝tanθ ②
由折射定律有sin53°＝nsinθ ③
设桅杆到P点的水平距离为x，则x＝x ＋x ④
1 2
联立①②③④式并代入题给数据得x＝7 m ⑤
(2)设激光束在水中与竖直方向的夹角为 45°时，从水面出射的方向与竖直方
向夹角为i′，由折射定律有sini′＝nsin45° ⑥
设船向左行驶的距离为x′，此时光束从水面射出的点到桅杆的水平距离为
x ′，到P点的水平距离为x ′，则
1 2
x ′＋x ′＝x′＋x ⑦
1 2
＝tani′ ⑧
＝tan45° ⑨
联立⑤⑥⑦⑧⑨式并代入题给数据得x′＝(6－3) m≈5.5 m。
9．(2018·全国卷Ⅲ) 如图，某同学在一张水平放置的白纸上画了一个小标记
“·”(图中O点)，然后用横截面为等边三角形ABC的三棱镜压在这个标记上，小
标记位于AC边上。D位于AB边上，过D点作AC边的垂线交AC于F。该同学在
D点正上方向下顺着直线DF的方向观察，恰好可以看到小标记的像；过 O点作
AB边的垂线交直线DF于E；DE＝2 cm，EF＝1 cm。求三棱镜的折射率。(不考虑
光线在三棱镜中的反射)
答案
解析 过D点作AB边的垂线NN′，连接OD，则∠ODN＝α为来自O点的光
线在D点的入射角；设该光线在D点的折射角为β，如图所示。根据折射定律有
nsinα＝sinβ ①
式中n为三棱镜的折射率
由几何关系可知β＝60° ②
∠EOF＝30° ③
在△OEF中有EF＝OEsin∠EOF ④
由③④式和题给条件得OE＝2 cm ⑤
根据题给条件可知，△OED为等腰三角形，有α＝30° ⑥
由①②⑥式得n＝。
10．(2018·全国卷Ⅱ) 如图，△ABC是一直角三棱镜的横截面，∠A＝90°，∠B＝
60°，一细光束从BC边的D点折射后，射到AC边的E点，发生全反射后经AB边
的F点射出。EG垂直于AC交BC于G，D恰好是CG的中点。不计多次反射。
(1)求出射光相对于D点的入射光的偏角；
(2)为实现上述光路，棱镜折射率的取值应在什么范围？
答案 (1)60° (2)≤n<2
解析 (1)光线在BC面上折射，由折射定律有
sini ＝nsinr ①
1 1
式中，n为棱镜的折射率，i 和r 分别是该光线在BC面上的入射角和折射角。
1 1
光线在AC面上发生全反射，由反射定律有i ＝r ②
2 2
式中i 和r 分别是该光线在AC面上的入射角和反射角。
2 2
光线在AB面上发生折射，由折射定律有nsini ＝sinr ③
3 3
式中i 和r 分别是该光线在AB面上的入射角和折射角。由几何关系得i ＝r
3 3 2 2＝60°，r ＝i ＝30° ④
1 3
F点的出射光相对于D点的入射光的偏角为
δ＝(r －i )＋(180°－i －r )＋(r －i ) ⑤
1 1 2 2 3 3
由①②③④⑤式得δ＝60°。 ⑥
(2)光线在 AC 面上发生全反射，光线在 AB 面上不发生全反射，有
nsini ≥nsinC>nsini ⑦
2 3
式中C是全反射临界角，满足nsinC＝1 ⑧
由④⑦⑧式知，棱镜的折射率n的取值范围应为≤n<2。
时间：60分钟 满分：100分
一、选择题(本题共4小题，每小题8分，共32分。其中1～2题为单选，3～4
题为多选)
1. (2021·八省联考江苏卷)如图所示，一束激光照射在横截面为正方形的透明
玻璃柱上，光线与横截面平行，则透过玻璃柱的光线可能是图中的( )
A．① B.②
C．③ D.④
答案 C
解析 光线射入玻璃柱上表面时，根据折射定律n＝，n>1，则θ >θ ，所以折射
1 2
光线向右偏折；根据折射现象中光路可逆，光线射出玻璃柱下表面时，折射角等于
其在上表面的入射角θ ，所以出射光线与入射光线平行，光路图如图所示，故C正
1
确，A、B、D错误。2. (2020·浙江省宁波市五校适应性考试)如图，AOB是截面为扇形的玻璃砖的
横截面图，其顶角θ＝83°，今有一束单色光线在横截面内从OA的中点E沿垂直
OA的方向射入玻璃砖，一部分光线经 AB面反射后恰好未从OB面射出，不考虑
多次反射作用，则玻璃砖的折射率为( )
A. B.
C. D.
答案 A
解析 根据题意，光路图如图所示，因E点为OA的中点，所以光线在上的入
射角α＝30°，β＝θ＝83°，光线在OB面恰好发生全反射，则光线在玻璃中发生全反
射的临界角C＝180°－2α－β＝37°，又sinC＝，解得n＝，故A正确，B、C、D错误。
3. (2020·江苏省南京市、盐城市二模)如图所示，有一束平行于等边三棱镜截面
ABC的复色光从空气射向AB边的中点D，入射方向与边AB的夹角为θ＝30°，经
三棱镜折射后分为a、b两束单色光，单色光a偏折到BC边的中点E，单色光b偏
折到F点，则下列说法正确的是( )A．该棱镜对单色光a的折射率为
B．在棱镜中传播，a光的传播速度较大
C．a光的频率一定大于b光的频率
D．分别通过同一双缝干涉装置，a光的相邻亮条纹间距大
答案 AC
解析 由几何知识可知，射到E点的单色光a的入射角为i＝60°，折射角为r
＝30°，则该棱镜对单色光a的折射率为n＝＝＝，A正确；该棱镜对b光的折射率
较小，由v＝可知，在棱镜中，b光的传播速度较大，B错误；该棱镜对a光的折射
率大于对b光的折射率，则a光的频率一定大于b光的频率，C正确；a光的频率
大于b光的频率，则在空气中，a光的波长小于b光的波长，根据Δx＝λ可知，分别
通过同一双缝干涉装置，a光的相邻亮条纹间距小，D错误。
4. (2020·湖北省七市州教科研协作体5月联考改编)如图所示，一束由两种色
光混合的复色光沿PO方向射向一上、下表面平行的厚玻璃平面镜的上表面，得到
三束光线Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ，若平面镜的上下表面足够宽，不考虑光线由玻璃平面镜内射
向上表面时的反射。下列说法正确的是( )
A．光束Ⅰ仍为复色光，光束Ⅱ、Ⅲ为单色光
B．玻璃对光束Ⅱ的折射率小于对光束Ⅲ的折射率，当α角减小为某一值时，
光束Ⅱ先消失了，光束Ⅲ还存在
C．改变α角，光线Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ仍保持平行
D．在玻璃中，光束Ⅱ的速度要小于光束Ⅲ的速度
答案 ACD
解析 作出三束光线的完整光路图，如图所示。由反射定律可知，光束Ⅰ是复
色光在玻璃平面镜上表面的反射光线，故光束Ⅰ是复色光，而两种色光由于折射率的不同而偏折分离，即光束Ⅱ、Ⅲ是单色光，故A正确；由光路图知，光束Ⅱ的
偏折程度大于光束Ⅲ，根据折射定律可知玻璃对光束Ⅱ的折射率大于对光束Ⅲ的
折射率，光束先从光疏介质射向光密介质，进行光路分析可知，光线由玻璃平面镜
内射向上表面时不会发生全反射现象，无论α多小，光束Ⅱ、Ⅲ都不会消失，故B
错误；根据厚玻璃平面镜上、下表面平行，以及反射定律、折射定律可知，改变α角
光束Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ仍保持平行，故C正确；光在玻璃中的传播速度为v＝，该玻璃对光
束Ⅱ的折射率大于对光束Ⅲ的折射率，故光束Ⅱ在玻璃中的传播速度小于光束Ⅲ
的，故D正确。
二、非选择题(本题共6小题，共68分)
5. (2020·江苏省盐城市第三次模拟)(8分)如图所示是测定玻璃折射率的实验，
在实验中发现图中的入射光线与从 E 面射出玻璃砖的光线是________的(选填
“平行”或“不平行”)，射出玻璃砖的光线相对入射光线来说产生了侧移；当入
射角θ越大，从E面射出玻璃砖的光线的折射角________(选填“越小”“不变”
或“越大”)。
答案 不平行 越大
解析 根据折射定律，若玻璃砖上、下表面平行，则出射光线与入射光线平行，
图中E面左侧向上倾斜，则出射光线和入射光线不平行；入射角θ越大，则光线在
上表面的折射角越大，光线射到下表面的入射角越大，则从E面射出玻璃砖的光
线的折射角越大。
6．(2021·八省联考重庆卷)(12分) 将自然光引入室内进行照明是一种新型的绿
色能源技术。某科技兴趣小组设计了一种接收太阳光的实验装置。如图所示为过
装置中心轴线的截面，上部的集光球是半径为R的某种均匀透明材料的半球体，
下部为导光管，两部分的交界面是PQ。若只有PQ上方高度h＝R范围内的光束平
行于PQ射入后，能直接通过PQ面进入导光管(不考虑集光球内表面的反射)，求该材料的折射率。
答案
解析 由于不考虑集光球内表面的反射，所以最上面的一条光线的光路图如
图所示，
由几何关系可知sinθ＝＝
解得θ＝60°
可知入射角θ ＝θ＝60°
1
折射角θ ＝＝30°
2
根据折射定律可知，材料的折射率n＝＝。
7. (2020·东北三省三校第三次联合模拟)(12分)如图所示，ABC为等边三棱镜，
P、Q分别为AB边、AC边的中点，BC面镀有一层银，构成一个反射面，一单色光
以垂直于BC面的方向从P点射入，经折射、反射，刚好照射在AC边的中点Q，求：
(1)棱镜对光的折射率；
(2)使入射光线绕P点在纸面内沿顺时针转动，当光线再次照射到Q点时，入
射光线转过的角度。
答案 (1) (2)120°
解析 (1)画出光路图如图甲所示，根据对称性及光路可逆结合几何关系可知，光在AB面的入射角i＝60°，折射角r＝30°，根据折射定律有n＝＝。
(2)当光线再次照射到Q点时，光路如图乙所示，由几何关系可知，此时折射角
θ＝30°，根据折射定律有＝，解得：α＝60°，因此入射光线转过的角度为i＋α＝
120°。
8．(2021·八省联考河北卷)(12分)如图，一潜水员在距海岸A点45 m的B点竖
直下潜，B点和灯塔之间停着一条长4 m的皮划艇。皮划艇右端距B点4 m，灯塔
顶端的指示灯与皮划艇两端的连线与竖直方向的夹角分别为 α和β，水的折射率
为，皮划艇高度可忽略。
(1)潜水员在水下看到水面上的所有景物都出现在一个倒立的圆锥里。若海岸
上A点恰好处在倒立圆锥的边缘上，求潜水员下潜的深度；
(2)求潜水员竖直下潜过程中看不到灯塔指示灯的深度范围。
答案 (1)15 m (2)～ m
解析 (1)水的折射率为n＝，则光在水中发生全反射的临界角C满足sinC＝
＝，设潜水员下潜深度为h，海岸上A点恰好处在倒立圆锥的边缘上，则
＝sinC
代入数据解得：h＝15 m。
(2)设入射角为α的光线的折射角为α′，入射角为β的光线的折射角为β′，
则＝，＝
根据几何关系可知
sinα′＝，sinβ′＝，
解得：h ＝ m，h ＝ m
1 2故潜水员竖直下潜过程中看不到灯塔指示灯的深度范围为～ m。
9. (2020·四川省内江市第三次模拟)(12分)如图所示，横截面为矩形ABCD的
玻璃砖竖直放置在水平面上，其厚度为d，AD面镀有银。现用一束与BC面成45°
角的单色光斜向下照射在BC面上，在C点右边的水平面上出现两个光斑，其间距
为d，光在真空中的传播速度为c。求：
(1)玻璃砖的折射率；
(2)光在玻璃砖内传播的速度。
答案 (1) (2)c
解析 (1)作出光路图如图，由光的反射定律和光路可逆性可知，反射光线OH
与FG平行，且OH与水平面的夹角为45°。
由几何关系得
OF＝GH＝d
IE＝OF
tanr＝＝
则该玻璃砖的折射率n＝，联立以上各式解得
n＝。
(2)根据玻璃砖的折射率n＝，则光在玻璃砖内传播的速度v＝＝c。
10. (2020·云南省红河自治州第三次统测)(12分)一正三棱柱形透明体的横截
面如图所示，AB＝AC＝BC＝6R，透明体中心有一半径为R的球形真空区域，一束
平行单色光从AB面垂直射向透明体。已知透明体的折射率为，光在真空中的传播
速度为c。求：(1)从D点射入透明体的光束要经历多长时间从透明体射出；
(2)为了使光线不能从AB面直接进入中间的球形真空区域，则必须在透明体
AB面上贴至少多大面积的不透明纸？(不考虑AC和BC面的反射光线影响)
答案 (1) (2)πR2
解析 (1)设该单色光在透明体中发生全反射的临界角为C，依题意sinC＝＝
解得C＝45°，由几何知识可知，从D点射入的光线在E点处的入射角为60°，
大于其全反射的临界角C，即该光线在AC面发生全反射，光路图如图所示，
最终垂直于BC边射出，设经历时间为t，则
t＝
又DE＝AE·cos30°
EF＝EC·cos30°
则DE＋EF＝(AE＋EC)cos30°＝3R
又v＝＝c
联立解得t＝。
(2)如图，从真空球上下两点G和G′处射入的光线刚好发生全反射，这两条
光线在AB面上的入射点分别为A′、B′，则在以A′B′为直径的圆周内通过的
入射光线在真空球面上的入射角均小于45°，将会射入球形真空区域，所以AB面
上被遮挡区域的面积至少为S ＝π2，由几何关系可知＝，则S ＝πR2。
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