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2023年湖北省仙桃市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题共13小题，每小题2分，共26分。在每小题出的四个选项中，第1～11小题每题只有一项符
合题目要求：第12、13小题每题有须符合题目要求，全部选对得2分，选对但不全得1分，有选错的得0分）
1．（2分）乘客能够分辨出车载导航语音中某公众人物的声音，是根据声音（ ）
A．音调 B．响度 C．音色 D．振幅
【分析】音色是声音的本质与特色，它与发声体的材料和结构有关，我们根据音色能辨别物体。
【解答】解：不同人的音色不同，因此乘客能够分辨出车载导航语音中某公众人物的声音。
故选：C。
【点评】本题考查声音的三个特征在生活中的应用，难度不大。
2．（2分）下列做法中符合安全原则的是（ ）
A．开关接在零线与用电器之间
B．使用试电笔时指尖抵住笔尾金属帽
C．使用绝缘皮损的电线
D．在高压线下钓鱼
【分析】（1）控制电灯的开关应安装在火线与灯之间；
（2）使用测电笔时，必须用手接触到笔尾的金属体；
（3）导线的绝缘皮要保持完好无损，否则易引起触电事故；
（4）不接触低压带电体，不靠近高压带电体。
【解答】解：A、家庭电路中开关接在火线与用电器之间，故A错误；
B、使用测电笔笔时，必须用手接触到笔尾的金属体（手指千万不能碰到笔尖），使人体、大地与火线和零线
构成闭合电路，故B正确；
C、使用绝缘皮破损的导线，易引发触电事故，故C错误；
D、不接触低压带电体，不靠近高压带电体，故不能在高压线下钓鱼，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违
反。
3．（2分）如图所示，“神舟十六号”正在靠拢空间站组合体，即将完成交会对接。我们说景海鹏是静止的，选取的参照物是（ ）
A．天舟六号 B．天和核心舱 C．神舟十五号 D．神舟十六号
【分析】被研究物体相对于参照物，位置没有发生变化，我们就说物体是静止的，反之，就是运动的。
【解答】解：神舟十六号飞船与景海鹏的位置没有发生变化，所以我们说景海鹏是静止的。故 D正确，ABC错
误。
故选：D。
【点评】本题考查了参照物的问题，属于基础题。
4．（2分）智能家居环境下用手机远程控制空调的使用，此过程中信息的传递主要依靠（ ）
A．电磁波 B．超声波 C．次声波 D．空气
【分析】电磁波可以在真空中传递信息。
【解答】解：电磁波可以在真空中传递信息，所以智能家居环境下用手机远程控制空调的使用，使用的就是利
用电磁波来传递信息，故A符合题意，超声波和次声波不能再真空中传递信息，BCD不符合题意。
故选：A。
【点评】知道电磁波的特点及应用，本题属于基础性题目。
5．（2分）大量中华诗词蕴含物理知识，下列说法正确的是（ ）
A．“可怜九月初三夜，露似真珠月似弓。”“露”是水蒸气液化形成的
B．“月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠。”“霜”是水凝固形成的
C．“云横秦岭家何在，雪拥蓝关马不前。”“雪”是水凝华形成的
D．“欲渡黄河冰塞川，将登太行雪满山。”“冰”是雪熔化形成的
【分析】物质由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固；由液态变为气态的过程叫汽化，
由气态变为液态的过程叫液化；物质由固态直接变为气态的过程叫升华，由气态直接变为固态的过程叫凝华。
【解答】解：A、“可怜九月初三夜，露似真珠月似弓”，露是水蒸气液化形成的，故A正确；
B、“月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠。”“霜”是水蒸气凝华形成的，故B错误；
C、“云横秦岭家何在，雪拥蓝关马不前。”“雪”是水蒸气凝华形成的，故C错误；D、“欲渡黄河冰塞川，将登太行雪满山。”“冰”是水凝固形成的，故D错误。
故选：A。
【点评】掌握“固态、液态、气态”三态之间变化规律，以及吸热和放热情况，并能应用于生活中，能解释生
活中有关的物态变化。
6．（2分）关于如图所示的实验，下列说法正确的是（ ）
A．该装置是用于探究“磁场对通电导线的作用”
B．导线ab运动时将电能转化为机械能
C．导线ab竖直向上运动时，灵敏电流计指针一定偏转
D．导线ab水平向左运动时，灵敏电流计指针一定偏转
【分析】（1）通电导体在磁场中会受到力的作用，电动机就是利用该原理制成的。
（2）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象，
发电机就是利用该原理制成的。发电机工作时将机械能转化为电能。
【解答】解：A、该装置是用于探究产生感应电流的条件，故A错误；
B、导线ab运动时将机械能转化为电能，故B错误；
C、导线ab竖直向上运动时，不切割磁感线，不会产生感应电流，灵敏电流计指针不会偏转，故C错误；
D、导线ab水平向左运动时，导体切割磁感线，产生感应电流，灵敏电流计指针一定偏转，故D正确。
故选：D。
【点评】本题主要考查的产生感应电流的条件；知道电磁感应现象中的能量转化过程。
7 ． （ 2 分 ） 如 图 是 近 视 眼 及 其 矫 正 的 光 路 图 ， 下 列 说 法 不 正 确 的 是 （ ）
A．近视眼的成像原理和小孔成像的原理相同
B．近视眼看远处的物体，像成于视网膜前
C．近视眼用凹透镜矫正
D．为预防近视，读写时眼睛与书本的距离应保持在25cm左右
【分析】（1）根据眼睛的视物原理做出判断；
（2）近视眼只能看清近处的物体，看不清远处的物体，其成因是晶状体太厚，折光能力太强，来自远处点的光会聚在视网膜前；
（3）近视眼可通过凹透镜对光线的发散作用进行纠正；
（4）正常人眼的明视距离是25厘米。
【解答】解：A、近视眼的成像原理是光的折射，小孔成像的原理是光的直线传播，原理不同，故A错误；
BC、近视眼是因为晶状体太厚折光能力太强，或者眼球前后半径太长，使远处物体的像落在视网膜前，看不清
远处的物体，需要配戴凹透镜进行矫正，故BC正确；
D、正常人眼的明视距离是25厘米，为预防近视，读写时眼睛与书本的距离应保持在25cm左右，故D正确。
故选：A。
【点评】本题围绕生活中的眼睛与眼镜，考查了对人眼的视物原理、近视眼的认识、视力的矫正等知识，有一
定综合性，但难度不大。
8．（2分）2023年5月28日，国产大型飞机C919首次商业飞行圆满成功。如图，C919正在向上爬升，此过程中
下列说法正确的是（ ）
A．C919的动能增大，重力势能减小
B．随着海拔高度的增加，舱外大气压逐渐增加
C．机翼上方气流的速度较小，气流对机翼上表面的压强较大
D．机翼上方气流的速度较大，气流对机翼上表面的压强较小
【分析】（1）影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体
的高度；
（2）大气压随高度的增加而减小；
（3）流体压强与流速的关系：流速越大的位置，压强越小。
【解答】解：A、C919大飞机在升空的过程，质量不变，速度变大，动能增大，同时高度上升，重力势能增大，
故A错误；
B、随着海拔高度的增加，舱外大气压逐渐减小，故B错误；
CD、机翼上方气流的速度较大，气流对机翼上表面的压强较小，故D正确，C错误。
故选：D。
【点评】本题考查机械能、大气压和流体压强与流速的关系，属于综合题。
9．（2分）端午节来临，江汉平原各地纷纷举办龙舟大赛如图。下列说法正确的是（ ）A．鼓面对鼓槌的弹力是由鼓槌的形变产生的
B．船桨划水的力越大，水对船桨的力也越大
C．龙舟所受重力的方向是垂直向下的
D．龙舟到达终点不能立即停下来，是因为惯性的作用
【分析】（1）发生弹性形变的物体，会对跟它接触且阻碍它恢复原来形状的物体产生力的作用，这个力叫弹力。
（2）力的作用是相互的，相互作用的力大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在不同的物体上；
（3）重力的方向始终竖直向下；
（4）任何物体都具有惯性，惯性是物体的属性。
【解答】解：A、鼓面对鼓槌的弹力是由于鼓面的形变产生的，故A错误；
B、船桨划水的力越大，水对船桨的力也越大，故B正确；
C、舟所受重力的方向是竖直向下，故C错误；
D、龙舟到达终点不能立即停下来，是因为具有惯性。
故选：B。
【点评】本题考查弹力、力的相互作用、重力、惯性等基础知识，难度不大。
10．（2分）某款电热杯有高、中、低三挡，简化电路如图所示，S 、S 不能同时闭合，R 的阻值为2.5 。只闭合
1 2 1
S 时，电路中的电流为2A。下列说法正确的是（ ） Ω
3
A．电源电压为10V
B．只闭合S 、S 时，电热杯处于低温挡
1 3
C．只闭合S 时，电热杯工作1min产生的热量为600J
3
D．加热100g水，水温由25℃升高到35℃，水吸收的热量为420J
【分析】只闭合S 时，电路为R 的简单电路，电路中的电流为2A，R 的阻值为2.5 ，根据欧姆定律计算电源
3 1 1
电压； Ω
闭合S 、S 时，两电阻并联接入电路，根据并联电路电阻特点结合P＝ 可知电热杯所处挡位；
1 3根据Q＝W＝UIt计算只闭合S 时，电热杯工作1min产生的热量；
3
根据Q＝cmΔt计算加热100g水，水温由25℃升高到35℃，水吸收的热量。
【解答】解：A、只闭合S 时，电路为R 的简单电路，电路中的电流为2A，R 的阻值为2.5 ，根据欧姆定律
3 1 1
可得电源电压U＝I R ＝2A×2.5 ＝5V，故A错误； Ω
1 1
Ω
B、闭合S 、S 时，两电阻并联接入电路，并联电路总电阻小于任一分电阻，根据P＝ 可知电热杯消耗的功
1 3
率最大，处于高温挡，故B错误；
C、只闭合S 时，电热杯工作1min产生的热量Q＝W＝UI t＝5V×2A×60s＝600J，故C正确；
3 1
D、加热100g水，水温由25℃升高到35℃，水吸收的热量为Q′＝cmΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×100×10﹣3kg×
（35℃﹣25℃）＝4200J，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查并联电路特点、欧姆定律、电功率公式、电功公式的灵活运用。
11．（2分）水平桌面上有物体A、B。如图甲，A在F 的作用下向左做匀速直线运动；如图乙，A、B用轻绳水
1
平连接，在F 和F 共同作用下一起向右做匀速直线运动。水平拉力F ＝6N、F ＝20N。图乙中，下列说法正确
1 2 1 2
的是（ ）
A．A与桌面的摩擦力方向向右
B．A与桌面的摩擦力为14N
C．B与桌面的摩擦力为8N
D．绳子的拉力为6N
【分析】（1）分析甲图A和乙图整体的受力情况，根据平衡力条件，求出滑动摩擦力大小。
（2）物体匀速直线运动时，受力平衡；
（3）摩擦力的方向与物体的相对运动方向或相对运动趋势相反。
【解答】解：如图甲，A在F 的作用下向左做匀速直线运动；受力平衡，此时A受到的摩擦力大小f ＝F ＝
1 A 1
6N，
如图乙，A、B用轻绳水平连接，在F 和F 共同作用下一起向右做匀速直线运动。整体受力平衡；
1 2
由于摩擦力的方向与物体的相对运动方向或相对运动趋势相反，AB向右运动，摩擦力都是向左的，
整体受到F 和F 、A向左的摩擦力和B向左的摩擦力，整体受力平衡，则有：
1 2
F +f +f ＝F ；
1 A B 2
6N+6N+f ＝20N；
B
解得：f ＝8N；
B对乙图中的A受力分析知，绳子的拉力等于F 、A向左的摩擦力之和，
1
拉力F＝F +f ＝6N+6N＝12N，故ABD错误；C正确。
1 A
故选：C。
【点评】本题考查平衡力的应用，关键是不同情况下对物体进行受力分析。
（多选）12．（2分）一台单缸四冲程汽油机的飞轮转速为1200r/min，如图所示为它工作循环中的一个冲程。下
列说法正确的是（ ）
A．汽油是化石能源
B．该冲程为做功冲程
C．该汽油机每秒对外做功20次
D．热机的功率越大，效率就越高
【分析】（1）汽油来源于石油，石油是经过几百万年的演变形成的化石能源；
（2）根据汽油机进气门、排气门的打开和关闭情况，活塞的运动方向判断汽油机的冲程；
（3）汽油机一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功1次；
（4）功率是指热机做功的快慢，效率是用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的总能量的比值，效率和功率
没有必然的联系。
【解答】解：A、汽油来源于石油，石油是经过几百万年的演变形成的化石能源，所以汽油是化石能源，故A
正确；
B、由图可知，进气门和排气门都关闭，火花塞点火，高温高压的燃气推动活塞向下运动，该冲程为做功冲程，
故B正确；
C、汽油机的飞轮转速为1200r/min＝20r/s，即飞轮每秒转20圈，由于汽油机一个工作循环完成4个冲程，飞轮
和曲轴转2圈，对外做功1次，所以该汽油机每秒对外做功10次，故C错误；
D、功率是指热机做功的快慢，效率是用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的总能量的比值，效率和功率
没有必然的联系，故D错误。
故选：AB。
【点评】本题考查对能源的认识、内燃机的工作过程、热机的有关计算以及对热机效率的理解，是一道综合题，
难度不大。
（多选）13．（2分）如图，质量、底面积相同的薄壁容器甲、乙、丙放在水平桌面上，甲为圆柱形，乙、丙为圆
台形，分别装有A、B、C三种质量和深度均相同的液体。下列说法正确的是（ ）A．液体的密度 ＞ ＞
A B C
B．液体对容器底ρ部的ρ压强ρ p
B
＞p
A
＞p
C
C．液体对容器底部的压力F ＜F ＜F
B A C
D．容器对桌面的压力F甲 ＝F乙 ＝F丙
【分析】（1）根据容器的形状判断液体的体积关系，根据 ＝ 比较液体的密度；
（2）根据液体的压强p＝ gh比较大小； ρ
（3）根据液体的压力F＝ρpS比较液体对容器底部的压力大小；
（4）根据容器对桌面的压力等于杯子和液体的总重力比较大小。
【解答】解：ABC、质量、底面积相同的薄壁容器甲、乙、丙放在水平桌面上，甲为圆柱形，乙、丙为圆台形，
分别装有A、B、C三种质量和深度均相同的液体。根据图中容器的形状知，C的体积最大，B的体积最小，根
据 ＝ ，C的密度最小，B的密度最大，
故ρ ＞ ＞ ，
B A C
根据ρ液体ρ 的压ρ 强p＝ gh知，深度相同，液体对容器底部的压强p
B
＞p
A
＞p
C
，
根据液体的压力F＝ρpS知，底面积相同，液体对容器底部的压力F
B
＞F
A
＞F
C
，故B正确，AC错误；
D、容器对桌面的压力等于杯子和液体的总重力，杯子和液体的质量都相同，总重力相等，因而对桌面的压力
相等，故D正确。
故选：BD。
【点评】本题主要考查形状不规则的容器中，液体对容器底部压力的计算，这是本题的难点，也是重点，还要
知道在水平面上，物体对水平面的压力等于物体自身的重力。
二、非选择题（共44分）
14．（3分）磁流体是一种新型功能材料，其周围如果存在磁场，就会“模拟”出磁感线的形状。如图，水杯中放
有磁流体，左侧为电磁铁A，右侧为永磁体B，闭合S后的情景如图（图中画出了一条磁感线）。已知A左端
为N极，请在括号内标出电源左端的极性（“+”或“﹣”）、B右端的磁极（“N”或“S”），并标出图中
磁感线的方向。【分析】（1）根据安培定则判断通电螺线管的磁极和电源的正负极。
（2）磁体周围的磁感线总是从N极发出回到S极。
【解答】解：已知A左端为N极，根据安培定则，电源的左端是正极，A和B两个磁体中间相互吸引，所以B
的左端是N极，右端是S极，图中的磁感线的方向从右往左，如图所示：
。
【点评】本题主要考查了电磁铁的磁极和磁感线分布；关键是会利用安培定则判断电磁铁的磁极；知道磁体周
围的磁感线分布。
15．（5分）用如图的装置探究“光的反射定律”。平面镜M水平放置，附有量角器的白纸板由E、F两部分构成，
始终竖直立在M上，可以绕ON翻折。
（1）如图甲，E、F在同一平面上，让入射光AO射向镜面，量角器上显示入射角和反射角的大小，可得出∠r
＝ ∠i（选填“＞”、“＜”或“＝”）；
（2）改变入射光的方向，再测几组入射角和反射角，这样做的目的是 多次实验，得到普遍规律 ；
（3）若光沿BO入射，经M反射后沿OA射出。这表明，在光的反射现象中，光路是 可逆 的；
（4）如图乙，把F向前或向后翻折，则在F上 不能 （选填“能”或“不能”）看到反射光，这说明反射
光线、入射光线和法线在 同一平面内 。
【分析】（1）光反射时，反射角等于入射角；
（2）为避免实验的偶然性，应多做几次试验，然后才可以得出结论；
（3）在光的反射现象中光路是可逆的；
（4）反射光线、入射光线和法线是在同一平面内的，若将纸板F向后折，则在光屏上不能看到反射光线。【解答】解：（1）如图甲，E、F在同一平面上，让入射光AO射向镜面，量角器上显示入射角和反射角的大
小，可得出∠r＝∠i；
（2）本实验是探究规律的，改变入射光的方向，再测几组入射角和反射角，进行多次实验的目的是：避免偶然
性，得出普遍规律；
（2）如果让光线逆着OB的方向射向镜面，这时的入射角为原来的反射角，根据光的反射定律，反射角等于入
射角，这时的反射角为原来的入射角，所以会发现光线原路OA返回，也就是在反射现象中，光路是可逆的；
（3）以法线ON为轴线，把纸板F向后缓慢旋转，这时不能看到反射光线OB，因为纸板没有和反射光线、法
线在同一平面上，所以不能看到反射光线OB．因此这样做的目的是为了探究反射光线、入射光线、法线是否
在同一平面内。
故答案为：（1）＝；（2）多次实验，得到普遍规律：（3）可逆；（4）不能；同一平面内。
【点评】本题考查光的反射定律实验的有关内容，主要考查学生对实验过程中出现问题的应对能力，就是为了
锻炼学生的动手、动脑的能力。掌握基础知识认真分析即可正确解题。
16．（7分）在探究“杠杆的平衡条件”实验中：
（1）实验前，杠杆左端下沉，如图甲，则应将平衡螺母向 右 （选填“左”或“右”）调节，直至杠杆在
水平位置平衡；
（2）调节钩码的位置，使杠杆重新在水平位置平衡，读出实验数据并记录在表格中。如图乙所示，阻力臂 l 为
2
8.0 cm；
次数 动力F /N 动力臂l /cm 阻力F /N 阻力臂l /cm
1 1 2 2
1 0.5 16.0 1.02 1.0 15.0 1.0 15.0
3 2.0 15.0 1.5 20.0
（3）分析表中实验数据，得出杠杆的平衡条件为 F l ＝ F l （用F 、F 、l 、l 表示）；第3次实验的杠杆
11 22 1 2 1 2
类型属于 费力 （选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆，教室里的劳动工具中有这类杠杆，请举一例：
扫帚 ；并简要说明你的判断理由 扫帚使用时，动力臂小于阻力臂 。
（4）如图丙，F始终与杠杆垂直，将杠杆缓慢地由位置A拉至位置B的过程中，F的大小将 C 。（填选项
代码）
A.不变
B.变小
C.变大
D.先变大后变小
【分析】（1）杠杆倾斜时，杠杆的重心偏向杠杆下沉的一端，左、右两端的螺母需要向杠杆偏高的一端调节，
至杠杆在水平位置平衡；
（2）支点到力的作用点的距离就是力臂；
（3）要能够观察和分析试验数据，知道杠杆的平衡条件为动力×动力臂＝阻力×阻力臂，即F l ＝F l ；
11 22
根据力臂关系可以把杠杆分为三类：动力臂大于阻力臂，省力杠杆；动力臂等于阻力臂，等臂杠杆；动力臂小
于阻力臂，费力杠杆；
（4）通过作图比较A、B两位置阻力G力臂的长短。然后再通过杠杆的平衡条件来分析动力的变化。
【解答】解：（1）甲图杠杆不在水平位置，左端向下倾斜，右端偏高，故应向右调节左端或右端的平衡螺母至
杠杆在水平位置平衡，使支点到力的作用点的距离就是力臂，便于直接测量力臂；
（2）如图乙所示，阻力臂l 为8.0cm；
2
（3）通过分析实验数据，可知杠杆的平衡条件是动力×动力臂＝阻力×阻力臂，可写作F l ＝F l ；
11 22
第3次实验的杠杆动力臂小于阻力臂的杠杆，属于费力杠杆，例如扫帚，原因是扫帚使用时，动力臂小于阻力
臂；
（4）在杠杆缓慢由A到B的过程中，动力臂OA（即拉力F的力臂）不变，阻力G的大小不变，而阻力臂L
（即重力G的力臂）却逐渐增大；
由杠杆的平衡条件知：F•OA＝G•L，当OA、G不变时，L变大，那么F也变大，即拉力F在这个过程中逐渐
变大。
故答案为：（1）右；（2）8.0；（3）F l ＝F l ；费力；扫帚；扫帚使用时，动力臂小于阻力臂；（4）C。
11 22
【点评】杠杆平衡条件应用较为广泛，主要题型为实验探究题，利用杠杆平衡条件可以判断杠杆是否平衡、力
臂大小、力的大小等。
17．（9分）实验小组用伏安法测量小灯泡的电阻，连接了如图甲所示的电路，小灯泡的额定电压为2.5V，电源
电压恒定。（1）实验的原理是 R ＝ ；
（2）图甲中有一根导线连接错误，请在该导线上打“×”，并用笔重新画一根正确连接的导线（导线不得交
叉）；
（3）改正错误后，闭合开关，移动滑片至某位置时，电压表的示数为 2V，为测量小灯泡正常发光时的电阻，
应将滑片P向 B （选填“A”或“B”）端移动；
（4）小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示为 0.26 A。此时小灯泡的电阻是 9.6 （保留1位
小数）； Ω
（5）小灯泡的I﹣U关系如图丙，当小灯泡的两端电压增大时，它的电阻 增大 （选填“增大”、“减小”
或“不变”），其原因是灯丝电阻受 温度 的影响；
（6）小组同学计划用该装置测量某定值电阻阻值时，发现电压表损坏，于是设计了如图丁所示的电路，测出了
R 的阻值。实验步骤如下：
x
①将滑片移到a端，闭合开关S，读出电流表的示数，记为I ；
1
②将滑片移到b端，闭合开关S，读出电流表的示数，记为I ；
2
③读出滑动变阻器的最大阻值为R，则：R ＝ （用I 、I 和R表示）。
x 1 2
【分析】（1）伏安法测量小灯泡的电阻的原理是公式：R＝ ；（2）电压表应并联在灯泡两端，据此分析错误的导线，并改正；
（3）比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定变阻器滑片移动方向；
（4）根据电流表选用量程确定分度值读数，利用R＝ 求出小灯泡的电阻；
（5）导体的电阻随温度的升高而增大；
（6）①将滑片移到a端，此电路为R 的简单电路，闭合开关S，读出电流表的示数，记为I ，由此可求得电
x 1
源电压；
②将滑片移到b端，此时R 与R串联，根据串联分压的特点可求得电源电压；
x
③读出滑动变阻器的最大阻值为R，根据欧姆定律可求出待测电阻的阻值。
【解答】解：（1）实验的原理是 R＝ ；
（2）电压表负接线柱与滑动变阻器左端接线柱这根连线错误，将电压表并联在灯泡两端，如图所示：
（3）改正错误后，闭合开关，移动滑片至某位置时，电压表示数为2V，小于灯泡额定电压2.5V，为测量小灯
泡的额定功率，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律，应减小变阻器两端的电压，根据分压原理，
应减小变阻器接入电路的阻值，故应将滑片向B端移动；
（4）当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.26A，
则此时小灯泡的电阻为：
R＝ ＝ ≈9.6 ；
Ω
（5）分析图像丙可知，当小灯泡两端电压增大时，小灯泡的电阻也在增大；当小灯泡两端电压增大时，其实际
功率增大，温度也会升高，故导体的电阻与温度有关；
（6）①将滑片移到a端，此电路为R 的简单电路，闭合开关S，读出电流表的示数，记为I ，由I＝ 可得电
x 1
源电压：U＝I R ﹣﹣﹣﹣﹣（a）；
1 x
②将滑片移到b端，此时R 与R串联，读出电流表的示数，记为I ；则R I +RI ＝U﹣﹣﹣﹣（b）；
x 2 x 2 2
③读出滑动变阻器的最大阻值为R，由（a）（b）两式联立可得，待测电阻的阻值：R ＝ 。
x
故答案为：（1）R＝ ；（2）见解答图；（3）B；（4）0.26；9.6；（5）增大；温度；（6） 。
【点评】本题测量小灯泡的额定功率，考查了连接电路、电流表读数、电阻的计算，同时考查了设计实验方案
测电功率的能力。
18．（6分）小明家的浴霸有“220V 440W”的取暖灯共4盏，求：
（1）每盏取暖灯正常工作时的电阻；
（2）4盏取暖灯同时正常工作时的总电流。
【分析】（1）已知取暖灯的额定电压和额定功率，根据P＝UI求出每盏取暖灯正常工作时的电流，再根据
求出每盏取暖灯正常工作时的电阻；
（2）根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和求出4盏取暖灯同时正常工作时的总电流。
【解答】解：（1）由P＝UI可得，一盏灯正常工作时，通过灯的电流：
，
由 可得，灯正常工作时的电阻为：
，
（2）由于4盏灯是并联，根据并联电路中电流的规律，4盏灯均正常工作时，总电流为：
I总 ＝4I额 ＝4×2A＝8A。
答：（1）每盏取暖灯正常工作时的电阻为110 ；
（2）4盏取暖灯同时正常工作时的总电流为8AΩ。
【点评】本题考查了电功率和欧姆定律计算公式的应用、以及并联电路的电流特点，难度不大。
19．（6分）如图，一台用于侦察、灭火的电动消防机器人，质量为1000kg，静止时履带与地面接触的总面积为
0.5m2。在某段平直公路上，机器人以3m/s的速度匀速行驶1min，其受到的阻力是机器人所受重力的0.05倍，
这段路程消耗的电能中有75%用于机器人的牵引力做功。求：
（1）机器人1min通过的路程；
（2）机器人静止时，对水平地面产生的压强；
（3）机器人在这段路程中消耗的电能。【分析】（1）根据s＝vt求通过的路程；
（2）根据G＝mg求机器人的重力；机器人静止在水平地面，压力大小等于重力大小，根据p＝ ＝ 求压强；
（3）机器人匀速行驶，故牵引力等于阻力，阻力是重力的0.05倍，即F′＝f＝0.05G；根据W＝Fs求牵引力做
功，再根据W电 ＝ 求消耗的电能。
【解答】解：（1）运动的时间 t＝1min＝60s，通过的路程：s＝vt＝3m/s×60s＝180m；
（2）消防机器人的重力：G＝mg＝1000kg×10N/kg＝104N；
消防机器人对水平地面的压力等于它所受的重力，即F＝G＝104N
机器人对地面产生的压强： ；
（3）机器人在平直公路上匀速直线运动所受阻力：f＝0.05G＝104N×0.05＝500N；
平直公路上匀速直线运动，机器人所受的阻力和牵引力是一对平衡力，即：F′＝f＝500N；
机器人在平直公路上匀速直线运动1min牵引力做功：W＝F′s＝500N×180m＝9×104J；
机器人在这段路程中消耗的电能：W电 ＝ ＝ ＝1.2×105J。
答：（1）机器人1min通过的路程为180m；
（2）机器人静止时，对水平地面产生的压强为2×104Pa；
（3）机器人在这段路程中消耗的电能为1.2×105J。
【点评】本题考查速度公式、压强公式、功和效率的计算，难度不大。
20．（8分）如图，小明设计的“电子浮力秤”由浮力秤和电路两部分构成。浮力秤中托盘与圆柱形塑料浮筒 M
通过硬质绝缘细杆固定连接，整体漂浮在装有足够深水的柱形薄壁容器中，且只能竖直移动。托盘的质量
40g，M高20cm，底面积为100cm2，质量为160g；容器的底面积为300cm2。电路中R是滑动变阻器的电阻片
（阻值均匀），长8cm，最大阻值16 ；电源电压恒为4.5V；电压表量程为0～3V。托盘通过滑杆带动滑片P
上下移动。托盘中不放物体时，调节水Ω量，使滑片 P正好位于R最上端，闭合开关S，电压表示数为0.9V（不
计滑片、滑杆、细杆的质量，忽略摩擦阻力。工作中
水不溢出）。求：（1）浮筒M的密度；
（2）R 的阻值；
0
（3）托盘中不放物体时，M浸入水中的深度；
（4）该“电子浮力秤”的称量。
【分析】（1）根据体积公式计算浮筒M的体积，根据密度公式计算浮筒M的密度；
（2）由电路图可知，滑片P位于R最上端时，定值电阻与滑动变阻器R串联接入电路，电压表测量定值电阻
两端电压，且电压表示数为0.9V，
根据串联电路电压规律计算滑动变阻器R两端电压，根据欧姆定律计算此时通过电路的电流，进一步计算定值
电阻的阻值；
（3）根据重力公式计算托盘的重力和浮筒M的重力，托盘中不放物体时，浮筒M所受的重力与托盘所受的重
力之和等于浮筒M受到的浮力，根据阿基米德原理计算浮筒M浸入水中的体积，根据体积公式计算浮筒M浸
入水中的深度；
（4）由图可知托盘中物体的质量增加，滑片将向下移动，导致R接入电路的电阻变小，定值电阻两端的电压
增大，所以当电压表示数变大时，托盘中物体的质量也越大，电压表量程为 0～3V，根据串联电路电压规律可
知电压表示数最大时R两端的电压，
根据欧姆定律计算此时通过电路的电流，进一步计算此时R接入电路的电阻，
R是一根长为 8cm 的阻值均匀的电阻片，最大阻值为16 ，即1cm的电阻为2 ，据此计算电压表示数最大时
滑片移动的距离， Ω Ω
浮筒浸入水中深度的增加量等于水面上升的高度△h与浮筒向下移动的距离d之和，根据体积公式计算水面上
升的高度，
进一步计算浮筒浸入水中深度，比较可知何时“电子浮力秤”称出物体的质量最大，
根据体积公式计算此时浮筒排开水的体积变化量，漂浮时物体受到的浮力等于自身重力，根据阿基米德原理计
算物体受到的浮力，
由G＝mg得“电子浮力秤”的称量。
【解答】解：（1）浮筒 M 的体积：V ＝S h ＝100×10﹣4m2×20×10﹣2m＝2×10﹣3m3＝2000cm3，
M M M浮筒M的密度： ＝ ＝ ＝0.08g/cm3；
M
ρ
（2）由电路图可知，滑片P位于R最上端时，定值电阻与滑动变阻器R串联接入电路，电压表测量定值电阻
两端电压，且电压表示数为0.9V，
根据串联电路中总电压等于各部分电压之和，可得滑动变阻器R两端电压： ，
根据欧姆定律可得此时通过电路的电流： ，
则定值电阻的阻值：R ＝ ＝ ＝4 ；
0
Ω
（3）托盘的重力：G ＝m g＝40×10﹣3kg×10N/kg＝0.4N，
p p
浮筒M的重力： ，
托盘中不放物体时，浮筒 M所受的重力与托盘所受的重力之和等于浮筒 M受到的浮力，则F ＝G +G ＝
M M p
1.6N+0.4N＝2N，
浮筒M浸入水中的体积：V ＝ ＝ ＝2×10﹣4m3，
M1
浮筒M浸入水中的深度： ＝2cm；
（4）由图可知托盘中物体的质量增加，滑片将向下移动，导致R接入电路的电阻变小，根据串联电路电阻规
律结合欧姆定律可知通过电路的电流变大，根据 U＝IR可定值电阻两端的电压增大，所以当电压表示数变大时，
托盘中物体的质量也越大，
电压表量程为 0～3V，电压表示数最大为 3V，根据串联电路电压规律可知此时 R 两端的电压：
，
此时通过电路的电流： ，
此时R接入电路的电阻： ，
R是一根长为 8cm 的阻值均匀的电阻片，最大阻值为16 ，即1cm的电阻为 2 ，
Ω Ω电压表示数最大时， ，
滑片向下移动 7cm＜8cm，即浮筒向下移动的距离 d＝7cm，电压表示数最大，
浮筒浸入水中深度的增加量等于水面上升的高度△h与浮筒向下移动的距离d之和，即△h ＝△h+d，
M
水面上升的高度： ，
浮筒浸入水中深度Δh+d+2cm＝3.5cm+7cm+2cm＝12.5cm＜h ＝20cm，
M
即d＝7cm时，“电子浮力秤”称出物体的质量最大，
此时浮筒排开水的体积变化量： ，
因为 ，
由G＝mg得“电子浮力秤”的称量为： 。
答：（1）浮筒M的密度为0.08g/cm3；
（2）R 的阻值为4 ；
0
（3）托盘中不放物Ω体时，M浸入水中的深度为2cm：
（4）该“电子浮力秤”的称量为1.05kg。
【点评】本题考查密度公式、串联电路特点、欧姆定律、阿基米德原理、重力公式的灵活运用，综合性强，难
度较大。
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