文档内容
2023年黑龙江省齐齐哈尔市中考物理试卷
一、单项选择题（每小题2分，共20分。每小题只有一个选项是正确的）
1．（2分）下列估测数值符合实际的是（ ）
A．人体感觉舒适的环境温度约为38℃
B．家用空调的电功率约为1000W
C．人正常步行的速度约为1.1km/h
D．托起一个鸡蛋所用力的大小约为2N
2．（2分）《吕氏春秋•察今》记录了“刻舟求剑”的典故。学习物理知识后使我们懂得，
要确定剑落水的实际位置，应选择的参照物是（ ）
A．岸边的树 B．舟 C．舟上的标记 D．水流
3．（2分）下列物态变化现象中，需要放热的是（ ）
A． 湿手被吹干 B． 冰袋中的冰变成水
C． 樟脑丸消失 D． 口中呼出的“白气”
4．（2分）农历五月初五，人们喜爱煮茶叶蛋为节日增添一道美食。下列关于制作茶叶蛋
所涉及的物理知识，说法正确的是（ ）
A．煮熟鸡蛋是通过做功增大鸡蛋内能
B．蛋壳能轻松被敲碎，说明蛋壳分子间不存在引力
C．蛋清从白色变成褐色的原因是发生了扩散现象
D．茶叶蛋在汤中越泡越咸，说明分子运动剧烈程度与温度无关
5．（2分）小荣站在水平放置的体重计上测量体重。下列说法正确的是（ ）A．小荣对体重计的压力就是小荣受到的重力
B．小荣对体重计的压力与她受到的支持力是一对平衡力
C．地面对体重计的支持力与体重计受到的重力是一对相互作用力
D．小荣受到的重力与体重计对她的支持力是一对平衡力
6．（2分）用如图所示的装置做“探究凸透镜成像规律”的实验时，已知凸透镜的焦距为
10cm，下列说法正确的是（ ）
A．烛焰在如图所示位置所成像的特点与照相机成像特点相同
B．将蜡烛向远离凸透镜的方向移动，向右移动光屏可得到烛焰所成清晰的像
C．将蜡烛移动到光具座42cm刻度线处，烛焰所成的像是倒立、放大的
D．将蜡烛移动到光具座30cm刻度线处，移动光屏至适当位置，光屏上可得到等大的
像
7．（2分）今年六月份，体育赛事精彩纷呈，下列关于运动和力的说法正确的是（ ）
A．游泳比赛中，运动员划水前进，说明运动需要用力维持
B．足球比赛中，守门员将球扑出，说明力可以改变物体的运动状态
C．短跑比赛中，运动员跑过终点后不能立刻停止，说明运动员受到惯性
D．篮球比赛中，球落地后能够弹起，说明篮球具有塑性
8．（2分）下列工具在正常使用时，属于费力杠杆的是（ ）
A． 筷子B． 园艺剪
C． 活塞式抽水机的手柄
D． 水龙头的扭柄
9．（2分）下列有关电与磁的描述，正确的是（ ）
A．甲图：根据安培定则，大拇指所指的那端为通电螺线管的S极
B．乙图：电磁继电器就是用永磁体控制工作电路的一种开关
C．丙图：通电线圈在磁场中受力转动，是电动机的工作原理
D．丁图：导线AB左右往复运动过程中，产生的感应电流方向不变
10．（2分）如图所示，电源电压恒定，先只闭合开关 S ，两电表均有示数；再断开S ，
1 1
同时闭合S 和S ，此过程中（ ）
2 3A．电压表示数变大，电流表示数变小
B．电压表示数变小，电流表示数不变
C．电压表示数与电流表示数乘积变大
D．电压表示数与电流表示数比值不变
二、多项选择题（每小题3分，共9分。每小题有两个或两个以上选项是正确的，全部选
对得3分，选项正确但不全得1分，有错误选项的不得分）
（多选）11．（3分）关于以下物理知识，说法正确的是（ ）
A．书包背带做的宽大，是为了减小背带对肩部的压强
B．比热容是物质自身的性质，与物质的种类无关
C．用吸管将饮料“吸入”口中，说明大气压强的存在
D．燃料的热值越大，燃烧放出的热量越多
（多选）12．（3分）关于家庭电路中的用电知识，下列说法正确的是（ ）
A．电路中的保险丝熔断后，可以用铜丝或铁丝代替
B．控制电灯的开关要连接在火线和电灯之间
C．当发生短路时，电路中电流过大，空气开关自动断开，切断电路
D．用电器金属外壳接地，可预防金属外壳带电对人造成伤害
（多选）13．（3分）如图所示电路，电源电压为 4.5V且恒定。电流表的量程为 0～
0.6A，电压表的量程为0～3V，小灯泡规格为“2.5V，1.25W”（灯丝阻值不变），滑
动变阻器规格为“20 ，1A”。保证电路中各元件都不损坏，下列说法正确的是
（ ） Ω
A．电流表示数变化范围0.3A～0.5A
B．电压表示数变化范围2V～3V
C．滑动变阻器阻值变化范围4 ～20
D．小灯泡实际功率变化范围0Ω.45W～Ω1.25W
三、填空题（每小题2分，共20分）
14．（2分）用二胡演奏乐曲时，声音是通过弦的 产生的；手在不同位置按弦，目的是改变弦发出声音的 （选填“音调”、“响度”、“音色”）。
15．（2分）2023年6月3日，神舟十五号载人飞船返回舱成功着陆。返回舱进入大气层
与大气摩擦，机械能转化为 能。返回过程中，指挥中心通过 （选
填“电磁波”或“超声波”）传递的信息，采集返回舱各种数据。
16．（2分）人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运行，如图所示，离地球最近的一点叫近地
点，最远的一点叫远地点。已知卫星在运行过程中机械能保持不变，当卫星从远地点向
近地点运动过程中，势能 ，速度 。（均选填“增大”或“减
小”）
17．（2分）如图所示是单缸四冲程汽油机某一冲程工作示意图，该冲程是 冲
程。若该汽油机1s对外做功15次，则汽油机的飞轮速度为 r/min。
18．（2分）如图所示，用5N的力沿水平方向拉动物体B，使物体B在水平放置的木板A
上向左做匀速直线运动。则物体B所受摩擦力为 N；木板A上表面所受摩擦力
的方向水平向 （选填“左”或“右”）。
19．（2分）用如图所示的滑轮组提升重物，将质量为36kg的重物5s内匀速提升1m，作
用在绳端上的拉力为200N。不计绳重和摩擦，则动滑轮受到的重力为 N，该滑轮组的机械效率为 。
20．（2分）有甲、乙两个溢水杯，甲溢水杯中盛满酒精，乙溢水杯中盛满某种液体。将
一个不吸收任何液体的小球轻轻地放入甲溢水杯中，小球浸没在酒精中，溢出酒精的质
量是80g；将小球从甲溢水杯中取出后擦干，再轻轻地放入乙溢水杯中，溢出液体的质
量是 80g，小球露出液面的体积与浸入液体中的体积之比为 1：2。已知
酒精
＝
0.8×103kg/m3，则小球的密度是 kg/m3；乙溢水杯中液体的密度ρ是
kg/m3。
21．（2分）如图所示，已知R ：R ＝2：1。当开关S闭合，甲、乙两表均为电压表时，
1 2
两表示数之比为U甲 ：U乙 ＝ ；当开关S断开，甲、乙两表均为电流表时，
两表示数之比为I甲 ：I乙 ＝ 。（电路中各元件均未损坏）
22．（2分）小夏一家假期外出旅游，家中只有一个网络摄像头和一个路由器在工作，其
实际功率分别为5W和15W。出发和回家时，电能表示数如图所示，这段时间内小夏家
消耗电能 kW▪h，小夏一家外出 h。（电路其它元件损耗电能不
计）
23．（2分）将电能输送到几百千米之外的用户，在输电线上会有能量的损耗，这主要是
由于电流的 效应引起的。某段输电线路的总电阻为0.5 ，输送电流为100A，
每输电1min这段线路便会损耗 J的电能。 Ω
四、探究与实验题（24题6分，25题9分，26题9分，共24分）
24．（6分）小明利用如图装置探究光反射时的规律。（1）如图1所示，实验时，把一个平面镜放在水平桌面上，再把白色纸板ENF（右侧
可绕ON翻折）竖直地立在平面镜上，纸板上的直线ON应 于镜面。使一束
光贴着纸板沿某一角度射到O点，光在纸板上发生 （选填“镜面”或“漫”）
反射，呈现径迹。光经平面镜反射，沿另一个方向射出。
（2）改变光束入射的角度，多做几次，换用不同颜色的笔记录每次光的径迹。取下纸
板，用量角器测量ON两侧的∠i和∠r，是为了 ；根据实验结论可知：
当入射光EO与平面镜夹角为50°时，反射角为 。
（3）让光沿图1中FO方向照射到镜面，它会沿着OE方向射出。这表明：在光的反射
现象中，光路是 的。
（4）如图2所示，把纸板ENF右侧绕ON向前折或向后折，在右侧纸板上看不到反射
光。这表明：在反射现象中，反射光线、入射光线和法线都在 内。
25．（9分）小彬用如图所示的装置研究液体内部的压强。
（1）图1装置是测量液体内部压强的仪器。它的探头是由空金属盒蒙上橡皮膜构成的。
如果液体内部存在压强，放在液体里的薄膜就会 ，U形管左右两侧液面就
会产生 。
（2）根据图2、图3所示现象可以研究：液体内部压强大小与 的关系。根
据研究得出的结论，拦河坝应设计成 （选填“下宽上窄”或“下窄上
宽”）的形状。
（3）如图3、图4所示，保持探头在水中的深度不变，改变探头的方向，观察U形管左
右两侧液面的变化，得出结论： 。（4）为研究液体内部压强大小是否与液体密度有关，小彬接着将浓盐水缓慢倒入图3
所示容器的水中（液体未溢出、探头位置不变），静置待均匀混合后，观察到 U形管左
右两侧液面发生了变化，得出液体内部压强大小与液体密度有关的结论。小彬得出结论
的实验过程是 （选填“正确”或“错误”）的，判断的依据是：
。
（5）通过学习，小彬利用掌握的液体压强知识测量实验所用盐水的密度，过程如下：
①向如图5所示容器中的左侧倒入适量的水，橡皮膜向右凸起；
②再向容器中的右侧缓慢倒入盐水，直至橡皮膜 ；
③测得水面到橡皮膜中心的深度为h ；
1
测得盐水液面到橡皮膜中心的深度为h ；
2
④可推导出该盐水密度的表达式为
盐水
＝ （用h
1
、h
2
、
水
表
示）。 ρ ρ
26．（9分）小红在“探究电流与电压和电阻关系”的实验中，使用的实验器材有：两节
新干电池、滑动变阻器（满足实验要求）、电流表、电压表、开关、导线和定值电阻若
干。实验过程如下：
（1）请根据小红设计的电路图（图1）将实物图（图2）连接完整（要求：导线不交
叉）。（2）小红把5 的定值电阻接入电路，将滑动变阻器的滑片调至最 （选填
“左”或“右”Ω）端。闭合开关，移动滑片P，发现电压表示数无变化，电流表示数有
变化，其原因可能是定值电阻 。
（3）排除故障后，闭合开关，调节滑片P，当电压表的示数为0.5V时，电流表的示数
如图3所示，则电流表示数为 A。继续实验，将实验数据记录在表中，分析
数据可得出结论：在电阻一定时， 。
电压U/V 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5 3
电流I/A 0.2 0.3 0.4 0.5 0.6
（4）小红接下来探究电流与电阻的关系。分别将 5 、10 、15 、20 、25 的定值电
阻接入电路，闭合开关，正确进行操作，并根据实验Ω数据Ω绘制出Ω图像，Ω如图Ω4所示。根
据数据分析得出结论： ，通过导体的电流与导体的电阻成反比。该
过程中滑动变阻器除保护电路外，还起到 的作用。
（5）小红在得出电流与电压和电阻的定量关系后，要测量一个标记不清的定值电阻阻
值（约为30 ），利用现有器材，设计了如图5所示的电路。
①闭合开关Ω，将滑动变阻器接入最大阻值R
0
时，记录电压表示数为U
1
；
② ，记录电压表示数为U ；
2
③得出了定值电阻阻值的表达式：R ＝ （用U 、U 、R 表
x 1 2 0
示）。
五、分析与交流题（27题5分，28题5分，共10分）
27．（5分）阅读短文，回答问题。
化石能源目前仍是世界上许多国家的主要能源，但化石能源的大量开采利用使化石能源
接近枯竭，也给人类生存环境带来极大的隐患。石油危机、环境污染，在全球范围内引
起了人类对能源问题的思考，我国对此问题尤为重视。为了解决环境污染、能源枯竭问
题，中国率先在75届联合国大会上提出“碳达峰”、“碳中和”两个奋斗目标，同时
大力发展风能、太阳能、核能等新能源。我国风力资源丰富，在东南沿海、西北沙漠优
势突出。风能用之不竭、清洁环保，所以我国加大风能的开发和利用。如图甲是我国某
风力发电基地，风力发电机组主要由风机叶片和发电机组组成。（1）风力发电是把风能转化为电能，风能是 （选填“可再生”或“不可再
生”）能源。
（2）某段风机叶片的形状像飞机的机翼，若叶片位置和风向如图乙所示，由于叶片两
面形状不同导致叶片两面空气流速不同，从而产生 差，可以使风机叶片转动。
（3）风机叶片具有质量轻、强度高等性能，通常用密度 （选填“大”或
“小”）、硬度大的复合材料制成。
（4）某风力发电机输出功率与风速的关系如图丙所示。由图像可知，当风速在v 到v
1 2
之间时，风速越大，风力发电机输出功率 （选填“越大”、“不变”、“越
小”）；当风速大于v 时，风速增大， （选填“能”或“不能”）提高风力
2
发电机输出功率。
28．（5分）小龙家需要购买一个电热水壶。若家庭电路的电压是220V，供电热水壶使用
的室内插座的额定电流为 5A。商场现有甲、乙、丙三种电热水壶，额定容量均为
1.8L，额定电压均为220V，额定功率分别为800W、1000W和1500W。请你用学过的物
理知识帮助小龙分析：
（1）从安全用电的角度考虑，哪一种电热水壶不能选购？说明理由。
（2）若将初温相同、体积为1.8L的水烧开，从用时更短的角度考虑，在余下两种中应
选购哪种电热水壶？说明理由。（不计热损失）
六、综合与应用题（29题8分，30题9分，共17分）
29．（8分）如图所示为我国生产的一款水陆两栖观光车，它既能在陆地上行驶，又能像
船一样在水中航行。该车的总质量是12t，空载静止在水平地面上时，四个车轮与地面
接触的总面积为0.2m2。求：
（1）该车空载静止在水平地面上时，它对水平地面的压强是多少？
（2）该车空载（驾驶员质量忽略不计）在水中航行时，受到的浮力是多少？
（3）该车在水中以 36km/h 的速度匀速直线航行 5min，此时发动机输出功率为
180kW，观光车航行过程中受到的阻力是多少？30．（9分）如图甲所示是一款小型电火锅，通过挡位开关实现高、中、低三挡控温功能。
图乙是它的简化电路图，R 、R 、R 均为加热电阻（阻值保持不变）。已知 R 的阻值
1 2 3 1
为176 ，电火锅的部分参数如下表所示。求：
额定Ω电压 220V
低温挡功率
中温挡功率 440W
高温挡功率 1100W
（1）R 的阻值是多少？
2
（2）电火锅在低温挡工作时的功率是多少？
（3）某次使用时，用高温挡将1kg水从20℃加热到100℃用时5.6min，该电火锅的实
际功率是多少？（不计热损失）2023年黑龙江省齐齐哈尔市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（每小题2分，共20分。每小题只有一个选项是正确的）
1．（2分）下列估测数值符合实际的是（ ）
A．人体感觉舒适的环境温度约为38℃
B．家用空调的电功率约为1000W
C．人正常步行的速度约为1.1km/h
D．托起一个鸡蛋所用力的大小约为2N
【分析】新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：
长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：
利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知
物理量。
【解答】解：A、人体感觉舒适的环境温度约为23℃，故A错误；
B、家用空调的电功率约为1000W，故B正确；
C、人正常步行的速度约为1.1m/s，故C错误；
D、托起一个鸡蛋所用力的大小约为0.5N，故D错误；
故选：B。
【点评】本题考查了对温度、电功率、速度、力的估测，注重理论与实际差异的应变能
力的培养，体现新课程的基本理念。
2．（2分）《吕氏春秋•察今》记录了“刻舟求剑”的典故。学习物理知识后使我们懂得，
要确定剑落水的实际位置，应选择的参照物是（ ）
A．岸边的树 B．舟 C．舟上的标记 D．水流
【分析】被研究物体相对于参照物，位置发生了变化，我们就说物体是运动的，反之，
就是静止的。
【解答】解：刻舟求剑的故事中，剑落水后，它与岸边的树的相对位置没有发生改变，
与舟、舟上的标记和水流的位置都发生了变化，故要确定剑落水的实际位置，应选择的
参照物是岸边的树。
故选：A。
【点评】本题考查了参照物的问题，属于基础题。
3．（2分）下列物态变化现象中，需要放热的是（ ）A． 湿手被吹干 B． 冰袋中的冰变成水
C． 樟脑丸消失 D． 口中呼出的“白气”
【分析】物质由固态变为液态叫做熔化，由液态变为固态叫做凝固。
物质由液态变为气态叫做汽化，由气态变为液态叫做液化。
物质由固态直接变为气态叫做升华，由气态直接变为固态叫做凝华。
其中，吸热的过程有熔化，汽化和升华，放热的过程有凝固，液化和凝华。
【解答】解：A．湿手被吹干是汽化现象，汽化吸热，故A不符合题意；
B．冰袋中的冰变成水是熔化现象，熔化吸热，故B不符合题意；
C．樟脑丸消失是升华现象，升华吸热，故C不符合题意；
D．口中呼出的“白气”是水蒸气液化形成的小水滴，液化放热，故D符合题意。
故选：D。
【点评】本题考查了物态变化类型及其吸放热情况的判断，是中考热学基本题型的考查，
掌握物质前后状态的变化是解决此类题目的关键。
4．（2分）农历五月初五，人们喜爱煮茶叶蛋为节日增添一道美食。下列关于制作茶叶蛋
所涉及的物理知识，说法正确的是（ ）
A．煮熟鸡蛋是通过做功增大鸡蛋内能
B．蛋壳能轻松被敲碎，说明蛋壳分子间不存在引力
C．蛋清从白色变成褐色的原因是发生了扩散现象
D．茶叶蛋在汤中越泡越咸，说明分子运动剧烈程度与温度无关
【分析】（1）做功和热传递都可以改变物体的内能；
（2）分子间存在相互作用的引力和斥力；
（3）不同物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫扩散。扩散现象说明分子在做无规
则运动，且分子之间有间隙；（4）分子的无规则运动与温度有关，温度越高，分子的无规则运动越剧烈。
【解答】解：A、鸡蛋在煮熟的过程中吸收热量，是通过热传递的方式改变内能的，故
A错误；
B、蛋壳能轻松被敲碎，是因为分子间的作用力较小，不能说明蛋壳分子间不存在引力，
故B错误；
C、蛋清从白色变成褐色的原因是发生了扩散现象，这说明分子在不停地做无规则运动，
故C正确.
D、茶叶蛋在汤中越泡越咸，是分子无规则运动的结果，不能说明分子运动剧烈程度与
温度无关，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查的是分子动理论的应用、改变内能的方法，属基础知识的考查。
5．（2分）小荣站在水平放置的体重计上测量体重。下列说法正确的是（ ）
A．小荣对体重计的压力就是小荣受到的重力
B．小荣对体重计的压力与她受到的支持力是一对平衡力
C．地面对体重计的支持力与体重计受到的重力是一对相互作用力
D．小荣受到的重力与体重计对她的支持力是一对平衡力
【分析】（1）二力平衡的条件：大小相等，方向相反，在同一直线上，作用在同一物
体上；
（2）相互作用力的条件：大小相等，方向相反，在同一直线上，作用在两个物体上。
【解答】解：A．小荣对体重计的压力和小荣受到的重力性质和施力物体都不同，不是
一回事，故A错误；
B．小荣对体重计的压力与她受到的支持力作用在不同物体上，不是一对平衡力，故B
错误；
C．地面对体重计的支持力与体重计受到的重力、人的重力相互平衡，大小相等，而地
面对体重计的支持力与体重计受到的重力大小不等，不是一对相互作用力，故C错误；
D．小荣受到的重力与体重计对她的支持力大小相等，方向相反，在同一直线上，作用在同一物体上，是一对平衡力，故D正确。
故选：D。
【点评】此题主要考查二力平衡的条件，我们要能够根据二力平衡的条件判断出是不是
平衡力，注意平衡力和相互作用力的区别。
6．（2分）用如图所示的装置做“探究凸透镜成像规律”的实验时，已知凸透镜的焦距为
10cm，下列说法正确的是（ ）
A．烛焰在如图所示位置所成像的特点与照相机成像特点相同
B．将蜡烛向远离凸透镜的方向移动，向右移动光屏可得到烛焰所成清晰的像
C．将蜡烛移动到光具座42cm刻度线处，烛焰所成的像是倒立、放大的
D．将蜡烛移动到光具座30cm刻度线处，移动光屏至适当位置，光屏上可得到等大的
像
【分析】（1）根据2f＞u＞f，成倒立、放大的实像；
（2）根据凸透镜成实像时，物远像近像变小分析回答；
（3）根据u＜f，成正立、放大的虚像；
（4）根据u＝v＝2f，成倒立等大的实像。
【解答】解：A、由图可知，此时物距u＝15cm，由凸透镜焦距可知f＜u＜2f，成倒立、
放大的实像，投影仪及幻灯机是利用此原理制成的，故A错误；
B、将蜡烛向远离凸透镜的方向移动，此时物距增大，根据凸透镜成实像时，物远像近
像变小，所以向左移动光屏可得到烛焰所成清晰的像，故B错误；
C、将蜡烛移动到光具座42cm刻度线处，此时u＝8cm＜f，烛焰成正立、放大的虚像，
故C错误；
D、将蜡烛移动到光具座30cm刻度线处，此时u＝20cm＝2f，可在光屏上成倒立、等大
的实像，故D正确。
故选：D。
【点评】此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做
到灵活运用。
7．（2分）今年六月份，体育赛事精彩纷呈，下列关于运动和力的说法正确的是（ ）A．游泳比赛中，运动员划水前进，说明运动需要用力维持
B．足球比赛中，守门员将球扑出，说明力可以改变物体的运动状态
C．短跑比赛中，运动员跑过终点后不能立刻停止，说明运动员受到惯性
D．篮球比赛中，球落地后能够弹起，说明篮球具有塑性
【分析】（1）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；
（2）力的作用效果有两个：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态；
（3）物体具有保持原来运动状态不变的性质，称为惯性，任何物体都具有惯性。
（4）能够恢复原状的形变是弹性形变。
【解答】解：A．游泳运动员用力向后划水，给水一个向后的力，物体间力的作用是相
互的，水就会给人一个向前的力，人才能前进，说明力的作用是相互的，故A错误；
B．足球比赛中，守门员将球扑出，球的运动方向改变，说明力可以改变物体的运动状
态，故B正确；
C．短跑比赛中，运动员跑过终点后不能立刻停止，由于惯性继续运动，惯性是性质不
是力，不能说受到惯性作用，故C错误；
D．篮球比赛中，球落地后能够弹起，说明篮球具有弹性，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查力的作用是相互的、力的作用效果、惯性和弹性，属于中档题。
8．（2分）下列工具在正常使用时，属于费力杠杆的是（ ）
A． 筷子
B． 园艺剪
C． 活塞式抽水机的手柄D． 水龙头的扭柄
【分析】结合图片和生活经验分析动力臂和阻力臂的大小关系，当动力臂大于阻力臂时，
是省力杠杆；当动力臂小于阻力臂时，是费力杠杆；当动力臂等于阻力臂时，是等臂杠
杆。
【解答】解：A、筷子在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A符合题意；
B、园艺剪在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B不合题意；
C、活塞式抽水机的手柄在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C不合题意；
D、水龙头的扭柄属于轮轴，相当于可连续转动的杠杆，动力臂大于阻力臂，可以省力，
故D不合题意。
故选：A。
【点评】本题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力
臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
9．（2分）下列有关电与磁的描述，正确的是（ ）
A．甲图：根据安培定则，大拇指所指的那端为通电螺线管的S极
B．乙图：电磁继电器就是用永磁体控制工作电路的一种开关
C．丙图：通电线圈在磁场中受力转动，是电动机的工作原理
D．丁图：导线AB左右往复运动过程中，产生的感应电流方向不变
【分析】（1）根据安培定则分析螺线管的磁性；
（2）电磁继电器是利用电磁铁来控制工作电路的一种开关；
（3）电动机的原理是通电线圈在磁场中受力而发生转动；（4）感应电流的方向与导体运动方向、磁场方向两因素都有关系，如果只改变一个因
素则电流方向改变，如果同时改变两个因素，则电流方向不变。
【解答】解：
A、根据图示可知，电流从螺线管的左端流入，根据安培定则可知，大拇指所指的那端
为通电螺线管的N极，故A错误；
B、当线圈中通电后，对衔铁产生吸引力将动触点与下面的静触点接通；当断开电流后，
磁力消失，动触点与上面的静触点接通，所以电磁继电器是利用电磁铁来控制工作电路
的一种开关，故B错误；
C、当线圈中通以电流时，线圈会在磁场中运动，即通电线圈在磁场中受到力的作用，
是电动机的工作原理，故C正确；
D、导体左右往复运动，磁场的方向不变，导体运动方向改变，则感应电流方向也随着
不断变化，即产生方向不断变化的电流，称为交流电，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了安培定则的应用、电磁继电器、电动机的工作原理、感应电流的方
向，属于基础题。
10．（2分）如图所示，电源电压恒定，先只闭合开关 S ，两电表均有示数；再断开S ，
1 1
同时闭合S 和S ，此过程中（ ）
2 3
A．电压表示数变大，电流表示数变小
B．电压表示数变小，电流表示数不变
C．电压表示数与电流表示数乘积变大
D．电压表示数与电流表示数比值不变
【分析】由电路图可知，闭合S ，断开S 和S ，两电阻串联，电压表测电源的电压，
1 2 3
电流表测电路中的电流；
再断开S ，同时闭合S 和S ，R 、R 并联，电压表测电源的电压，电流表测R 的电流；
1 2 3 1 2 1
根据串并联电路的电流、电压的特点和欧姆定律得出答案。
【解答】解：由电路图可知，闭合S ，断开S 和S ，两电阻串联，电压表测电源的电
1 2 3压，电流表测电路中的电流；
再断开S ，同时闭合S 和S ，R 、R 并联，电压表测电源的电压，电流表测R 的电流；
1 2 3 1 2 1
由于电源电压不变，所以电压表示数不变；
两电阻串联时，总电阻大于R 的阻值，根据I＝ 可知，通过R 的电流变大，即电流表
1 1
示数变大；则电压表示数与电流表示数乘积变大，电压表示数与电流表示数比值变小，
故C正确。
故选：C。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是分清开关闭合和断开时
电路的连接情况。
二、多项选择题（每小题3分，共9分。每小题有两个或两个以上选项是正确的，全部选
对得3分，选项正确但不全得1分，有错误选项的不得分）
（多选）11．（3分）关于以下物理知识，说法正确的是（ ）
A．书包背带做的宽大，是为了减小背带对肩部的压强
B．比热容是物质自身的性质，与物质的种类无关
C．用吸管将饮料“吸入”口中，说明大气压强的存在
D．燃料的热值越大，燃烧放出的热量越多
【分析】（1）压强的大小与压力和受力面积有关，当压力一定时，受力面积越大、压
强越小；
（2）比热容是物质的物理属性，与质量大小无关，与物质种类有关；
（3）吸管吸饮料时，是外界大气压把饮料压进吸管里的；
（4）1kg（或1m3）某种燃料完全燃烧放出的能量，叫做这种燃料的热值。
【解答】解：A、书包背带比较宽，是在压力一定时，通过增大受力面积减小压强，使
肩部舒服，故A正确；
B、比热容是物质的一种特性，与质量大小无关，与物质种类有关；故B错误；
C、用吸管能把饮料吸入口中，是大气压将饮料压入口中，说明大气压强的存在，故C
正确；
D、燃料的热值越大，只有在相同质量并且完全燃烧的情况下，放出的热量才越多，质
量少、燃烧不完全放出的热量就少，故D错误；
故选：AC。
【点评】本题考查压强有关因素、大气压的应用以及比热容和热值的理解，属于中档题。（多选）12．（3分）关于家庭电路中的用电知识，下列说法正确的是（ ）
A．电路中的保险丝熔断后，可以用铜丝或铁丝代替
B．控制电灯的开关要连接在火线和电灯之间
C．当发生短路时，电路中电流过大，空气开关自动断开，切断电路
D．用电器金属外壳接地，可预防金属外壳带电对人造成伤害
【分析】（1）保险丝熔断后千万不能用铜丝代替，因为铜的熔点很高，在电路中电流
过大时，铜丝不能自动熔断，不能起到保险的作用；
（2）控制电灯的开关应安装在火线与灯之间；
（3）家庭电路电流过大的原因：短路、用电器总功率过大；
（4）家庭电路中为了安全用电，金属外壳都要接地，金属外壳的用电器漏电时，地线
把人体短路，避免触电事故的发生。
【解答】解：A、保险丝熔断后千万不能用铜丝代替，起不到保护作用，故A错误；
B、控制电灯的开关要接在火线和电灯之间，开关断开，电灯不带电，不易发生触电事
故，故B正确；
C、当发生短路时，根据欧姆定律可知，电路中电流过大，空气开关自动断开，切断电
路，故C正确；
D、将家用电器的金属外壳接地，当用电器漏电时，地线把人体短路，避免触电事故的
发生，故D正确。
故选：BCD。
【点评】本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，
加强安全意识，学好电、用好电！
（多选）13．（3分）如图所示电路，电源电压为 4.5V且恒定。电流表的量程为 0～
0.6A，电压表的量程为0～3V，小灯泡规格为“2.5V，1.25W”（灯丝阻值不变），滑
动变阻器规格为“20 ，1A”。保证电路中各元件都不损坏，下列说法正确的是
（ ） Ω
A．电流表示数变化范围0.3A～0.5AB．电压表示数变化范围2V～3V
C．滑动变阻器阻值变化范围4 ～20
D．小灯泡实际功率变化范围0Ω.45W～Ω1.25W
【分析】根据电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联接入电路中，电流表测量电路中的电
流，电压表测量滑动变阻器两端的电压；
知道灯泡的额定功率和额定电压，根据P＝UI求出灯泡的额定电流；由于需要保证通过
小灯泡L的电流不超过额定电流；
灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出灯泡正常发光时，
滑动变阻器两端的最小电压，即电压表的最小示数；
根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；
根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值；
（4）根据灯泡的额定电流、电路中的最小电流求出灯泡功率的变化范围。
【解答】解：根据电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联接入电路中，电流表测量电路中
的电流，电压表测量滑动变阻器两端的电压；
由 P＝UI 可得灯泡的额定电流：I
额
＝ ＝ ＝0.5A；电流表量程为“0～
0.6A”，故电路中的最大电流为0.5A；
灯泡正常发光时的电压为2.5V，功率为1.25W，当灯泡正常发光时，串联电路总电压等
于各分电压之和，此时电压表的最小示数：U滑 ＝U﹣U
L
＝4.5V﹣2.5V＝2V；
此时电路中的最大电流I ＝0.5A，
max
此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，由I＝ 可得：R滑min ＝ ＝ ＝4 ；
Ω
灯泡的电阻：R ＝ ＝ ＝5 ；
L
滑动变阻器的电阻越大，分担的电压Ω越大，根据电压表的量程可知，电压表的最大示数
为3V，所以电压表示数变化范围2V～3V，故B正确；
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的最小电流，则根据串联电路的特点和欧
姆定律可得：I ＝ ＝ ＝0.3A，电路中电流变化的范围是0.3A～0.5A，故A正确；
min
此时滑动变阻器的最大阻值：R ＝ ＝ ＝10 ，所以滑动变阻器的范围是
max
4 ～10 ，故C错误； Ω
灯Ω泡的额Ω定功率为最大功率；灯泡最小功率为：P L小 ＝U L小I min ＝1.5V×0.3A＝0.45W，
则小灯泡实际功率变化范围0.45W～1.25W，故D正确。
故选：ABD。
【点评】本题考查串联电路的规律、欧姆定律的运用，关键是根据灯泡的额定电流确定
电路中的最大电流和电压表的最大示数确定电路中的最小电流，并且要知道灯泡正常发
光时的电压和额定电压相等。
三、填空题（每小题2分，共20分）
14．（2分）用二胡演奏乐曲时，声音是通过弦的 振动 产生的；手在不同位置按弦，
目的是改变弦发出声音的 音调 （选填“音调”、“响度”、“音色”）。
【分析】声音是由物体的振动产生的；声音的高低叫音调，音调与发声体的振动频率有
关：频率越大，音调越高。
【解答】解：用二胡演奏乐曲时，声音是通过弦的振动产生的。
手在不同位置按弦，弦振动部分的长度发生改变，琴弦振动的频率发生改变，目的是改
变弦发出声音的音调。
故答案为：振动；音调。
【点评】此题考查的是声音的产生、声音的特征，是一道声学的基础题。
15．（2分）2023年6月3日，神舟十五号载人飞船返回舱成功着陆。返回舱进入大气层
与大气摩擦，机械能转化为 内 能。返回过程中，指挥中心通过 电磁波 （选填
“电磁波”或“超声波”）传递的信息，采集返回舱各种数据。
【分析】机械能与内能之间可以相互转化；电磁波的传播不需要介质。
【解答】解：神舟十五号载人飞船返回舱进入大气层与大气摩擦，克服摩擦力做功，机
械能转化为内能；电磁波的传播不需要介质，电磁波可在真空中传播。返回过程中，指
挥中心通过电磁波传递的信息，采集返回舱各种数据。
故答案为：内；电磁波。
【点评】本题考查了能量的转化和电磁波，属于基础题。16．（2分）人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运行，如图所示，离地球最近的一点叫近地
点，最远的一点叫远地点。已知卫星在运行过程中机械能保持不变，当卫星从远地点向
近地点运动过程中，势能 减小 ，速度 增大 。（均选填“增大”或“减小”）
【分析】从动能和势能大小的影响因素进行判断：动能大小的影响因素：质量、速度。
质量越大，速度越大，动能越大。
势能大小的影响因素：质量、相对高度。质量越大，相对高度越高，势能越大。
【解答】解：卫星从远地点向近地点运行过程中，质量不变，相对地面的高度减小，重
力势能减小；同时速度增大，动能增大。
故答案为：减小；增大。
【点评】人造卫星在飞行过程中，动能和重力势能在相互转化，因为没有阻力，所以，
总能量保持不变。
17．（2分）如图所示是单缸四冲程汽油机某一冲程工作示意图，该冲程是 压缩 冲程。
若该汽油机1s对外做功15次，则汽油机的飞轮速度为 180 0 r/min。
【分析】（1）根据气门的闭合情况、活塞的运动方向分析是哪个冲程。
（2）四冲程内燃机完成1个工作循环，曲轴、飞轮转2圈，完成4个冲程并对外做功1
次。
【解答】解：根据图示可知，两个气门关闭、活塞上行，为压缩冲程；汽油机每秒内对外做功15次，曲轴转30圈，活塞往复30次，则每分钟对外做功900次，
曲轴转1800圈，活塞往复1800次，因此曲轴的转速为1800r/min。
故答案为：压缩；1800。
【点评】本题考查汽油机工作过程的判定、飞轮的转速，需要注意的是，在内燃机工作
的一个工作循环中，完成四个冲程，曲轴和飞轮转2转，活塞往复运动2次，对外做功
1次。
18．（2分）如图所示，用5N的力沿水平方向拉动物体B，使物体B在水平放置的木板A
上向左做匀速直线运动。则物体B所受摩擦力为 5 N；木板A上表面所受摩擦力的
方向水平向 左 （选填“左”或“右”）。
【分析】根据二力平衡的条件分析B受到的摩擦力，根据相互作用力的特征解答。
【解答】解：如图所示，用5N的力沿水平方向拉动物体B，使物体B在水平放置的木
板A上向左做匀速直线运动，受力平衡，摩擦力与拉力大小相等，则物体 B所受A施
加的摩擦力为5N，摩擦力向右，根据相互作用力方向相反，木板A对B的摩擦力与B
对A的摩擦力方向相反，故木板受的摩擦力水平向左。
故答案为：5；左。
【点评】本题考查摩擦力的大小和方向，属于基础题。
19．（2分）用如图所示的滑轮组提升重物，将质量为36kg的重物5s内匀速提升1m，作
用在绳端上的拉力为200N。不计绳重和摩擦，则动滑轮受到的重力为 40 N，该滑
轮组的机械效率为 90% 。
【分析】（1）根据G＝mg求重物的重力，由图可知n＝2，利用不计绳重和摩擦时F＝
（G+G动 ）求动滑轮的重力；
（2）利用 ＝ ＝ ＝ ＝ 求滑轮组的机械效率。
η【解答】解：（1）重物的重力：G＝mg＝36kg×10N/kg＝360N，
由图可知n＝2，因为不计绳重和摩擦时F＝ （G+G动 ），所以动滑轮的重力：G动 ＝
nF﹣G＝2×200N﹣360N＝40N；
（2）滑轮组的机械效率： ＝ ＝ ＝ ＝ ＝ ×100%＝90%。
故答案为：40；90%。 η
【点评】本题考查重力公式、使用滑轮组时绳子自由端拉力公式和机械效率公式的应用，
关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。
20．（2分）有甲、乙两个溢水杯，甲溢水杯中盛满酒精，乙溢水杯中盛满某种液体。将
一个不吸收任何液体的小球轻轻地放入甲溢水杯中，小球浸没在酒精中，溢出酒精的质
量是80g；将小球从甲溢水杯中取出后擦干，再轻轻地放入乙溢水杯中，溢出液体的质
量是 80g，小球露出液面的体积与浸入液体中的体积之比为 1：2。已知
酒精
＝
0.8×103kg/m3，则小球的密度是 0.8×1 0 3 kg/m3；乙溢水杯中液体的密度是 ρ 1.2×1 0 3
kg/m3。
【分析】小球漂浮在乙溢水杯液体中，小球受到的浮力等于重力，据此求出球的质量和
重力；
由于小球浸没在酒精中，根据阿基米德原理可知小球受到的浮力，然后与重力比较即可
根据浮沉条件判断小球所处的状态；
由于小球浸没在酒精中，小球的体积就等于排开酒精的体积，利用 V＝ 求小球的体
积；
因为小球在乙中漂浮，所以小球受到的浮力F浮 ＝G，利用阿基米德原理可得F浮 ＝ 液V
排g＝G，据此求液体的密度： ρ
利用密度公式求小球的密度。
【解答】解：
由题意知小球放入乙液体中处于漂浮状态，则：F浮乙 ＝G球 ＝G排液 ，可得小球质量：m
＝m排 ＝80g；
则小球的重力G球 ＝mg＝0.08kg×10N/kg＝0.8N，
小球浸没在酒精中时，由阿基米德原理可知小球受到的浮力F浮甲 ＝G排酒精 ＝m排酒精g＝
0.08kg×10N/kg＝0.8N，则F浮甲 ＝G球 ，所以小球在甲溢水杯（在酒精中）处于悬浮状态；
由题知，小球浸没在酒精中，则小球的体积就等于排开酒精的体积，
小球的体积：
V＝V溢酒精 ＝ ＝ ＝100cm3；
因为小球在乙液体中漂浮，所以小球受到的浮力：F浮乙 ＝G球 ，
由阿基米德原理和G＝mg＝ Vg可得： 液V排g＝ 液× Vg＝mg，
ρ ρ ρ
所以， 液×100cm3＝80g，
解得液体ρ的密度：
液
＝1.2g/cm3＝1.2×103kg/m3；
ρ
小球的密度
球
＝ ＝ ＝0.8g/cm3＝0.8×103kg/m3。
故答案为：0 ρ .8×103；1.2×103。
【点评】本题综合考查了密度公式、重力公式、阿基米德原理、物体的浮沉条件的应用。
利用好阿基米德原理是本题的关键。
21．（2分）如图所示，已知R ：R ＝2：1。当开关S闭合，甲、乙两表均为电压表时，
1 2
两表示数之比为U甲 ：U乙 ＝ 1 ： 2 ；当开关S断开，甲、乙两表均为电流表时，两
表示数之比为I甲 ：I乙 ＝ 1 ： 2 。（电路中各元件均未损坏）
【分析】当开关S闭合，甲、乙两表均为电压表时，两电阻串联，电压表甲测量 R 两
2
端的电压，电压表乙测量R 两端的电压，串联电路的电流处处相等，根据 U＝IR可知
1
两表示数之比；
当开关S断开，甲、乙两表均为电流表时，两电阻并联，电流表甲测量通过 R 的电流，
1
电流表乙测量通过R 的电流，并联电路各支路两端的电压相等，根据 I＝ 可知两表示
2
数之比。【解答】解：当开关S闭合，甲、乙两表均为电压表时，两电阻串联，电压表甲测量R
2
两端的电压，电压表乙测量R 两端的电压，串联电路的电流处处相等，根据 U＝IR可
1
知两表示数之比为U甲 ：U乙 ＝U
2
：U
1
＝R
2
：R
1
＝1：2；
当开关S断开，甲、乙两表均为电流表时，两电阻并联，电流表甲测量通过 R 的电流，
1
电流表乙测量通过R 的电流，并联电路各支路两端的电压相等，根据 I＝ 可知两表示
2
数之比为I甲 ：I乙 ＝I
1
：I
2
＝R
2
：R
1
＝1：2。
故答案为：1：2；1：2。
【点评】本题考查串并联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道基础题。
22．（2分）小夏一家假期外出旅游，家中只有一个网络摄像头和一个路由器在工作，其
实际功率分别为5W和15W。出发和回家时，电能表示数如图所示，这段时间内小夏家
消耗电能 4. 8 kW▪h，小夏一家外出 24 0 h。（电路其它元件损耗电能不计）
【分析】（1）用电能表测量较大电能时用刻度盘读数：最后一位是十分位；两次读数
之差就是这段时间内消耗的电能，单位是度（千瓦时）；
（2）根据P＝ 可求出时间。
【解答】解：（1）这段时间内小夏家消耗电能为：2023.6kW•h﹣2018.8kW•h＝
4.8kW•h；
（2）根据P＝ 得，小夏一家外出的时间为：t＝ ＝240h。
故答案为：4.8；240。
【点评】本题考查电能的计算、电功率公式的应用，掌握电能表表盘参数的含义是解题
的关键。
23．（2分）将电能输送到几百千米之外的用户，在输电线上会有能量的损耗，这主要是
由于电流的 热 效应引起的。某段输电线路的总电阻为0.5 ，输送电流为100A，每
输电1min这段线路便会损耗 3×1 0 5 J的电能。 Ω
【分析】电流在输送时，由于电流的热效应，输电线会发热，造成能量损失；
根据Q＝I2Rt计算输电线上产生的热量。【解答】解：电流在输送时，由于电流的热效应，导线发热，引起能量的损失；
这段输电线上产生的热量Q＝I2Rt＝（100A）2×0.5 ×60s＝3×105J。
故答案为：热；3×105。
Ω
【点评】本题考查了电流的热效应和热量公式Q＝I2Rt的应用，属于基础题，要求掌握。
四、探究与实验题（24题6分，25题9分，26题9分，共24分）
24．（6分）小明利用如图装置探究光反射时的规律。
（1）如图1所示，实验时，把一个平面镜放在水平桌面上，再把白色纸板ENF（右侧
可绕ON翻折）竖直地立在平面镜上，纸板上的直线ON应 垂直 于镜面。使一束光
贴着纸板沿某一角度射到O点，光在纸板上发生 漫 （选填“镜面”或“漫”）反
射，呈现径迹。光经平面镜反射，沿另一个方向射出。
（2）改变光束入射的角度，多做几次，换用不同颜色的笔记录每次光的径迹。取下纸
板，用量角器测量ON两侧的∠i和∠r，是为了 寻找普遍规律 ；根据实验结论可知：
当入射光EO与平面镜夹角为50°时，反射角为 40 ° 。
（3）让光沿图1中FO方向照射到镜面，它会沿着OE方向射出。这表明：在光的反射
现象中，光路是 可逆 的。
（4）如图2所示，把纸板ENF右侧绕ON向前折或向后折，在右侧纸板上看不到反射
光。这表明：在反射现象中，反射光线、入射光线和法线都在 同一平面 内。
【分析】（1）把一个平面镜放在水平桌面上，再把一张可以绕 ON翻折的纸板ABCD
竖直地立在平面镜上，纸板上的直线ON垂直于镜面；
反射光线和法线的夹角是反射角；
漫反射也是光的反射的一种现象，也遵循光的反射定律；
（2）探究光的反射规律，多次改变入射角大小并测量对应的反射角，是为了寻找普遍
规律；
入射光线与法线之间的夹角叫做入射角；反射光线与法线夹角叫反射角；
（3）根据入射光线和反射光线的位置互换进行实验，观察反射光线与原来入射光线的
关系得出结论；（4）反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
【解答】解：（1）把一个平面镜放在水平桌面上，再把一张可以绕 ON翻折的纸板
ABCD竖直地立在平面镜上，纸板上的直线ON垂直于镜面；
使一束光贴着纸板沿某一角度射到O点，光在纸板上发生漫反射，呈现径迹；
（2）探究光的反射规律，多次改变入射角大小并测量对应的反射角，是为了寻找普遍
规律；
当EO与镜面夹角为50°时，反射角的大小为90°﹣50°＝40°，所以入射角也等于40°；
（3）如果让光线逆着FO的方向射向镜面，这时的入射角为原来的反射角，根据光的反
射定律，反射角等于入射角，这时的反射角为原来的入射角，所以会发现光线原路返回，
也就是说，在反射现象中，光路是可逆的；
（4）由题意得，当显示入射光线、反射光线的纸板在同一平面上时，入射光线、反射
光线都能同时看见；当把显示反射光线的纸板NOF向前折或向后折，这时在NOF上看
不到反射光，说明反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
故答案为：（1）垂直；漫；（2）寻找普遍规律；40°；（3）可逆；（4）同一平面。
【点评】此题主要通过实验探究了光的反射定律。通过各个分实验分别探究了两角大小
和三线之间的关系。实验探究题是中考中必不可少的题目，要加强实验教学，引导学生
从实验中分析现象，归纳总结规律。培养学生观察、分析、概括能力。
25．（9分）小彬用如图所示的装置研究液体内部的压强。
（1）图1装置是测量液体内部压强的仪器。它的探头是由空金属盒蒙上橡皮膜构成的。
如果液体内部存在压强，放在液体里的薄膜就会 发生形变 ，U形管左右两侧液面
就会产生 高度差 。
（2）根据图2、图3所示现象可以研究：液体内部压强大小与 液体深度 的关系。
根据研究得出的结论，拦河坝应设计成 下宽上窄 （选填“下宽上窄”或“下窄上
宽”）的形状。
（3）如图3、图4所示，保持探头在水中的深度不变，改变探头的方向，观察U形管左右两侧液面的变化，得出结论： 同种液体、同一深度，液体向各个方向的压强相等 。
（4）为研究液体内部压强大小是否与液体密度有关，小彬接着将浓盐水缓慢倒入图3
所示容器的水中（液体未溢出、探头位置不变），静置待均匀混合后，观察到 U形管左
右两侧液面发生了变化，得出液体内部压强大小与液体密度有关的结论。小彬得出结论
的实验过程是 错误 （选填“正确”或“错误”）的，判断的依据是： 没有控制
探头所在深度一定 。
（5）通过学习，小彬利用掌握的液体压强知识测量实验所用盐水的密度，过程如下：
①向如图5所示容器中的左侧倒入适量的水，橡皮膜向右凸起；
②再向容器中的右侧缓慢倒入盐水，直至橡皮膜 变平 ；
③测得水面到橡皮膜中心的深度为h ；
1
测得盐水液面到橡皮膜中心的深度为h ；
2
④可推导出该盐水密度的表达式为
盐水
＝ （用h
1
、h
2
、
水
表示）。
【分析】（1）液体压强计就是利用ρ当薄膜受压强时，薄膜会发生形变，ρ U形管中液面
就会产生高度差，压强越大，U形管液面高度差越大，这用到了转换法；
（2）液体压强随着深度的增加而增加；
（3）液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度
差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；
（4）液体压强大小跟液体深度和液体的密度有关。探究液体压强跟深度关系时，控制
液体的密度不变，改变液体深度；探究液体压强跟液体的密度时，控制探头所在深度一
定，改变液体的密度的大小；
（5）在本实验中，我们要根据实验目的，控制相应的变量。观察到橡皮膜相平，则左
右液体产生的压强相同，根据p＝ 液gh可求出液体的密度的表达式。
【解答】解：（1）当将探头放在ρ液体里时，由于液体内部存在压强，金属盒上的薄膜
就会发生形变，U形管左右两侧液面就会产生高度差，高度差的大小反映了橡皮膜所受
压强的大小，U形管液面的高度差这越大，液体内部的压强越大，这用到了转换法；
（2）分析图2、图3的实验现象可以发现，两次实验中液体的种类相同而探头所处的深
度不同，图3中U形管左右两侧液面高度差较大，这就说明图3中探头所受的压强较大，
由此我们可以得出初步结论：在同种液体中，液体压强随着液体深度的增加而增大，所
以，为了保证坝体的安全，应做成下宽上窄的形状；（3）通过U形管左右两侧液面的高度差反映薄膜所受压强的大小，这是应用了转换法；
如图3、图4所示，保持探头在水中的深度不变，改变探头的方向，观察U形管两侧液
面的高度差，发现高度差不变；这表明：同种液体、同一深度，液体向各个方向的压强
相等；
（4）小彬保持图3中金属盒的位置不变，并将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，液体的
深度增大，液体的密度增大，U形管左右液面差增大，没有控制探头所在深度一定，不
能探究液体压强跟液体的密度的关系；
（5）在左侧加入适量的水，在右侧缓慢倒入待测液体，直到观察到橡皮膜变平，则左
右液体产生的压强相同，测得水面到橡皮膜中心的深度为h ，测得盐水液面到橡皮膜中
1
心的深度为h 2 ，根据 水gh 1 ＝ 盐水gh 2 可知液体的密度的表达式： 盐水 ＝ × 水 。
故答案为：（1）发生ρ形变；高ρ度差；（2）液体深度；下宽上窄；ρ （3）同种ρ液体、同
一深度，液体向各个方向的压强相等；（4）错误；没有控制探头所在深度一定；（5）
变平； × 水 。
【点评】本题ρ 利用压强计等装置“探究液体内部压强”的规律，考查器材调试、控制变
量法和转换法的运用。
26．（9分）小红在“探究电流与电压和电阻关系”的实验中，使用的实验器材有：两节
新干电池、滑动变阻器（满足实验要求）、电流表、电压表、开关、导线和定值电阻若
干。实验过程如下：（1）请根据小红设计的电路图（图1）将实物图（图2）连接完整（要求：导线不交
叉）。
（2）小红把5 的定值电阻接入电路，将滑动变阻器的滑片调至最 右 （选填
“左”或“右”Ω）端。闭合开关，移动滑片P，发现电压表示数无变化，电流表示数有
变化，其原因可能是定值电阻 被短路 。
（3）排除故障后，闭合开关，调节滑片P，当电压表的示数为0.5V时，电流表的示数
如图3所示，则电流表示数为 0.1 A。继续实验，将实验数据记录在表中，分析数
据可得出结论：在电阻一定时， 通过导体的电流和导体两端的电压成正比 。
电压U/V 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5 3
电流I/A 0.2 0.3 0.4 0.5 0.6
（4）小红接下来探究电流与电阻的关系。分别将 5 、10 、15 、20 、25 的定值电
阻接入电路，闭合开关，正确进行操作，并根据实验Ω数据Ω绘制出Ω图像，Ω如图Ω4所示。根
据数据分析得出结论： 在导体两端电压一定时 ，通过导体的电流与导体的电阻成反
比。该过程中滑动变阻器除保护电路外，还起到 控制定值电阻两端的电压不变 的
作用。
（5）小红在得出电流与电压和电阻的定量关系后，要测量一个标记不清的定值电阻阻
值（约为30 ），利用现有器材，设计了如图5所示的电路。
Ω①闭合开关，将滑动变阻器接入最大阻值R 时，记录电压表示数为U ；
0 1
② 将滑动变阻器的滑片调至最左端时 ，记录电压表示数为U ；
2
③得出了定值电阻阻值的表达式：R ＝ R （用U 、U 、R 表示）。
x 0 1 2 0
【分析】（1）根据电路图的要求，滑动变阻器向右滑动阻值变大，确定将滑动变阻器
的左下接线柱接入电路，连接实物图；
（2）闭合开关前，滑动变阻器连入电路中的电阻最大；闭合开关，移动滑片P，电流表
有示数，说明电路为通路，发现电压表示数无变化，说明可能定值电阻被短路了；
（3）根据电流表选用量程确定分度值读数；
分析数据，导体两端电压与通过导体电流的比值是一个定值，得出电压和电流的关系；
（4）根据I﹣R图像的特征分析解答；
探究“电流和电阻关系”时，要控制电压不变，为得出普遍性的结论，要多次测量，据
此分析滑动变阻器的另外一个作用；
（5）由电路图可知，滑动变阻器与未知定值电阻R 串联接入电路，电压表测量定值电
X
阻两端的电压，当滑动变阻器不接入，即将滑动变阻器滑片调至最左端，接入电路阻值
为0时，电源电压U与电压表示数U 相等，由串联电路的电压规律可知：此时滑动变
2
阻器两端电压从而得到通过电路的电流，根据欧姆定律可得定值电阻阻值的表达式。
【解答】解：（1）根据电路图的要求，滑动变阻器向右滑动阻值变大，确定将滑动变
阻器的左下接线柱接入电路，连接实物图如下：
（2）为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器连入电路中的电阻最大，即滑片 P移到滑
动变阻器的最右端；
闭合开关，移动滑片P，电流表有示数，说明电路为通路，发现电压表示数无变化，说
明可能定值电阻短路了；
（3）电流表的示数如图3所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.1A；分析数据，导体两端电压与通过导体电流的比值是一个定值，可以得出结论：在电阻一
定时，通过导体的电流和导体两端的电压成正比；
（4）由图4可知，I﹣R图像为反比例函数图像，故小红可得出结论：在导体两端电压
一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
探究“电流和电阻关系”时，要控制电压不变，为得出普遍性的结论，要多次测量，
故在本实验中滑动变阻器除具有保护电路外，还起到的主要作用是：控制定值电阻两端
的电压不变；
（5）由电路图可知，滑动变阻器与未知定值电阻R 串联接入电路，电压表测量定值电
X
阻两端的电压，
当滑动变阻器不接入，即将滑动变阻器滑片调至最左端，接入电路阻值为0时，电源电
压U与电压表示数U 相等，
2
闭合开关，将滑动变阻器接入最大阻值R 时，记录电压表示数为U ，
0 1
由串联电路的电压规律可知：此时滑动变阻器两端电压U滑 ＝U﹣U
1
＝U
2
﹣U
1
，
通过电路的电流I＝ ，
由欧姆定律I＝ 得R 的阻值：
X
R ＝ ＝ R 。
X 0
故答案为：（1）如上图所示；（2）右；被短接；（3）0.1；通过导体的电流与导体两
端电压成正比；（4）在导体两端电压一定时；控制定值电阻两端的电压不变；（5）
②将滑动变阻器的滑片调至最左端时； R 。
0
【点评】本题探究电流与电压和电阻关系，考查电路连接、故障分析、电流表读数、实
验结论及测量电阻的特殊方法等知识。
五、分析与交流题（27题5分，28题5分，共10分）
27．（5分）阅读短文，回答问题。
化石能源目前仍是世界上许多国家的主要能源，但化石能源的大量开采利用使化石能源接近枯竭，也给人类生存环境带来极大的隐患。石油危机、环境污染，在全球范围内引
起了人类对能源问题的思考，我国对此问题尤为重视。为了解决环境污染、能源枯竭问
题，中国率先在75届联合国大会上提出“碳达峰”、“碳中和”两个奋斗目标，同时
大力发展风能、太阳能、核能等新能源。我国风力资源丰富，在东南沿海、西北沙漠优
势突出。风能用之不竭、清洁环保，所以我国加大风能的开发和利用。如图甲是我国某
风力发电基地，风力发电机组主要由风机叶片和发电机组组成。
（1）风力发电是把风能转化为电能，风能是 可再生 （选填“可再生”或“不可再
生”）能源。
（2）某段风机叶片的形状像飞机的机翼，若叶片位置和风向如图乙所示，由于叶片两
面形状不同导致叶片两面空气流速不同，从而产生 压强 差，可以使风机叶片转动。
（3）风机叶片具有质量轻、强度高等性能，通常用密度 小 （选填“大”或
“小”）、硬度大的复合材料制成。
（4）某风力发电机输出功率与风速的关系如图丙所示。由图像可知，当风速在v 到v
1 2
之间时，风速越大，风力发电机输出功率 越大 （选填“越大”、“不变”、“越
小”）；当风速大于v 时，风速增大， 不能 （选填“能”或“不能”）提高风力发
2
电机输出功率。
【分析】（1）风能是取之不尽用之不竭的能源，
（2）叶片上面为弧形，下面为平面，风经过叶片时，分析叶片上下空气流速，根据流
速越大压强越小，分析压强大小，分析受力情况；
（3）风机叶的质量要小，即所用材料的密度要小；
（4）由图象丙可知，风速比较小时和风速比较大时，发电机组的电功率为零，在一定
范围内电功率随风速增大而增大，据此解答。
【解答】解：（1）风力发电利用的是风能，风能可以在自然界中源源不断的得到，风
能是取之不尽用之不竭的能源，所以风能是可再生资源；
（2）风机叶片材料质量轻、强度大、耐磨损、密度小、硬度大，可以减小阻力，延长使用寿命；
（3）由乙图知，叶片的上面是突出的弧形，下面是平面，空气流过时，上面空气流速
大于下面空气流速，上面压强小于下面压强，由于叶片两面空气流速不同而产生向上的
压力差，使风叶旋转；
（3）由丙图可以知道，当风速在V 到V 之间时，风速越大，发电机组的电功率增大；
1 2
当风速在V 到V 之间时，风速越大，发电机组的电功率不会增大。
2 3
故答案为：（1）风；（2）小；压力；（3）越大；（4）不能。
【点评】本题是常识题，考查了风力发电的有关知识，属于中等题。
28．（5分）小龙家需要购买一个电热水壶。若家庭电路的电压是220V，供电热水壶使用
的室内插座的额定电流为 5A。商场现有甲、乙、丙三种电热水壶，额定容量均为
1.8L，额定电压均为220V，额定功率分别为800W、1000W和1500W。请你用学过的物
理知识帮助小龙分析：
（1）从安全用电的角度考虑，哪一种电热水壶不能选购？说明理由。
（2）若将初温相同、体积为1.8L的水烧开，从用时更短的角度考虑，在余下两种中应
选购哪种电热水壶？说明理由。（不计热损失）
【分析】（1）根据P＝UI求出插座允许接入的最大功率，与电热水壶的额定功率进行
比较，进而确定不能选购的电热水壶；
（2）根据密度公式可知两热水壶中水的质量，根据 Q吸 ＝cmΔt可知两热水壶中水吸收
热量的关系，根据P＝ 分析判断应选购的电热水壶。
【解答】解：（1）该插座能接入的用电器最大功率为：P＝UI＝220V×5A＝1100W＜
1500W，
所以不能选购额定功率为1500W的电热水壶；
（2）由 ＝ 可知，两热水壶中水的质量相等，由 Q吸 ＝cmΔt可知，烧开一壶水，两
ρ
热水壶中水吸收的热量的相等，由P＝ 可知，电功率大的热水壶用时短，
所以应选购额定功率为1000W的电热水壶。
答：（1）不能选购额定功率为1500W的电热水壶，因为额定电流为5A的插座能接入
的用电器最大功率为1100W；
（2）应选购额定功率为1000W的电热水壶，因为烧开相同的水，电功率大的热水壶用时短。
【点评】本题考查电功率公式的应用，关键是知道电功率是描电流做功快慢的物理量。
六、综合与应用题（29题8分，30题9分，共17分）
29．（8分）如图所示为我国生产的一款水陆两栖观光车，它既能在陆地上行驶，又能像
船一样在水中航行。该车的总质量是12t，空载静止在水平地面上时，四个车轮与地面
接触的总面积为0.2m2。求：
（1）该车空载静止在水平地面上时，它对水平地面的压强是多少？
（2）该车空载（驾驶员质量忽略不计）在水中航行时，受到的浮力是多少？
（3）该车在水中以 36km/h 的速度匀速直线航行 5min，此时发动机输出功率为
180kW，观光车航行过程中受到的阻力是多少？
【分析】（1）该车空载静止在水平地面上时，根据 G＝mg得出重力，根据F＝G得出
它对水平地面的压力，根据p＝ 得出它对水平地面的压强；
（2）该车空载（驾驶员质量忽略不计）在水中航行时，处于漂浮，根据F浮 ＝G得出受
到的浮力；
（3）该车在水中以36km/h的速度匀速直线航行5min，处于平衡状态，车受到的牵引力、
阻力是一对平衡力，大小相等，根据f＝F牵 ＝ 得出所受到的阻力。
【解答】解：
（1）该车空载静止在水平地面上时，重力G＝mg＝12×103kg×10N/kg＝1.2×105N；
它对水平地面的压力F＝G＝1.2×105N；
它对水平地面的压强p＝ ＝ ＝6×105Pa。
（2）该车空载（驾驶员质量忽略不计）在水中航行时，处于漂浮，受到的浮力：F浮 ＝
G＝1.2×105N；
（3）该车在水中以36km/h的速度匀速直线航行5min，处于平衡状态，车受到的牵引力、阻力是一对平衡力，大小相等，所以受到的阻力：f＝F
牵
＝ ＝ ＝
1.8×104N。
答：（1）该车空载静止在水平地面上时，它对水平地面的压强是6×105Pa。
（2）该车空载（驾驶员质量忽略不计）在水中航行时，受到的浮力是1.2×105N。
（3）该车在水中以 36km/h 的速度匀速直线航行 5min，此时发动机输出功率为
180kW，观光车航行过程中受到的阻力是1.8×104N。
【点评】本题考查压强、浮力和功率的有关计算，是一道综合题。
30．（9分）如图甲所示是一款小型电火锅，通过挡位开关实现高、中、低三挡控温功能。
图乙是它的简化电路图，R 、R 、R 均为加热电阻（阻值保持不变）。已知 R 的阻值
1 2 3 1
为176 ，电火锅的部分参数如下表所示。求：
额定Ω电压 220V
低温挡功率
中温挡功率 440W
高温挡功率 1100W
（1）R 的阻值是多少？
2
（2）电火锅在低温挡工作时的功率是多少？
（3）某次使用时，用高温挡将1kg水从20℃加热到100℃用时5.6min，该电火锅的实
际功率是多少？（不计热损失）
【分析】（1）由图乙可知，当电火锅处于高温挡时，只有 R 工作，根据P＝ 求出
3R 的阻值；当电火锅处于中温挡时，R 、R 串联，根据P＝ 求出R 、R 的串联总电
3 2 3 2 3
阻，根据串联电路的电阻特点求出R 的阻值；
2
（2）由图乙可知，当电火锅处于低温挡时，R 、R 串联，根据串联电路的电阻特点求
1 3
出R 、R 的串联总电阻，根据P＝ 求出低温挡工作时的功率；
1 3
（3）根据Q吸 ＝cm（t﹣t
0
）求出水吸收的热量，不计热量损失，电火锅消耗的电能等
于水吸收的热量，根据P＝ 求出该电火锅的实际功率。
【解答】解：（1）由图乙可知，当电火锅处于高温挡时，只有R 工作，
3
由P＝ 可知，R 的阻值：R ＝ ＝ ＝44 ；
3 3
Ω
当电火锅处于中温挡时，R
2
、R
3
串联，由P＝ 可知，R
2
、R
3
的串联总阻电阻：R中 ＝
＝ ＝110 ，
根据串联电路的电阻特点Ω可知，R
2
的阻值：R
2
＝R中 ﹣R
3
＝110 ﹣44 ＝66 ；
（2）由图乙可知，当电火锅处于低温挡时，R
1
、R
3
串联，根据Ω 串联Ω电路的Ω电阻特点可
知，R
1
、R
3
的串联总电阻：R低 ＝R
1
+R
3
＝176 +44 ＝220 ，
Ω Ω Ω
低温挡工作时的功率：P低 ＝ ＝ ＝220W；
（3）水吸收的热量为：Q吸 ＝cm（t﹣t
0
）＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃﹣20℃）
＝3.36×105J，
不计热损失，电火锅消耗的电能W＝Q吸 ＝3.36×105J，
高温挡实际功率为：P实 ＝ ＝ ＝1000W。答：（1）R 的阻值是66 ；
2
（2）电火锅在低温挡工作Ω时的功率是220W；
（3）该电火锅的实际功率是1000W。
【点评】本题考查串联电路的特点、电功率公式以及吸热公式的应用，能正确分析不同
状态下的电路连接是解题的关键。
声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2023/6/30
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