文档内容
2023年黑龙江省龙东地区中考物理试卷
一、单项选择题（每小题只有一个正确选项，每小题2分，共24分）
1．（2分）以下说法中的物理量最接近实际的是（ ）
A．教室的门高度大约80cm
B．一名中学生的重量大约是50N
C．日光灯的电流约2A
D．两个鸡蛋的重力大约为1N
2．（2分）下列关于声音的说法不正确的是（ ）
A．声音在真空中的传播速度是340m/s
B．物体振动频率越高音调越高
C．超声波击碎人体内的结石，说明声音能传递能量
D．公路安装隔音板是在传播过程中减弱噪声
3．（2分）下列现象中能用光沿直线传播解释的是（ ）
A． 筷子变“弯” B． 小孔成像
C． 雨后天空彩虹 D． 山在水中的倒影
4．（2分）下列物态变化中，属于液化现象的是（ ）
A． 壶口“白气” B． 浓雾消散
C． 冰雕变小 D． 冰雪消融5．（2分）如图所示，小强用水平向右的力推静止在水平地面上的箱子，但箱子没动。下
列说法正确的是（ ）
A．箱子受到的重力和地面对箱子的支持力是一对相互作用力
B．箱子对地面的压力和地面对箱子的支持力是一对平衡力
C．箱子受到水平方向的推力小于地面对箱子的摩擦力
D．若此时一切外力都突然消失，箱子会静止在原地
6．（2分）如图所示，底面积和质量都相同的A、B两容器，装有深度相等，质量相同的
不同液体，若容器底面受到的液体压强分别为p 和p ，容器对桌面的压力分别为F 和
A B A
F 。则下列说法正确的是（ ）
B
A．p ＝p 、F ＜F B．p ＜p 、F ＜F
A B A B A B A B
C．p ＜p 、F ＝F D．p ＞p 、F ＝F
A B A B A B A B
7．（2分）如图所示，电源电压和灯泡L的电阻不变，闭合开关S后，将滑片P向左移动
时（ ）
A．电压表示数变大，电流表示数变大
B．电压表示数变小，电流表示数变大
C．电压表示数变大，灯泡变亮
D．电压表示数变小，灯泡变暗
8．（2分）家庭厨房抽油烟机主要由排气扇和照明灯组成，它们既能同时工作，又能独立
工作，小红设计了抽油烟机的简化电路图，其中合理的是（ ）A． B．
C． D．
9．（2分）生活中我们要时刻注意用电安全，下列行为符合用电安全常识的是（ ）
A． 用湿抹布擦发光的灯泡
B． 发现有人触电迅速切断电源
C． 照明电路的安装方式
D． 多个大功率用电器 同时用一个插座
10．（2分）以下关于同一物体的内能、热量、温度说法正确的是（ ）
A．物体内能增大，温度一定升高
B．物体温度升高，一定吸收了热量
C．物体温度升高，内能一定增大
D．物体内能增大，一定吸收了热量11．（2分）标有“6V 3W”和“6V 6W”的灯L 和L （假设两灯灯丝电阻不变），若将
1 2
它们串联在某电源上，使其中一个灯正常发光时，下列说法正确的是（ ）
A．通过灯L 和L 的电流之比为1：2
1 2
B．灯L 和L 两端的电压之比为2：1
1 2
C．灯L 和L 的发光亮度相同
2 1
D．能够正常发光的灯应是灯L
2
12．（2分）如图所示的四个实验中与扬声器的工作原理相同的是（ ）
A． B．
C． D．
二、双项选择题（每小题只有两个正确选项，选项不全但正确得1分，有错误选项不得分，
每小题3分，共9分）
（多选）13．（3分）关于透镜的应用，下列说法不正确的是（ ）
A．远视眼镜利用了凸透镜对光的会聚作用
B．照相时景物成像在镜头的二倍焦距之外
C．投影仪中的投影片要放在镜头的二倍焦距之外
D．用放大镜观察蚂蚁时，蚂蚁越靠近放大镜成的像越小
（多选）14．（3分）工人用如图所示的滑轮组将重为800N的物体在5秒内匀速提升
2m，其中动滑轮重100N（不计绳重和摩擦），下列判断正确的是（ ）A．绳端移动的距离为8m
B．此滑轮组的机械效率为80%
C．拉力做功的功率为360W
D．若工人对绳子最大拉力为500N，则他最多可提起重为1400N的物体
（多选）15．（3分）如图所示的电路中，电源电压恒定为6V，变阻器R 标有“20 ，
1
0.5A”字样，定值电阻R 标有“10 ，1A”字样，若电流表的量程为“0～0.6A”，Ω电
2
压表的量程为“0～3V”，滑片移动Ω时，在保证电路安全的情况下，下列说法正确的是
（ ）
A．电流表变化范围0.3A～0.5A
B．电压表变化范围1.5V～3V
C．滑动变阻器阻值范围2 ～10
D．电路总功率最大值2.7WΩ Ω
三、填空题（每空1分，每小题2分，共24分）
16．（2分）电视机的遥控器是利用 来实现遥控的，我们可以从不同的方向看
到同一个物体是因为光在物体表面发生了 反射。
17．（2分）某单缸四冲程汽油机的飞轮转速为3000r/min，则该汽油机每分钟做功
次。如果完全燃烧 500g 汽油放出的热量是 J。（汽油的热值是
4.6×107J/kg）
18．（2分）如图所示，在某轻质杠杆B点，用弹簧测力计沿竖直方向提升一重物，当杠
杆水平静止时，弹簧测力计示数为10N，若OA＝10cm，AB＝40cm，则物体的重力大
小为 N，此杠杆属于 杠杆。19．（2分）如图所示，把一个质量为0.5kg，底面积为40cm2的平底茶壶放在水平桌面上
（茶壶壁厚度不计），壶嘴和壶身构成 。壶内装有0.6kg的水，水面到壶底
12cm，则水对壶底的压力是 N（
水
＝1.0×103kg/m3）。
ρ
20．（2分）如图所示，当右端挂一个重为10N的物体A时，物体B在水平桌面上恰好能
向右做匀速直线运动，若现在要使物体B水平向左做匀速直线运动，则应在物体B上施
加一个水平向 ，大小是 N的拉力。
21．（2 分）用摩擦过的带电塑料梳子可以吸引纸屑等物体，说明带电体具有
的性质，验电器利用了 的原理工作的。
22．（2分）小明向前行走时，他发现鞋底受到的摩擦力方向是向 （选填“前”
或“后”）。他还发现盲道上有凸起，这是采用 的方法来增大压强。
23．（2分）小强放学后到操场踢足球，当球离开脚后，仍继续向前运动一段距离，这是
因为球具有 。最后足球由于受到摩擦力停了下来，说明力能改变物体的
。
24．（2分）某学习小组用图甲探究“凸透镜成像规律”，通过实验，绘制了像距v随物
距u变化图像如图乙所示，此凸透镜的焦距是 cm。当蜡烛放在如图甲所示位置
时，调节光屏位置，直到光屏上得到清晰的像，若此时在蜡烛与凸透镜之间靠近凸透镜处放一个近视眼镜，若想在光屏上还能得到清晰的像，应该将光屏向 （选填
“靠近”或“远离”）凸透镜方向移动。
25．（2分）如图甲所示的电路中电源电压不变，小灯泡 L的额定电压为24V，当把滑片P
滑到最左端时，小灯泡恰好正常发光。图乙为通过灯泡L的电流与其两端电压的关系，
当小灯泡正常发光时灯丝的电阻为 。调节滑动变阻器R，当其连入电路的
阻值是 时，小灯泡的实际功率为3Ω.6W。
Ω
26．（2分）如图所示，将洗衣机三脚插头插入三孔插座，可使洗衣机的 与
大地相连，防止发生触电事故。将某用电器单独接在如图所示电能表上正常工作3min，
电能表转盘转了100转，则该用电器的额定功率是 W。
27．（2分）2023年6月4日神舟十五号返回舱顺利返回地球家园。在返回舱返回时进入
大气层前航天员通过 与指挥中心联系。返回舱进入大气层后，部分机械能
转化为 能，使返回舱外表温度急剧升高。
四、探究与实验题（28题7分，29题6分，30题7分，共20分）
28．（3分）如图甲所示，两名同学分别用完全相同的装置探究“水沸腾时温度变化的特
点”，绘制了a、b两杯水温度随时间变化的图像，如图乙所示，请你回答下列问题：（1）通过分析图像信息可知：实验时，大气压 （选填“大于”“小于”或
“等于”）标准大气压；
（2）通过实验得到：水沸腾必须满足的条件是温度达到沸点，且不断 ；
（3）不计热量损失，从开始加热到t 时刻，a、b两杯水吸收的热量分别为Q 和Q ，则
0 a b
Q Q （选填“大于”“小于”或“等于”）。
a b
29．（4分）某兴趣实验小组用如图所示的实验器材探究“平面镜成像的特点”的实验，
请帮他完成下列问题：
（1）实验中用薄玻璃板替代平面镜的目的是 ；
（2）实验中将蜡烛向玻璃板靠近，则像的大小 ；
（3）在实验过程中，将物理课本放在像与薄玻璃板之间，还 （选填“能”或
“不能”）观察到像；
（4）完成实验后，该小组同学发现平面镜所成的像与物体关于平面镜 。
30．（6分）如图所示是物理兴趣小组探究“影响浮力大小的因素”的实验，根据他的实
验探究数据，请你回答下列问题：（
水
＝1.0×103kg/m3）
ρ
（1）由图可知物体浸没在水中受到的浮力F浮 ＝ N；（2）由图ACD可知，浮力大小与物体浸没深度 （选填“无关”或“有
关”）；
（3）分析此实验可得出：物体受到的浮力大小与 和 有
关；
（4）经进一步计算可知物体体积 V＝ m3，物体的密度 ＝
kg/m3。 ρ
31．（7分）在探究“电流与电阻关系”实验时，老师给小明提供了如下器材：电源（电
压恒定为4.5V），电流表，电压表，开关各一个，滑动变阻器甲“10 ，2A”和滑动变
阻器乙“20 ，1A”各一个，定值电阻5 、10 、15 各一个，导线若Ω干。
Ω Ω Ω Ω
（1）注意在连接电路时，开关必须处于 状态；
（2）用笔画线代替导线，将图甲的实验电路连接完整（要求：滑动变阻器滑片 P向左
滑动时电流表示数变大，导线不允许交叉）；
（3）正确连接电路后闭合开关，发现电流表有示数，无论怎样移动滑片P，电压表都无
示数，则故障可能是 （答出一种情况即可）；
（4）排除故障后，小明把5 的电阻接入电路中，移动滑片P到适当位置，读出电流表
示数如图乙所示，正确记录后Ω，小明又改用10 电阻继续实验，闭合开关后，小明应将
滑片P向 （选填“左”或者“右”）移Ω动至电压表示数为 V；
（5）小明在实验中所选用的滑动变阻器应该是 （选填“甲”或“乙”）；
（6）利用老师给的器材，还能完成的电学实验有： （写出一个即可）。
五、分析与交流题（每小题4分，共8分）
32．（4分）2023年5月28日12时31分，由C919大型客机执飞的东方航空MU9191航
班，从上海虹桥机场飞抵北京首都国际机场。请描述飞机如何获得升力？（图乙是机翼
横切面图）33．（4分）在家庭电路中，如果导线断了又连接起来，连接处往往比别处更容易发热，
会加速老化，甚至引起火灾。这是为什么？
六、综合与应用题（33题7分，34题8分，共15分）
34．（7分）如图是目前一些学校为中小学生提供的校车，方便学生的上下学同时也保证
了学生的安全。小明同学家距离学校12km，他乘校车到学校用时30min。问：
（1）校车从小明家到学校的平均速度是多少km/h？
（2）若校车和人的总质量为4.5t，当校车静止时与水平地面的总接触面积为0.15m2，
此时校车对地面压强是多少？
（3）若校车以36km/h的速度在水平地面上匀速行驶一段距离，校车受到的阻力是车和
人总重力的0.1倍，此时该校车牵引力的功率是多少？
35．（8分）图甲是一款紫砂电饭锅，其简化电路如乙图所示，R 和R 是电热丝，通过单
1 2
独或同时闭合开关实现低温和高温挡切换，低温挡功率为 440W，高温挡功率为
880W，已知粥的比热容c粥 ＝4.0×103J/（kg•℃）。求：
（1）当电饭锅正常使用时，处于低温挡时的电流；
（2）电热丝R 的阻值；
2
（3）若不考虑能量损失，正常使用高温挡将2kg的粥从20℃加热到86℃时需要的时间；
（4）若实际正常使用高温挡加热的时间为800s，该电饭锅的加热效率。2023年黑龙江省龙东地区中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（每小题只有一个正确选项，每小题2分，共24分）
1．（2分）以下说法中的物理量最接近实际的是（ ）
A．教室的门高度大约80cm
B．一名中学生的重量大约是50N
C．日光灯的电流约2A
D．两个鸡蛋的重力大约为1N
【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要
进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、一层楼的高度约3m，教室门的高度约2m，故A不符合实际；
B、一名中学生的重量大约是500N，故B不符合实际；
C、日光灯的电流约0.2A，故C不符合实际；
D、两个鸡蛋的重力大约为1N，故D符合实际。
故选：D。
【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地
学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
2．（2分）下列关于声音的说法不正确的是（ ）
A．声音在真空中的传播速度是340m/s
B．物体振动频率越高音调越高
C．超声波击碎人体内的结石，说明声音能传递能量
D．公路安装隔音板是在传播过程中减弱噪声
【分析】（1）声音的传播是需要介质的，它既可以在气体中传播，也可以在固体和液
体中传播，但不能在真空中传播；
（2）音调的高低与频率有关，频率越快，音调越高；
（3）声音可以传递信息，可以传递能量；
（4）防治噪声污染可以从噪声的产生、噪声的传播及噪声的接收这三个环节进行防治。
【解答】解：A、声音不能在真空中进行传播，故A错误；
B、物体振动频率越高音调越高，故B正确；
C、医生利用超声波击碎人体内的结石，说明声波能传递能量，故C正确；
D、公路旁安装隔音墙是为了在传播过程中减弱噪声，故D正确。故选：A。
【点评】本题考查了声音有关的多个问题，要结合声音的产生、传播条件和声音的特征，
以及噪声的防治进行分析解答。
3．（2分）下列现象中能用光沿直线传播解释的是（ ）
A． 筷子变“弯” B． 小孔成像
C． 雨后天空彩虹 D． 山在水中的倒影
【分析】（1）在日常生活中，激光准直、日月食、小孔成像和影子的形成等都表明光
在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
（2）当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜
成像、水中倒影等；
（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看
水里的鱼比实际位置浅、彩虹等。
【解答】解：A．筷子在水面处“断”了，是光的折射现象，故A不符合题意；
B．小孔成像，是由光沿直线传播形成的，故B符合题意；
C．雨后天空中出现彩虹，是光照射到空气中的小水滴上发生的折射现象，故 C不符合
题意；
D．山在水中的“倒影”，是平面镜成像，属于光的反射现象，故D不符合题意。
故选：B。
【点评】本题考查学生对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要
善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。
4．（2分）下列物态变化中，属于液化现象的是（ ）A． 壶口“白气” B． 浓雾消散
C． 冰雕变小 D． 冰雪消融
【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变
为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝
固。
【解答】解：A、壶口“白气”，是空气中的水蒸气遇冷液化为小水珠，是液化现象，
故A正确；
B、浓雾消散，是汽化现象，故B错误；
C、冰雕变小，是熔化现象，故C错误；
D、冰雪消融，是熔化现象，故D错误。
故选：A。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处
于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
5．（2分）如图所示，小强用水平向右的力推静止在水平地面上的箱子，但箱子没动。下
列说法正确的是（ ）
A．箱子受到的重力和地面对箱子的支持力是一对相互作用力
B．箱子对地面的压力和地面对箱子的支持力是一对平衡力
C．箱子受到水平方向的推力小于地面对箱子的摩擦力
D．若此时一切外力都突然消失，箱子会静止在原地
【分析】（1）平衡力的条件大小相等，方向相反，作用在同一物体上，作用在同一直
线上；
（2）相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上；
（3）物体处于静止状态，受平衡力的作用。
（4）据牛顿第一运动定律知，一切物体在没有受到任何外力时，其总是保持静止状态
或匀速直线运动状态。
【解答】解：A．箱子受到的重力和地面对箱子的支持力大小相等，方向相反，作用在
同一物体上，作用在同一直线上是一对平衡力，故A错误；
B．箱子对地面的压力和地面对箱子的支持力是大小相等、方向相反、作用在两个物体
上，作用在同一条直线上，一对相互作用力，故B错误；
C．箱子没动处于静止状态，受力平衡，箱子受到水平方向的推力等于地面对箱子的摩
擦力，故C错误；
D．据牛顿第一运动定律知，一切物体在没有受到任何外力时，其总是保持静止状态或
匀速直线运动状态；箱子原来静止，若此时一切外力都突然消失，箱子仍会静止在原地，
故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查牛顿第一定律的应用、惯性知识、相互作用力与平衡力，属于中档题。
6．（2分）如图所示，底面积和质量都相同的A、B两容器，装有深度相等，质量相同的
不同液体，若容器底面受到的液体压强分别为p 和p ，容器对桌面的压力分别为F 和
A B A
F 。则下列说法正确的是（ ）
B
A．p ＝p 、F ＜F B．p ＜p 、F ＜F
A B A B A B A B
C．p ＜p 、F ＝F D．p ＞p 、F ＝F
A B A B A B A B
【分析】由图可知，A容器内液体的体积大于乙容器内液体的体积，根据 ＝ 比较两
容器内液体的密度关系，又知道两容器内液体的深度相同，根据 p＝ gh比ρ较两容器内
液体对容器底部的压强关系； ρ
A、B两容器的质量相等，容器内液体的质量也相等，根据水平面上物体的压力和自身
的重力相等判断容器对水平桌面的压力关系。
【解答】解：由图可知，A容器内液体的体积大于乙容器内液体的体积，且两液体的质量相等，所以，由 ＝ 可知，A容器内液体的密度小于B容器内液体的密度，即 ＜
A
；由图可知两容器ρ 内液体的深度相同，由p＝ gh可知，A容器内液体对容器底部ρ 的
B
ρ压强较小，即p ＜p ； ρ
A B
由题意可知，A、B两容器的质量相等，容器内液体的质量也相等，因水平面上物体的
压力和自身的重力相等，所以，由F＝G＝mg可知，两容器的总质量相等，重力相等，
对水平桌面的压力相等，即F ＝F 。
A B
故选：C。
【点评】本题考查了密度公式和液体压强公式的应用、压力的大小比较，关键是知道水
平面上物体的压力和自身的重力相等。
7．（2分）如图所示，电源电压和灯泡L的电阻不变，闭合开关S后，将滑片P向左移动
时（ ）
A．电压表示数变大，电流表示数变大
B．电压表示数变小，电流表示数变大
C．电压表示数变大，灯泡变亮
D．电压表示数变小，灯泡变暗
【分析】由图可知，开关闭合后，该电路为串联电路，电压表测量滑动变阻器两端的电
压，电流表测量电路中的电流；根据滑片的移动方向判定滑动变阻器接入电路电阻的变
化，根据欧姆定律分析电路中电流的变化和灯泡两端电压的变化，根据串联电路的分压
规律判定电压表示数的变化；根据P＝I2R分析灯泡实际功率的变化和亮度的变化。
【解答】解：由图可知，开关闭合后，该电路为串联电路，电压表测量滑动变阻器两端
的电压，电流表测量电路中的电流；
将滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据串联电路的分压规律可知，
滑动变阻器两端的电压变小，电压表示数变小；
滑动变阻器阻值变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电流表示
数变大；根据P＝I2R可知，灯泡的实际功率变大，亮度变亮；
综上所述，B正确。
故选：B。
【点评】本题考查了电路的动态分析，明确电路的连接方式是解题的关键。
8．（2分）家庭厨房抽油烟机主要由排气扇和照明灯组成，它们既能同时工作，又能独立
工作，小红设计了抽油烟机的简化电路图，其中合理的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】根据排气扇和照明灯既能同时工作，又能分别独立工作，分析排气扇（电动
机）和灯泡的连接方式及开关情况，从而选择正确答案。
【解答】解：由题意知，排气扇和照明灯既能同时工作，又能分别独立工作，所以排气
扇（电动机）和灯泡是并联关系，且各自的支路有一个开关控制，干路上有一个总开关；
由各选项可知，D正确。
故选：D。
【点评】本题利用了并联电路的特点：用电器并联后，可以相互不影响。
9．（2分）生活中我们要时刻注意用电安全，下列行为符合用电安全常识的是（ ）
A． 用湿抹布擦发光的灯泡
B． 发现有人触电迅速切断电源C． 照明电路的安装方式
D． 多个大功率用电器 同时用一个插座
【分析】（1）生活用水是导体；
（2）有人触电时不能用手拉他，应立刻切断电源或用干燥的木棒将人和电线分开；
（3）为了安全，开关与所控制的用电器串联，并且开关需接在火线与用电器之间；
（4）同一插座上连接的用电器不能过多，否则会引起电路电流过大，造成火灾。
【解答】解：A、由于生活用水是导体，所以用湿抹布擦发光的灯泡很容易使得人触电，
故A不符合安全用电原则；
B、发现有人触电，施救时应先将触电者与带电体分离，切断电源或用干燥竹竿等绝缘
体将电线挑开，故B符合安全用电原则；
C、为了安全，开关需接在火线与用电器之间，图中的开关接在了零线与灯之间，故C
不符合安全用电原则；
D、多个大功率用电器同时用一个插座，通过插座的电流较大，可能会造成火灾，故 D
不符合安全用电原则。
故选：B。
【点评】本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，
加强安全意识，不能违反。
10．（2分）以下关于同一物体的内能、热量、温度说法正确的是（ ）
A．物体内能增大，温度一定升高
B．物体温度升高，一定吸收了热量
C．物体温度升高，内能一定增大
D．物体内能增大，一定吸收了热量
【分析】（1）晶体熔化过程中，吸热内能增加，但温度不变；
（2）内能的大小与物体的质量、温度、状态等因素有关；（3）物体对外做功，物体的内能会减小；
（4）做功和热传递都可以改变物体的内能。
【解答】解：A．物体内能增大，温度不一定升高，比如晶体熔化过程中，吸热内能增
加，但温度不变，故A错误；
B．物体温度升高，内能增大，可能是吸收了热量，也可能是由于外界物体对它做了功，
故B错误；
C．同一物体，质量不变，物体温度升高，内能一定增大，故C正确；
D．物体内能增大，可能是吸收了热量，也可能是由于外界物体对它做了功，故D错
误。
故选：C。
【点评】要特别注意：物体温度升高、内能一定增加，但是物体内能增加、温度不一定
升高；物体吸热、温度不一定升高，物体温度升高、不一定吸热。
11．（2分）标有“6V 3W”和“6V 6W”的灯L 和L （假设两灯灯丝电阻不变），若将
1 2
它们串联在某电源上，使其中一个灯正常发光时，下列说法正确的是（ ）
A．通过灯L 和L 的电流之比为1：2
1 2
B．灯L 和L 两端的电压之比为2：1
1 2
C．灯L 和L 的发光亮度相同
2 1
D．能够正常发光的灯应是灯L
2
【分析】（1）已知额定电压和额定功率，根据P＝UI求出两灯泡的额定电流，根据欧
姆定律求出两灯泡的电阻；
（2）根据串联电流相等，电压之比等于电阻之比，分析得出结论；
（3）将它们串联在某电源上，通过的电流相等，利用P＝I2R可得实际功率，灯泡的亮
度由实际功率决定；
（4）比较得出串联时电路中的最大电流，由此可知能正常发光的灯。
【解答】解：“6V 6W”表示L 的额定电压为6V、额定功率为6W；“6V 3W”表示
1
L 的额定电压为6V、额定功率为3W；
2
由P＝UI可知，灯L
1
的额定电流：I
1额
＝ ＝ ＝0.5A；灯L
2
的额定电流：I
2额
＝
＝ ＝1A，由欧姆定律可知，灯L 的电阻：R ＝ ＝ ＝12 ；
1 1
Ω
灯L 的电阻：R ＝ ＝ ＝6 ，
2 2
A、将它们串联在某电源上，通过的Ω电流相等，电流之比为1：1，则故A错误；
B、根据U＝IR，串联电流相等，电压之比等于电阻之比，为12 ：6 ＝2：1，故B正
确； Ω Ω
C、根据P＝I2R可知，灯泡L 、L 的电流相等，灯L 、L 的电阻不同，则电功率不同，
1 2 1 2
灯泡的亮度不同，故C错误；
D、当电路中的最大电流：I最大 ＝0.5A，此时I最大 ＝I
1额
，灯泡L
1
正常发光，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了串联电路的特点和电功率的应用，关键是知道灯泡正常发光时的电
流和额定电流相等。
12．（2分）如图所示的四个实验中与扬声器的工作原理相同的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】扬声器是利用通电线圈在磁场中受到力的作用来工作的，结合选项以及相关电
磁学知识进行解答。
【解答】解：扬声器是利用通电线圈在磁场中受到力的作用来工作的；
A．该图是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，故A不符合题意；
B．该图毛皮摩擦过的橡胶棒都带负电，所以它们相互排斥，故B不符合题意；
C．图中是通电导体在磁场中受力而运动，与扬声器的原理相同，故C符合题意；
D．该图是探究电磁感应现象的实验，即闭合回路中的一部分导体做切割磁感线运动，会产生感应电流的现象，故D不符合题意
故选：C。
【点评】解答本题的关键是首先要明确扬声器的原理是什么，再依次判断选项中的装置
与涉及的原理，并进行逐一对照。
二、双项选择题（每小题只有两个正确选项，选项不全但正确得1分，有错误选项不得分，
每小题3分，共9分）
（多选）13．（3分）关于透镜的应用，下列说法不正确的是（ ）
A．远视眼镜利用了凸透镜对光的会聚作用
B．照相时景物成像在镜头的二倍焦距之外
C．投影仪中的投影片要放在镜头的二倍焦距之外
D．用放大镜观察蚂蚁时，蚂蚁越靠近放大镜成的像越小
【分析】（1）近视眼用凹透镜进行矫正，凹透镜对光线有发散作用；远视眼用凸透镜
进行矫正，凸透镜对光线有会聚作用。
（2）根据凸透镜成像的三种情况和应用进行判断：
u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机，2f＞v＞f。
2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用于投影仪，v＞2f。
u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜。
（3）凸透镜成虚像时，物距变小，像变小。
【解答】解：
A、远视眼将像成在视网膜之后，远视眼镜利用了凸透镜对光的会聚作用，可使光线提
前会聚，故A正确；
B、照相机是根据物距大于二倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像工作的，所以，照
相时，景物在镜头二倍焦距以外，像成在凸透镜的一倍焦距和二倍焦距之间，故B错误；
C、投影仪是根据物距大于一倍焦距小于二倍焦距时，凸透镜成倒立、放大的实像工作
的，所以，投影仪中的投影片应放在镜头的一倍焦距和二倍焦距之间，故C错误；
D、用放大镜观察蚂蚁时，蚂蚁越靠近放大镜时物距越小，成的像越小，故D正确。
故选：BC。
【点评】此题考查了有关凸透镜成像的规律及应用，同时考查了有关远视眼的成因及矫
正，是一道基础性题目。
（多选）14．（3分）工人用如图所示的滑轮组将重为800N的物体在5秒内匀速提升
2m，其中动滑轮重100N（不计绳重和摩擦），下列判断正确的是（ ）A．绳端移动的距离为8m
B．此滑轮组的机械效率为80%
C．拉力做功的功率为360W
D．若工人对绳子最大拉力为500N，则他最多可提起重为1400N的物体
【分析】（1）根据S绳 ＝nh计算绳端移动的距离；
（2）不计绳重和摩擦时，利用 ＝ ×100%＝ ×100%＝
×100%计算滑轮组的机械效率；η
（3）先利用速度公式计算出物体上升的速度，再利用 v绳 ＝nv物 计算出绳子自由端移动
的速度，最后利用P＝Fv绳 计算拉力做功的功率；
（4）不计绳重和摩擦时，利用G大 ＝nF大 ﹣G动 计算出最多可提起的最大物重。
【解答】解：
A、由图知，n＝3，则有绳端移动的距离s绳 ＝nh＝3×2m＝6m，故A错误；
B、不计绳重和摩擦时，滑轮组的机械效率 ＝ ×100%＝ ×100%
η
＝ ×100%＝ ≈88.9%，故B错误；
C、物体上升的速度 v 物 ＝ ＝ ＝0.4m/s，绳子自由端移动的速度 v 绳 ＝nv 物 ＝
3×0.4m/s＝1.2m/s，
不计绳重和摩擦时，拉力F＝ ＝ ＝300N，拉力做功的功率P＝Fv
绳
＝300N×1.2m/s＝360W，故C正确；D、若工人对绳子最大拉力为500N时，由于不计绳重和摩擦，则最多可提起的最大物
重G大 ＝nF大 ﹣G动 ＝3×500N﹣100N＝1400N，故D正确。
故选：CD。
【点评】本题考查了使用滑轮组绳子拉力及通过距离、功率、滑轮组的机械效率、最大
物重的计算，要求学生熟练掌握和应用公式及其变形式。
（多选）15．（3分）如图所示的电路中，电源电压恒定为6V，变阻器R 标有“20 ，
1
0.5A”字样，定值电阻R 标有“10 ，1A”字样，若电流表的量程为“0～0.6A”，Ω电
2
压表的量程为“0～3V”，滑片移动Ω时，在保证电路安全的情况下，下列说法正确的是
（ ）
A．电流表变化范围0.3A～0.5A
B．电压表变化范围1.5V～3V
C．滑动变阻器阻值范围2 ～10
D．电路总功率最大值2.7WΩ Ω
【分析】由电路图可知，R 与R 串联，电压表测R 两端的电压，电流表测电路中的电
1 2 1
流。
（1）根据串联电路的电流特点结合变阻器R 、定值电阻R 允许通过的最大电流、电流
1 2
表量程确定电路中的最大电流，此时R 两端的电压最大，电路的总功率最大，变阻器
2
接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出R 两端电压，根据P＝UI求出电路的最大
1
功率，根据串联电路的电压特点求出变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出变阻器接入
电路中的最小阻值；
（2）当电压表的示数最大时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电路的总
功率最小，根据串联电路的电压特点求出此时R 两端的电压，根据欧姆定律求出电路
1
中的最小电流，再根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值。
【解答】解：由电路图可知，R 与R 串联，电压表测R 两端的电压，电流表测电路中
1 2 1
的电流。（1）因串联电路中各处的电流相等，变阻器R 允许通过的最大电流为0.5A、定值电阻
1
R
2
允许通过的最大电流为1A、电流表量程为0～0.6A，所以，电路中的最大电流I大 ＝
0.5A；
此时R 两端的电压最大，电路的总功率最大，变阻器接入电路中的电阻最小，
2
由I＝ 可得，R
2
两端电压：U
2大
＝I大R
1
＝0.5A×10 ＝5V；
电路的最大功率：P大 ＝UI大 ＝6V×0.5A＝3W，故DΩ错误；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，变阻器两端的电压：U
1
＝U﹣U
2大
＝6V
﹣5V＝1V；
则变阻器接入电路中的最小阻值：R
1小
＝ ＝ ＝2 ；
（2）当电压表的示数最大时，接入电路中的电阻最大，Ω电路中的电流最小，电路的总
功率最小，
此时R
2
两端的电压：U
2
＝U﹣U
1大
＝6V﹣3V＝3V，所以电压表变化范围1V～3V，故B
错误；
电路中的最小电流：I小 ＝ ＝ ＝0.3A；则电流表变化范围0.3A～0.5A，故A正
确；
滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R
1大
＝ ＝ ＝10 ，所以，滑动变阻器连
入电路的阻值在2 ～10 范围内变化，故C正确； Ω
故选：AC。 Ω Ω
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是电路中最
大和最小电流的确定。
三、填空题（每空1分，每小题2分，共24分）
16．（2分）电视机的遥控器是利用 红外线 来实现遥控的，我们可以从不同的方向看
到同一个物体是因为光在物体表面发生了 漫 反射。
【分析】（1）红外线是众多太阳光线中不可见的一种，其特点是：热作用强、穿透云
雾的能力强，电视机的遥控器工作时通过红外线来传递的；
（2）漫反射时反射光线射向各个方向，所以我们能从各个不同方向看到本身不发光的物体。
【解答】解：看电视时，人们可以通过遥控器发出的红外线；
我们可以从不同的方向看到同一个物体是因为光在物体表面发生了漫反射，反射光线射
向各个方向的缘故。
故答案为：红外线；漫。
【点评】本题主要考查了对红外线、光的反射现象等知识的了解和掌握，是一道基础题。
17．（2 分）某单缸四冲程汽油机的飞轮转速为 3000r/min，则该汽油机每分钟做功
1500 次。如果完全燃烧 500g 汽油放出的热量是 2.3×1 0 7 J。（汽油的热值是
4.6×107J/kg）
【分析】（1）四冲程汽油机一个工作循环完成4个冲程，飞轮中曲轴转2圈，对外做
功1次；
（2）根据Q放 ＝mq求出完全燃烧500g汽油放出的热量。
【解答】解：四冲程汽油机的飞轮转速为3000r/min，即汽油机飞轮每分钟转3000圈，
由于四冲程汽油机一个工作循环完成4个冲程，飞轮中曲轴转2圈，对外做功1次，所
以该汽油机每分钟做功1500次；
完全燃烧500g汽油放出的热量：Q放 ＝mq＝500×10﹣3kg×4.6×107J/kg＝2.3×107J。
故答案为：1500；2.3×107。
【点评】本题考查热机人有关计算以及燃料完全燃烧放热的计算，难度不大。
18．（2分）如图所示，在某轻质杠杆B点，用弹簧测力计沿竖直方向提升一重物，当杠
杆水平静止时，弹簧测力计示数为10N，若OA＝10cm，AB＝40cm，则物体的重力大
小为 5 0 N，此杠杆属于 省力 杠杆。
【分析】根据杠杆的平衡条件求出物体重力的大小；
判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
【解答】解：O为支点，动力臂OB大于阻力臂OA，所以此杠杆为省力杠杆；
根据杠杆的平衡条件可知：F×OB＝G×OA，即：10N×（10cm+40cm）＝G×10cm，解得：
G＝50N。故答案为：50；省力。
【点评】本题考查了杠杆平衡条件的应用、杠杆的分类，属于基础题。
19．（2分）如图所示，把一个质量为0.5kg，底面积为40cm2的平底茶壶放在水平桌面上
（茶壶壁厚度不计），壶嘴和壶身构成 连通器 。壶内装有0.6kg的水，水面到壶底
12cm，则水对壶底的压力是 4. 8 N（ 水 ＝1.0×103kg/m3）。
ρ
【分析】（1）上端开口不连通，下部连通的容器叫做连通器；
（2）根据p＝ gh求水对壶底的压强；根据p＝ 求出水对壶底的压力。
【解答】解：（ρ1）茶壶的壶身与壶嘴上端开口不连通，下部相连通是连通器；
（2）水对壶底的压强：p＝ 水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×12×10﹣2m＝1.2×103Pa，
ρ
由p＝ 可知，水对壶底的压力：F＝pS＝1.2×103Pa×40×10﹣4m2＝4.8N。
故答案为：连通器；4.8。
【点评】本题考查连通器的原理、液体压强公式和压强定义式的应用，要注意先后顺序，
对于液体，先计算液体压强（p＝ gh），后计算液体对容器底部的压力（F＝pS）。
20．（2分）如图所示，当右端挂一ρ个重为10N的物体A时，物体B在水平桌面上恰好能
向右做匀速直线运动，若现在要使物体B水平向左做匀速直线运动，则应在物体B上施
加一个水平向 左 ，大小是 2 0 N的拉力。
【分析】物体B在物体A的作用下向右匀速直线运动，物体B在水平方向上受到水平向
右的拉力和水平向左的摩擦力作用，根据二力平衡条件求出摩擦力大小；
物体B向左匀速直线运动时，物体对水平桌面的压力不变，接触面粗糙程度不变，物体
B和水平桌面的摩擦力不变。物体B水平方向上受到水平向左的拉力、水平向右的拉力、水平向右的摩擦力作用，水平向左的拉力和水平向右的拉力、水平向右的摩擦力是三个
力平衡，根据平衡力条件求出水平向左的拉力。
【解答】解：物体B水平向右运动时，在水平方向上受到物体A对物体B施加的水平向
右的拉力为10N、水平向左的摩擦力作用，因物体B处于匀速直线运动状态，则摩擦力
和拉力是平衡力，所以水平向左的摩擦力与向右的拉力大小相等，为10N。
物体B水平向左运动和水平向右运动时，由于压力不变，接触面粗糙程度不变，物体 B
受到的摩擦力不变，所以物体B水平向左运动时，受到水平向右的摩擦力也是10N。
物体B水平向左匀速直线运动时，水平方向上受到水平向左的拉力、水平向右的拉力
10N（物体A对物体B施加的）、水平向右的摩擦力10N．水平向左的拉力和水平向右
的拉力、水平向右的摩擦力是三个力平衡，所以F左 ＝F右+f＝10N+10N＝20N。
故答案为：左；20。
【点评】本题物体A向右匀速直线运动，分析受力情况，根据平衡力条件求出摩擦力大
小，根据摩擦力大小的影响因素，判断出物体A向左和向右运动的摩擦力大小不变，物
体A向左匀速直线运动，再次分析受力情况，根据平衡力条件求出拉力大小。
21．（2分）用摩擦过的带电塑料梳子可以吸引纸屑等物体，说明带电体具有 吸引轻小
物体 的性质，验电器利用了 同种电荷互相排斥 的原理工作的。
【分析】（1）带电体具有吸引轻小物体的性质。异种电荷放在一起会发生电中和现象。
（2）验电器原理是：同种电荷互相排斥。
【解答】解：由于带电体能够吸引轻小物体，所以摩擦过的带电塑料梳子可以吸引纸屑
等物体；
验电器的工作原理是同种电荷互相排斥。
故答案为：吸引轻小物体；同种电荷互相排斥。
【点评】本题考查了带电体的性质、验电器的工作原理，属于基础题。
22．（2分）小明向前行走时，他发现鞋底受到的摩擦力方向是向 前 （选填“前”或
“后”）。他还发现盲道上有凸起，这是采用 减小受力面积 的方法来增大压强。
【分析】（1）摩擦力的方向与物体相对运动的方向相反；
（2）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力。
【解答】解：（1）人在一般情况下步行前进时，若鞋底与地面没有打滑，鞋底有向后
运动的趋势，因此，地面对鞋底的摩擦力方向向前；
（2）在盲道上行走时，会感觉到脚有些不舒服，这是因为：走在盲道上，压力不变，
但脚与地面的受力面积减小了，从而增大了压强。故答案为：前；减小受力面积。
【点评】本题考查了摩擦力方向的判断、压强大小的影响因素等，能利用物理知识解释
生活中的问题是解答的关键。
23．（2分）小强放学后到操场踢足球，当球离开脚后，仍继续向前运动一段距离，这是
因为球具有 惯性 。最后足球由于受到摩擦力停了下来，说明力能改变物体的 运
动状态 。
【分析】（1）物体具有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，任何物体都具有惯性。
（2）力的作用效果有两个：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态。
【解答】解：当球离开脚后，仍继续向前运动一段距离，这是因为球具有惯性保持了原
来的运动状态继续运动。最后足球由于受到摩擦力停了下来，足球的运动状态改变了，
说明力能改变物体的运动状态。
故答案为：惯性；运动状态。
【点评】本题考查惯性和力的作用效果，属于基础题。
24．（2分）某学习小组用图甲探究“凸透镜成像规律”，通过实验，绘制了像距v随物
距u变化图像如图乙所示，此凸透镜的焦距是 5 cm。当蜡烛放在如图甲所示位置时，
调节光屏位置，直到光屏上得到清晰的像，若此时在蜡烛与凸透镜之间靠近凸透镜处放
一个近视眼镜，若想在光屏上还能得到清晰的像，应该将光屏向 远离 （选填“靠
近”或“远离”）凸透镜方向移动。
【分析】凸透镜成像时，u＝v＝2f，在图象上找到u＝v对应点，根据物距和焦距的关系
求出凸透镜的焦距；
近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，使原来会聚成像的光线推迟会聚，像远
离凸透镜，要用光屏接到清晰的像，判断光屏的移动方向。
【解答】解：由图知，当物距为10cm时，像距也为10cm，根据凸透镜成像的规律，物
距等于2倍焦距时，成倒立等大的实像，此时像距与物距相等。所以2f＝10cm，则f＝
5cm；
近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，使原来会聚成像的光线推迟会聚，像远离凸透镜，要用光屏接到清晰的像，应将光屏向右调节，即向远离凸透镜的方向调节，
才能使像变清晰。
故答案为：5；远离。
【点评】此题主要考查凸透镜成像的应用、近视眼镜对光线的作用，要熟记凸透镜成像
的规律，特别搞清像的特点及像距与物距之间的关系。
25．（2分）如图甲所示的电路中电源电压不变，小灯泡 L的额定电压为24V，当把滑片P
滑到最左端时，小灯泡恰好正常发光。图乙为通过灯泡L的电流与其两端电压的关系，
当小灯泡正常发光时灯丝的电阻为 6 0 。调节滑动变阻器R，当其连入电路的阻值
是 4 0 时，小灯泡的实际功率为3.6WΩ。
Ω
【分析】灯泡与滑动变阻器串联，当滑片P滑到最左端时，小灯泡恰好正常发光。由此
确定电源电压，根据图像数据和欧姆定律计算灯泡的电阻，根据图像确定3.6W时灯泡
的电压和电流，根据串联电路的特点和欧姆定律计算滑动变阻器的电阻。
【解答】解：灯泡与滑动变阻器串联，当滑片P滑到最左端时，电路灯泡的简单电路，
小灯泡恰好正常发光，
则电源电压等于灯泡的额定电压，即U＝U额 ＝24V；
对照乙图知，灯泡的额定电流为I额 ＝0.4A，
小灯泡正常发光时灯丝的电阻R ＝ ＝ ＝60 ，
L
由乙图知，当灯泡的电压为12V，电流为0.3A，电功Ω率P＝U I ＝12V×0.3A＝3.6W，恰
L L
好满足条件；
则此时滑动变阻器的电压U'＝U﹣U ＝24V﹣12V＝12V；
L
根据串联电路的电流特点知，滑动变阻器的电流I'＝I ＝0.3A，
L
滑动变阻器连入电路的阻值R'＝ ＝ ＝40 。
故答案为：60；40。 Ω【点评】本题考查串联电路的特点、欧姆定律、电功率等，属于中档题。
26．（2分）如图所示，将洗衣机三脚插头插入三孔插座，可使洗衣机的 金属外壳 与
大地相连，防止发生触电事故。将某用电器单独接在如图所示电能表上正常工作3min，
电能表转盘转了100转，则该用电器的额定功率是 100 0 W。
【分析】（1）三孔插座的接法是左零、右火、上接地，三脚插头插入三孔插座时，使
得用电器的金属外壳与插座中的地线相连，防止发生触电事故。
（2）2000r/（kW•h）表示接在这个电能表上的用电器每消耗1kW•h的电能，电能表上
的转盘转过2000圈，据此可求当电能表转盘转了100转时，家用电器消耗的电能，再
利用P＝ 求出该家用电器正常工作时的电功率（额定功率）。
【解答】解：（1）洗衣机属于金属外壳用电器，将洗衣机的三脚插头插入三孔插座中，
使得用电器的金属外壳与插座中的地线相连，这样即使金属外壳带电，电流会通过地线
导入大地，防止触电事故的发生；
（2）2000r/（kW•h）表示接在这个电能表上的用电器每消耗1kW•h的电能，电能表上
的转盘转过2000圈，当电能表的转盘转了100转时，该用电器消耗的电能为：
W＝ ＝0.05kW•h，
用电时间t＝3min＝0.05h，
该家用电器正常工作时的电功率，即额定功率为：
P＝ ＝ ＝1kW＝1000W。
故答案为：金属外壳；1000。
【点评】本题考查三孔插座和三脚插头的连接、消耗电能和电功率的计算，明白电能表
相关参数的含义是解题的关键。
27．（2分）2023年6月4日神舟十五号返回舱顺利返回地球家园。在返回舱返回时进入
大气层前航天员通过 电磁波 与指挥中心联系。返回舱进入大气层后，部分机械能
转化为 内 能，使返回舱外表温度急剧升高。
【分析】（1）电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播；电磁波能够传递信息；
（2）返回舱进入大气层后，克服摩擦力做功，部分机械能转化为内能。
【解答】解：在返回舱返回时进入大气层前航天员通过电磁波与指挥中心联系；返回舱
进入大气层后，克服摩擦力做功，部分机械能转化为内能，使返回舱外表温度急剧升高。
故答案为：电磁波；内。
【点评】本题以神舟十五号返回舱返回地面为背景，综合考查了电磁波的应用、做功改
变物体的内能等知识，难度适中，属于中考热点题型。
四、探究与实验题（28题7分，29题6分，30题7分，共20分）
28．（3分）如图甲所示，两名同学分别用完全相同的装置探究“水沸腾时温度变化的特
点”，绘制了a、b两杯水温度随时间变化的图像，如图乙所示，请你回答下列问题：
（1）通过分析图像信息可知：实验时，大气压 小于 （选填“大于”“小于”或
“等于”）标准大气压；
（2）通过实验得到：水沸腾必须满足的条件是温度达到沸点，且不断 吸热 ；
（3）不计热量损失，从开始加热到t 时刻，a、b两杯水吸收的热量分别为Q 和Q ，则
0 a b
Q 等于 Q （选填“大于”“小于”或“等于”）。
a b
【分析】（1）液体沸腾过程中温度保持不变，这个温度叫做沸点，气压越低沸点越低，
知道标准大气压下的沸点是100℃；
（2）水沸腾的条件：达到沸点，不断吸热；
（3）水吸收的热量多少与加热的时间和加热装置有关；
【解答】解：（1）从图像可以看出，水沸腾时温度保持98℃不变，所以沸点是98℃，
标准大气压下，水的沸点是100℃，由于当时沸点低于100℃，所以当时的大气压小于
标准大气压；
（2）水沸腾的条件：达到沸点，不断吸热；
（3）从开始加热到t 时刻，加热的时间相同，加热装置不变，所以a、b两杯水吸收的
0热量相等。
故答案为：（1）小于；（2）吸热；（3）等于。
【点评】本题考查了沸点与气压的关系、水沸腾的条件。
29．（4分）某兴趣实验小组用如图所示的实验器材探究“平面镜成像的特点”的实验，
请帮他完成下列问题：
（1）实验中用薄玻璃板替代平面镜的目的是 便于确定像的位置 ；
（2）实验中将蜡烛向玻璃板靠近，则像的大小 不变 ；
（3）在实验过程中，将物理课本放在像与薄玻璃板之间，还 能 （选填“能”或
“不能”）观察到像；
（4）完成实验后，该小组同学发现平面镜所成的像与物体关于平面镜 对称 。
【分析】（1）探究平面镜成像实验中，要用透明的玻璃板代替平面镜，虽然成像不太
清晰，但是在另一侧能看到物体的像，同时还能看到代替像的另一个物体，便于确定像
的位置；
（2）平面镜成像时，像的大小与物的大小相等，不取决于物体离平面镜的远近；
（3）平面镜成像的原理是光的反射，据此分析；
（4）平面镜成的像与物体关于镜面对称。
【解答】解：（1）实验中用薄玻璃板替代了平面镜，目的是便于确定像的位置；
（2）由于平面镜所成的像与物体大小相等，所以实验时，将蜡烛逐渐靠近玻璃板时，
它的像的大小不变；
（3）平面镜成像的原理是光的反射，所以将物理课本放在像与薄玻璃板之间，光在玻
璃板表面继续反射，不影响成像，还能观察到像；
（4）平面镜所成的像与物体关于平面镜对称。
故答案为：（1）便于确定像的位置；
（2）不变；
（3）能；
（4）对称。
【点评】探究平面镜成像特点的实验过程，在近年中考题中较为热点。重在探索过程中
遇到的困难、解决的办法的考查，这些题往往有规律可循。30．（6分）如图所示是物理兴趣小组探究“影响浮力大小的因素”的实验，根据他的实
验探究数据，请你回答下列问题：（
水
＝1.0×103kg/m3）
ρ
（1）由图可知物体浸没在水中受到的浮力F浮 ＝ 0. 5 N；
（2）由图 ACD可知，浮力大小与物体浸没深度 无关 （选填“无关”或“有
关”）；
（3）分析此实验可得出：物体受到的浮力大小与 物体排开液体的体积 和 液体
密度 有关；
（4）经进一步计算可知物体体积V＝ 5×1 0 ﹣ 5 m3，物体的密度 ＝ 4×1 0 3 kg/m3。
【分析】（1）比较图A、C，根据称重法可求出物体浸没在水中受ρ到的浮力；
（2）比较图C、D，液体密度、物体排开液体的体积相同，深度不同，受到的浮力相等，
由此进行解答；
（3）物体浸没液体受到的浮力大小与物体排开液体的体积和液体的密度有关；
（4）根据阿基米德原理求出物体排开水的体积，即物体的体积；根据G＝mg求出物体
的质量，根据密度公式可求出物体的密度。
【解答】解：（1）比较图A、C，根据称重法得，物体浸没在水中受到的浮力F浮 ＝G
﹣F ＝2N﹣1.5N＝0.5N；
C
（2）由图A、C、D可知，液体密度、物体排开液体的体积相同，物体浸没深度不同，
受到的浮力相等，所以，浮力大小与物体浸没深度无关；
（3）由图A、B、C可知，液体密度相同，物体排开液体的体积不同，受到的浮力不同；
由图A、D、E可知，物体排开液体的体积相同，液体密度不同，受到的浮力不同；分
析此实验可得出：物体受到的浮力大小与物体排开液体的体积和液体密度有关；
（4）利用（1）的数据，根据阿基米德原理得，物体体积 V＝V
排
＝ ＝＝5×10﹣5m3，
根据G＝mg得，物体的质量为：m＝ ＝ ＝0.2kg，
物体的密度 ＝ ＝ ＝4×103kg/m3。
故答案为：（ ρ 1）0.5；（2）无关；（3）物体排开液体的体积；液体密度；（4）5×10﹣
5；4×103。
【点评】本题考查了称重法求浮力、阿基米德原理的应用、控制变量法的应用、密度公
式的应用，难度不大。
31．（7分）在探究“电流与电阻关系”实验时，老师给小明提供了如下器材：电源（电
压恒定为4.5V），电流表，电压表，开关各一个，滑动变阻器甲“10 ，2A”和滑动变
阻器乙“20 ，1A”各一个，定值电阻5 、10 、15 各一个，导线若Ω干。
Ω Ω Ω Ω
（1）注意在连接电路时，开关必须处于 断开 状态；
（2）用笔画线代替导线，将图甲的实验电路连接完整（要求：滑动变阻器滑片 P向左
滑动时电流表示数变大，导线不允许交叉）；
（3）正确连接电路后闭合开关，发现电流表有示数，无论怎样移动滑片P，电压表都无
示数，则故障可能是 电阻 R 短路（或电压表短路或电压表断路） （答出一种情况
即可）；
（4）排除故障后，小明把5 的电阻接入电路中，移动滑片P到适当位置，读出电流表
示数如图乙所示，正确记录后Ω，小明又改用10 电阻继续实验，闭合开关后，小明应将
滑片P向 右 （选填“左”或者“右”）移Ω动至电压表示数为 2. 5 V；
（5）小明在实验中所选用的滑动变阻器应该是 乙 （选填“甲”或“乙”）；
（6）利用老师给的器材，还能完成的电学实验有： 测量电阻的阻值 （写出一个即可）。
【分析】（1）为保护电路，在连接电路时，开关必须处于断开状态；
（2）滑动变阻器滑片P向左滑动时电流表示数变大，说明滑动变阻器阻值变小，据此
确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
（3）正确连接电路后闭合开关，发现电流表有示数，说明电路是通路；无论怎样移动
滑片P，电压表都无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路或电压表断路；
（4）根据电流表选用量程确定分度值读数，利用U＝IR求出定值电阻两端电压；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上
大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理
确定滑动变阻器滑片移动的方向；
（5）探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律
求出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入15 电阻时滑动变阻器连入电
路中的电阻，进而确定滑动变阻器的规格； Ω
（6）根据R＝ 确定可以完成的实验。
【解答】解：（1）为保护电路，在连接电路时，开关必须处于断开状态；
（2）滑动变阻器滑片P向左滑动时电流表示数变大，说明滑动变阻器阻值变小，故滑
动变阻器选用左下接线柱与电阻R串联在电路中，如下图所示：
；
（3）正确连接电路后闭合开关，发现电流表有示数，说明电路是通路；无论怎样移动
滑片P，电压表都无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路或电压表断路，即
故障可能是电阻R短路（或电压表短路或电压表断路）；
（4）排除故障后，小明把5 的电阻接入电路中，移动滑片P到适当位置，读出电流表
示数如图乙所示，电流表选用Ω小量程，分度值0.02A，其示数为0.5A，则定值电阻两端
电压为U ＝I R ＝0.5A×5 ＝2.5V；
V 1 1
实验中，当把5 的电阻换Ω成10 的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研
Ω Ω究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两
端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故应把滑动变阻器滑片向右移动
至电压表示数为2.5V；
（5）实验中使用的定值电阻阻值最大为 15 ，定值电阻两端的电压始终保持 U ＝
V
2.5V，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器Ω分得的电压：U滑 ＝U﹣U
V
＝4.5V﹣2.5V
＝2V，滑动变阻器分得的电压为电压表示数的 ＝0.8倍，根据分压原理，当接入
15 电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为：R滑 ＝0.8×15 ＝12 ，即所选择的滑动
变Ω阻器的最大阻值不能小于12 ，故选乙； Ω Ω
Ω
（6）根据R＝ 知此实验还可以测量电阻的阻值。
故答案为：（1）断开；（2）见解答图；（3）电阻R短路（或电压表短路或电压表断
路）；（4）右；2.5；（5）乙；（6）测量电阻的阻值。
【点评】本题探究“电流与电阻关系”实验，考查了注意事项、电路连接、电路故障、
器材的选择、控制变量法和欧姆定律的应用。
五、分析与交流题（每小题4分，共8分）
32．（4分）2023年5月28日12时31分，由C919大型客机执飞的东方航空MU9191航
班，从上海虹桥机场飞抵北京首都国际机场。请描述飞机如何获得升力？（图乙是机翼
横切面图）
【分析】飞机机翼上方空气流速大压强小，下方空气流速小压强大，机翼在压强差的作
用下，受到升力作用。
【解答】答：在相同是时间内，空气经过上方的路程长，速度大；经过下方的路程短，
速度小。上方空气流速越大，压强越小；下方空气流速越小，压强越大。所以机翼上方的气流对机翼的压强小于机翼下方的气流对机翼的压强，使机翼上下表面存在压强差，
这就是飞机向上的升力，这是利用空气流速越大，压强越小的原理。
【点评】本题考查了飞机的升力、流体压强与流速的关系，难度不大。
33．（4分）在家庭电路中，如果导线断了又连接起来，连接处往往比别处更容易发热，
会加速老化，甚至引起火灾。这是为什么？
【分析】由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通电时
间成正比。导线连接处与其他导线串联在电路中，通电时间是相同的，而导线连接处电
阻比较大，由焦耳定律可知电阻大的产生的热量越多，据此分析。
【解答】解：在家庭电路中，如果导线断了又连接起来，导线相互连接处因接触不良，
致使该处的电阻较大，因为导线连接处与导线串联在电路中，所以通过的电流相等、通
电时间相等，由Q＝I2Rt可知连接处产生的热量较多，往往比别处更容易发热，加速老
化，甚至引起火灾。
【点评】本题主要考查对焦耳定律及应用的了解和掌握，知道导线和导线的连接处为串
联（电流相等）是本题的关键。
六、综合与应用题（33题7分，34题8分，共15分）
34．（7分）如图是目前一些学校为中小学生提供的校车，方便学生的上下学同时也保证
了学生的安全。小明同学家距离学校12km，他乘校车到学校用时30min。问：
（1）校车从小明家到学校的平均速度是多少km/h？
（2）若校车和人的总质量为4.5t，当校车静止时与水平地面的总接触面积为0.15m2，
此时校车对地面压强是多少？
（3）若校车以36km/h的速度在水平地面上匀速行驶一段距离，校车受到的阻力是车和
人总重力的0.1倍，此时该校车牵引力的功率是多少？
【分析】（1）根据公式v＝ 求出平均速度；
（2）根据公式G＝mg求出总重力，对地面的压力等于总重力，根据p＝ 求出压强；（3）根据“校车受到的阻力是车重的0.05倍”得出校车受到的阻力；校车匀速行驶时，
阻力和牵引力是一对平衡力，牵引力和阻力相等。
【解答】解：（1）校车的平均速度：v＝ ＝ ＝24km/h；
（2）由于在水平面上，车对水平路面的压力：
F＝G＝mg＝4500kg×10N/kg＝45000N，
车对水平路面的压力：
p＝ ＝ ＝3×105Pa；
（3）校车受到的阻力f＝0.1G＝0.1×45000N＝4.5×103N；
校车匀速行驶时，阻力和牵引力是一对平衡力，校车受到的水平牵引力 F 牵 ＝f＝
4.5×103N；
校车速度v′＝36km/h＝10m/s；
该校车牵引力的功率P＝F牵v′＝4.5×103N×10m/s＝4.5×104W。
答：（1）校车从小明家到学校的平均速度是24km/h；
（2）校车对地面压强是3×105Pa；
（3）该校车牵引力的功率是4.5×104W。
【点评】此题主要考查的是学生对速度、重力、压力、压强和功率的计算公式的理解和
掌握，难度一般。
35．（8分）图甲是一款紫砂电饭锅，其简化电路如乙图所示，R 和R 是电热丝，通过单
1 2
独或同时闭合开关实现低温和高温挡切换，低温挡功率为 440W，高温挡功率为
880W，已知粥的比热容c粥 ＝4.0×103J/（kg•℃）。求：
（1）当电饭锅正常使用时，处于低温挡时的电流；
（2）电热丝R 的阻值；
2
（3）若不考虑能量损失，正常使用高温挡将2kg的粥从20℃加热到86℃时需要的时间；
（4）若实际正常使用高温挡加热的时间为800s，该电饭锅的加热效率。【分析】（1）知道低温挡的功率，利用P＝UI求出当电饭锅正常使用时，处于低温挡
时的电流；
（2）由图乙可知，当只闭合S 时，只有R 工作，当S 、S 都闭合时，R 、R 并联，根
1 1 1 2 1 2
据并联电路的电阻特点和P＝ 可知电饭锅高温挡和低温挡的电路连接；根据P
2
＝P高
﹣P低 求出R
2
的电功率，根据P＝ 可求出R
2
的阻值；
（3）根据Q吸 ＝cm（t﹣t
0
）求出粥吸收的热量，不考虑热量损失，电饭锅消耗的电能
等于粥吸收的热量，根据P＝ 求出电饭锅工作的时间；
（4）根据W＝Pt求出电饭锅实际消耗的电能，根据效率公式求出该电饭锅的加热效率。
【解答】解：（1）由P＝UI可知，当电饭锅正常使用时，处于低温挡时的电流：I低 ＝
＝ ＝2A；
（2）由图乙可知，当S 、S 都闭合时，R 、R 并联，根据并联电路的电阻特点可知，
1 2 1 2
此时电路中的总电阻最小，由P＝ 可知，电路中的总功率最大，电饭锅处于高温挡；
当只闭合S 时，只有R 工作，电路中的总电阻最大，总功率最小，电饭锅处于低温挡；
1 1
则R
2
的电功率：P
2
＝P高 ﹣P低 ＝880W﹣440W＝440W，由P＝ 可知，R 的阻值：R ＝ ＝ ＝110 ；
2 2
（3）粥吸收的热量：Q吸 ＝c粥m（t﹣t
0
）＝4.0×103J/（k Ω g•℃）×2kg×（86℃﹣20℃）＝
5.28×105J，
不考虑热量损失，电饭锅消耗的电能：W＝Q吸 ＝5.28×105J，
由P＝ 可知，电饭锅工作的时间：t′＝ ＝ ＝600s；
（4）电饭锅实际消耗的电能：W′＝P高t″＝880W×800s＝7.04×105J，
该电饭锅的加热效率： ＝ ×100%＝ ×100%＝75%。
答：（1）当电饭锅正常η使用时，处于低温挡时的电流为2A；
（2）电热丝R 的阻值为110 ；
2
（3）若不考虑能量损失，正Ω常使用高温挡将2kg的粥从20℃加热到86℃时需要的时间
为600s；
（4）若实际正常使用高温挡加热的时间为800s，该电饭锅的加热效率为75%。
【点评】本题是一道电热综合题，主要考查并联电路的特点、电功公式、电功率公式、
吸热公式以及效率公式的应用，能正确分析不同状态下的电路连接是解题的关键。
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