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2020-2021 学年上海市普陀区九年级（上）期末物理试卷（一模）
一、选择题（共12分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在
答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂
1．（3分）下列家用电器正常工作电流接近0.2安的是（ ）
A．节能灯 B．白炽灯 C．电饭锅 D．空调器
2．（3分）如图所示，人在科技馆内用手触摸静电球时，头发丝一根根竖起并散开，由该现象
可推断竖起的头发丝所带的电荷一定是（ ）
A．正电荷 B．负电荷 C．异种电荷 D．同种电荷
3．（3分）如图所示，盲道上凸起的圆点是为了（ ）
A．增大压力 B．减小压力 C．增大压强 D．减小压强
4．（3分）在研究电压时，将它比作水压。这是采用了（ ）
A．等效替代法 B．类比法 C．建模法 D．控制变量法
5．（3分）甲和乙是由同种材料制成的两导体，长度关系为L甲 ＞L乙 ，现将它们串联在同一电
路中则关于甲和乙的横截面S，及导体两端电压U的大小关系，下列判断成立的是（ ）
A．若S甲 ＞S乙 ，则U甲 ＞U乙 B．若S甲 ＞S乙 ，则U甲 ＝U乙
C．若S甲 ＜S乙 ，则U甲 ＞U乙 D．若S甲 ＜S乙 ，则U甲 ＝U乙
6．（3分）甲、乙两个完全相同的容器中装满两种不同的液体，现将A、B两个小球分别浸没在
两杯液体中，如图所示，排开液体的质量相等。则下列说法中一定正确的是（ ）
甲容器对桌面的压力大于乙容器
①AB两球受到的浮力相同
②甲容器中液体对容器底部压力小于乙的
③A球受到的浮力大于B球
④
A． B． C． D．
二、填空①题②（③共21分）请将结②果③填入答题纸的相应位①置③。④ ③④
7．（3分）我国家庭照明电路电压为 伏，教室中照明灯与控制它的开关是 连接
的（选填“串联”或“并联”），照明灯开的越多，电路中的总电阻越 。
8．（3分）小敏从上海乘坐火车前往拉萨，途中发现携带的密封食品袋变得越来越“鼓”，这
是因外界大气压强随海拔高度增大而 ；最早测出大气压强值的实验是 ；请
举出一个利用大气压强工作的装置 。
9．（3分）某导体电阻值为20 ，当两端的电压为6V，通过该导体的电流为 A；若将该
导体两端的电压调整为4VΩ，则该导体的电阻为 ，通电10秒钟，通过该导体的电
量为 C。 Ω
10．（3分）“蛟龙”号深潜器主要采用抗压性好、低密度且抗腐蚀的钛合金制成，下表为部
分金属的密度值，其中钛合金的密度为 ；比相同体积的钛合金、金属块质量大的金
属是 。在一次7000米级海试的试验海域，科学家们测量发现，海面海水密度是
1.02×103kg/m3，而7000米深海水密度是1.06×103kg/m3，当“蛟龙”号深潜器从海面下潜
到7000米处，每立方米所受的浮力增加 牛。
物质 密度值（kg/m3）
铝 2.7×103
钛合金 4.5×103
铁 7.8×103
铜 8.9×103
11．（3分）如图所示，将体积为1×10﹣4米3、重为4.9牛的实心物块A用细绳拴着浸没在水中，
若A下表面离水面的距离为0.2米，则下表面受到水的压强为 帕。若将细绳剪断，
待物体静止后，物体A受到的浮力 ，容器对水平地面的压强 （均选填“变
大”“不变”或“变小”）。12．（3分）如图所示的电路中，电源电压保持不变。先闭合开关S ，将滑动变阻器滑片P向右
1
移动过程中，电压表V与电流表A示数的比值将 ；保持滑片P位置不变，再闭合
开关S ，则电压表V的示数 ，电流表A的示数 （均选填“变大”、“不
2
变”或“变小”）。
13．（3分）如图（a）是风雨天经常会出现的一幕，小敏从雨伞容易被“吹翻”想到可能与流
体的压强有关，为此他找来一根两端粗细不同的玻璃管与两个 U形管连接，用吹风机从
玻 璃 管 的 一 端 吹 气 ， 两 个 U 形 管 左 右 液 面 高 度 差 如 图 （ b ） 所 示 。
在图（b）中，若气体流经细管和粗管的速度分别用v 和v 表示，则v v（选填
1 2 1 2
①“大于”“等于”或“小于”）；根据图（b）所示的实验现象，可得的初步结论是：流体速
度小， ；下列对雨伞容易被“吹翻”的解释正确的是 。
②A.雨伞上方空气流速等于下方
B.雨伞上方空气流速大于下方
C.雨伞上方空气流速小于下方
三、作图题（共6分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图题必须用2B铅笔。
14．（3分）在图中，重为8N的小球静止在水中，受到的浮力为6N，请用力的图示法画出小球
所受的浮力F浮 。
15．（3分）在如图所示的电路中，请根据标出的电流方向，从电池、电流表、电压表三个元件
符号中选择合适的填入空缺处，使之成为并联电路。
四、综合题（共31分）请根据要求在答题纸的相应位置作答。
16．（3分）在学习了密度知识后，小李打算测一测标有“净含量：5L”字样桶装食用油的质
量。
（1）取出部分样品后，用 测质量，用 测体积；（均填写器材名称）
（2）若样品质量和体积分别36克、40厘米3，求“5L”食用油的质量m。
17．（6分）在“探究液体内部的压强与哪些因素有关”时，小李和小敏做了下列实验。
（1）首先选用两根两端开口的玻璃管，在两根玻璃管的一端扎上橡皮薄膜，然后倒入适量的水，橡皮膜从原来的A位置下凸至B位置，如图（a）（b）所示。由此可知：液体对容器底
部压强与液体重力 ；（均选填“有关”或“无关”）
（2）接着用图（c）所示的实验装置（用隔板将玻璃容器分成左右两部分，隔板中有一小孔
用橡皮膜封闭）继续实验。当在左右两个容器内倒入不同深度的水，出现了图（d）所示的
现象，根据现象可得的初步结论是： ；
（3）小敏设想用图（c）所示装置探究液体内部压强与液体密度的关系。你认为小敏的设想
可行吗？ 若可行，请写出实验操作步骤，若不可行则写出理由 ；
（4）为进一步探究液体内部压强与液体深度和密度的定量关系，他们将图（a）装水的玻璃
管插入水槽中，如图3所示，当观察到橡皮膜平，说明橡皮膜受到槽内水向上的压强
（选填“大于”“等于”或“小于”）管内水柱对它向下的压强。用G表示管内水柱所受
的重力，h表示橡皮膜在水下的深度，S表示管口面积， 表示水的密度，根据压强公式p＝
ρ
导出液体内部压强的公式 。
18．（8分）将实心均匀圆柱体A、B放置在水平地面，对地面的压强分别为1960帕和1176帕，
已知圆柱体A的密度为2×103千克/米3。
求圆柱体A的高度h ；
A
①若圆柱体A、B的底面积、高度关系如表所示：
②（a）求圆柱体B的密度
B
；
（b）现将圆柱体A沿水平ρ方向截取一定高度叠放在圆柱体B的中央，则A、B对水平地面
压强的变化量分别为△p 和△p ，求△p 与△p 的比值。
A B A B
圆柱体 底面积 高度
A S 5h
B 3S 3h
19．（6分）在图所示的电路中，电源电压恒定不变，R 的阻值为30欧，滑动变阻器R 上标有
1 2
“100 1A”字样，闭合开关S，电压表示数为12伏。
（1）求Ω 通过R
1
的电流I
1
；
（2）各电表选择合适的量程，在确保电路中各元件正常工作的前提下，要求移动滑片P，能
使一个电表示数达到满刻度，求电路总电阻可以变化的范围。20．（12分）小华做“用电流表、电压表测电阻”实验，现有两节新干电池、待测电阻R 、电流
x
表、电压表、滑动变阻器有两种规格（分别标有“10 2A”和“20 1A”字样）开关以及
导线若干。 Ω Ω
表一：
连接位置 电压表示数
滑动变阻器两端 0
开关两端 3.0V
电流表两端 0
（1）连接的电路如图1所示，图中尚有一根导线未连接，请笔画线代替导线在图中连接，
连接后要求：滑片P向左移动，电压表示数变大。（用2B铅笔在答题纸的相应位置连线）
（2）完成电路连接后，闭合开关发现电压表、电流表示数均为0，为排除故障，小华打算用
电压表进行检测。将电压表接在不同元件两端，闭合开关后电压表示数如表一所示，由此
可以判断故障为 ；
（3）排除故障后，小华按照正确操作步骤重新实验，闭合开关，发现电压表、电流表指针偏
离零刻度线角度相同，移动滑片到某一位置，电压表、电流表示数如图2所示，滑片从一端
移动到另一端，电流表示数变化范围为0.20～0.58安。
（a）请根据图及相关信息，将表二填写完整。（电阻值精确到0.1欧）；
表二：
序号 电压U （伏） 电流I （安） 电阻R （欧） 电阻R 平均值
x x x x
（欧）
1
2
3
（b）小华选用的滑动变阻器规格是： 。（通过计算说明）2020-2021 学年上海市普陀区九年级（上）期末物理试卷（一模）
参考答案与试题解析
一、选择题（共12分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在
答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂
1．（3分）下列家用电器正常工作电流接近0.2安的是（ ）
A．节能灯 B．白炽灯 C．电饭锅 D．空调器
【分析】熟记一些常用的家用电器功率，知道家庭电路电压是220V，利用P＝UI求正常工
作电流接近0.2安的用电器的电功率。
【解答】解：A、一般节能灯功率为20W，节能灯电流：I＝ ＝ 0.09A。故A不符合
题意；
B、一般白炽灯功率为40W，工作电流为为I＝ ＝ 0.18A，接近0.2A。故B符合题
意；
C、一般电饭锅功率为800W，工作电流为I＝ ＝ 3.6A。故C不符合题意；
D、一般空调器功率为1000W，工作电流为I＝ ＝ 4.5A。故D不符合题意。
故选：B。
【点评】平时需要熟记一些常用的家用电器功率，然后利用公式I＝ 求出电流进行选择。
2．（3分）如图所示，人在科技馆内用手触摸静电球时，头发丝一根根竖起并散开，由该现象
可推断竖起的头发丝所带的电荷一定是（ ）
A．正电荷 B．负电荷 C．异种电荷 D．同种电荷
【分析】在自然界中只有两种电荷，即正电荷和负电荷，且电荷间存在着相互作用规律，即
同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，故该题据上分析即可解决。
【解答】解：当人在触摸静电球时，人的身体就会带上电荷，即人的头发上会带上同种电荷（但不能确定是正电荷还是负电荷），由于同种电荷相互排斥，故此时人的头发会飘起来。
故选：D。
【点评】此题考查了电荷间相互作用的规律，知道并理解电荷间的作用规律是解决该题的
关键。
3．（3分）如图所示，盲道上凸起的圆点是为了（ ）
A．增大压力 B．减小压力 C．增大压强 D．减小压强
【分析】压强的大小与受力面积有关、与物体受到的压力大小有关，在压力一定时，受力面
积越小，压强越大。
【解答】解：
压强的大小与受力面积有关、与物体受到的压力大小有关，在压力一定时，受力面积越小，
压强越大，盲道上凸起的原点是为了通过减小受力面积而增大压强，可以方便盲人通行，
因此ABD错误，C正确；
故选：C。
【点评】本题考查对影响压强大小的因素，与生活结合，考查了学生的综合分析应用知识
的能力。
4．（3分）在研究电压时，将它比作水压。这是采用了（ ）
A．等效替代法 B．类比法 C．建模法 D．控制变量法
【分析】类比法也叫“比较类推法”，是指由一类事物所具有的某种属性，可以推测与其
类似的事物也应具有这种属性的推理方法，类比对象间共有的属性越多，则类比结论的可
靠性越大。
【解答】解：电压是看不到的，用能感受到的水压来作类比，能形象直观地理解电压的概念
及电路中各部分的作用；这是采用了类比的研究方法。
故选：B。
【点评】解决此类问题要理解物理学中的各种研究方法，难度不大。
5．（3分）甲和乙是由同种材料制成的两导体，长度关系为L甲 ＞L乙 ，现将它们串联在同一电路中则关于甲和乙的横截面S，及导体两端电压U的大小关系，下列判断成立的是（ ）
A．若S甲 ＞S乙 ，则U甲 ＞U乙 B．若S甲 ＞S乙 ，则U甲 ＝U乙
C．若S甲 ＜S乙 ，则U甲 ＞U乙 D．若S甲 ＜S乙 ，则U甲 ＝U乙
【分析】温度一定时，电阻大小的影响因素有：导体的材料、长度和横截面积分析两导体电
阻的大小；根据串联电路电压的规律，结合欧姆定律进行分析电压大小关系。
【解答】解：
甲、乙两导体串联在电路中，根据串联电路中电流处处相等可知，无论两导体的电阻大小
是否相等，通过甲乙的电流是相等的；
导体的材料、长度相同时，横截面积越小时电阻越大；导体的材料、横截面积相同时，长度
越小时电阻越小，横截面积越大时电阻越小；
若S甲 ＞S乙 ，L甲 ＞L乙 ，则无法判定电阻的大小，由U＝IR可知，无法判定电流的大小，故
AB不成立；
若S甲 ＜S乙 ，L甲 ＞L乙 ，则R甲 ＞R乙 ，由U＝IR可知，U甲 ＞U乙 ，故C成立，D不成立。
故选：C。
【点评】本题考查了影响电阻大小的因素、串联电路电流以及欧姆定律的应用，是一道综
合性题目。
6．（3分）甲、乙两个完全相同的容器中装满两种不同的液体，现将A、B两个小球分别浸没在
两杯液体中，如图所示，排开液体的质量相等。则下列说法中一定正确的是（ ）
甲容器对桌面的压力大于乙容器
①AB两球受到的浮力相同
②甲容器中液体对容器底部压力小于乙的
③A球受到的浮力大于B球
④
A． B． C． D．
【分①析】②根③据阿基米德原理②判③定两球受到的浮力的①大③小关④系；根据阿基米③德④原理、球的体
积判定液体密度的大小；根据p＝ gh分析容器底部受到的压强的大小；根据p＝ 分析液
ρ
体重力的大小；根据液体的重力、容器的重力分析容器对桌面的压力的大小。【解答】解：
据阿基米德原理可知：F浮A ＝G
A排
，F浮B ＝G
B排
，已知甲、乙排开液体的重力相等，所
②以④F浮A ＝F浮B ，故 正确， 错误；
由于浮力相同，则②：F浮A ＝④
A
gV排A ＝F浮B ＝
B
gV排B ，由于A的体积大于B的体积，则
③A的液体的密度要小于B的液ρ体的密度；液体的ρ深度相同，根据p＝ gh可知，甲容器中液
体对容器底部的压力小于乙对容器底部的压力，故 正确； ρ
由于该容器规则形状的，则液体对容器底部的压③力等于液体的重力，故甲液体的重力
①小于液体的重力；容器相同，由于AB的重力不知，所以无法判定甲装置的重力和乙装置
的重力的大小关系，故无法判定甲容器对桌面的压力与乙容器对桌面压力的大小关系，故
错误。
①故选：B。
【点评】本题考查阿基米德原理的应用，关键是知道浮力的大小等于被该物体排开的液体
的重力。
二、填空题（共21分）请将结果填入答题纸的相应位置。
7．（3分）我国家庭照明电路电压为 22 0 伏，教室中照明灯与控制它的开关是 串联 连
接的（选填“串联”或“并联”），照明灯开的越多，电路中的总电阻越 小 。
【分析】我国家庭照明电路电压是220V，所以在家庭电路中工作的用电器，正常工作电压
基本都是220V；用电器和控制本用电器的开关是串联的；用电器并联相当于增大导体横
截面积。
【解答】解：我国家庭照明电路电压为220V；为了有效的控制用电器，教室中照明灯与控
制它的开关是串联连接的；同时工作的照明灯越多，相当于增大横截面积，所以电阻就越
小。
故答案为：220；串联；小。
【点评】掌握常见的电压以及家庭电路中各用电器之间，插座和用电器之间，开关和开关
控制的用电器之间的连接方法。掌握串联电路和并联电路的电流、电压、电阻的特点。
8．（3分）小敏从上海乘坐火车前往拉萨，途中发现携带的密封食品袋变得越来越“鼓”，这
是因外界大气压强随海拔高度增大而 减小 ；最早测出大气压强值的实验是 托里拆
利 ；请举出一个利用大气压强工作的装置 吸盘 。
【分析】（1）大气压跟海拔有关，海拔越高，大气压越小。
（2）最早测量大气压值的是托里拆利。
（3）吸盘、人的呼吸、喝饮料，活塞式抽水机等都是利用大气压强工作的。【解答】解：（1）大气压强随海拔高度增大而减小，密封袋内部压强大于外部压强，使食品
袋越来越鼓。
（2）最早测量大气压值的是托里拆利。
（3）吸盘、人的呼吸、喝饮料，活塞式抽水机等都是利用大气压强工作的。
故答案为：减小；托里拆利；吸盘（合理即可）。
【点评】本题考查了大气压强和海拔的关系、最早测量大气压值的科学家、生活中哪些利
用大气压工作等，体现了生活处处皆物理。
9．（3分）某导体电阻值为20 ，当两端的电压为6V，通过该导体的电流为 0. 3 A；若将该
导体两端的电压调整为4VΩ，则该导体的电阻为 2 0 ，通电10秒钟，通过该导体的电量
为 3 C。 Ω
【分析】由欧姆定律可得该导体的电流；由电阻的性质可知电阻不变；由库伦公式可得通
过该导体的电量。
【解答】解：根据欧姆定律计算I＝ ＝ ＝0.3A；由电阻的性质可知电阻不变，与导体
的电流，电压无关，所以该导体的电阻为20 ；根据库伦公式计算Q＝It＝0.3A×10s＝3C，
则通过该导体的电量为3C。 Ω
故答案为：0.3；20；3.
【点评】本题考查学生对欧姆定律，电阻的性质，库伦公式的掌握。
10．（3分）“蛟龙”号深潜器主要采用抗压性好、低密度且抗腐蚀的钛合金制成，下表为部
分金属的密度值，其中钛合金的密度为 4.5×1 0 3 kg/m 3 ；比相同体积的钛合金、金属块
质量大的金属是 铜和铁 。在一次7000米级海试的试验海域，科学家们测量发现，海面
海水密度是1.02×103kg/m3，而7000米深海水密度是1.06×103kg/m3，当“蛟龙”号深潜器
从海面下潜到7000米处，每立方米所受的浮力增加 40 0 牛。
物质 密度值（kg/m3）
铝 2.7×103
钛合金 4.5×103
铁 7.8×103
铜 8.9×103
【分析】（1）根据表中数据读出钛合金的密度；根据密度的变形公式m＝ V可知，相同体
积的不同金属，密度越大，质量越大； ρ
（2）根据F浮 ＝ 液gV排 可知每立方米在海面处和7000m处受到浮力的大小，进一步求出
ρ浮力的增加量。
【解答】解：（1）根据表中数据可知，钛合金的密度为4.5×103kg/m3；
由密度的变形公式m＝ V可知，相同体积的不同金属，密度越大，质量越大，根据表中数
据可知，铜的密度最大ρ，所以铜的质量最大；
（2）深潜器潜入海面处的海水中，每立方米所受的浮力：F 浮 ＝ 海水gV 排 ＝
1.02×103kg/m3×10N/kg×1m3＝1.02×104N， ρ
深潜器下潜到 7000 米处时，每立方米所受的浮力：F 浮 ′＝ '海水 gV 排 ＝
1.06×103kg/m3×10N/kg×1m3＝1.06×104N， ρ
“蛟龙”号深潜器从海面下潜到7000米处，每立方米所受的浮力增加量：△F浮 ＝F浮 ′
﹣F浮 ＝1.06×104N﹣1.02×104N＝400N。
故答案为：4.5×103kg/m3；铜和铁；400。
【点评】本题考查了密度公式、阿基米德原理原理的应用，属于基础题。
11．（3分）如图所示，将体积为1×10﹣4米3、重为4.9牛的实心物块A用细绳拴着浸没在水中，
若A下表面离水面的距离为0.2米，则下表面受到水的压强为 196 0 帕。若将细绳剪断，
待物体静止后，物体A受到的浮力 0.98N ，容器对水平地面的压强 变大 （均选填
“变大”“不变”或“变小”）。
【分析】（1）已知A下表面到水面的距离是0.2m，则根据液体压强公式p＝ gh可计算出
下表面受到的水的压强； ρ
（2）由物体的体积和重力，可以计算出物体的密度，由此可以判断物体的浮沉情况，再根
据F浮 ＝ 水gV排 可算出浮力；
（3）物体ρ重力大于浮力，剪断绳子后，容器底所受压力增大，容器对水平面的压力增大，容
器底面积不变，所以容器对水平面的压强增大。
【解答】解：
由题可知，A下表面距离水面0.2m，则下表面受到水的压强为：
p＝ 液gh＝1.0×103×9.8N/kg×0.2m＝1960Pa；
物体ρ的重力G＝4.9N，根据G＝mg可计算出A的质量：，
又已知A的体积 ，则A的密度为：
＞ ，
水
ρ
则剪断细绳后，A物体在水中将下沉，静止时沉底，则 ，
A此时受到的浮力为：
F浮 ＝ 水gV排 ＝1×103kg/m3×9.8N/kg×1×10﹣4m3＝0.98N；
由于物ρ体重力大于浮力，剪断绳子后，容器底所受压力增大，容器对水平面的压力增大，
容器底面积不变，所以容器对水平面的压强增大。
故答案为：1960Pa；0.98N；变大。
【点评】本题综合考查了浮力、液体压强、物体的浮沉条件，是一个综合性的题。
12．（3分）如图所示的电路中，电源电压保持不变。先闭合开关S ，将滑动变阻器滑片P向右
1
移动过程中，电压表V与电流表A示数的比值将 变大 ；保持滑片P位置不变，再闭合
开关S ，则电压表V的示数 变大 ，电流表A的示数 变小 （均选填“变大”、“不
2
变”或“变小”）。
【分析】由电路图可知，只闭合开关S ，R 与R 串联，电压表V测R 两端电压，电流表测
1 1 2 2
电路中的电流；根据滑片的移动可知滑动变阻器接入电路中阻值的变化，根据电压表 V
与电流表A示数的比值等于滑动变阻器接入电路的阻值进行判断；
闭合S 、S ，R 、R 并联后与R 串联，电压表V测R 两端电压，电流表测量R 支路电流；
1 2 1 3 2 2 1
根据并联电路电阻规律和欧姆定律可知干路电流的变化，再利用欧姆定律可知滑动变阻
器两端电压的变化，再根据串联电路电压规律可知并联电路两端电压的变化，最后根据欧
姆定律可知电流表示数的变化。【解答】解：由电路图可知，只闭合开关S ，R 与R 串联，电压表V测R 两端电压，电流表
1 1 2 2
测电路中的电流；
当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，而电压表V与电流表A示数的比
值等于滑动变阻器接入电路的阻值，所以其比值变大；
保持滑片P位置不变，再闭合开关S ，R 、R 并联后与R 串联，电压表V测R 两端电压，
2 1 3 2 2
电流表测量R 支路电流因并联电路的总电阻小于任一分电阻的阻值，所以电路的总电阻
1
变大，由I＝ 可知，干路电流变大，由U＝IR可知，滑动变阻器两端电压变大，即电压表
示数变大；
又因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以并联电路两端电压减小，由I＝ 可知，
通过R 的电流变小，即电流表示数变小。
1
故答案为：变大；变大；变小。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是电路的辨别和电表所测电
路元件的判断。
13．（3分）如图（a）是风雨天经常会出现的一幕，小敏从雨伞容易被“吹翻”想到可能与流
体的压强有关，为此他找来一根两端粗细不同的玻璃管与两个 U形管连接，用吹风机从
玻 璃 管 的 一 端 吹 气 ， 两 个 U 形 管 左 右 液 面 高 度 差 如 图 （ b ） 所 示 。
在图（b）中，若气体流经细管和粗管的速度分别用v 和v 表示，则v 大于 v（选填
1 2 1 2
①“大于”“等于”或“小于”）；根据图（b）所示的实验现象，可得的初步结论是：流体速
度小， 压强越大 ；
下列对雨伞容易被“吹翻”的解释正确的是 B 。
②A.雨伞上方空气流速等于下方
B.雨伞上方空气流速大于下方
C.雨伞上方空气流速小于下方
【分析】在流体中，流速越大的位置压强越小，流速越小的位置压强越大。
【解答】解： 图b中，左端管比较细，右端管较粗，在流量一定时，管子越细，空气的流速
就越大，则①v 大于v ；
1 2
在流体中，流速越大的位置压强越小，因此图b中左端U形管两边高度差大；
图中风中雨伞容易“上翻”，是由于伞的上方空气流速大、压强小，下方流速小，压强
②大，形成向上的压强差，故B正确；
故答案为： 大于；压强越大； B。
【点评】此题①考查的是流体压强与②流速关系在生活中的应用，容易出错的是有些同学不能
分析出流体流速的变化情况，这是因为对生活常识的了解太少所致。
三、作图题（共6分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图题必须用2B铅笔。
14．（3分）在图中，重为8N的小球静止在水中，受到的浮力为6N，请用力的图示法画出小球
所受的浮力F浮 。
【分析】小球受到的浮力方向竖直向上，知道浮力大小，浮力作用点在球心，按照作力的图
示的要求画出这个力。
【解答】解：浮力的大小F浮 ＝6N，方向竖直向上，作用点在小球球心，设标度为3N，浮力F
的图示如图所示：
浮
【点评】作力的图示时，一定要选取合适的标度，正确表示出力的大小、方向和作用点是关
键。
15．（3分）在如图所示的电路中，请根据标出的电流方向，从电池、电流表、电压表三个元件符号中选择合适的填入空缺处，使之成为并联电路。
【分析】定值电阻和灯泡是并联，中间只能是电源，根据电流方向判断电源的正负极，根据
电流表串联在电路中，电压表并联在电路中，可以判断剩余的两个空白处都应该是电流表。
【解答】解：定值电阻和灯泡是并联，中间只能是电源，根据电流方向判断电源的上方是电
源正极，下方是电源的负极，根据电流表串联在电路中，可以判断剩余的两个空白处都应
该是电流表，左边的电流表测量定值电阻的电流，右边电流表测量灯泡的电流，如图。
故答案为：如上图。
【点评】首先根据定值电阻和灯泡的连接情况判断电源的位置，然后根据电流方向判断电
源正负极，最后根据电流表和电压表的连接情况判断是什么电表。
四、综合题（共31分）请根据要求在答题纸的相应位置作答。
16．（3分）在学习了密度知识后，小李打算测一测标有“净含量：5L”字样桶装食用油的质
量。
（1）取出部分样品后，用 天平 测质量，用 量筒 测体积；（均填写器材名称）
（2）若样品质量和体积分别36克、40厘米3，求“5L”食用油的质量m。
【分析】（1）在实验室中，常用天平测量物体质量，利用量筒或量杯测量液体或不规则固
体的体积，然后利用 ＝ 计算物质密度；
ρ
（2）已知样品质量和体积，可以得到食用油样品密度；已知食用油密度和体积，利用公式
m＝ V得到质量。
【解答ρ 】解：（1）实验室中可以利用天平测量物体的质量，利用量筒测量液体的体积。所以
利用天平测量样品的质量，利用量筒测量样品的体积；（2）食用油的密度为：
＝ ＝ ＝0.9g/cm3，
ρ
5L＝5000cm3食用油的质量为：
m＝ V＝0.9g/cm3×5000cm3＝4500g＝4.5kg。
答：ρ（1）天平；量筒；
（2）“5L”食用油的质量为4.5kg。
【点评】此题考查了密度的测量和计算公式的应用，属于基本知识的考查，难度不大。
17．（6分）在“探究液体内部的压强与哪些因素有关”时，小李和小敏做了下列实验。
（1）首先选用两根两端开口的玻璃管，在两根玻璃管的一端扎上橡皮薄膜，然后倒入适量
的水，橡皮膜从原来的A位置下凸至B位置，如图（a）（b）所示。由此可知：液体对容器底
部压强与液体重力 无关 ；（均选填“有关”或“无关”）
（2）接着用图（c）所示的实验装置（用隔板将玻璃容器分成左右两部分，隔板中有一小孔
用橡皮膜封闭）继续实验。当在左右两个容器内倒入不同深度的水，出现了图（d）所示的
现象，根据现象可得的初步结论是： 在液体密度相同时，液体压强随深度的增加而变大
；
（3）小敏设想用图（c）所示装置探究液体内部压强与液体密度的关系。你认为小敏的设想
可行吗？ 可行 若可行，请写出实验操作步骤，若不可行则写出理由 在容器两边分别
倒入深度相同的不同种液体，发现橡皮薄膜不再相平 ；
（4）为进一步探究液体内部压强与液体深度和密度的定量关系，他们将图（a）装水的玻璃
管插入水槽中，如图3所示，当观察到橡皮膜平，说明橡皮膜受到槽内水向上的压强 等
于 （选填“大于”“等于”或“小于”）管内水柱对它向下的压强。用G表示管内水柱
所受的重力，h表示橡皮膜在水下的深度，S表示管口面积， 表示水的密度，根据压强公
ρ式p＝ 导出液体内部压强的公式 p ＝ g h 。
ρ
【分析】（1）根据图片分析压强与重力的关系；
（2）根据图（d）橡皮膜突出情况确定液体产生的压强大小，结合相同量和不同量，得出液
体产生的压强与变化量的关系；
（3）探究液体内部压强与液体密度和深度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另
外一个因素不变，根据橡皮膜突出情况可比较压强大小，据此分析；
（4）如图3所示，当观察到橡皮膜平，说明橡皮膜受到槽内水向上的压强等于管内水柱对
它向下的压强；。液体内部压强p＝ ＝ ＝ ＝ ＝ ＝ gh。
ρ
【解答】解：
（1）由图可知，（b）液体的体积大，根据G＝mg＝ 液gV，（b）液体重力大，在液体重力不
同、底面积不同时，橡皮膜的凹陷程度是相同的，故ρ 液体对容器底部压强与液体重力无关；
（2）根据图（d）可知，左边水的深度大，橡皮膜向右突出，说明左边水产的压强大，故根据
现象可得的初步结论是：在液体密度相同时，液体压强随深度的增加而变大；
（3）探究液体内部压强与液体密度的关系，要控制液体的深度相同，小敏的设想可行；
实验操作步骤：
在容器两边分别倒入深度相同的不同种液体，发现橡皮薄膜不再相平；
（4）如图3所示，当观察到橡皮膜平，说明橡皮膜受到槽内水向上的压强等于管内水柱对
它向下的压强。用G表示管内水柱所受的重力，h表示橡皮膜在水下的深度，S表示管口
面积， 表示水的密度，液体内部压强：
ρ
p＝ ＝ ＝ ＝ ＝ ＝ gh。
ρ
故答案为：（1）无关；（2）在液体密度相同时，液体压强随深度的增加而变大；（3）可行；在
容器两边分别倒入深度相同的不同种液体，发现橡皮薄膜不再相平；（4）等于；p＝ gh。
【点评】本题探究液体内部的压强与哪些因素有关，考查控制变量法、数据分析、方案ρ设计
对液体压强公式的推导。
18．（8分）将实心均匀圆柱体A、B放置在水平地面，对地面的压强分别为1960帕和1176帕，
已知圆柱体A的密度为2×103千克/米3。
求圆柱体A的高度h ；
A
①若圆柱体A、B的底面积、高度关系如表所示：
②（a）求圆柱体B的密度 ；
B
（b）现将圆柱体A沿水平ρ方向截取一定高度叠放在圆柱体B的中央，则A、B对水平地面
压强的变化量分别为△p 和△p ，求△p 与△p 的比值。
A B A B
圆柱体 底面积 高度
A S 5h
B 3S 3h
【分析】 由于都是圆柱体，则可以根据p＝ hg求出圆柱体A的高度h ；
A
（a）根①据圆柱体A、B的高度关系求出B的ρ高度，然后根据p＝ hg求出圆柱体B的密
②度 ； ρ
B
（b）ρ将圆柱体A沿水平方向截取一定高度，则A对水平地面压力减小，求出压强的变化量
△p ，当截取的A叠放在圆柱体B的中央时，B对水平地面的压力的变化量等于截取的A
A
的重力，然后得出B对水平地面压强的变化量△p ，最后即可求出△p 与△p 的比值。
B A B
【解答】解： A是圆柱体，则根据p＝ hg可得：
① ρ
圆柱体A的高度h ＝ ＝ ＝0.1m；
A
（a）根据表格数据可知：h ＝3h，h ＝5h，
B A
②
则：h ＝ h ＝ ×0.1m＝0.06m，
B A
B是圆柱体，根据p＝ hg可得：
ρ
圆柱体B的密度 ＝ ＝ ＝2×103kg/m3。
B
ρ
（b）将圆柱体A沿水平方向截取一定高度，则A对水平地面压力减小，则压强的变化量为：
△p ＝ ，
A
当截取的A叠放在圆柱体B的中央时，B对水平地面的压力的变化量等于截取的A的重
力，
则B对水平地面压强的变化量△p ＝ ，
B
则△p 与△p 的比值为：
A B＝ ＝ ＝ ＝ 。
答： 圆柱体A的高度h 为0.1m；
A
（①a）圆柱体B的密度
B
为2×103kg/m3；
②（b）△p
A
与△p
B
的比值为ρ 3：1。
【点评】此题考查了压强的计算，解题的关键是掌握相关公式并能进行熟练推导得出压强
的最终表达式，需要较强的数学运算能力。
19．（6分）在图所示的电路中，电源电压恒定不变，R 的阻值为30欧，滑动变阻器R 上标有
1 2
“100 1A”字样，闭合开关S，电压表示数为12伏。
（1）求Ω 通过R
1
的电流I
1
；
（2）各电表选择合适的量程，在确保电路中各元件正常工作的前提下，要求移动滑片P，能
使一个电表示数达到满刻度，求电路总电阻可以变化的范围。
【分析】由电路图可知，电阻R 与滑动变阻器R 并联，电压表测电源的电压，电流表A测
1 2
干路电流，电流表A 测R 所在支路的电流。
1 2
（1）根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过R 的电流；
1
（2）根据电源的电压不变确定电压表示数不可以达到满量程，根据并联电路中各支路独立
工作互不影响可知R 所在支路的电流不变，分别分析电流表A 和电流表A的示数达到
1 1
满量程时所对应的电流值，再根据利用欧姆定律求出对应的R 值，进一步根据并联电路
2
电阻规律计算电路总电阻可以变化的范围。
【解答】解：由电路图可知，电阻R 与滑动变阻器R 并联，电压表测电源的电压，电流表A
1 2
测干路电流，电流表A 测R 所在支路的电流。
1 2
（1）并联电路中各支路两端的电压相等，根据欧姆定律可得，通过R 的电流：
1
I ＝ ＝0.4A；
1（2）要保证滑动变阻器的安全，通过R 的最大电流为1A，此时滑动变阻器接入电路的电
2
阻最小，
R 2小 ＝ ＝12 （最小值）；
Ω
因为电源电压为12V，所以电压表应选择大量程，但不能达到满刻度（15V）；
电流表A的最大示数为I＝I +I ＝0.4A+1A＝1.4A，所以电流表不能达到满刻度（3A），但
1 2
电流表A选择小里程可以达到满刻度（0.6A），
此时I ′＝I′﹣I ＝0.6A﹣0.4A＝0.2A，
2 1
R ′＝ ＝60 （R 的最大值）；
2 2
Ω
电流表A 选择小里程可以达到满刻度（0.6A），
1
R ″＝ ＝20 ，
2
Ω
故滑动变阻器R 的变阻范围为12 ～60 ；
2
Ω Ω
当R ＝12 时， ，
2
Ω
R总 ≈8.6 ；
Ω
当R ＝60 时， ，
2
Ω
R总 ＝20 ；
故电路总电阻可以变化的范围为8Ω.6 ～20 。
答：（1）通过R
1
的电流为0.4A；（Ω2）电Ω路总电阻可以变化的范围为8.6 ～20 。
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的灵活应用，关键是利用并Ω联电路Ω的电流
特点确定两电流表的量程，根据并联电路电阻规律计算电路总电阻可以变化的范围。
20．（12分）小华做“用电流表、电压表测电阻”实验，现有两节新干电池、待测电阻R 、电流
x
表、电压表、滑动变阻器有两种规格（分别标有“10 2A”和“20 1A”字样）开关以及
导线若干。 Ω Ω
表一：
连接位置 电压表示数滑动变阻器两端 0
开关两端 3.0V
电流表两端 0
（1）连接的电路如图1所示，图中尚有一根导线未连接，请笔画线代替导线在图中连接，
连接后要求：滑片P向左移动，电压表示数变大。（用2B铅笔在答题纸的相应位置连线）
（2）完成电路连接后，闭合开关发现电压表、电流表示数均为0，为排除故障，小华打算用
电压表进行检测。将电压表接在不同元件两端，闭合开关后电压表示数如表一所示，由此
可以判断故障为 开关断路 ；
（3）排除故障后，小华按照正确操作步骤重新实验，闭合开关，发现电压表、电流表指针偏
离零刻度线角度相同，移动滑片到某一位置，电压表、电流表示数如图2所示，滑片从一端
移动到另一端，电流表示数变化范围为0.20～0.58安。
（a）请根据图及相关信息，将表二填写完整。（电阻值精确到0.1欧）；
表二：
序号 电压U （伏） 电流I （安） 电阻R （欧） 电阻R 平均值
x x x x
（欧）
1 ___1.0__ _ 0.2 0 5. 0 5. 2
2 2. 1 0.4 0 5. 3
3 3. 0 0.5 8 5. 2
（b）小华选用的滑动变阻器规格是： 1 0 2A 。（通过计算说明）
Ω
【分析】（1）根据滑片P向左移动，电压表示数变大，由欧姆定律I＝ 可知电路的电流变
化，确定变阻器连入电路的电阻变化，据此确定变阻器左下接线柱连入电路中；
（2）完成电路连接后，闭合开关发现电压表、电流表示数均为0，电路可能断路，用电压表
进行检测，若电压表示数为0，说明电压表和电流表之外有断路；若电压表有示数，说明开关之外为通路，据此分析；（3）（a）已知电源电压为3V；
移动滑片到某一位置，根据电压表、电流表示数如图2所示，由电表选用小量程确定分度
值读也电压表和电流表示数大小；
由滑片从一端移动到另一端，电流表示数变化范围为0.20～0.58A，确定滑片在最右、左端
时电流大小；
根据小华按照正确操作步骤重新实验，可知变阻器连入电路的电阻最大，由闭合开关，发
现电压表、电流表指针偏离零刻度线角度相同，可知此时电流表示数为0.20A，据此确定
电压表的示数，将有关数据填入表中，由欧姆定律得出电阻大小；为减小误差，取平均值
作为测量结果；
（b）在第一次操作中，根据串联电路的规律及欧姆定律得出变阻器连入电路的电阻，据此
回答。
【解答】解：（1）滑片P向左移动，电压表示数变大，由欧姆定律I＝ ，电路的电流变大，故
变阻器连入电路的电阻变小，故变阻器左下接线柱连入电路中，如下所示：
（2）完成电路连接后，闭合开关发现电压表、电流表示数均为0，电路可能断路，为排除故
障，小华打算用电压表进行检测，将电压有分别并联在电压表和电流表两端时，电压表示
数为0，说明电压表和电流表之外有断路；
将电压表并联在开关两端时，电压表有示数，说明开关之外为通路，故可以判断故障为开
关断路；
（3）电源电压为3V；
移动滑片到某一位置，电压表、电流表示数如图2所示，电压表选用小量程，分度值为
0.1V，电压为2.1V，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.4A；
滑片从一端移动到另一端，电流表示数变化范围为0.20～0.58A，即滑片在最右端时，电阻
最大，电流最小为0.20A；
滑片在最左端时，电阻最小为0，电流最大为0.58A；
因小华按照正确操作步骤重新实验，即变阻器连入电路的电阻最大，闭合开关，发现电压表、电流表指针偏离零刻度线角度相同，因此时电流表示数为0.20A，偏转5个小格，故电
压表也偏转10个小格，故电压表示数为1.0V，将电阻的电压和电流填入表中；
序号 电压U （伏） 电流I （安） 电阻R （欧） 电阻R 平均值
x x x x
（欧）
1 ___1.0___ 0.20 5.0 5.2
2 2.1 0.40 5.3
3 3.0 0.58 5.2
由欧姆定律，第1次实验待测电阻：
R ＝ ＝ ＝5.0 ； 同理，第2次、3次待测电阻分别为5.3 和5.2 ，为减小误差，
x1
Ω Ω Ω
取平均值作为测量结果：
R ＝ ≈5.2 ；
x
Ω
（b）在第一次操作中，根据串联电路的规律及欧姆定律，变阻器连入电路的电阻：
R滑 ＝ ＝ ＝10 ，故小华选用的滑动变阻器规格是：10 2A。
Ω Ω
故答案为：（1）如上所示；（2）开关断路；（3）（a）如上表所示；（b）10 2A。
【点评】本题测电阻大小，考查串联电路的规律及欧姆定律和数据处理的方法与分析Ω推理的
能力，关键是题中获得隐含的条件。
