江西省赣州市十八县（市、区）二十四校联考2026届高三上学期期中考试物理答案（PDF版）_251114江西省赣州市十八县（市、区）二十四校联考2026届高三上学期期中考试试卷（全科）

物理答案 一、选择题 1.B 飞机由静止开始做匀加速直线运动。 2.C 小沙袋受到重力和拉力作用。 3.D 已知水星、金星在相同的时间内转过的角度，即知道它们的角速度之比， Mm 由G m2r r2 可得它们的运动半径r之比。 4.B 最上端吊绳的最大拉力等于铸铁管道的重力，且吊钩处于钢丝绳的中点， 因斜拉绳中的拉力为 G，由力的合成知识可知，两斜拉钢丝绳间的夹角最大为 2 3 120°，再由几何知识可得钢丝绳至少长为 （1+ ）l 。 3 5.A 因为人的视觉暂留，在光源两次频闪（电压最大值）时间差t=0.01s 内，电 2k1 风扇叶片转过的角度满足关系式  ，其中k=0，1，2，3，...，设电风扇 3  50(2k1) 的转速为n，则 2n ，解得n r/s （k=0，1，2，3，...） 。 t 3 6.C 小球下落过程中，先做加速度减小的加速直线运动，最后做匀速直线运动。 最大加速度为开始下落时的加速度，均为g，因此选项A、B均错误；小球匀速 下落时，满足mg=kv ，匀速时速度大小与其质量成正比，选项C 正确；由于匀 速运动过程中，速度大小不同，因此两小球的距离不断增大。 7.D 木工师傅推力大小不定，可以想到，如果木工师傅推力足够大，木板在一 瞬间获得一定的速度，接着它在两个摩擦力作用下减速向右运动，左端离开压力 装置后，速度恰好为零。对木板进行受力分析，可得木板运动所受摩擦力大小为 f=f +f =2μmg，根据牛顿第二定律可求得木板运动的加速度大小 a=2μg，由运 1 2 1 l 动学公式可得l  at2 ，解得 t  。 2 g 8.BC 卫星在轨道 1 和 3 上均做匀速圆周运动，半径大，则速度小，故选项 A Mm v 2 错误。卫星在轨道1运动经过Q点时，所受万有引力G m 1 ，卫星在轨道 r2 r Mm v 2 2运动经过Q点时，卫星做离心运动，所受万有引力G m 2 ，因此有v >v ， r2 r 2 1 1选项 B 正确。卫星经过同一点时，因所受万有引力相等，所以加速度相等，选 项C 对，D错。 9.BD 小球向左抛出后，受到的合力大小为 2mg， 方向与初速度方向成135°角， 因此，小球做类似于斜抛运动的运动，速度先减小后增大，选项 A 错误；根据 斜抛运动速度大小变化特点，可以判断，当小球速度大小等于 v 时，相当于小 0 球落在与抛出点“同一高度”点上，不难判断此过程速度方向正好改变了90°， 所以此时小球速度方向竖直向下，选项 B 正确；小球的水平速度分量与竖直速 度分量相等时，其速度方向与水平方向一定成45°角，等效于小球处于斜抛运动 2 轨迹的最高点，其速度大小为 2 v 0 ，选项C错误；小球从抛出到速度水平分量 2v sin45 v 2v 2 为零时，经过的时间t  0 2g  g 0 ，其位移xv 0 cos450t  2g 0 ,选项D 正确。 10.AD 设物块的质量为m，物块向上运动的加速度为 a， t=0时，有15=（m+1） a，物块和木板刚分离时，有 30-mg=ma，联立求解 m=2 kg，a=5 m/s2，选项 A 正确，B 错误；物块和木板刚分离时，加速度相等，有 F-1×10=1×5，解得此时 弹力F=15 N，弹簧的劲度系数k=3.75 N/cm，选项C 错误，D正确。 二、非选择题 11. 0.80（0.70~0.90 间均给2分） 作图线（略）（2分） 50（48~52 均给2分） 12. （1）G（2分） （2）1.40（1分） （3） 0.05（2分） （4）偏大（1 分），打点计时器的振针与纸带间的摩擦导致加速度值变大 （1分）。 （5）利用频闪照相的方法拍下物块在不同时刻的位置。（2 分，合理就给 分） 13. 解：（1）分析儿童在滑板上滑下过程中的受力情况，若要儿童能滑下，则 要满足 mgsinmgcos0 1分 2解得滑板与水平面夹角的最小值的正切为 tan0.4 1分 由几何知识可知 h tan 1分 l 则滑梯的高度至少为 hltan3.2m 。 1分 （2）滑梯高度变为 6m 时，儿童会沿滑板匀加速下滑。设滑板与水平面的 夹角为α，儿童的加速度为 a，则有 mgsinmgcosma 1分 根据几何知识可知滑板长 l  x2 h2 10m 1分 6m sin 0.6 1分 10m 8m cos 0.8 1分 10m 解得 a 2.8m/s2 1分 由运动学公式 1 s  at2 2 50 解得 t  s。 1分 7 14. 解：（1）细线拉直前，物块做类平抛运动，根据牛顿运动定律可得 F ma 1分 解得物块的加速度大小 a 10m/s2 1分 加速度的方向沿x轴正方向。 1分 （2）B点位置坐标为（x，y），则有 y v t 0 31 xL at2 2 且 x2  y2  L2 1分 解得 t=0.8s 则坐标值为 x=1.2 m，y=1.6 m。 2分 （3）细线拉直时，物块的速度 v y v 0=2m/s 1分 v x at 8m/s 1分 细线拉直后，线与x轴的夹角的正切为 y 4 tan  x 3 53 1分 沿线方向速度立即为零，垂直于线的速度大小为 vv x sin53v y cos535.2m/s 1分 之后，物块在细线的拉力和风力作用下做圆周运动。细线拉紧瞬间，设拉力大小 为T v2 则 T Fcos53m L 解得 T 195.2N。 1分 15. 解：（1）石膏板离开传送带后做平抛运动，运动时间为 2h t  0.4s 1分 g 石膏板的水平位移为 xv 2 t 1分 解得石膏板离开传送带时的速度大小为 v 2 1m/s。 2分 （2）石膏板在传送带上先做匀加速运动，加速度大小为 4a'2m/s2 1分 当石膏板与传送带速度大小相等时，设为 v ，之后，石膏板开始做加速度大 1 小a'2m/s2 的匀减速直线运动。则有 v 2 v 2 v 2 1  1 2  L 2分 2a' 2a' 解得 v =2m/s 1 设石膏板从放上传送带到与传送带速度相等的时间为 t 1 则 v =a’t 1 1 解得 t =1 s 1分 1 所以石膏板放上传送带时，传送带的速度为 v =v +at =5 m/s。 1分 0 1 1 （3）在石膏板加速的过程中，它与传送带的相对位移的大小为 v 2 v 2 v 2 5 x 1  0 2a 1  2 1 a'  2 m 2分 石膏板减速的过程中，经历的时间为 v-v t 2  1 a' 2 0.5s 1分 这段时间内，石膏的位移大小为 v 2 v 2 3 x 石膏  1 2  m 1分 2a' 4 传送带的位移大小为 1 5 x 带 v 1 t 2  2 at 2 2  8 m 1分 石膏板与传送带间的相对位移大小为 1 x 2  x 石膏 x 带  8 m 1分 根据题意可得因摩擦而形成的石膏粉的质量为 m(x 1 x 2 )21g。 3分 5