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2023 学年第二学期浙江七彩阳光新高考研究联盟返校考
高三年级物理 答案及解析
一、选择题 I（本题共 13 小题，每小题 3 分，共 39 分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符
合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）
1.答案A，解析：N、 T为非国际单位制基本单位，根据单位制的量纲可得
2.答案C，解析：研究物体运动时可以忽略物体线度就可以把物体看作质点，甲乙丁都与形状线度有
关，不能看作质点
3.答案 D，解析：根据固体液体的性质可解析发生的现象，牛顿第三定律可得作用力与反作用力大
小相等
4.答案D，解析：根据光的折射定律越靠近地面折射率越大，光速与折射率有关v=c/n，越靠近地面
速度越小
5.答案D，解析：等效为电动势为U，内阻为R 的电源向外电路供电，外电阻等于内阻具有最大输出
0
功率，变压器和变阻器电阻R组成的等效电阻为R/4,当R/4= R 时有最大输出功率，所以D正确
0
6.答案B ，解析：Pt – f x = 1 m𝑣2 2P- f x = 1 m𝑣2 - 1 m𝑣2 两个方程比就可得x :x =1:2
1 2 1 2 2 2 2 1 1 2
7.答案C ，解析：核反应根据质量数守恒和电荷数守恒可得Y为质子，根据核反应放出能量具有质
量亏损，核子平均质量减小，核子比结合能增大。
8.答案C ，解析：雷达波发射的是电磁波，按匀变速规律计算可得结果
𝐵I
9.答案 D ，解析：霍尔电势差 U=K 变阻器滑动触头向左滑动，电流变大，U 变大，只与 B、I、
𝑑
d 有关，根据左手定则，载流子是电子，小磁体向上运动，B减小，霍尔电压将减小，
𝑀𝑚 𝑣2
10.答案 D ，解析：卫星运行速度小于第一宇宙速度，根据卫星运动向心力公式G =𝑚 可得 r
𝑟2 𝑟
越大速度越小，卫星动能与质量有关，无法比较动能大小
11.答案 A，解析：光子△v 的方向即为小球对光束作用力的方向，光子受力合力的方向向左偏下，
则由牛顿第三定律可知，光束因折射对小球产生的合力的方向向右偏上。
12.答案C，解析：光电效应K发出电子，到达电容器左极板，带负电，电容器充电电压达到一定值，
回路就没有电流，光电效应对电容器充电时，回路有顺时针方向电流，停止照射，电容器不会放
电，回路无电流。
5
13.答案D，解析：上面小球静止合力为0，下面小球对地面压力为 mg ,相邻小球球心间距离为2R，
4
上面小球与下面小球连线与竖直夹角为α，sinα=
√2
cosα=
√2
上面小球平衡有4Ncosα=mg，即N=
√2
2 2 4
mg 下面各球N的水平分力Nsinα=√2 F，绳子张力F=
√2
mg
8
二、选择题Ⅱ（本题共 2小题、每小题 3分，共 6分。每小题列出的四个备选项中至少有一个符合
题目要求的．全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）
14.答案 BC，解析，设电子穿过界面后的速度为 v ，由于电子只受法线方向的作用力，其沿界面切
2
线方向速度不变。则 v sin =v sin
1 1 2 2
高三物理学科 答案 第1页 共4页
{#{QQABLYAAggiAAAAAAQhCQwV4CEMQkBAACIoOABAAMAIBiRNABAA=}#}电子穿过界面的过程中，根据动能定理e(𝜑 − 𝜑 )= 1 m𝑣 2− 1 𝑚𝑣 2
2 1 2 1
2 2
或能量守恒，则
可解得
则 动能增加量为e(𝜑 -𝜑 )
2 1
第14题解图
15.答案BC解析：两个波源起振方向相反，满足干涉条件，相遇叠加会发生干涉，x=20cm处相遇叠
加后，振动加强，所以振幅为3cm，x=-10cm处相遇叠加振动加强，振幅为3cm
三、非选择题（本题共5小题，共55分）
16.（14分）
Ⅰ答案（1） C （2分） （2）ABD（2分）（漏写得1分） （3）0.51 （1分） 0.79（1分）
Ⅱ答案（1）（2分）
第16II（1）题解图
（2）2.48-2.50（1分） 0.46（1分）（3）B（1分）（4）小 （1分）
Ⅲ答案 B （2分）解析：A中连线是位置间距离，不是颗粒运动轨迹，B中痱子粉晒的太厚，测量
的单分子油膜面积偏小，所以测量直径偏大，C 中测量折射率两个界面可以不平行，D 中条纹间距
1
变为原来两倍，双缝间距应为原来的
2
17.（8分）
解：（1）等压变化
𝑉1
=
𝑉2 𝐿
=
𝑙−𝐿
（1分）
𝑇0 𝑇1 𝑇0 𝑇1
得T = 660K （1分）
1
（2）气体压强P =100cmHg=1.36Χ105 pa
1
W=P s(l-2L) （1分） W=4.08J （1分）
1
5
内能增量△U= n· 𝑅·△T △U=74.79J （1分）
2
Q= △U+W Q=78.87J （1分）
（3）设玻璃管中还有x长度水银，温度为T
𝑃1𝐿 = （𝑃0+𝑋）（l−X） T=0.12(75+X)(80-X) （1分）
𝑇0 𝑇
高三物理学科 答案 第2页 共4页
1
2
m
1
2 e
1
1
2
m
2
2 e
2
2 1
2
v
2 e
−
(
2
m
=
1
)
v −
s i n
2
v =
21
v +
s i n
1
2 e (
1
2m
−
1
)
=
v +
v
−
{#{QQABLYAAggiAAAAAAQhCQwV4CEMQkBAACIoOABAAMAIBiRNABAA=}#}当X=2.5cm时，T有最大值， T的最大值为720.75 K，
所以温度需要升高到720.75K, 水银全部流出玻璃管（1分）
18.（11分）
解：（1）小物快静止放上传送带加速度为a
μm gcosθ-m gsinθ=m a 得a=1m/s2 （1分）
1 1 1
假说在传送带上一直加速到B端速度v =√2𝑎𝐿 得v = √2.4 m/s （1分）
B B
小于传送带速度，说明假说正确，所以v = √2.4 m/s （1分）
B
（2）从B运动到C根据机械能守恒： 1 m 𝑣2 = 1 m 𝑣2 +m g(R-Rcosθ)
2 1 𝐵 2 1 𝐶 1
得v= √0.4 m/s （1分）
c
设小物块受到弹力向上，向心力公式 m g-F = m
𝑣𝑐 2
得F =0.46N （1分）
1 N 1 N
𝑅
根据牛顿第三定律，对管道压力0.46N，方向竖直向下 （1分）
（3）小物块到到E点速度为v
1 m 𝑣2 = 1 m 𝑣2 +m g(R-Rcosθ)
2 1 2 1 𝐵 1
V=√4.4 m/s （1分）
m 与m 弹性碰撞，动量守恒和机械能守恒
1 2
m v=m v +m v （1分）
1 1 1 2 2
1 𝑚 𝑣2 = 1 𝑚 𝑣2+ 1 𝑚 𝑣2 （1分）
2 1 2 1 1 2 2 2
1 5
得 v = √4.4 m/s v = √4.4 m/s
1 2
4 4
平抛运动时间t h-(R-Rcosθ)= 1 g𝑡2 t=0.4s （1分）
2
落地点它们的距离△x=v t-v t=0.4√4.4 m （1分）
2 1
19.（11分）
解：（1）甲 （1分）
（2）根据法拉电磁感应定律有𝐸 =𝐵𝐿𝑣 （1分）
1 1
据闭合电路欧姆定律有𝐼 =
𝐸−𝐸1
（1分）
𝑅1+𝑟
根据平衡条件，对于导体棒ab有
BIL=mgsinθ+μmgcosθ （1分）
联立解得 v =
𝐵𝐿𝐸−(𝑚𝑔𝑠𝑖𝑛𝜃+𝜇𝑚𝑔𝑐𝑜𝑠𝜃)(𝑅1+𝑟)
（1分）
1
𝐵2𝐿2
（3）𝐸 =𝐵𝐿𝑣 I =
𝐸2
（1分）
2 2 2 𝑅1+𝑅2
BI L=mgsinθ-μmgcosθ （1分）
2
得𝑣 =
(𝑚𝑔𝑠𝑖𝑛𝜃−𝜇𝑚𝑔𝑐𝑜𝑠𝜃)(𝑅1+𝑅2)
（1分）
2 𝐵2𝐿2
最大电功率P=（mgsinθ-μmgcosθ）（
(𝑚𝑔𝑠𝑖𝑛𝜃−𝜇𝑚𝑔𝑐𝑜𝑠𝜃)(𝑅1+𝑅2)
） （1分）
𝐵2𝐿2
高三物理学科 答案 第3页 共4页
{#{QQABLYAAggiAAAAAAQhCQwV4CEMQkBAACIoOABAAMAIBiRNABAA=}#}𝐵2𝐿2𝑋
（4）运动距离为X，根据动量定理，（mgsinθ-μmgcosθ）t- =m𝑣 （1分）
𝑅1+𝑅2 2
X=[(𝑚𝑔𝑠𝑖𝑛𝜃−𝜇𝑚𝑔𝑐𝑜𝑠𝜃)𝑡−𝑚
(𝑚𝑔𝑠𝑖𝑛𝜃−𝜇𝑚
𝐵2
𝑔
𝐿
𝑐
2
𝑜𝑠𝜃)(𝑅1+𝑅2)
](𝑅1+𝑅2) （1分）
𝐵2𝐿2
20.（11分）
解：（1）离子在加速电场中加速，由动能定理有𝑞𝑈 = 1 𝑚𝑣2 （1分）
2
得v=√ 2𝑞𝑈 （1分）
𝑚
（2）通过速度选择器，故由力的平衡条件有𝑞𝐸 =𝑞𝑣𝐵 （1分）
1
𝑚
得B
1
=E√ （1分）
2𝑞𝑈
（3）若撤去极板间磁场𝐵 ，离子在电场中偏转距离y
1 1
y 1 𝑞𝐸 ( 2𝑑 )2 得y 𝐸𝑑2 （1分）
1= 1=
2 𝑚 𝑣 𝑈
进入右侧磁场速度为v 与X方向交角为θ，圆周运动半径为R
1
qv B=m
𝑣1 2
（1分）
1
𝑅
v cosθ=v 射入磁场位置到Y位置距离y =2Rcosθ
1 2
𝑚𝑣 2 2𝑚𝑈
y =2 = √ （1分）
2
𝑞𝐵 𝐵 𝑞
y=y 1 +y 2 =
𝐸𝑑2
+
2
√
2𝑚𝑈
（1分）
𝑈 𝐵 𝑞
（4）B =B +kx 离子运动到离Y最远时，速度为v，方向沿Y方向
2 0
在Y方向上动量定理 Σqv B △t=mv
x 2
△x=v △t Σq(B +kx) △x=mv （1分）
x 0
𝑞𝑘𝑥2
qB x+ =mv （1分）
0
2
√(𝑞2𝐵0 2+2𝑞𝐾𝑚√2
𝑚
𝑞𝑈 ) −𝑞𝐵0
x= （1分）
𝑞𝐾
高三物理学科 答案 第4页 共4页
{#{QQABLYAAggiAAAAAAQhCQwV4CEMQkBAACIoOABAAMAIBiRNABAA=}#}
