重庆市七校联盟2026届高三二阶段12月联考物理答案_2024-2026高三（6-6月题库）_2025年12月高三试卷_251225重庆市七校联盟2026届高三二阶段12月联考（全科）

重庆市七校联盟高三 12 月二阶段联考 物 理 答 案 一、选择题（1-7单选每题4分，8-10不定项每题5分，选错不得分，选不全得3分） 1.B 2．C 3.B 4.C 5．D 6.C 7.D 8.A、D 9.C、D 10.A、D 二、实验题（共16分，每空2分） 11.【答案】（1）AC （2）3 （3）k＝ 2 0 【解析】 （1）小球在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向做自由落体运动，所以Δy＝gt2 ＝y －y ，解得t＝0.1s，小球平抛运动的初速度为v ＝ ＝0.3 ＝3m/s。 2 1 0 0.1 （2）实验中需要小球每次做平抛运动的轨迹相同，即从 斜槽末端抛出时的初速度相同，所以每次释放小 球的位置必须相同，且每次小球均需由静止释放，斜槽轨道并不一定要光滑，故B错误，A、C正确;由于 斜槽不可能完全光滑，且存在空气阻力，所以不能由机械能守恒定律求解小球的初速度，故D错误。 （3）根据（1）问分析可知x＝v t＝v ，整理得Δy＝ x2，所以k＝ 。 0 0 2 2 Δ 0 0 12.【答案】（1） R R R R （2）C （3） a aR  R R 2 1 3 1 b 0 2 1 【解析】 （1）由题意可知，电路电流保持不变，由闭合电路欧姆定律可知，电路总电阻不变，则电流 表A 1 内阻等于两种情况下电阻箱阻值之差，即R A1 R 2 R 1 君 同理，电流表A 的内阻为R R 2 3 1 卷 （2）单刀双掷开关K 接通2时，据欧姆定律可得E IrR RR  2 0 A1 试 E 整理得R rR R  I 0 A1 中 1 为得到直线图线，应作R 图像。故选C项。 高 I 1 E （3）由R 图像结合R rR R ： I I 0 A1 0a 号 a 得图像斜率k  E图像纵截距arR R 解得电源的电动势E  b0 0 A1 b 众 电源的内阻raR R  aR  R R 0 Al 0 2 1 公 三、计算题（计算题步骤后有圆圈数字代表小分建议，计算题小分得分标准仅供参考。） 13．（10分）【答案】（1）m=1x10-4kg （3分） （2）20 V（7分） 3 【解析】 （1）分析粒子在磁场中的运动，可知粒子在磁场中做圆周运动的半径r  R mv2 粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力qv B  0 ①② 0 R 解得 ③ qBr m 1104kg v 2r 2m （2）当平行板M 、N 间不加电压时，粒子在磁场中运动的周期T   ① v qB 0 1 当平行板M 、N 间不加电压时，粒子在磁场中运动的时间t  T ② 1 4 当平行板M 、N 间加电压时，粒子在磁场中运动的时间 ③ 4 T t  t  2 3 1 3 粒子在磁场中运动轨迹对应的圆心角为 120o，由几何关系可知，粒子在磁场中运动的半径 3 ④ r,  R 3 mv2 粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力qvB  ⑤ r 第 1 页 共 3 页粒子在电场中运动由动能定理可得 ⑥ 1 1 qU  mv2  mv2 MN 2 2 o 联立解得 ⑦ m(v2 v2) 20 U  o  V 6.67V MN 2q 3 14.（13分）【答案】（1）m0.20kg；（3分）（2）4m/s；（3分）（3）0.250.4（7分） 1 【详解】（1）对小球摆动到最低点的过程中，由动能定理mgL mv20① 2 0 解得v =4m/s 0 v2 在最低点，对小球由牛顿第二定律F mgm 0 ② T L 解得m0.20kg③ （2）小球与物块碰撞过程中，由动量守恒定律和机械能守恒定律 mv mv Mv ① 0 1 2 1 1 1 mv2  mv2 Mv2 ② 2 0 2 1 2 2 解得小球与物块碰撞后的瞬间，物块速度的大小为 2m v  v  4m/s③ 2 mM 0 君 （3）若物块恰好运动到圆弧轨道的最低点，此时两者共速，则对物块与小车整体由水平方向动量守 恒Mv 2Mv ① 卷 2 3 1 1 试 由能量守恒定律 Mv2  2Mv2Mgs② 2 2 2 3 1 中 解得 0.4③ 1 若物块恰好运动到与圆弧圆心等高的位置，高此时两者共速，则对物块与小车整体由水平方向动量守恒 Mv 2Mv ④ ：2 4 1 1 由能量守恒定律 Mv2  2Mv2MgsMgR⑤ 2 2 2 4 号2 解得 0.25⑥ 2 众 综上所述物块与水平轨道间的动摩擦因数的取值范围为0.250.4⑦ 公3 15．（18分）【答案】】（1）s= m （5分） （2）a =4m/s2，0.32m （5分） （3）0.034J（8分） 16 A 【详解】（1）电场力对B的冲量为 I Eqt ① 1 小滑块的电场力 Eq'=0.2N 所以B在电场中匀速的时间为 t =0.4s 1 d 由t  ② 1 v 0 可知刚进电场时速度都为 v =1.5m/s 0 AB一起滑动s的过程，加速度 a gsin=6m/s2③ 0 根据 v2 2as④ 0 3 所以s= m⑤ 16 （2）B在电场中匀速运动 mgsinmgcosqE① 解得 μ=0.5 滑板前端进入电场后做加速运动 第 2 页 共 3 页Mgsinmgcos Ma ② A 解得 a =4m/s2③ A 所以板长 ④ 1 Lv t  a t2 0.92m 0 1 2 A 1 B出电场时，A、B间已有相对位移 x =L-d=0.92-0.6=0.32m⑤ 1 （3）B出电场时，A、B间相对位移x =0.32m 1 B出电场后加速运动 a  gsingcos=10m/s2 B A的电荷进入电场后A做匀速运动 MgsinmgcosqE 0① 速度为 v v a t =1.5m/s+4×0.4m/s=3.1m/s 1 0 A1 当B加速到等于v 时 1 v v a t ② 1 0 B 2 解得 君 t =0.16s 2 卷 所以B出电场到加速到v 两者间的相对位移 1 试  1  Δx vt v t  a t2 =0.128m③ 2 12  0 2 中2 B 2  B不会从A上端滑落两者速度相等后 M mgsi 高 nqEM ma 1 解得 ： a =3.3m/s2>gsingcos=2m/s2 1 号 两者可以保持共速下滑，所以A上端出电场时两者速度相等;④ 以此类推当1≤k≤1.5时， 众 两者共速后能保持共速，至A上端出电场时，两者速度相等，则k=1.5时生热最小。当1.5